第12章 第5课时 比热容的应用 热量的计算-【课时提优计划作业本】2025-2026学年新教材九年级上册物理同步练习课时作业（苏科版2024）基础强化版

解析：(1)探究不同物质吸热升温现象时，应控制不同物质的 质量、初温和吸收的热量相等.(2)实验中选用完全相同的两 个酒精灯，目的是在相同加热时间内使水和沙子吸收的热量 相同.(3)根据数据在坐标系中描点，然后把这些点连接起 来.(4)分析图像可知，质量相等的沙子和水吸收相等热量 沙子升温较快；若使两者升高相同的温度，水加热时间较长， 吸收的热量较多，说明水吸热能力较强，物理学中将这种属 性叫作比热容 课后作业 7.比热容放出热传递解析：水的比热容是常见物质 中最大的，根据Q微=cm(t一t)可知，气温降低时，由于水的 比热容比较大，在质量一定时，水可以放出较多的热量：这一 过程中是通过热传递改变水的内能的. 8.大大内陆解析：由题图可知，曲线A所示城市的最 高、最低气温温差比曲线B所示城市的大；因为水的比热容 比沙石的大，在吸收或放出相同的热量时，沿海城市的气温 变化量比较小，所以曲线A表示的是内陆城市的年气温变化 曲线 9.(1)大于(2)小于(3)固液共存态(4)2.1×103 解析：(1)冰是晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大， 所以该物质在C点的内能大于在B点的内能.(2)在整个过 程中冰与水的质量相等，用相同的加热器加热，在相等时间 内吸收的热量相等，由于AB段温度升高得比CD段快，根据 Q最=cm△t可知，AB段的比热容小于CD段的比热容. (3)BC段是晶体的熔化过程，晶体在熔化过程中处于固液共 存态.(4)冰在熔化过程中质量不变，即水的质量等于冰的质 量，冰的质量m=500g=0.5kg,CD段中水在8min内吸收 的热量Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg·℃)×0.5kgX 100℃=2.1×105J;AB段表示固态冰吸热升温的过程，升 高的温度△f=50℃，2min内吸收的热量Q级=冬Qa= 是×2.1×10J=5.25×10J,则冰的比热容6*= m△t g=21X10J1e℃ 10.B解析：比热容是物质的一种物理属性，与物质的质 量、形状和温度均无关，与物质的种类和状态有关 11.B解析：根据c入可知，金属块的质量不同，放出的 热量相同，变化的温度相同，则质量大的金属块的比热容一 定小. 12.C解析：干燥的天气里在卧室放一盆水，水蒸发可以增 加空气湿度，与水的比热容无关，A不符合题意：发现人中暑 时，常在额头上擦冷水降温是利用水蒸发吸热的特点，与比 热容无关，B不符合题意；因为水的比热容较大，相同质量的 水和其他物质相比，吸收相同热量时水的温度变化小，建人 工湖可使周围环境的温度变化小一些，与比热容有关，C符 合题意；冬天菜窖里放几桶水防止蔬菜冻坏，是利用水凝固 放热的特点，与水的比热容无关，D不符合题意， 13.C解析：水的比热容较大，相同质量的水和沙土，白天 吸收相同的热量时，水的温度升高得慢；夜晚放出相同的热 量时，水的温度降低得慢，所以修建人工湖和湿地公园可以 使昼夜温差减小，有效调节周围环境的气温，C符合题意， 14.B解析：海水的比热容较大，相同质量的海水和其他物 质升高相同的温度时，海水吸收的热量多. 15.B解析：冰在熔化过程中，吸收热量，内能增加，而温度 保持不变，由于比热容与物质的种类和物质的状态有关，当 冰熔化成水后，比热容变大 16.D解析：热量是过程量，不能说含有热量，A错误；吸热 能力即比热容是物质的特性，它不会随着温度的升高而增 大，B错误；用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液 体，相同时间内a、b吸收的热量相同，a液体升高的温度大， ·2 则a液体的比热容小，吸热能力弱，C错误；b液体的比热容 大，吸热能力强，更适合作发动机的冷却剂，D正确， 17.实心金属小球的质量m=200g=0.2kg,由Q级=cm(t一) Q级 2.3×103J 可得，该金属的比热容c一mo)一0.2kg义(49℃一24℃ 0.46×103J/(kg·℃)，由题表可知该金属是钢或者铁 经典提优 18.(1)B99(2)铁铁(3)错误判断猜想1错误的理 由：质量大的物体热容量不一定大，如实验中铁块的质量不 是最大的，但热容量却最大（判断猜想2错误的理由：比热容 大的物体热容量不一定大，如实验中铁块的比热容不是最大 的，但热容量却最大)(4)比热容指单位质量的热容量（或 物体的热容量与质量之比)解析：(1)为了确保用酒精灯的 外焰加热，应由下向上组装，即应先固定铁夹B:温度计的分 度值为1℃，温度计的示数为99℃.(2)若金属块放出的热 量完全被水吸收，根据Q=cm△t可知，质量相同的水温度升 高得越多，吸收的热量越多，则金属块放出的热量越多，由题 表数据可知，放入了铁块的杯子中的水温度升高得最多，即 这杯水吸收的热量最多，也就是铁块放出的热量最多；开始 时金属块的初温都为99℃，最后铁块的末温最高，则铁块的 温度降低得最少，由于铁块放出的热量最多，温度却降低得 最少，所以结合热容量的定义可知，铁块的热容量最大 (3)根据题表数据可知，猜想1、猜想2都是错误的，以猜想1 为例：铁块的热容量最大，但铁块的质量不是最大的；以猜想2 为例：铁块的热容量最大，但铁块的比热容不是最大的. (4)因为热容量是物体的温度升高（或降低）1℃所吸收（或放 出)的热量，而比热容是单位质量的某种物质温度升高（或降 低)1℃所吸收（或放出）的热量，所以比热容是物体的热容量 与质量之比. 第5课时比热容的应用热量的计算 知识导引 1.(1)cm(t-to)(2)cm(to-t)(3)Q=cm△t△t 2.(1)快上升(2)快热上升 课堂作业 1.1：11：2解析：同种物质的比热容相等，因此两个铝 块的比热容之比为1：1；根据Q=cm△1可得，吸收的热量之 贤-出-总-×导=12 2.208.4×103解析：根据Q=cm(t一to)可知，to=t一 9=60℃-4.2X10j7kg·C×0.5kg 8.4×104J =20℃； c水m水 Q吸=c水m水△1=4.2×103J/(kg·℃)×50×10-3kg× (80℃-40℃)=8.4×103J. 3.100解析：1kg水吸收4.2×105J的热量后能够升高的 温度△=Q 4.2×105J =4.2X10j7kg·℃)X1kg =100℃，但由于 水沸腾时吸收热量，温度不变，在标准大气压下，水的沸点为 100℃，故水的温度升高到100℃后保持不变， 4.3.15×1042.7×103解析：水在20min内吸收的热量 Q级=c冰m△=4.2×103J/(kg·℃)X1kgX(50℃ 20℃)=1.26×105J,则水在5min内吸收的热量Q吸= Q级=}×1.26×10J=3.15×10J:该液体和水在 15min内吸收的热量相同，由此可得该液体的比热容c液= =075 1kg×(65℃-20可)=2.7X10J/(kg·℃. 0.75×1.26×105J m△t m△t 5.C解析：一个纸杯里装满的开水的质量约为0.2kg,开 水的温度大约是100℃，水温大约为40℃时可以喝，则水放 出的热量大约为Q做=cm(t-to)=4.2×103J/(kg·℃)× 0.2kg×(100℃-40℃)=5.04×104J,C符合题意 6.C解析：比较①和③，根据Q=cm△t可知，冰和水的质量 相等，升高的温度也相等，因为c水>c冰，所以Q>Q:过程 ②中包含了两个过程：首先是0℃的冰熔化成0℃的水，这 个过程不升温但要不断吸热，然后是0℃的水再变为10℃ 的水，这个过程与过程③吸收的热量相等，所以Q>Q.故 有QQ3<Q2. 7.B解析：由题意可知，甲、乙两种物质在相同时间内放出 的热量相等，A错误；由题图可知，两种物质的初温都是 60℃，放热15min后甲物质的未温是40℃，乙物质的末温 是20℃，mm=mz,Q甲=Qz,根据热量的计算公式Q=cm△t 可得，c甲m甲×(60℃-40℃)=czmX(60℃-20℃)，则 c甲=2cz=4.2X103J/(kg·℃)，甲、乙两种物质的比热容之比 为2：1，C错误；甲物质在15min内放出的热量Q=c甲卿× (60℃一40℃)=4.2×103J/(kg·℃)×0.5kg×20℃ 4.2X10J,则甲物质在1min内放热42X10」=2800J, 15 B正确；甲物质的比热容大，所以选甲物质作为供热介质效 果更好，D错误， 8.(1)Q金放=c金属m金(t一t)=0.875×103J/(kg·℃)× 2kgX(90℃-40℃)=8.75×10J(2)Q*吸=c*m咏(t )=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×(40℃-38℃)=4.2× 104J(3)金属块放出的热量大于水吸收的热量；原因可能 是在热传递过程中有很大一部分热量传递到容器和空气中， 造成了热量的损失解析：(I)金属块放出的热量Q金放 c金属m险(t-t)=0.875×103J/(kg·℃)×2kg×(90℃ 40℃)=8.75×10J.(2)水吸收的热量Q*吸=c水m咏(t一2)三 4.2×103J/(kg·℃)×5kg×(40℃-38℃)=4.2×104J. (3)由以上计算可知，金属块放出的热量大于水吸收的热量； 造成这一现象的原因可能是在热传递过程中容器吸收了一 部分热量，还有一部分热量散发到空气中. 课后作业 9.4.2×10热传递解析：水的内能减少量等于水放出的 热量，Q水放=水m△t=4.2X103J/(kg·℃)×0.5kg× (25℃一5℃)=4.2×104J:这是通过热传递的方式改变水的 内能 10.4601.1解析：铁钉放出的热量Q铁放=c铁m铁(lo铁 t)=0.46×103J/(kg·℃)×2×10-3kg×(600℃ 100℃)=460J;因为水吸收的热量等于铁钉放出的热量，所 以水吸收的热量Q水吸=Q铁放=460J,即Q水吸=c水m咏△水 4.2×103J/(kg·℃)×100×10-3kg×△水=460J,解得 △t水≈1.1℃. 11.7:4解析：由题意可知，mm:mz=2:3,△t甲：△t忆= Q里 6:5,Q年：Q2=7：5,根据Q版=cm△t可得， czmz△tz 2欲8-了，解得要-子=7：4 c弹m甲△t鲤=c甲×2X6_=7 12.A解析：要得出放出热量的多少和降低温度的关系，就 要保证物质的质量、物质的种类相同，而降低的温度不同. 13.B解析：制作糖炒栗子时为了让温度上升得较快，一般 会在锅中加入砂石，这是因为砂石的比热容小，吸收相同的 热量时，温度升高得快 14.A解析：题图乙中，发电机的旋翼朝向大海，说明此时风 从海洋吹向陆地，由于海水的比热容较大，白天时陆地比大海 升温快，地面的热空气上升，风从海洋吹向陆地，故题图乙所 示的情景通常发生在白天；题图丙中，发电机的旋翼朝向陆 地，说明此时风从陆地吹向海洋，由于海水的比热容较大，夜 晚时陆地比大海降温快，海面的热空气上升，风从陆地吹向海 洋，故题图丙所示的情景通常发生在夜晚.A符合题意。 15.D解析：两个物体间发生热传递的条件是存在温度差， 所以当金属冰块和水的温度相同后，它们之间就不能发生热 传递，A正确；水放出的热量Q微=c水水△t水=4.2X 103J/(kg·℃)×0.2kg×(30℃-20℃)=8.4×103J,若 不计热量损失，则金属冰块吸收的热量等于水放出的热量， 即Q吸=Q做=8.4×103J,B正确：金属冰块与水的比热容之 ·2 Q吸 比座=m张A迹-X体×A=mkXA=0.2kgX C水 Q放 Q敛 m冰 `△t冰m冰 △t冰0.3kg m咏△t水 30℃-20℃ 20℃二(20℃)=6，C正确；金属冰块的质量增加到 0.4kg,设最终水温为t,此时c冰m冰△冰=c水m水△永，C冰X 0.4kgX[t一(-20℃)]=6c冰×0.2kgX(30℃一t),解得 t=17.5℃，所以只将金属冰块的质量增加到0.4kg,水温不 可以下降到10℃，D错误. 16.B解析：若m。=m,吸收相同的热量时液体a的温度升 高较多，由c一是可知，a的比热容较小，b的比热容较大， A错误，B正确；若ca=c,,吸收相同的热量时液体a的温度 升高较多，由m=Q可知，a的质量较小，b的质量较大，C、 c△t D错误. 9 17.(1)热传递(2)AC(3)9(4)3.5X103解析： (1)物体向周围散热，物体的内能转移到周围温度较低的物 体上，内能减小，这种改变内能的方式是热传递.(2)q是表示 散热快慢的物理量，速度是表示物体运动快慢的物理量，功 率是表示做功快慢的物理量，这三者的物理意义接近.(3)当 物体的温度为30℃，周围环境温度为20℃时，根据牛顿冷 却定律q=(幽一乐)可得，物体的散热系数飞一二标 30℃二20℃=10℃，当物体温度降低到29℃时，散热快慢 g-g-s)=100×(29℃-20℃)-品2.（④水从30℃ 降到25℃放出的热量Q水放=c水m咏(to冰一t水)=cP咏V水X (30℃-25℃)=4.2×103J/(kg·℃)×1×103kg/m3× V水×5℃①，盐水从30℃降到25℃放出的热量Q盘水放= C盐水m纰水(t盐水一做水)=c盐水P燃水V盐水X(30℃一25℃)=C盐水X 1.1×103kg/m3×V盐水×5℃②，由题图乙可知，水和盐 水的降温时间分别为24min和22min,V水=V盐水，故它们 放出的热量之比品-器一吕 ③，联立①②③解得盐 水的比热容c卷水=3.5×103J/(kg·℃). 18.(1)Q吸=qm(t-to1)=2.5×103J/(kg·℃)×420× 10-3kgX(75℃-25℃)=5.25X104J(2)Q做=Q最=5.25X Q 5.25×104J 10J,他=cae-D-42X10J/kgC)X(95℃-75可 0.625kg解析：(1)牛奶的质量%=420g=0.42kg,牛奶升温 时吸收的热量Q吸=Gm(t-t)=2.5×103J/(kg·℃)× 0.42kg×(75℃一25℃)=5.25×10J.(2)水放出的热量全被 牛奶吸收时，需要的热水质量最少，热水放出的热量Q版=Q吸一 5.25×10J,至少需要热水的质量m=2e-D Q放 5.25×104J 4.2X103J/(kg·℃)X(95℃-75℃)=0.625kg. 19.(1)1g的水温度升高1℃所吸收的热量Q最=c水m*△t二 4.2×103J/(kg·℃)×1×10-3kg×1℃=4.2J,所以1卡 4.2J(2)一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为 84X10J,相当于8架-2X10卡（③）每千克汗水 汽化所需吸收的热量为2.4×105J,则0.63kg的汗水汽化 所需吸收的热量Q吸=2.4×105J/kg×0.63kg=1.512× 105J,即运动员放出的热量Q做=Q吸=1.512×105J,因此运 动员降低的体温△Y-激=42X108·℃)×60ke 1.512×105J cm 0.6℃ 经典提优 20.B解析：先后将甲、乙两球投入到水中，水的质量和降 低的温度相同，水放出的热量相同，由题意可知，不计热损 失，Q吸=Q放，甲、乙两球吸收的热量相同，而乙球的温度比 甲球少升高了△，即乙球的末温低，由上述分析可知，温度和 质量相同的甲、乙两球吸收相同的热量，乙球升高的温度少， 所以乙球的比热容大，即c甲<cz.B正确. 第6课时机械能与内能的相互转化 知识导引 1.做功热传递等效其他形式的能（如机械能）与内能 之间的转化内能的转移2.内机械一个冲程4 吸气冲程压缩冲程做功冲程排气冲程做功压缩 3.221做功惯性 课堂作业 1.温度做功解析：改变物体内能的两种方式是做功和 热传递.快速反复弯折铁丝，对铁丝做功，铁丝弯折处会发 热，其温度升高，内能增大，说明做功可以改变物体的内能， 2.做功内压缩解析：在空气压缩引火仪玻璃筒的底 部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧 起来，说明活塞对筒内空气做功，空气的内能增大，温度升 高；在压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过 程与汽油机的压缩冲程相同， 3.做功内减小8020解析：由题图可知，汽缸的进 气门、排气门都关闭，活塞下移，是汽油机的做功冲程；在做 功冲程中内能转化为机械能；汽油机的一个工作循环中有四 个冲程，飞轮转2圈；单缸四冲程汽油机飞轮的转速为 2400r/min=40r/s,则该汽油机飞轮每秒钟转40圈，完成 20个工作循环，完成80个冲程，对外做功20次 4.做功内机械做功解析：当按动电火花发生器的 按钮时，酒精然烧产生的燃气对盒盖做功，是将燃气的内能 转化为盒盖的机械能；四冲程汽油机中的做功冲程是将内能 转化为机械能的. 5.B解析：A、C、D三个选项中都是通过做功的方式改变物 体内能，B选项中是通过热传递的方式改变物体内能 6.A解析：返回舱进入大气层，与大气摩擦形成高温“火 球”，是通过做功来改变物体的内能.反复锤打铁片，铁片变 热，是通过做功来改变物体的内能，A符合题意；用燃气把壶 中的水烧开、热鸡蛋放在冷水中冷却、用暖气片来取暖均是 通过热传递来改变物体的内能，B、C、D不符合题意 7.D解析：汽油机一个工作循环中的四个冲程为吸气冲 程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程.题图甲是压缩冲程，题图 乙是排气冲程，题图丙是做功冲程，题图丁是吸气冲程，故正 确的排列顺序应该为丁、甲、丙、乙 8.A解析：汽油机飞轮转速为800r/min,即每分钟飞轮转 动800圈，完成400个工作循环，对外做功400次.汽油机工 作时，推动活塞一次做功1500J,则1min内做的功W= 1500JX400=6×105J,这台汽油机的功率P=Y 6×105J=1×10W=10kW.A正确. 60s 9.AD解析：迅速将活塞向左推，活塞压缩乙气体，通过做 功的方式增加了乙气体的内能，乙气体的温度会升高；由于 隔板导热性良好，因此热量会由乙气体通过隔板传递到甲气 体，最终甲、乙两部分气体的温度相等；因此甲、乙温度均升 高，内能均变大，A正确，B错误；推动活塞时通过做功的方 式增加了乙气体的内能，活塞推至虚线处后，热量由乙气体 通过隔板传递到甲气体时，是通过热传递的方式改变内能 的，C错误，D正确. 课后作业 10.向上运动机械解析：点燃蜡烛时，气体的温度升高， 气体的密度变小，热空气就会向上运动，运动的热空气推动 纸风车和固定在转轴上的纸马转动；运动的热空气对外做 功，将内能转化为机械能. 11.(1)增大热传递升高克服摩擦做功温度(2)① 解析：(1)①活塞压缩气体做功，气体内能增大，温度升高，升 ·2 温的气体通过热传递的方式使筒壁温度升高.②打气时活塞 与筒壁之间不断地克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使 筒壁的内能增加，温度升高.(2)由于打气筒活塞和筒壁之间 通常都要加适量润滑油，摩擦力较小，克服摩擦力做的功也 比较少，而打气时活塞压缩气体做的功较多，气体内能增大 温度升高，被压缩的下方气体通过热传递使筒壁温度升高， 且打气筒下方筒壁温度更高，故解释①比较合理 12.C解析：锯条的温度升高，内能增大，可能是其他物体 对它做了功，也可能是锯条吸收了热量，这两种方法对于改 变内能是等效的 13.C解析：礼花筒内的高压气体膨胀，对外做功，其自身 的内能减小，温度降低，所以不是向外界传递热量，分子热运 动变慢，A、B、D错误；高压气体的内能转化为机械能， C正确. 14.A解析：宇宙飞船在匀速下降的过程中，质量不变，高 度减小，速度不变，则重力势能减小，动能不变，B、C、D不符 合题意；由于受到空气阻力作用，需要克服阻力做功，所以宇 宙飞船的内能增大，A符合题意. 15.D解析：来回摩擦两块冰时，克服摩擦力做功，机械能 转化为内能，冰块的内能增加、温度升高，冰块熔化.炙手可 热、扬汤止沸、滴水成冰均是通过热传递改变物体的内能，A B、C不符合题意；钻木取火时，克服摩擦力做功，机械能转化 为内能，木头的内能增加、温度升高，温度达到木头的着火点 时木头会燃烧，是通过做功改变物体的内能，D符合题意， 16.B解析：题图甲中，两个气门都关闭，活塞向上运动，为 压缩冲程，将机械能转化为内能，A错误；热机效率是指有效 利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由题图乙可 知，输出有用机械能所占比例为100%一36%一30%一6%= 28%,即该汽油机的效率为28%，B正确；汽车排放废气带走 的热量是最多的，C错误；由于废气会带走一部分热量、燃料 不可能完全燃烧等因素的存在，所以热机的效率不能达 100%,D错误 经典提优 17.(1)比热容(2)D(3)变大(4)亚解析：(1)因为水 的比热容大，相同质量的水和其他物质升高相同的温度，水 吸收的热量多，冷却效果好，所以用水作发动机的冷却剂 (2)根据题中信息可知，进气道中吸入的是空气，A错误；燃 烧室中，内能转化为机械能，B错误；然料耗尽后，不能产生 高温、高压气流推动涡轮，C错误；尾喷管中喷出的高速气流 推动飞机飞行，对飞机做功，D正确.(3)当飞机加速飞行时， 气流的速度也变大，而对进入压气机的气流的速度有一定限 制，故应使可调管道的通风口面积变大，来减小气流速度. (4)由题意可知，飞机以速度匀速巡航时，处于平衡状态 则所受的推力F=f=k,推力所做的功W推=Fs=kX -2,由乳W×10%可知，飞机获得的机械能W飘= W维=，获得机械能的功率P=W题--，故功 72 2t F kv 效Q一P机如 业 第7课时热 值 知识导引 1.化学内完全燃烧9J/kg2.质量为1kg的酒精 完全燃烧时释放出的热量为3.0×10？J不变3.mg 9题×100% Q 课堂作业 1.1.2×10不变解析：因为干木柴完全燃烧放出的热量等 于身体消耗的能量，由Q=g可得，g=9=66X10」- 72 0.55kg 1.2×10J/kg:热值是燃料的特性，其大小与燃料的质量无 3一课时提优计划作业本物理九年级上>>>> 第5课时比热容的应用 热量的计算 知识导引 1.热传递过程中吸收或放出的热量。 (1)当温度升高时，物体吸收的热量Q吸= (2)当温度降低时，物体放出的热量Q放= (3)可以将以上两个公式合并为一个公式 ,其中 表示物体温度的变 化量 2.海陆风的成因. (1)海风的形成：白天，陆地比大海升温 ,地面附近密度较小的热空气 ,海 面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风. (2)陆风的形成：夜晚，陆地比大海降温 ,海面的 空气 ,地面附近 的冷空气就会来补充，于是冷空气沿地面吹向大海，形成陆风. 课堂作业 1.两个铝块的质量之比为1：4，升高的温度之比为2：1，则两个铝块的比热容之比为 吸收的热量之比为 2.质量为0.5kg的水吸收了8.4×104J的热量后，温度升高到60℃，则水原来的温度是 ℃.对质量是50g、初温是40℃的水加热，水温升高到80℃，水吸收的热量是 J.[c*=4.2X103J/(kg·℃)] 3.水为万物之源，我们应该积极参与到珍惜和保护水资源的行动中.水的比热容为4.2× 103J/(kg·℃)，在标准大气压下，质量为1kg、温度为20℃的水吸收4.2×105J的热量，水 的温度将升高到 ℃. 温度/℃ 4.(2023·凉山州)小华在探究不同物质的吸热能力时，用相同的电加 热器对质量均为1kg的水和另一种液体同时进行加热（不考虑热40 损失).已知该液体的比热容小于水的比热容，通过实验画出温度随30 0 时间变化的关系图像如图所示，分析图像可知：水在5min内吸收1 的热量为 J,该液体的比热容为 J/(kg·℃). 0510152025时间/mim [c*=4.2X103J/(kg·℃)] 5.一个纸杯中装满开水，从开水刚倒人杯中到可以喝的这一段时间内，水放出的热量大约是 [c*=4.2×103J/(kg·℃)] ) A.5×106J B.5×105J C.5×104J D.5×103J 6.一块冰先后经历了以下三个过程：①一10℃的冰变为0℃的冰，吸收热量Q1;②0℃的冰变 为10℃的水，吸收热量Q2;③10℃的水变为20℃的水，吸收热量Q3.已知c冰<c水，在整个 过程中质量保持不变，不考虑热量散失，则 () A.Q<Q=Q B.Q<Q<Q C.Q<Q<Q D.Q1=Q2=Q3 64 第十二章机械能和内能 7.小吉在做“比较不同物质的放热能力”实验时，分别用甲、乙两种液体物质进行了实验，如图 所示是两种物质的温度随时间变化的关系图像.已知实验中甲、乙两种物质在相同时间内放 出的热量相等，质量均为0.5kg且乙物质的比热容为2.1×103J/(kg·℃).下列说法正确 的是 ( ) A.0~l5min内，乙物质放出的热量较多 +温度/℃ 60 B.甲物质在1min内放热2800J 40 甲 C.甲、乙两种物质的比热容之比为1：2 20- 10- D.制作暖手袋时，选乙物质作为供热介质效果更好 00 5101520时间/min 8.某同学将一块质量是2kg的金属块放入90℃的水中加热足够长时间后，迅速将它取出放 入另一个装有5kg水的容器中，容器中的水温为38℃，放入金属块后水温最终上升到 40℃.[c水=4.2×103J/(kg·℃)，c金属=0.875X103J/(kg·℃)] (1)金属块放出的热量是多少？ (2)容器中水吸收的热量是多少？ (3)金属放出的热量和容器中水吸收的热量是否相等？产生这个现象的原因可能是什么？ 课后作业 9.将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水放入冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到 5℃，则这瓶纯净水的内能减少了 J,这是通过 的方式改变了水的内能. [c*=4.2X103J/(kg·℃)] 10.一个烧红的铁钉质量为2g,温度为600℃，若它的温度降低到100℃，释放的热量为 J.若这些热量全部用于加热100g常温的水，则水温将升高 ℃（保留1位 小数).[已知c铁=0.46×103J/(kg·℃)，c*=4.2X103J/(kg·℃)] 11.甲、乙两种液体的质量之比为2：3，当它们吸收的热量之比为7：5时，升高的温度之比为 6：5,则甲、乙的比热容之比为 12.下列说法中能反映物体放出热量的多少跟物体降低的温度有关的是 C A,相同质量的同种物质降低不同的温度，放出的热量不同 B.相同质量的不同种物质降低相同的温度，放出的热量一般不同 C.不同质量的同种物质降低相同的温度，放出的热量不同 D.不同质量的同种物质降低不同的温度，放出的热量一般不同 13.糖炒栗子是很多人喜爱的零食.制作糖炒栗子时为了让温度上升得较快，一般会在锅中加 入砂石，这是因为砂石的 () A.比热容大 B.比热容小 C.密度大 D.密度小 《65 课时提优计划作业本物理九年级上》)》 14.(2023·常州)家用小型风力发电机独特的尾翼结构能使其旋翼自动迎风，如图甲所示.在 海边，仅在海陆风因素的影响下，图乙、图丙所示的情景通常分别发生在 () 大海 大海 陆地 陆地 细 丙 A.白天、夜晚 B.夜晚、白天 C.白天、白天 D.夜晚、夜晚 15.如图所示是一种新型的金属冰块，既经济又耐用.现将质量为0.3kg、温度为一20℃的冷 冻金属冰块放入装有0.2kg水的杯中，最终水温从30℃下降到20℃.若不计热量损失， 下列说法错误的是[c水=4.2X103J/(kg·℃)门 A.金属冰块和水的温度相同后，它们之间就不能发生热传递 B.整个过程中金属冰块吸收的热量为8.4×103J C.金属冰块与水的比热容之比为1：6 D.只将金属冰块的质量增加到0.4kg,水温可以下降到10℃ 16.用相同的酒精灯分别对a、b两种液体加热（如图甲所示），根据测得的数据分别描绘出两种 液体的温度随时间变化的关系图像（如图乙所示）.在相同的时间内两种液体吸收的热量相 等，不计热量损失，分别用ma、和ca、c.表示a、b两种液体的质量和比热容，则结合图中 信息作出的推断正确的是 () 个温度/℃ 时间/min 甲 乙 A.若ma=,则ca>cb B.若ma=m,则a<cb C.若ca=cb,则ma=mh D.若ca=cb,则ma>m 17.阅读短文，回答问题. 牛顿冷却定律 当一个物体表面的温度比周围环境温度高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用 单位时间内散失热量的多少来表示.英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围 环境的温度差成正比.后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符 合实际散热规律，它被称为牛顿冷却定律如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表 示为q=k(t物一环)，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境的性质等因 素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同.由于不同物质 的比热容不同，则即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时间也不同，根据降温时间 可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量 (1)物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫作 (2)下列物理量的物理意义和散热快慢q接近的有 ( A.速度 B.密度 C.功率 D.效率 66 第十二章机械能和内能 (3)一个物体的温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的散热快慢为q.当 物体温度降低到29℃时，散热快慢为 (4)如图甲所示，用两个相同的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，周围 环境温度保持20℃不变，保温杯敞开口，水和盐水的温度随时间变化的关系图像如图 乙所示.已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，水的密度为1×103kg/m3,盐水的密 度为1.1×103kg/m3,则盐水的比热容为 J/(kg·℃). 温度/℃ 30 水 25- 盐水 200 2224时间/min 甲 乙 18.早上，小明妈妈用热水给小明热牛奶.袋装牛奶的标签上标明牛奶的质量为420g,最终牛 奶从25℃加热至75℃，所用热水的初温为95℃.[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)， 牛奶的比热容为2.5×103J/(kg·℃)] (1)牛奶吸收了多少焦的热量？ (2)所用热水的质量至少为多少千克？ 19.“卡路里”简称“卡”，是热量的另一个单位，常用于营养计量中.“卡”是这样规定的：在标准 大气压下，1g的水温度升高1℃所吸收的热量为1卡. (1)1卡等于多少焦耳？ (2)一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为8.4×105J,相当于多少卡？ (3)质量为60kg的运动员在某次训练中排汗0.63kg,假如汗水均从身上蒸发而没有流 失，这将导致运动员的体温下降多少？[人体主要成分是水，可认为人和水的比热容相 等，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，每千克汗水汽化所需吸收的热量为2.4×105J门 经典提优 20.有两个温度和质量都相等的金属球甲、乙，先将甲球放入盛有热水的杯中，热平衡后水温降 低了△t,把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又降低了△t,若不计热损失，则两 球比热容的大小关系为 A.c甲>Cz B.C甲<cz C.c甲=Cz D.无法判定 《67