2026届吉林省实验中学高三上学期一模物理试题

2025-2026学年吉林省实验中学高三（上）月考物理试卷（模拟） 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.2024年12月16日18时00分，我国在文昌发射中心使用长征五号乙运载火箭/远征二号上面级，成功将卫星互联网低轨01星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列说法正确的是(    ) A. 运载火箭刚点火时还没有运动，其加速度一定为零 B. 运载火箭升空过程速度变化越大，其加速度就大 C. 运载火箭升空过程速度变化越快，其加速度就大 D. 运载火箭离开地面的瞬间，火箭的速度很小，所以加速度很小 2.如图所示，水平粗糙木棒上套一圆环，一个小球与圆环通过不可伸长的轻绳连接，初始时绳与竖直方向的夹角为。施加一水平外力F缓慢拉动小球，在逐渐增大至虚线位置的过程中，木棒与圆环始终保持静止，则下列说法正确的是(    ) A. 外力F的大小保持不变 B. 绳对球的拉力逐渐变小 C. 木棒对环的支持力逐渐变小 D. 圆环与木棒间的摩擦力逐渐变大 3.随着中国农业科技的飞速发展，无人机精准播种技术已成为现代农业至关重要的组成部分。如图所示，无人机以速度v在匀速水平直线飞行过程中，每隔相等时间释放一颗种子。忽略空气阻力，关于相邻释放的两颗种子运动情况，分析正确的是(    ) A. 在空中均做自由落体运动 B. 在空中时，水平距离为 C. 落在同一水平地面时，它们的水平距离为 D. 在空中运动时，竖直方向的高度差一直保持不变 4.3GT12R32024年11月15日，搭载天舟八号货运飞船的长征七号遥九运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射。天舟八号货运飞船A与空间站B交会对接的示意图如图所示，飞船顺利进入预定圆轨道1，并以周期稳定运行，之后飞船从1号轨道经2号转移轨道逐步接近在3号圆轨道运行的空间站，约3小时后，飞船与空间站组合体完成交会对接，并在3号轨道上以周期稳定运行。已知万有引力常量为G，地球半径为R，1号圆轨道距地面高度，3号圆轨道距地面高度，则(    ) A. B. 货运飞船从1号轨道进入2号转移轨道需要点火减速 C. 货运飞船在1、3两个轨道上稳定运行时线速度大小之比为 D. 根据题目条件可以求出地球密度的表达式为 5.如图所示，一竖直固定的足够长的玻璃管中装满某种液体，时刻，一半径为小于玻璃管截面半径、质量为m的金属小球，从液面上方适当高度处由静止释放。已知小球在液体中受到的阻力，式中v为小球运动的速度，k与小球的半径r有关。忽略小球在液体中受到的浮力，且小球刚落到液面时重力大于阻力，只考虑小球在液体中沿竖直方向的运动，重力加速度为g，空气阻力不计。金属小球从释放开始直到速度达到最大的过程中，其加速度a与速度v、时间t的关系图像可能正确的是(    ) A. B. C. D. 6.如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直挡板P拴接，另一端与物体A相连，物体A置于光滑水平桌面上桌面足够大，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连。开始时托住B，让A处于静止且细线恰好水平伸直，然后由静止释放B，直至其获得最大速度。已知物体A始终没有碰到滑轮，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力。关于该过程，下列说法正确的是(    ) A. 物体B受到细线的拉力保持不变 B. 物体B机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量 C. 物体A动能的增量小于物体B所受重力对B做的功与弹簧弹力对A做的功之和 D. 物体A与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于物体B所受重力对B做的功 7.如图甲所示为建筑工地重器塔吊。工作时悬臂保持不动，可沿悬臂水平移动的天车下有一个挂钩可用于悬挂重物。天车有两个功能，一是吊着重物沿竖直方向运动，二是吊着重物沿水平方向运动。重物经过A点开始计时，在将一质量为m的重物运送到B过程中，天车水平方向以的速度匀速运动，竖直方向运动的加速度随时间变化如图乙所示，不计一切阻力，重力加速度为g，对于该过程，下列说法正确的是(    ) A. 重物做匀变速曲线运动，合力竖直向下 B. 在与时刻，拉线对重物拉力的差值为 C. 时刻，重物的动能大小为 D. ，拉线对重物拉力的冲量大小为 二、多选题：本大题共3小题，共18分。 8.如图所示，ab、ac是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c位于同一圆周上，O为该圆的圆心，ab经过圆心。每根杆上都套着一个小滑环，两个滑环分别从b、c点无初速释放，用、分别表示滑环到达a点的速度大小，用、分别表示滑环到达a所用的时间，则(    ) A. B. C. D. 9.足够大的光滑水平面上，一根不可伸长的细绳一端连接着质量为的物块A，另一端连接质量为的木板B，绳子开始是松弛的．质量为的物块C放在长木板B的右端，C与木板B间的滑动摩擦力的大小等于最大静摩擦力大小．现在给物块C水平向左的瞬时初速度，物块C立即在长木板上运动．已知绳子绷紧前，B、C已经达到共同速度；绳子绷紧后，A、B总是具有相同的速度；物块C始终未从长木板B上滑落．下列说法正确的是(    ) A. 绳子绷紧前，B、C达到的共同速度大小为 B. 绳子刚绷紧后的瞬间，A、B的速度大小均为 C. 绳子刚绷紧后的瞬间，A、B的速度大小均为 D. 最终A、B、C三者将以大小为的共同速度一直运动下去 10.如图所示，NPQ是由光滑细杆弯成的半圆弧，其半径为R，半圆弧的一端固定在天花板上的N点，NQ是半圆弧的直径，处于竖直方向，P点是半圆弧上与圆心等高的点。质量为m的小球可视为质点穿在细杆上，通过轻绳与质量也为m的小球B相连，轻绳绕过固定在C处的轻小定滑轮。将小球A移到P点，此时CP段轻绳处于水平伸直状态，，然后将小球A由静止释放。不计一切摩擦，已知重力加速度为g，在小球A由P点运动到圆弧最低点Q的过程中，下列说法正确的是(    ) A. 小球A的动能可能先增大后减小 B. 小球A始终比小球B运动得快释放点P除外 C. 当小球A绕滑轮转过时，小球A的动能为 D. 小球A刚释放时，小球A、B的加速度大小分别为、 三、实验题：本大题共2小题，共14分。 11.小姚同学用如图甲所示装置做“探究加速度与力、质量关系”实验。 ①关于此实验的下列说法，正确的是      。 A.垫上木块是为了更好地使小车加速下滑 B.补偿阻力时，应使小车拖着纸带但不挂槽码 C.应调节滑轮高度使细线与小车轨道平行 D.槽码质量应该和小车质量差不多，以减小相对阻力 ②图乙为某次实验得到的纸带，图中相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器频率为50Hz，则打下计数点4时小车的速度为      ，由纸带可得小车运动的加速度为      。以上均保留两位有效数字 ③根据实验数据得到加速度与力的关系如图丙中实线所示，则可知所挂槽码质量不应超过      单选。 A.22g B.30g C.50g 12.小明利用如图装置验证机械能守恒定律。图中AB为轻杆，O为固定转轴，A端小球固定于杆上，质量为。B端小球放在轻质勺形槽内，质量为。由静止释放后，轻杆从水平位置逆时针转动，轻杆转到竖直位置时被制动，B球被水平抛出。 实验时，小明首先测量了、及两球距O点的距离、，除此之外，还需要测量的物理量有______。 A.A球从释放到运动至最低点的时间t B.O点离地面的高度h C.B球落地点与O点的水平距离x 结合中的各物理量，轻杆从水平位置自由释放，利用上述测定的物理量和重力加速度g，可得系统重力势能减少量为______，动能增加量为______。 四、计算题：本大题共3小题，共40分。 13.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中。如图所示，倾斜滑轨AB与水平面成角，长度，水平滑轨BC长度可调，两滑轨间平滑连接。若货物从顶端A由静止开始下滑，其与两段滑轨间的动摩擦因数均为，货物可视为质点，其质量，货物滑离C端时的速度不超过，取，，，求： 货物在倾斜滑轨运动过程中的加速度大小； 水平滑轨BC的最短长度。 14.如图所示为某建筑工地所用的水平放置的运输带，在电动机的带动下运输带始终以恒定的速度顺时针传动。建筑工人将质量为的建筑材料静止地放到运输带的最左端，同时建筑工人以的速度向右匀速运动。已知建筑材料与运输带之间的动摩擦因数为，运输带的长度为，重力加速度大小为。求： 建筑工人比建筑材料早到右端的时间； 运输带对建筑材料做的功； 因运输建筑材料电动机多消耗的能量。 15.某款闯关游戏简化过程如图所示。轨道固定在竖直平面内，水平段的DE光滑、EF粗糙，EF段有一竖直固定挡板，ABCD光滑并与水平段平滑连接，ABC是以O为圆心的圆弧，B为圆弧最高点。物块静止于E处，物块从D点以初速度水平向右运动并与发生弹性碰撞，且碰撞时间极短。已知：的质量，的质量；与EF轨道之间的动摩擦因数，与挡板碰撞时无机械能损失；圆弧半径为；、可视为质点且运动紧贴轨道；取。 求被碰后获得的速度大小； 经过B时对圆弧的压力； 用L表示挡板与E的水平距离。若最终停在了EF段距离E为x的某处，试通过分析与计算，在图中作出图线。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：运载火箭刚点火时速度为零，但加速度不为零，否则将保持介质，故A错误； 加速度是描述速度变化快慢的物理量，运载火箭升空过程速度变化越快，其加速度就越大，加速度的大小与其速度变化的大小无关，故B错误，C正确； D.运载火箭离开地面的瞬间，火箭的速度很小，加速度不一定很小，故D错误。 故选：C。 加速度等于单位时间内的速度变化量，是反映速度变化快慢的物理量。 解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小无关。 2.【答案】D  【解析】解：设绳拉力T，对小球受力分析，根据平衡条件 当逐渐增大，T增大，F增大，故A错误，B错误； C.根据平衡关系知，把圆环和小球作为整体，木棒对环的支持力等于环和球总重力，保持不变，故C错误； D.根据平衡关系知，圆环与木棒间的摩擦力等于水平外力F，根据AB项分析知，F增大，故摩擦力逐渐增大，故D正确。 故选：D。 根据平衡条件分析外力F和绳子拉力变化，把圆环和小球作为整体，分析支持力大小，圆环与木棒间的摩擦力等于水平外力F。 本题考查整体法和隔离法的应用，整体法与隔离法的常规使用技巧是：先利用整体法求外力，再利用隔离法求单个物体的受力。 3.【答案】C  【解析】解：种子在离开无人机后有水平速度v，忽略空气阻力，两颗种子在空中做平抛运动，故A错误； B.在空中时，两颗种子的水平速度相同，故两颗种子在相同的时间内在水平方向上运动的位移相同，故两颗种子水平距离为零，故B错误； C.根据平抛运动规律，两颗种子下落相差时间为，当两颗种子先后落在同一水平地面时，则它们的水平距离为 故C正确； D.设第二颗种子下落的时间为t，第一种子下落的时间为，两颗种子在竖直方向上都做自由落体运动，则有， 则在空中运动时，两颗种子在竖直方向的高度差为 可知随着时间t的增加，两颗种子在竖直方向的高度差增加，故D错误。 故选：C。 种子在离开无人机后都有水平速度v，且忽略空气阻力，故两颗种子在空中做平抛运动，水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动。 本题考查了生活中的平抛运动的合成与分解，竖直方向上做自由落体运动，题目较简单。 4.【答案】D  【解析】解：A、根据开普勒第三定律可得，故A错误； B、货运飞船从1号轨道进入2号转移轨道需要点火加速做离心运动，故B错误； C、设地球质量为M，空间站质量为m，飞船在3轨道上运行时，根据万有引力提供向心力得，解得飞船的线速度为，同理可知，在轨道l上的飞船线速度，则货运飞船在1、3两个轨道上稳定运行时线速度大小之比为，故C错误； D、飞船在1轨道上运行时线速度为，由地球质量，联立解得地球密度，故D正确。 故选：D。 根据开普勒第三定律分析A选项；根据变轨原理分析B项；结合线速度表达式求货运飞船在1、3两个轨道上稳定运行时线速度大小之比；飞船在1号圆轨道上运行时，根据线速度表达式求出地球质量，再求地球密度。 解答本题时，要建立模型，利用万有引力提供向心力得到线速度与轨道半径的关系式，再求出地球的质量。 5.【答案】C  【解析】解：小球到达液面时速度为v，根据题述有，则小球刚落到液面时所受到的阻力大小与重力大小的关系有多种可能： 当小球重力大于阻力时，由牛顿第二定律有 解得 可知a与v是一次函数关系；随着时间t的增加，小球的速度增大，加速度a减小，a与t不是一次函数关系。当小球所受阻力大小等于重力时，小球的速度达到最大值，此后做匀速直线运动。 当小球重力小于阻力时，有 解得 可知a与v是一次函数关系；随着时间t的增加，小球的速度v减小，加速度a减小，a与t不是一次函数关系。当小球所受阻力大小等于重力时，小球的速度达到最小值，以后做匀速直线运动。本题仅考虑情况，综合分析可知，C符合题意，故C正确，ABD错误。 故选：C。 小球刚落到液面时所受到的阻力大小与重力大小的关系有多种可能，结合牛顿第二定律讨论分析可能的情况。 本题考查牛顿第二定律，解题关键掌握小球的受力分析，注意通过加速度的表达式分析小球的运动情况。 6.【答案】C  【解析】解：A、根据题意分析可知，物体B下降的过程中，B的速度逐渐增大，弹簧弹力逐渐增大，因此加速度逐渐减小，对物体B进行受力分析可知，绳子拉力逐渐增大，故A错误； B、根据题意分析可知，由能量守恒有，物体B机械能的减小量等于弹簧弹性势能的增量和物体A动能的增量之和，故B错误； C、根据动能定理可知，物体A动能的增量等于弹簧对A做的负功与绳子拉力对A做的正功之和，而由于物体B加速下降，绳子拉力小于B的重力，因此物体A动能的增量小于物体B所受重力对B做的功与弹簧弹力对A做的功之和，故C正确； D、根据题意分析可知，物体A与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于绳子拉力对A做的功，而绳子拉力小于B所受的重力，故D错误。 故选：C。 根据牛顿运动定律、机械能守恒及动能定理，分析物体受力变化、能量转化关系来判断各选项正误。 本题关键是明确多物体系统的受力、能量转化关系，结合牛顿定律分析加速度变化，利用动能定理分析做功与动能变化的联系，同时注意弹簧弹力做功与弹性势能变化的关系。 7.【答案】D  【解析】解：A、依题意可知，重物竖直方向做加速度随时间均匀减小的加速运动，所以重物合力竖直向上，做非匀变速曲线运动，故A错误； B、在时刻，根据牛顿第二定律，由图乙可得：，解得：，在时刻，重物加速度为0，则拉线对重物拉力为：，则二者的差值为：，故B错误； C、根据图像围成的面积表示速度的改变量，可得时刻，重物在竖直方向上的速度大小为：，则时刻，重物的速度大小为：，根据动能的定义有：，故C错误； D、在时间内，对重物，根据动量定理可得：，解得：，故D正确。 故选：D。 由受力情况和速度方向分关系分析重物受到的合力与运动情况；由牛顿第二定律结合图像可求拉线对重物拉力的差值；根据图像围成的面积表示速度的改变量结合动能的定义可求动能的大小；由动量定理可求拉线对重物拉力的冲量大小。 本题是对牛顿第二定律、动能的定义、动量定理及图像的考查，解题的关键是要结合图像正确分析重物的受力情况和运动情形，由牛顿第二定律及动量定理及运动的合成即可解题。 8.【答案】AD  【解析】【分析】 根据动能定理分析速度大小；建立适当的等时圆，根据等时圆原理分析时间长短。 本题主要是考查动能定理和等时圆原理，如果不假思考，套用结论，就会落入等时圆的陷阱，要注意等时圆的应用方法。 【解答】 根据动能定理可得： 解得：；可见，ba两点的高度差大，则，故A正确，B错误； 以a点为最低点，以适当的半径画圆经过c点如图实线圆所示，根据等时圆原理可知，故C错误，D正确。 故选AD。 9.【答案】ACD  【解析】解：A、绳子绷紧前，C在B上滑动过程，两者组成的系统合外力为零，系统动量守恒，取向左为正方向，由动量守恒定律得：   ，解得B、C达到的共同速度大小：，故A正确； BC、绳子刚绷紧瞬间，A与B组成的系统动量守恒，取向左为正方向，由动量守恒定律得：  ，解得绳子刚绷紧后的瞬间A、B的速度大小：，故B错误，C正确； D、设最终A、B、C三者的共同速度为。对整个过程，取向左为正方向，由A、B、C组成的系统动量守恒得：   ，解得，即最终A、B、C三者将以大小为的共同速度一直运动下去，故D正确。 故选：ACD。 绳子绷紧前，C在B上滑动过程，两者组成的系统动量守恒，由动量守恒定律求B、C达到的共同速度大小；绳子刚绷紧瞬间，A与B组成的系统动量守恒，由动量守恒定律求绳子刚绷紧后的瞬间A、B的速度大小；绳子绷紧后，A、B、C组成的系统动量守恒，由动量守恒定律求最终A、B、C三者的共同速度。 本题是多研究对象、多过程问题，要分析清楚物体的运动过程，明确研究对象，分过程利用动量守恒定律即可正确解题。 10.【答案】BCD  【解析】解：A、小球A由P点运动到圆弧最低点Q的过程中，系统减小的重力势能转化为系统的动能，所以A小球的动能一直增大，故A错误； B、设运动过程中某位置时，AC连线与水平方向的夹角为，由关联速度可知，，所以小球A的速度始终比B大，故B正确； C、当小球A绕滑轮转过时，小球A下降的距离为：，减小的重力势能为，B小球上升的高度为：，增加的重力势能为，此时两小球的速度关系为：，由机械能守恒得：，联立解得：，故C正确； D、小球A刚释放时，小球A受重力，杆的弹力，绳的拉力，在水平方向上平衡，所以杆的弹力和绳的拉力大小相等，所以A球的合外力为重力，即加速度为g，小球B此时的合力为零，所以此时B的加速度为0，故D正确。 故选：BCD。 小球A由P点运动到圆弧最低点Q的过程中，系统减小的重力势能转化为系统的动能，所以A小球的动能一直增大；当小球A绕滑轮转过时，利用几何关系，算出A、B高度的变化值，根据机械能守恒定律可以求出小球A的动能。 本题考查了机械能守恒定律、绳拉球速度的关系等知识点。AB两球的速度大小并不相等，根据，确定它们的速度关系，利用机械能守恒定律解题是本题的关键。 11.【答案】BC      A  【解析】解：①垫上木块是为了平衡摩擦力，使小车所受合外力为绳子的拉力，故A错误。 B.补偿阻力时，应使小车拖着纸带但不挂槽码，能够沿着木板匀速下滑，故B正确； C.应调节滑轮高度使细线与小车轨道平行，从而使拉力即为小车的合外力，故C正确； D.应使槽码质量远远小于小车质量，才可以将槽码重力近似为小车的合外力，故D错误。 故选：BC。 ②由题意可得，相邻两计数点的时间间隔为 匀变速直线运动某段中间时刻速度等于该段的平均速度，则由图可得打下计数点4时小车的速度为： 根据逐差法可得加速度： ③由图像得，当时，图像不再是过原点的直线，则所挂槽码质量不应超过 故选：A。 故答案为：①BC；②，；③A。 ①根据实验原理分析判断； ②根据匀变速直线运动某段中间时刻速度等于该段的平均速度求打下计数点4时小车的速度；根据逐差法求小车的加速度； ③根据图像和牛顿第二定律分析判断。 本题考查探究加速度与力、质量关系实验，要求掌握实验原理、实验装置、实验步骤、数据处理和误差分析。 12.【答案】BC     【解析】解：设O点离地面的高度为h，小球B被水平抛出后做平抛运动， 设B做平抛运动的初速度为，水平位移为x，运动时间为t， 水平方向： 竖直方向： 解得： 轻杆转动过程A、B做圆周运动的角速度相等，设角速度为，B抛出时A的速度大小是， 则，， 解得： A、B从水平位置转到竖直位置过程，以杆的水平位置所在平面为零使面， 由机械能守恒定律得： 整理得：， 除测量、及两球距O点的距离、外，还需要测量：O点离地面的高度h和B球落地点与O点的水平距离x，故选BC。 系统重力势能的减少量， 动能的增加量 故答案为：；；。 小球B被抛出后做平抛运动，应用平抛运动规律与机械能守恒定律求出实验需要验证的表达式，然后分析答题。 本题考查了系统机械能守恒的验证，通过实验的设计，运用重力势能的减小来转化为动能来验证．注意平抛运动的初速度的确定，及两小球的速度不同，并知道两球转动的角速度相等，线速度之比等于转动的半径之比． 13.【答案】货物在倾斜滑轨运动过程中的加速度大小为；   水平滑轨BC的最短长度为  【解析】设货物在倾斜滑轨运动过程中的加速度大小为， 对货物受力分析，如下图： 垂直于倾斜滑轨方向，由平衡条件可得： ， 沿倾斜滑轨方向，由牛顿第二定律可得： ， 其中： ， 联立可得： ； 结合可知，货物在滑轨上，根据运动学公式有： ， 在水平滑轨上，根据牛顿第二定律可得： ， 货物在水平滑轨上，根据运动学公式有： ， 由题知： ， 联立可得： ； 答：货物在倾斜滑轨运动过程中的加速度大小为； 水平滑轨BC的最短长度为。 对货物受力分析，由平衡条件、牛顿第二定律、摩擦力的计算公式分别列式，即可分析求解； 结合前面分析及题意，由牛顿第二定律、运动学规律分别列式，即可分析求解。 本题主要考查牛顿第二定律求解多过程问题，解题时需注意：分析物体的运动过程、分析每一阶段物体受力的变化、根据牛顿第二定律分析物体加速度的变化、根据加速度的情况分析物体的运动情况。 14.【答案】建筑工人比建筑材料早到右端的时间为；   运输带对建筑材料做的功为1J；   因运输建筑材料电动机多消耗的能量为2J  【解析】建筑工人匀速运动到右端，所需时间 解得 假设建筑材料先加速再匀速运动，加速时的加速度大小为 解得 加速的时间为 解得 加速运动的位移为 解得 假设成立，因此建筑材料先加速运动再匀速运动，匀速运动的时间为 解得 因此建筑工人比建筑材料早到达右端的时间为 解得 建筑材料与运输带在加速阶段因摩擦产生热量，该过程中运输带的位移为 解得 则因摩擦而产生的热量为 解得 由动能定理可知，运输带对建筑材料做的功为 解得 可得因运输建筑材料电动机多消耗的能量为 解得 答：建筑工人比建筑材料早到右端的时间为； 运输带对建筑材料做的功为1J； 因运输建筑材料电动机多消耗的能量为2J。 建筑工人匀速运动到右端，由运动学公式求建筑工人所需时间。假设建筑材料先加速再匀速运动，根据牛顿第二定律和速度-时间公式相结合求出匀加速运动的时间，并求出此过程建筑材料的位移，即可判断假设是否成立，从而求出时间差； 由动能定理求运输带对建筑材料做的功，因运输建筑材料电动机多消耗的能量等于系统产生的热量与建筑材料增加的动能之和，根据建筑材料与传送带间的相对位移求热量，再由功能关系求解。 根据题意分析清楚建筑材料的运动过程是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律、运动学公式求位移与速度，要知道摩擦生热与相对位移有关。 15.【答案】被碰后获得的速度大小为；   经过B时对圆弧的压力大小为1N，方向竖直向下；   图线如下所示：   【解析】对、碰撞前后，以水平向右为正方向，由动量守恒和能量守恒有， 解得，。 对由碰后到B点，由动能定理得 对在B点，由合外力提供向心力得： 解得； 根据牛顿第三定律，经过B时对圆弧的压力大小为1N，方向竖直向下； 在水平面上运动，根据牛顿第二定律有：， 若挡板离E点足够远，则物块直接匀减速到0后静止 解得 即时，物块停在距E点处 若与挡板碰撞一次后返回静止，由动能定理得 解得 其中 若与挡板碰撞一次后滑上B点，且速度不为0，则不存在x 对由碰后到恰好运动到B点，由动能定理得  解得 即时，物块不会停止E与挡板之间； 若物块与挡板碰撞一次后滑上圆弧，并从圆弧滑回，能从圆弧滑下到E点的最大速度为物块恰好从运动到B点时对应经过E点的速度 此时停下点到E点的距离 解得： 则物块与挡板最多只能碰撞一次； 对由碰后到最终静止在EF上，由动能定理得 解得 其中 综上，关系图像如图    答：被碰后获得的速度大小为； 经过B时对圆弧的压力大小为1N，方向竖直向下； 图线如下所示： 对、碰撞前后，根据动量守恒和能量守恒分析求解； 根据动能定理，对由碰后到B点分析，结合合外力提供向心力，以及牛顿第三定律分析求解； 根据若挡板离E点足够远，则物块直接匀减速到0后静止，若与挡板碰撞一次后返回静止，若与挡板碰撞一次后滑上B点，且速度不为0，若物块与挡板碰撞一次后滑上圆弧，并从圆弧滑回不同情况分析求解。 本题考查了动量和能量，理解物体在不同时刻的运动状态，合理选取分析对象，正确受力分析是解决此类问题的关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $