湖北黄冈市麻城市第一中学2026-2027学年高二上学期9月阶段检测物理试题

麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 命题人：陈一楠 审题人：王明 一、选择题（1-7题单选28分，8-10题多选12分） 1．如图所示为立定跳远运动员从粗糙地面起跳到落地之前的过程，不计空气阻力，运动员可视为质点，以下说法中正确的是（     ） A．起跳过程中，地面对运动员的冲量方向竖直向上 B．运动员在最高点动量为零 C．从跳起后到落地前运动员重力的冲量为零 D．从跳起后到落地前运动员的水平方向动量改变量为零 2．一根带电量为+q的均匀正电半圆弧AB（粗细可忽略不计），已知在其圆心O处的场强大小为E0，方向垂直于直径AB，如图所示，则带同样电荷量+q的均匀正电细圆弧CD，在其圆心O΄处的场强大小为（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，一横截面积为S的长直铜导线两端加上恒定电压后，导线中的自由电子发生定向移动，其定向移动的平均速率为v，已知电子的电荷量为e，铜导线单位体积内的自由电子数为n，下列说法正确的是（　　） A．铜导线中产生的电流I=nev B．电子定向移动的平均速率等于光速 C．若仅增大电压，则电子定向移动的平均速率增大 D．若将铜导线均匀拉长，则电子定向移动的平均速率增大 4．三条等势线如图所示，其中A、C两点在不同等势线上。已知元电荷e=1.6×10-19C。下列说法正确的是（     ） A．电子在A点的电势能为-10J B．电子在A点受到的电场力比C点大 C．电子从A点移动到C点，电场力所做的功为6eV D．电子从A点移动到C点，电势能减少4eV 5．如图所示电路图，电源电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，Q是平行板电容器中的一点。闭合开关S，在滑片P向下滑动的过程中，三个电表示数的变化量分别为∆I、∆U1、∆U2。关于上述过程，下列说法正确的是（     ） A．Q点的电势变大 B．电流表A的示数变大 C．电压表V2的示数变小 D． 6.如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点，由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，现将C板向左平移到P΄点，则由O点静止释放的电子（　　） A．运动到P点返回 B．运动到P和P΄点之间返回 C．运动到P΄点返回 D．穿过P΄点后继续运动 7．复印机的核心原理是静电吸附，电晕丝与感光鼓间的强电场的电场线分布如图所示。一带负电墨粉颗粒（忽略重力）沿直线从a点运动到b点，以a为原点，ab连线向下为正方向建立x轴。设电场强度大小为E、电势大小为、速度大小为v、电势能为EP，则下列图像正确的是（     ） 8．如图所示，在一电场强度为E的匀强电场中放有一个球形金属空腔导体，图中a、b分别为导体壳壁内部与空腔中的两点，则（　　） A．a点的电场强度为零 B．b点的电场强度为零 C．a点的电场强度不为零，b点的电场强度为零 D．a、b两点的电场强度都不为零 9．如图，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻Rg=200Ω，下列说法正确的是（　　） A．由甲图可知，该表头满偏电流Ig=3mA B．甲图是改装成的双量程电压表，选用b端口时，量程为0~15V C．乙图是改装成的双量程电流表，R1=10Ω，R2=50Ω D．乙图是改装成的双量程电流表，R1=5Ω，R2=45Ω 10．如图所示，有一匀强电场平行于平面xOy，一个质量为m带电粒子仅在电场力作用下从O点运动到A点，粒子在O点时速度v0沿y轴正方向，经A点时速度沿x轴正方向，且粒子在A点的速度大小是它在O点时速度大小的2倍。关于粒子在OA段的运动情况，下列判断正确的是（    ） A．该带电粒子带正电 B．带电粒子在A点的电势能比在O点的电势能小 C．这段时间粒子的最小动能为mv02 D．电场力方向与x轴正方向夹角的正切值为2 二、实验题（18分） 11．现有一合金制成的细圆柱体，为测量该合金的电阻率，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。 (1)螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲、乙所示，由图读得圆柱体的直径为_________mm，长度为_________mm。 (2)实验中若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=_________。 (3)若该细圆柱体的电阻为R，现将它均匀拉长到原来的2倍，则拉长后的电阻R΄_________。 12．某学习小组利用图甲电路测量干电池的电动势E和内阻r（约），其中R为电阻箱，R1为定值电阻，其实验步骤如下： （1）测量R1的阻值，断开开关S，先将多用电表选择开关旋至欧姆挡“”倍率，进行欧姆调零，测量时R1的示数如图乙所示，则其读数为_____； （2）将多用电表的选择开关旋至直流电压挡，闭合开关S，接电路中的点的那支表笔不动，另一支表笔接电路中的_____（选填“”或“”）点，调节并记下电阻箱阻值R和电压表的示数U，则接点的那支表笔是_____（选填“红”或“黑”）表笔； （3）多次改变电阻箱的阻值R，记录下对应的电压U； （4）以为纵轴、为横轴，根据实验数据作出—图线如图丙所示； （5）若不考虑多用电表对电路的影响，结合图丙可知，干电池的电动势E=_____V，内阻r=_____（计算结果均保留两位有效数字）。 三、解答题（42分） 13．如图所示，在竖直面内的匀强电场中，从A点静止释放一个带正电的小球，小球在此竖直面内沿水平方向加速运动到与A点距离为x的B点。已知小球的电量为q，质量为m，电场与水平方向夹角为37°，重力加速度为g，，求： （1）电场强度E的大小；（4分） （2）A、B两点间的电势差UAB。（4分） 14．某一用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电源电压为120V，当电动机以恒定的速度向上提升重物时，电动机线圈的发热功率是150W，电流I=5A．g取．则 （1）电动机线圈的电阻R等于多少？（3分） （2）若电动机因故障不能转动，这时通过电动机线圈的电流为多大？电动机消耗的电功率又为多大？（6分） （3）保持电源电压不变，求该电动机的最大输出机械功率，以及提升该重物对应的最大提升速度。（8分） 15．如图甲是某XCT机的实物图。其产生X射线主要部分的示意图如图乙所示，图中P、Q之间的加速电压为U0=1.82×104V，M、N两板之间的偏转电压为U，电子从电子枪逸出后沿图中虚线OO΄射入，经加速电场、偏转电场区域后，打到水平靶台的中心点C，产生X射线（图中虚线箭头所示）。已知电子质量m=9.1×10-31kg，电荷量为e=1.6×10-19C，偏转极板M、N长L=20cm，间距d=16cm，虚线OO΄距离靶台竖直高度为h=30cm，靶台水平位置可以调节，不考虑电子的重力、电子间相互作用力及电子从电子枪逸出时的初速度大小，g取，不计空气阻力。求： （1）电子进入偏转电场区域时速度的大小；（3分） （2）若M、N两板之间电压大小U=2.184×104V时，为使X射线击中靶台中心点C，靶台中心点C离N板右侧的水平距离；此时电子刚出偏转电场区域时的速度大小；（6分） （3）在电场区域由于电子重力远小于电场力，所以电子的重力可忽略不计，通过计算说明为什么电子飞出偏转电场区域后，重力仍可忽略不计。（8分） 第 2 页 共 5 页 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题第 1 页 （共 5 页） 学科网（北京）股份有限公司 $麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 命题人：陈一楠 审题人：王明 一、选择题（1-7题单选28分，8-10题多选12分) 1.如图所示为立定跳远运动员从粗糙地面起跳到落地之前的过程，不计空气阻力，运动员可 视为质点，以下说法中正确的是（) A.起跳过程中，地面对运动员的冲量方向竖直向上 B.运动员在最高点动量为零 C.从跳起后到落地前运动员重力的冲量为零 D.从跳起后到落地前运动员的水平方向动量改变量为零 2.一根带电量为+g的均匀正电半圆弧AB(粗细可忽略不计)，已知在其圆心O处的场强大 小为Eo,方向垂直于直径AB,如图所示，则带同样电荷量+q的均匀正电细圆弧CD,在其 圆心O'处的场强大小为（) +g E A., B.E。 D.V2E。 3.如图所示，一横截面积为S的长直铜导线两端加上恒定电压后，导线中的自由电子发生定 向移动，其定向移动的平均速率为v,已知电子的电荷量为，铜导线单位体积内的自由电子 数为n,下列说法正确的是（) 铜导线 A.铜导线中产生的电流I=ey B.电子定向移动的平均速率等于光速 C.若仅增大电压，则电子定向移动的平均速率增大 D.若将铜导线均匀拉长，则电子定向移动的平均速率增大 4.三条等势线如图所示，其中A、C两点在不同等势线上。已知元电荷e=1.6×1019C。下列说 法正确的是() 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第1页（共6页) A.电子在A点的电势能为-10J 6V B.电子在A点受到的电场力比C点大 8V C.电子从A点移动到C点，电场力所做的功为6eV 10V D.电子从A点移动到C点，电势能减少4eV 5.如图所示电路图，电源电动势为E,内阻为，R,为定值电阻，R2为滑动变阻器，Q是平行 板电容器中的一点。闭合开关S,在滑片P向下滑动的过程中，三个电表示数的变化量分别 为I、△U、△U2。关于上述过程，下列说法正确的是() A A.Q点的电势变大 B.电流表A的示数变大 C.电压表V2的示数变小 D 6.如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、 P点，由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，现将C板向左平移到P‘点，则由O点静止 释放的电子() B A.运动到P点返回 P B.运动到P和P点之间返回 C.运动到P'点返回 D.穿过P'点后继续运动 7.复印机的核心原理是静电吸附，电晕丝与感光鼓间的强电场的电场线分布如图所示。一带 负电墨粉颗粒（忽略重力）沿直线从a点运动到b点，以a为原点，ab连线向下为正方向建 立x轴。设电场强度大小为E、电势大小为、速度大小为y、电势能为E,则下列图像正确 的是（) 电晕丝 感光鼓 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第2页（共6页) 8.如图所示，在一电场强度为E的匀强电场中放有一个球形金属空腔导体，图中、b分别为 导体壳壁内部与空腔中的两点，则() A.a点的电场强度为零 B.b点的电场强度为零 C.a点的电场强度不为零，b点的电场强度为零 D.a、b两点的电场强度都不为零 9.如图，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻Rg=2002,下列说法正确的是() G R=1.3k2 R'=6k2 R R ● 3V 100mA 10mA 甲 乙 A.由甲图可知，该表头满偏电流Ig=3mA B.甲图是改装成的双量程电压表，选用b端口时，量程为0~15V C.乙图是改装成的双量程电流表，R=102,R=502 D.乙图是改装成的双量程电流表，R=52,R=452 10.如图所示，有一匀强电场平行于平面xOy,一个质量为m带电粒子仅在电场力作用下从O 点运动到A点，粒子在O点时速度vo沿y轴正方向，经A点时速度沿x轴正方向，且粒子 在A点的速度大小是它在O点时速度大小的2倍。关于粒子在OA段的运动情况，下列判断 正确的是（) 个y A.该带电粒子带正电 A B.带电粒子在A点的电势能比在O点的电势能小 C.这段时间粒子的最小动能为弓心 X D.电场力方向与x轴正方向夹角的正切值为2 二、实验题(18分) 11.现有一合金制成的细圆柱体，为测量该合金的电阻率，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径， 用游标卡尺测量该圆柱体的长度。 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第3页（共6页) 2 3 cm Hu 0 TTTTTTTTTTTTTTTTTTT 0 20 甲 乙 ()螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲、乙所示，由图读得圆柱体的直径为 1m1m, 长度为 1mm。 (2)实验中若流经圆柱体的电流为1，圆柱体两端的电压为，圆柱体的直径和长度分别用D、 L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为p= (3)若该细圆柱体的电阻为，现将它均匀拉长到原来的2倍，则拉长后的电阻R 12.某学习小组利用图甲电路测量干电池的电动势E和内阻r(约22)，其中R为电阻箱，R 为定值电阻，其实验步骤如下： R 302015 10 AU-V-1 8o山 0.90 01 2 A-V-2 25 S 0.11 R21 0 1.0 图甲 图乙 图丙 (1)测量R,的阻值，断开开关S,先将多用电表选择开关旋至欧姆挡“×1”倍率，进行欧 姆调零，测量时R!的示数如图乙所示，则其读数为2： (2)将多用电表的选择开关旋至直流电压挡，闭合开关S,接电路中的点的那支表笔不动， 另一支表笔接电路中的 (选填“b”或“c”)点，调节并记下电阻箱阻值R和电压表 的示数U,则接a点的那支表笔是（选填“红”或“黑”）表笔： (3)多次改变电阻箱的阻值R,记录下对应的电压： (④以为级轴、为横辅，根据实验数据作出时图线如图丙所示： (5)若不考虑多用电表对电路的影响，结合图丙可知，干电池的电动势E=V,内阻 =2(计算结果均保留两位有效数字)。 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第4页（共6页) 三、解答题(42分) 13.如图所示，在竖直面内的匀强电场中，从A点静止释放一个带正电的小球，小球在此竖直 面内沿水平方向加速运动到与A点距离为x的B点。已知小球的电量为4，质量为，电场 与水平方向夹角为37°，重力加速度为g,sin37°=0.6，求： (1)电场强度E的大小：(4分) (2)A、B两点间的电势差UAB。(4分) 137 水平 B 14.某一用直流电动机提升重物的装置，重物的质量=50kg,电源电压为120V,当电动机以 恒定的速度向上提升重物时，电动机线圈的发热功率是150W,电流I=5A.g取10m/s2,则 (1)电动机线圈的电阻R等于多少？(3分) (2)若电动机因故障不能转动，这时通过电动机线圈的电流为多大？电动机消耗的电功率又 为多大？(6分) (3)保持电源电压不变，求该电动机的最大输出机械功率，以及提升该重物对应的最大提升 速度。(8分) 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第5页（共6页) 15.如图甲是某XCT机的实物图。其产生X射线主要部分的示意图如图乙所示，图中P、Q 之间的加速电压为U=1.82×104V,M、N两板之间的偏转电压为U,电子从电子枪逸出后沿 图中虚线OO射入，经加速电场、偏转电场区域后，打到水平靶台的中心点C,产生X射线 (图中虚线箭头所示)。已知电子质量m9.1×1031kg,电荷量为e=1.6×10-19℃，偏转极板 M、N长L=20cm,间距d16cm,虚线OO'距离靶台竖直高度为-30cm,靶台水平位置可以 调节，不考虑电子的重力、电子间相互作用力及电子从电子枪逸出时的初速度大小，g取10m/s2, 不计空气阻力。求： (1)电子进入偏转电场区域时速度的大小；（3分) (2)若M、N两板之间电压大小=2.184×104V时，为使X射线击中靶台中心点C,靶台 中心点C离N板右侧的水平距离；此时电子刚出偏转电场区域时的速度大小；(6分) (3)在电场区域由于电子重力远小于电场力，所以电子的重力可忽略不计，通过计算说明为 什么电子飞出偏转电场区域后，重力仍可忽略不计。(8分) X射线 电子枪 PU 靶台 图甲 图乙 麻城一中2028届高二年级9月月考 物理试题 第6页（共6页) ( 请用2B铅笔将学号填涂在右边方框内 ) ( [0] [0] [0] [0] [0] [0] [1] [1] [1] [1] [1] [1] [2] [2] [2] [2] [2] [2] [3] [3] [3] [3] [3] [3] [4] [4] [4] [4] [4] [4] [5] [5] [5] [5] [5] [5] [6] [6] [6] [6] [6] [6] [7] [7] [7] [7] [7] [7] [8] [8] [8] [8] [8] [8] [9] [9] [9] [9] [9] [9] )麻城一中2028届高二年级9月月考卷 物理答题卡 学号_____________ 姓名_____________ 班级_____________ 填涂 样例 正确填涂 错误填涂 [×][—][●] 注意事项 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并填涂相应的考号信息点。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；解答题必须使用黑色墨水的签字笔书写，不得用铅笔或圆珠笔作解答题：字体工整、笔迹清楚。 3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答题无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破。 ( 选择题（ 共1 0 小题，1— 7 小题为单选题，每题4分 8 —1 0 题为多选题，全对4分，漏选得2分 ） ) ( 1 [A] [B] [C] [D] 5 [A] [B] [C] [D] 9 [A] [B] [C] [D] 2 [A] [B] [C] [D] 6 [A] [B] [C] [D] 10 [A] [B] [C] [D] 3 [A] [B] [C] [D] 7 [A] [B] [C] [D] 4 [A] [B] [C] [D] 8 [A] [B] [C] [D] ) ( 三 、 实验 题 ) ( 11、（8分，每空2分） （1） （2） （3） 1 2 、 （10分，每空2分） （1） （2） （5） ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 13、（8分） ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 14、 （17分） ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 15、 （17分） ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) ( 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ) 学科网（北京）股份有限公司 $ 《2026-2027学年度高中物理9月月考卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D C B A D C AB BD BC 1．D 【详解】A．由于起跳时人的速度是斜向上的，所以地面的冲量就是斜向上的，故A错误； B．人在最高点有水平速度，所以动量不为零，故B错误； C．从跳起后到落地前重力的冲量为，不为零，故C错误； D．从跳起后到落地前人的水平方向速度没有变化，所以水平方向的动量改变量为零，故D正确。故选D。 2．D 【详解】已知总电量的均匀半圆弧在圆心处场强为，水平分量抵消，合场强垂直直径。可以将半圆弧等分为两个四分之一圆弧，每个四分之一圆弧总电量为，根据对称性，两个四分之一圆弧在圆心处的场强大小相等，方向夹角为。设每个四分之一圆弧场强大小为，根据矢量叠加，合场强满足 解得，这是总电量​的四分之一圆弧的场强。四分之一圆弧总电量为，是上述分解得到的四分之一圆弧电量的2倍，均匀带电圆弧的场强与总电量成正比，因此总场强，故选D。 3．C 【详解】A．等效电流的大小为，故A错误； B．电子定向移动的平均速率是电子在电场力作用下定向移动的速度，其大小远小于光速，故B错误；C．根据欧姆定律可得 可知，当电压增大时，通过导体的电流增大，结合电流的微观表达式 可知，在n、e、S不变的情况下，电流增大时，电子定向移动的平均速率增大，故C正确； D．根据电阻定律 可知，若将铜导线均匀拉长时，导线的长度增大，横截面积减小，因此导线的电阻增大，在导线两端电压不变的情况下，通过导线的电流减小，结合电流的微观表达式 可知，在n、e、S不变的情况下，电流减小时，电子定向移动的平均速率减小，故D错误。故选C。 4．B 【详解】A．由图可知A点的电势为10V，根据 可得电子在点的电势能为，故A错误； B． 等势面越密的位置，电场强度越大，故点的电场强度大于点的电场强度，根据可知电子在点受到的电场力比点大，故B正确； CD．电子从点移动到点，电场力所做的功为 则电势能增加，故CD错误。故选B。 5．A 【详解】A．电容器电压等于路端电压 滑片向下滑动，接入电路的电阻增大，故增大 电容器内电场强度，增大，则增大 Q点到接地的下极板距离不变，Q点电势 为Q到下极板的距离，因此变大，故A正确； B．滑片向下滑动，接入电路的电阻增大，总电阻增大，由闭合电路欧姆定律，总电流减小，因此电流表示数变小，故B错误； C．由欧姆定律，减小，故减小， 由，整理得 减小，故增大，即示数变大，故C错误； D． 由，得，由，得，因此 故D错误。故选A。 6．D 【详解】由O点静止释放的电子恰好能运动到P点，表明电子在薄板A、B之间做加速运动，电场力做正功，电场方向向左，在薄板B、C之间做减速运动，电场力做负功，电场方向向右，到达P点时速度恰好为0，之后，电子向左加速至M点，再向左减速至O点速度为0，之后重复先前的运动，根据动能定理有，解得，根据 当C板向左平移到点，B、C间距减小，B、C之间电压减小，则有 结合上述有 可知，电子减速运动到的速度不等于0，即电子穿过点后继续向右运动。故选D。 7．C 【详解】A．由电场线的疏密表示电场强度的大小可知，从到（增大），电场线逐渐变疏，电场强度逐渐减小，由于是非匀强电场，随的变化不是线性的，图线切线的斜率绝对值应逐渐减小，故A错误； B．沿电场线方向电势降低，因电场线方向向上，轴向下，故沿轴正方向电势逐渐升高，图像切线的斜率绝对值表示电场强度大小，即，因为逐渐减小，所以图像的斜率绝对值应逐渐减小，故B错误； C．带负电的墨粉颗粒受向下的电场力作用做加速运动，根据牛顿第二定律有 由运动学公式 可知图像切线的斜率 因为逐渐减小，所以斜率逐渐减小，图线应为斜率逐渐减小的上升曲线，故C正确； D．从到电场力做正功，电势能逐渐减小，图像切线的斜率绝对值表示电场力大小，即因为逐渐减小，所以斜率绝对值应逐渐减小，故D错误。故选C。 8．AB 【详解】金属空心导体放在匀强电场中，出现静电感应现象，最终处于静电平衡状态，导体内部场强处处为零，导体是个等势体，表面是等势面，所以a、b两点的电场强度都为零。故AB正确，CD错误。 故选AB。 9．BD 【详解】Ａ．由图甲可知，故A错误； Ｂ．选用b端口时，电压表的最大测量电压 则选用b端口时，电压表量程为0~15V。故B正确； ＣD．电流表量程为0~100mA时，由并联电路电压相等得 电流表量程为0~10mA时，同理得 联立解得，。故C错误，D正确。 故选BD。 10．BC 【详解】A．由于电场线方向未知，则带电粒子的电性未知，故A错误； B．带电粒子从O点到A点动能增加，则电场力做正功，电势能减小，故带电粒子在A点的电势能比在O点的电势能小，故B正确； D．设加速度方向与x轴正方向之间的夹角为，如图所示 则在沿着y轴方向上，沿着x轴方向上 并且粒子在A点的速度是它在O点时速度的2倍，即，联立解得故D错误； C．由三角函数知识可知，又，解得 当速度最小时，速度方向与电场力方向垂直，设最小速度为，将初速v0沿着电场力方向和垂直电场力方向进行分解，可得，则最小动能为 故C正确。故选BC。 11．(1)0.952/0.951/0.953 12.60 (2) (3)4R 每空2分 【详解】（1）[1]螺旋测微器固定刻度露出，可动刻度读数为 总直径为 [2]20分度游标卡尺精度为，主尺读数为，游标尺上第12格与主 尺对齐，游标尺的读数为，总长度为 （2）由欧姆定律得，由电阻定律得，横截面积 联立整理得 （3）圆柱体体积不变，拉长后长度，因此横截面积 由电阻定律得 12． 6/6.0 b 红 9.1 1.2 每空2分 【详解】（1）[1]测量的示数为6×1Ω=6Ω。 （2）[2][3]实验中要用多用电表的电压挡测电阻箱两端电压，因多用电表的电流方向为“红入黑出”，而甲电路电流的方向为a→b，则接a的是红表笔，黑表笔应接b点； （5）[4][5]根据，可得，由图像可得， 联立解得E≈9.1V，r≈1.2Ω 13．（1）；（4分）（2）（4分） 【详解】（1）小球在此竖直面内沿水平方向加速运动到与A点距离为x的B点，可知，小球做匀加速直线运动，合力方向由A指向B，对小球进行受力分析有 2分 解得 2分 （2）根据电场强度与电势差的关系有 2分 结合上述解得 2分 14．（1）  （3分） （2）20A  2400W （6分）（3）600W   （8分） 【详解】（1）由能量关系 1分 故． 2分 （2）电动机转动时为非纯电阻，此时或．当因故障停止转动后，电动机转化为纯电阻，此时电流增大了，或，故 1分 此时电流 2分 电动机消耗的电功率为 1分 2分 （3）由得． 因为电动机线圈电阻，电源电压，均为定值，调节输入电动机线圈的电流I，可有最大值，因此对上式进行配方，有 2分 当时，有最大值．即时，电动机获得的最大机械功率 2分由 2分 得重物的最大提升速度 ． 2分 15．（1）m/s；（3分）（2）cm；（6分）（3）重力对电子打在荧光屏上的位置影响非常小，计算步骤在解析（8分） 【详解】（1）根据动能定理有 1分 解得m/s 2分 （2）M、N两板之间电压大小时，根据类平抛运动规律有， 根据牛顿第二定律有，根据几何关系可知 2分 解得cm 1分 结合（2）中的类平抛运动规律有 1分 则电子刚出偏转电场区域时的速度为 1分 解得 1分 （4）粒子离开偏转电场后，打到靶台的时间为 1分 不计重力时，竖直方向的位移为 1分 计重力时，竖直方向的位移为 1分 则 5分 即重力对电子打在荧光屏上的位置影响非常小，所以计算电子偏转量时可以忽略电子所受的重力。 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $