第三章 1 交变电流-【金版教程】2025-2026学年高中物理选择性必修第二册创新导学案word（人教版）

物理　选择性必修 第二册 RJ 1．交变电流 1．知道交变电流和直流的概念。2.会分析交变电流的产生过程。3.会推导交变电流电动势的表达式，掌握正弦式交变电流的变化规律。4.了解交流发电机的构造及特点。 任务　交变电流 1．交变电流：很多用电器中的电流、电压随时间做周期性变化，这样的电流叫作交变电流，简称交流(AC)。 2．直流：方向不随时间变化的电流称为直流(DC)。 微点拨：区分交流电和直流电的方法就是看电流的方向是否随时间变化。 想一想 下图所示图像中的电流属于交变电流的是哪个？ 提示：判断电流为交变电流还是直流就看电流方向是否随时间变化。如图甲、乙、丁，尽管电流大小随时间做周期性变化，但因其方向不变，故仍是直流。只有丙是交流。 任务　交变电流的产生 教学用发电机产生的电流是一种交变电流，如图所示是其工作原理示意图。假定线圈沿逆时针方向匀速转动，请思考下面几个问题。 (1)在线圈由甲图转到乙图所示位置的过程中，AB边中电流向哪个方向流动？ (2)在线圈由丙图转到丁图所示位置的过程中，AB边中电流向哪个方向流动？ (3)转到什么位置时线圈中没有电流，转到什么位置时线圈中的电流最大？ 提示：(1)根据右手定则可知，AB边中电流从B向A流动。 (2)根据右手定则可知，AB边中电流从A向B流动。 (3)AB边和CD边运动时，垂直于磁感线方向的速度不断变化，根据E＝Blv可知感应电动势也在变化，感应电流同时发生变化。当线圈转到甲、丙图所示位置时，AB边和CD边的速度方向刚好与磁感线平行，线圈中没有电流；当转到乙、丁图所示位置时，AB边和CD边的速度方向刚好与磁感线垂直，线圈中的电流最大。 1．交变电流的产生原理 线圈绕垂直于磁场的轴转动过程中，穿过线圈的磁通量周期性变化，产生大小和方向周期性变化的感应电动势，如果是闭合电路，则产生大小和方向周期性变化的电流。 2．交流发电机线圈的两个特殊位置 名称 中性面 中性面的垂面 位置 线圈平面与磁感线垂直 线圈平面与磁感线平行 图示 磁通量 最大 零 磁通量的变化率 零 最大 线圈AB或CD边切割磁感线的有效速度 零 最大 感应电动势 零 最大 感应电流 零 最大 电流方向 改变 不变 说明：闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，仅是产生交变电流的一种方式，并不是唯一方式。例如保持线圈不动，磁极转动，使穿过线圈的磁通量发生变化，也可以产生交变电流。 如图所示为演示交变电流产生的装置图，关于这个实验，正确的说法是(　　) A．线圈每转动一周，线圈中感应电流的方向改变1次 B．图示位置为中性面，线圈中无感应电流 C．图示位置ab边的感应电流方向为a→b D．线圈平面与磁场方向平行时，磁通量变化率为零 线圈转动过程经过的两个特殊平面是什么？特点是什么？ 提示：中性面和中性面的垂面。中性面的特点：磁感线与线圈平面垂直，磁通量最大，感应电流为零，电流方向发生变化。中性面的垂面的特点：磁感线与线圈平面平行，磁通量为零，感应电流最大，电流方向不变。 [解析]　线圈每转动一周，线圈中感应电流的方向改变2次，故A错误；图示位置线圈平面与磁场平行，垂直于中性面，线圈中感应电流最大，故B错误；根据线圈转动方向，可知图示位置ab边向右运动切割磁感线，由右手定则可知，图示位置ab边的感应电流方向为a→b，故C正确；线圈平面与磁场方向平行时，磁通量为零，磁通量变化率最大，故D错误。 [答案]　C (1)线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，磁通量最大时，磁通量的变化率为零，感应电动势为零；磁通量为零时，磁通量的变化率最大，感应电动势最大。 (2)线圈每经过中性面一次，线圈中感应电流方向就要改变一次。线圈每转一周，感应电流方向改变两次。 [跟进训练]　(多选)有一种自行车，它有能向自行车车头灯泡供电的小型发电机，其原理示意图如图甲所示，图中N、S是一对固定的磁极，磁极间有一固定在绝缘转轴上的矩形线圈，转轴的一端有一个与自行车后轮边缘接触的摩擦轮。如图乙所示，当车轮转动时，因摩擦而带动摩擦轮转动，从而使线圈在匀强磁场中转动而产生电流给车头灯泡供电。自行车匀速行驶时，下列说法正确的是(　　) A．图甲所示位置线圈平面与磁感线平行 B．图甲所示位置线圈中电流最大 C．图甲所示位置线圈中电流方向将发生改变 D．图甲所示位置穿过线圈磁通量的变化率最小 答案：CD 解析：图甲所示位置线圈平面与磁感线垂直，为中性面，此时穿过线圈磁通量的变化率为零，线圈中电流为零，电流方向将发生改变，A、B错误，C、D正确。 任务　交变电流的变化规律 如图甲所示，教学用交流发电机的线圈从中性面位置开始转动，经过时间t转到如图乙所示位置。设线圈旋转的角速度为ω，AB和CD的长度为l，AD和BC的长度为d，匀强磁场的磁感应强度为B，请尝试求解经过时间t线圈产生的感应电动势e。 提示：经过时间t，线圈转过的角度θ＝ωt，线圈旋转过程中AB和CD的速度大小为v＝ω，与磁感线垂直的速度分量为vsinθ，即sinωt。根据法拉第电磁感应定律，线圈上产生的感应电动势e＝2Blvsinθ＝ωBldsinωt＝ωBSsinωt，其中，S表示线圈的面积。 1．教学用交流发电机产生的交流表达式：e＝Emsinωt，u＝Umsinωt，i＝Imsinωt。[从中性面开始计时] 2．峰值与瞬时值：表达式中，Em、Um、Im分别是电动势、电压、电流的最大值，也叫峰值，而e、u、i则是相应的物理量的瞬时值。如果线圈匝数为N，则Em＝NωBS。 3．正弦式交变电流 (1)定义：按正弦规律变化的交变电流叫作正弦式交变电流，简称正弦式电流。 (2)正弦式电流是最简单、最基本的交变电流。电力系统中应用的大多是正弦式电流。在电子技术中也常遇到其他形式的交流。 想一想 若从垂直中性面的位置开始计时，发电机的电动势还是按e＝Emsinωt规律变化吗？ 提示：不是，按e＝Emcosωt规律变化。 1．正弦式交变电流的瞬时值表达式 (1)从中性面位置开始计时 e＝Emsinωt，i＝Imsinωt，u＝Umsinωt。 (2)从与中性面垂直的位置开始计时 e＝Emcosωt，i＝Imcosωt，u＝Umcosωt。 2．正弦式交变电流的峰值表达式 Em＝NBSω，Im＝＝，Um＝ImR＝。以上三式中N均为线圈匝数，S均为线圈在磁场中的面积。 3．峰值Em＝NBSω的理解 当线圈绕位于线圈所在平面且与磁场垂直的轴匀速转动到线圈平面与磁场方向平行时，线圈中的感应电动势达到峰值，且Em＝NBSω。峰值的大小由线圈匝数N、磁感应强度B、线圈转动角速度ω和线圈在磁场中的面积S共同决定，与线圈的形状、转轴在线圈平面内的位置无关。如图所示的几种情况中，如果N、B、ω、S均相同，则感应电动势的峰值均为Em＝NBSω。 注：严格来说，ω是线圈相对于磁场匀速转动的角速度。 4．正弦式交变电流的图像 (1)正弦式交变电流的图像的理解 正弦式交变电流的图像描述的是正弦式交变电流随时间变化的规律，它是一条正弦(或余弦)曲线，如图所示。 (2)从图像中可以得到的信息 ①交变电流的峰值Em、Im、Um； ②因线圈在中性面位置时感应电动势、感应电流均为零，磁通量最大，所以可据此确定线圈位于中性面位置的时刻； ③线圈平面平行磁感线的时刻； ④判断线圈中磁通量的变化情况； ⑤分析判断e、i、u的大小和方向随时间的变化规律。 注：有时给出Φ­t图像，由E＝n可以判断感应电动势的变化情况。 如图所示，线圈abcd的面积是0.05 m2，共100匝，线圈的总电阻r＝1 Ω，外接电阻R＝9 Ω，匀强磁场的磁感应强度B＝ T，线圈以角速度ω＝100π rad/s匀速转动，线圈经过图示位置(线圈平面与磁感线垂直)时开始计时。 (1)求感应电动势的最大值； (2)写出电流的瞬时值表达式。 [解析]　(1)线圈平面与磁感线平行时，感应电动势最大，最大值为Em＝NBSω＝100××0.05×100π V＝500 V。 (2)根据题意，t＝0时e＝0，则线圈中感应电动势的瞬时值e＝Emsinωt 根据闭合电路欧姆定律，电流的瞬时值i＝ 联立并代入数据得i＝50sin(100πt) A。 [答案]　(1)500 V　(2)i＝50sin(100πt) A 求解正弦式交变电流电动势瞬时值表达式的步骤 (1)确定线圈的转动是从哪个位置开始计时的。 (2)确定表达式是正弦函数还是余弦函数。 (3)确定转动的角速度ω及N、B、S。 (4)求出峰值Em，写出瞬时值表达式。 [跟进训练]　如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝ T，边长L＝10 cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈总电阻r＝1 Ω，线圈绕垂直于磁感线的轴OO′匀速转动，角速度ω＝2π rad/s，外电路电阻R＝4 Ω。求： (1)转动过程中线圈中感应电动势的最大值； (2)从图示位置(线圈平面与磁感线平行)开始计时，感应电动势的瞬时值表达式； (3)由图示位置转过 s时，电路中电流的瞬时值。 答案：(1)2 V　(2)e＝2cos(2πt) V (3) A 解析：(1)设转动过程中线圈中感应电动势的最大值为Em 则Em＝NBL2ω＝100××0.12×2π V＝2 V。 (2)从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值表达式为e＝Emcosωt＝2cos(2πt) V。 (3)从图示位置转过 s时，感应电动势的瞬时值 e＝2cos V＝ V 则此时电路中电流的瞬时值为i＝＝ A。 (多选)某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图像如图所示。由图中信息可以判断(　　) A．在A和C时刻线圈处于中性面位置 B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零 C．从A到D线圈转过的角度为 D．从B到D穿过线圈的磁通量先减小后增大 [解析]　由图可知，在O、B、D时刻感应电流为零，所以这些时刻线圈恰好在中性面位置，穿过线圈的磁通量最大；在A、C时刻感应电流最大，线圈处于和中性面垂直的位置，这两个时刻穿过线圈的磁通量为零；从A到D，线圈旋转周，转过的角度为；从B到D，电流先增大后减小，则穿过线圈的磁通量先减小后增大。故A、B错误，C、D正确。 [答案]　CD 任务　交流发电机 1．交流发电机的基本组成部分：产生感应电动势的线圈(通常叫作电枢)，产生磁场的磁体。 2．交流发电机的分类 分类 转子 定子 旋转电枢式发电机 电枢 磁极 旋转磁极式发电机 磁极 电枢 3.两种发电机的比较 (1)旋转电枢式发电机转子产生的电流，必须经过裸露的滑环和电刷引到外电路，如果电压很高，可能发生火花放电，烧坏器件。 (2)旋转电枢式发电机转动的电枢无法做得很大，线圈匝数也不可能很多，所以产生的感应电动势也不能很高。 (3)旋转磁极式发电机克服了上述缺点。 4．发电机中的能量转化：蒸汽轮机、水轮机等将机械能传递给发电机，发电机将机械能转化为电能，输送给外电路。 发电机是把机械能转化为电能的装置，其他动力作为机械驱动，对如图甲、乙所示的两类发电机，下列说法正确的是(　　) A．有一种发电机并不满足法拉第电磁感应定律 B．图甲是旋转电枢式发电机，图乙是旋转磁极式发电机 C．图甲所示的发电机可输出几千伏到几万伏的高压 D．发电机在实际运行过程中将机械能转化为电能的效率可达100% [解析]　各种各样的发电机都是磁生电的装置，都满足法拉第电磁感应定律，A错误；电枢转动、磁极不动的发电机叫旋转电枢式发电机，如图甲所示，如果磁极转动、电枢不动，这种发电机叫旋转磁极式发电机，如图乙所示，B正确；图甲是旋转电枢式发电机，由于转动的电枢无法做得很大，线圈匝数也不可能很多，且电压过高也会很快烧坏滑环和电刷，所以产生的电动势也不能很高，输出的电压一般不超过500 V，C错误；发电机在实际运行过程中存在各种能量损耗，主要是各部位器件的发热损耗，所以将机械能转化为电能的效率不可能达到100%，D错误。 [答案]　B 课后课时作业 知识点一　交变电流 1．下图中不属于交变电流的是(　　) 答案：D 解析：方向随时间做周期性变化的电流叫交变电流，则A、B、C三项都属于交变电流，D项不属于交变电流，故A、B、C不符合题意，D符合题意。 2．下列关于交变电流和直流的说法中正确的是(　　) A．如果电流大小随时间做周期性变化，则一定是交变电流 B．直流的大小和方向一定不变 C．直流的最大特征就是电流的大小不变 D．交变电流的最大特征就是电流的方向随时间做周期性变化 答案：D 解析：直流的特征是电流的方向不变，电流的大小可以改变。交变电流的特征是电流的方向(及大小)随时间做周期性变化。故D正确，A、B、C错误。 知识点二　交变电流的产生 3．(多选)下列方法中能够产生交变电流的是(　　) A．如图甲所示，闭合线圈在匀强磁场中按逆时针方向匀速转动 B．如图乙所示，金属棒绕过中心且与磁场垂直的轴逆时针匀速转动 C．如图丙所示，由导线折成的矩形线框CDFE绕PQ在匀强磁场中匀速转动 D．闭合线圈垂直磁感线放置且不动，穿过线圈的磁通量按照如图丁所示正弦规律变化 答案：ACD 解析：题图甲中闭合线圈在匀强磁场中按逆时针方向匀速转动，会产生正弦式交变电流；题图乙中的金属棒转动不切割磁感线，不产生感应电动势；题图丙中的矩形线框CDFE与题图甲中闭合线圈的效果是相同的，能够产生交变电流；D项线圈中能产生按余弦规律变化的交变电流。故选A、C、D。 4．(多选)如图所示，把小灯泡与教学用发电机相连接。转动手柄，两个磁极之间的线圈随着转动，小灯泡发光。两个磁极之间的磁场可看作匀强磁场，下列说法正确的是(　　) A．当线圈平面与磁场平行时，通过线圈的磁通量最大 B．线圈每转动一周，通过小灯泡的电流方向改变一次 C．线圈每转动一周，通过小灯泡的电流方向改变两次 D．当线圈平面转到中性面时，通过线圈的磁通量变化率最小 答案：CD 解析：当线圈平面与磁场平行时，通过线圈的磁通量为零，A错误；线圈每转动一周，通过小灯泡的电流方向改变两次，B错误，C正确；当线圈平面转到中性面时，通过线圈的磁通量最大，磁通量变化率最小，D正确。 5.一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴匀速转动，线圈中的感应电动势e随时间t变化的规律如图所示，则下列说法正确的是(　　) A．图像是从线圈平面位于中性面开始计时的 B．t2时刻穿过线圈的磁通量为零 C．t2时刻穿过线圈的磁通量的变化率为零 D．感应电动势e的方向变化时，穿过线圈的磁通量的方向也变化 答案：B 解析：由题图可知，当t＝0时，感应电动势最大，说明穿过线圈的磁通量的变化率最大，磁通量为零，则是从线圈平面与磁场方向平行时即位于中性面的垂面开始计时的，A错误；t2时刻感应电动势最大，穿过线圈的磁通量的变化率最大，磁通量为零，B正确，C错误；感应电动势e的方向变化时，线圈通过中性面，穿过线圈的磁通量最大，但方向并不变化，D错误。 知识点三　正弦式交变电流的变化规律 6.如图所示，一单匝矩形线圈abcd在磁感应强度为B的匀强磁场中绕OO′轴以角速度2ω匀速转动90°到图示位置，已知ab边长为l1，bc边长为l2，则t时刻线圈中的感应电动势为(　　) A．2Bl1l2ωsinωt B．2Bl1l2ωcosωt C．2Bl1l2ωsin2ωt D．2Bl1l2ωcos2ωt 答案：C 解析：由题意知，线圈从中性面位置开始转动，感应电动势的瞬时值表达式为e＝Emsin2ωt，其中Em＝BS×2ω＝2Bl1l2ω，所以e＝2Bl1l2ωsin2ωt，故C正确。 7.如图所示，KLMN是一个竖直的矩形导线框，全部处于磁感应强度大小为B的水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，MN边水平，线框绕某竖直固定轴以角速度ω匀速转动。在MN边与磁场方向的夹角达到30°的时刻(图示位置)，导线框中产生的瞬时电动势e的大小和线框中感应电流的方向分别为(已知线框按俯视的逆时针方向转动)(　　) A.BSω，电流方向为KNMLK B.BSω，电流方向为KNMLK C.BSω，电流方向为KLMNK D.BSω，电流方向为KLMNK 答案：B 解析：MN边与磁场方向成30°角时，线框中产生的感应电动势大小为e＝Emcosθ＝BSωcos30°＝BSω，由楞次定律及安培定则可知，线框中感应电流方向为KNMLK，B正确。 8．一矩形线圈有100匝，面积为50 cm2，线圈内阻r＝2 Ω，在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，从线圈平面与磁场平行时开始计时，已知磁感应强度B＝0.5 T，线圈的转速n＝1200 r/min，外接一纯电阻用电器，电阻为R＝18 Ω，试写出R两端电压的瞬时值表达式。 答案：u＝9πcos(40πt) V 解析：角速度ω＝2πn＝40π rad/s 电动势最大值 Em＝NBSω＝100×0.5×50×10－4×40π V＝10π V 由于从线圈平面与磁场平行时开始计时，故线圈中感应电动势e＝Emcosωt＝10πcos(40πt) V 由闭合电路欧姆定律得 i＝＝cos(40πt) A 则R两端电压u＝Ri＝9πcos(40πt) V。 9.如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中，线圈轴线OO′与磁场边界重合，线圈按图示方向匀速转动，从图示位置开始计时，此时线圈平面与磁场方向垂直，规定沿abcda方向为电流正方向，则线圈中感应电流随时间变化的图像是(　　) 答案：C 解析：图示时刻后瞬间，由楞次定律结合安培定则，可判断出线圈中感应电流方向为adcba，即沿负方向，结合法拉第电磁感应定律，可知线圈中产生的感应电动势表达式为e＝－Emsinωt＝－BSωsinωt，其中S是线圈面积的一半，则感应电流的表达式为i＝＝－sinωt＝－Imsinωt，C正确，A、B、D错误。 10.如图为某种发电机的横截面图，闭合矩形线圈匝数为n，垂直纸面的长边长度为L，短边在纸面内且长度为d，矩形线圈放在均匀辐射状磁场中(磁场方向均沿半径方向)，转轴在中心O，线圈两条长边经过的位置的磁感应强度大小均为B，方向始终与两边的运动方向垂直，磁场分布在磁极与铁芯之间的左右两个圆心角均为θ＝120°区域内。现让线圈以角速度ω绕中心轴匀速转动时，下列说法正确的是(　　) A．线圈在匀速转动过程中产生的是正弦式交变电流 B．线圈在匀速转动过程中产生的是直流电 C．线圈在磁场中匀速转动时，产生的电动势大小始终不变 D．线圈在磁场中匀速转动时，产生的电动势大小是2nBLdω 答案：C 解析：线圈在匀速转动过程中，两长边会同时经过无磁场区域，不产生感应电流，因此整个过程产生的不可能是正弦式交变电流，故A错误；根据右手定则可知，线圈的任何一边经过左右两个区域的磁场时，感应电流方向均相反，所以线圈在匀速转动过程中产生的是交变电流，B错误；根据法拉第电磁感应定律，线圈在磁场中匀速转动时，产生的感应电动势大小E＝2nBLv，又v＝ω，可得E＝nBLdω，所以E的大小不变，故C正确，D错误。 11.如图所示为演示用的手摇发电机原理图，匀强磁场的磁感应强度B＝0.5 T，线圈匝数N＝50，每匝线圈面积为0.48 m2，线圈转速为150 r/min。在匀速转动过程中，从图示位置线圈转过90°后开始计时： (1)试写出感应电动势瞬时值的表达式； (2)画出e­t图像。 答案：(1)e＝188sin(5πt) V　(2)图见解析 解析：(1)线圈在时间t内转过角度θ＝ωt，从线圈平面经过中性面位置开始计时，则瞬时感应电动势e＝Emsinωt 其中Em＝NBSω ω＝2πn 由题意知N＝50，B＝0.5 T，S＝0.48 m2，n＝150 r/min＝2.5 r/s 联立并代入数据，可得Em＝60π V＝188 V e＝188sin(5πt) V。 (2)根据ω＝可知，线圈转动一圈的时间为T＝0.4 s 即每经过T＝0.4 s，感应电动势周期性变化一次 根据e的表达式，结合Em＝188 V、T＝0.4 s，可画出e­t图像如图所示。 12.矩形线圈的匝数为50，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示。下列结论正确的是(　　) A．在t＝0.1 s和t＝0.3 s时，电动势最大 B．在t＝0.2 s和t＝0.4 s时，电动势改变方向 C．电动势的最大值是50π V D．在t＝0.4 s时，磁通量变化率最大，其值为100π Wb/s 答案：C 解析：在t＝0.1 s和t＝0.3 s时，磁通量最大，此时电动势为零，且电动势改变方向，在t＝0.2 s和t＝0.4 s时，磁通量为零，电动势不改变方向，A、B错误；电动势的最大值是Em＝nBSω＝nΦm＝50×0.2× V＝50π V，C正确；由题图可知，磁通量随时间变化的表达式为Φ＝Φmsin(ωt)，根据交变电流的变化规律，可知电动势随时间变化的表达式为e＝nΦmωcos(ωt)，由题图可知，当t＝0.4 s时，Φ＝0，磁通量变化率最大，则e＝nΦmω，根据法拉第电磁感应定律，此时有e＝n，联立可解得磁通量的变化率＝Φmω＝Φm＝0.2× Wb/s＝π Wb/s，D错误。 [名师点拨]　若交变电流相关题目中的某些量无法直接求解(如本题中磁通量的变化率)，则可以借助以下结论间接求解： (1)线圈绕垂直于匀强磁场的轴匀速转动时，若从中性面位置开始计时，正弦式交变电流的表达式：e＝nBSωsin(ωt)。 (2)磁通量与电动势的关系：若Φ＝Φmsin(ωt)，则e＝nΦmωcos(ωt)；若Φ＝Φmcos(ωt)，则e＝nΦmωsin(ωt)[若考虑电动势的方向，则e＝－nΦmωsin(ωt)]。 (3)正弦式交变电流的电动势也遵从法拉第电磁感应定律：e＝n。 注：根据e＝n及高中数学中的导数公式，由Φ的表达式，即可直接计算出e的表达式，包括e的正负。[导数相关知识见数学(人教版A版)选择性必修第二册教材或数学(人教版B版)选择性必修第三册教材] 15 学科网（北京）股份有限公司 $