27.第六部分 题型专项突破 专题三 中考压轴题-【一飞冲天】中考专项精品试题分类物理

一冲天 第之 专题三 中考轴题 第一节力学推导压轴题 (2023年、2021年) 1.(2023·和平区三模)小明在研究物体的浮沉 问题时，制作了一个空腔“浮沉子”，已知浮沉 子总体积为V,用一个横截面积忽略不计的细 杆将其压入一个底面积为S、装有液体质量为 m1的薄壁柱形容器内，容器质量为m2,如图 所示。撤去细杆浮沉子静止后容器内液面深 度变化了五；一段时间后，由于渗漏空腔内 始进水，最后空腔内充满液体，浮沉子沉底且 完全浸没，此时容器内液面的深度又变化了 h2。已知液体的密度为p。 (1)求浮沉子的质量； 7一冲天 THET○A (2)求浮沉子材料的密度； (3)求撤去细杆前液体对容器底的压力和容器 对桌面的压力。 解： 部分题型专项突破 四 中考专项精品试题今美物理 2.(2023·南开区二模)水平桌面上放着两个相 同的足够高的柱形水槽，水中的两个木块也相 同。将铁块a放在木块上面，木块刚好浸没在 水中，如图甲所示；将铁块b用细线系在木块 下面，木块也刚好浸没在水中，如图乙所示。 (已知水的密度为p,铁的密度为p) a 木块 木块 甲 (1)画出图甲中木块受力示意图； (2)求a、b两个铁块的体积之比； (3)若将铁块a取下投入水中，并剪断铁块b 的细线，静止时水对容器底的压强变化量 分别为△p甲、△p乙，通过计算比较△p甲、 △p乙的大小关系。 解： dOL日HL 任饲一 一冲天 3.(2023·河北区二模)如图所示，盛有水的轻质 薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面上，底面积 分别为S、2S,容器足够高。（P*=1.0× 103kg/m3,g=10N/kg) iiV711777777777777777777777777777 甲 (1)若容器甲中水的深度为0.1m,求水对容 器甲底部的压强饣水； (2)现有三个物体A、B、C,其密度、体积的关 系如下表所示，请选择其中一个，将其放入 容器甲或乙中（物体均能浸没在水中），使 水对容器底部压强的变化量△p水、容器对 水平地面压强的变化量△p容均最大，请写 出选择的物体和容器并说明理由，求出 △p水最大和△巾容最大。 物体 密度 体积 A 3p 2V B ze 3V C 3V 解： 第六部分题型专项突破 天 TOP 四 中考专项精品试题今美物理 4.(2023·河西区一模)小明同学利用传感器设 计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下 端固定在柱形容器的底部，它的上端与实心柱 体A固定。力传感器可以显示出细杆B的下 端所受作用力的大小。现缓慢地向容器中加 入密度为，的水，力传感器的示数大小F随 水深h变化的图像如图乙所示。A、B均不吸 水，不计细杆B及连接处的质量和体积。 2F A A B ho 3ho 甲 乙 丙 (1)求柱体A受到的最大浮力，并在图丙中画 出它此时的受力示意图； (2)求柱体A的密度； (3)求水从柱体A下表面上升到传感器示数 为零的过程，容器底部受到水的压强变 化量。 解： dOL日HL 任饲一 一冲天 5.(2023·河东区一模)水平桌面上有一柱形容 器，内有一个重力为G、底面积为S的实心圆 柱体A,底部用细线连接一个重力为2G、底面 积为S的实心圆柱体B,开始向容器中缓慢注 水，某时刻如图甲所示，细线未被拉直，圆柱体 B未与容器底部紧密接触。已知水的密度为 A,圆柱体A的密度为7A,圆柱体B的密度 为2，细线的长度为L。 本F 甲 乙 (1)求图甲中圆柱体A浸入水中的深度； (2)在图乙中画出一直向容器中注水的整个过 程中，细线拉力F随容器中水深h变化的 关系图像。（写出必要的分析过程，细线足 够结实，柱形容器足够高) 解： 第六部分题型专项突破 冲天 THET○P 四 中考专项精品试题今美物理 6.(2023·和平区一模)如图甲所示，将棱长为h 的正方体木块A放入水中时，有。浸入水中； 将金属块B放在木块A中央静止后，用刻度 尺测出此时木块A露出水面的高度h,,如图 乙所示，再用轻质细线将金属块B绑在木块A 中央，放入水中静止后测出此时木块A露出 水面的高度h2,如图丙所示。 B A A B 匆 乙 丙 (1)求木块A的质量； (2)求金属块B的体积； (3)求木块A与金属块B的密度的比值 OB 解： 一冲天 冲天 THET○P 一冲天 7.(2022·南开区二模)如图所示，在水平 面上放置一个底面积为S的圆柱形容 器，内装密度为1的液体，将挂在弹簧 测力计下体积为V的实心金属球浸没 在该液体中。当物体静止时，弹簧测力 计示数为F;撤去弹簧测力计，金属球 下沉并静止于容器底部，此时液体对容器底部 的压力为容器底对金属球的支持力的n倍。 (1)求金属球所受的浮力； (2)求金属球的密度； (3)求圆柱形容器内液体的质量。 解： 第六部分题型专项突破 冲天 THET○P 四 中考专项精品试题今美物理 8.(2022·西青区二模)如图甲所示，一个质量为 、底面积为S的薄壁圆柱形容器（足够高）放 在水平地面上，且容器内盛有体积为V的水， 水的密度为p。 (1)求容器底受到的水的压强； (2)若将一底面积为S,、高度为h,的实心金属 圆柱体A缓慢竖直地浸入水中，如图乙 所示。 ①画出图乙中圆柱体A在竖直方向上的 受力示意图； ②若圆柱体A缓慢浸入后使得容器对水 平地面的压强增大一倍（圆柱体A未浸 没)，求此时圆柱体A底部所处深度h。 解： 一冲天 冲天 THET○P 一冲天 9.(2022·和平区三模)如图所示，一底面积为 S、高为五1的长方体木块，直立在一盛水容器 底部，容器底面积为S。,往容器中注人h2深的 水，这时木块对容器底部的压强为。，已知水 的密度为p。 (1)画出木块的受力分析图； (2)求木块的密度； (3)若使木块对容器底的压强刚好为零，容器 的高度至少为多少？应该继续往容器内注 入水的质量是多少？ 解： 第六部分题型专项突破 冲天 THET○P 四 中考专项精品试题今美物理 10.(2021·河西区一模)一底部带有出水口的柱 形薄壁空容器放在水平桌面上，一个体积和 质量均忽略不计的弹簧，其两端分别固定在 容器底部和柱状物体底面的中心。现向容器 中加入密度为。的水，直到物体上表面与液 面相平，此时弹簧长度与其没有发生形变时 相比变化了，弹簧受力的大小为F。,如图所 示。打开出水口，缓慢向外放水，当弹簧对物 体作用力的大小与放水前相等时，关闭出水 口，此时物体有号的体积浸在水中。 出水口 (1)求物体受到的最大浮力和物体的重力； (2)求在整个放水的过程中，物体重力做的功。 解 dOL日HL 任饲一中考专项物理 参考答案 专题三中考压轴题 (2)题图甲中，铁块a和木块漂浮，有F浮=G十G本， 题图乙中，铁块b和木块漂浮，有F浮十F浮b=G 第一节力学推导压轴题 十G木， 1.解：(1)撤去细杆浮沉子静止后液面深度变化了h,即 所以有Ga=G一Fb,即pgV。=pgV-pgV, 浮沉子露出液面的体积为Sh1, 整理得V:V。=(p-p):p 此时浮沉子处于漂浮状态，满足F浮=G, (3)Apn -axhV-V+VR]-0g 且F浮=AgV排=og(V-Sh1),G=m材g, 联立解得m材=p(V-Sh1); *V-V). (2)撒去细杆浮沉子静止后液面下降了1，浮沉子沉 △pz=Aghz=Ag[ V+V-（V+V]=Ag 底后液面又下降了h2, 所以浮沉子空心部分的体积V室=S(h,+h2), V*-V进). S 浮沉子材料的体积V材=V-V空=V-S(h1十h2), 所以△p甲<△pz。 所以7沉子村将的密度，--产。： 3.解：(1)水对容器甲底部的压强p水=P体gh*=1000P; (3)撤去细杆前液体的深度h=V+Y_ (2)△P*=P陈g△hk=P*gS# ,△V本=陈gV,可知要使 S容 S △p水最大，应选择V物最大的物体和S容最小的容器， m1十AV PoS △p-合P-G-8,可知要使△pm最大，应选择 S容SS容 液体对容器底的压力F=pS=AghS=(m1十oV)g, m物（即密度和体积的乘积）最大的物体和S容最小的 容器对桌面的压力F桌=G容十G液十G浮沉子十F压， 容器， 对浮沉子受力分析，受重力、浮力和压力，满足G沉子十 综上所述，应选择物体B和容器甲， F压=F浮' 联立解得F桌=G容十G液十F浮=m2g十m1g十pgV。 则△p本大=g业=2生gX3V_3kgv S甲 S 2.解：(1)如图所示： △P答最大= ng20X3Vg_6pgV S甲 S S。 4.解：(1)由题图乙可知，柱体A的重力Ga=3F。, 当柱体A完全浸没时所受浮力最大，此时柱体A受 重力、拉力和浮力， 中考专项物理 参考答案 所以柱体A受到的最大浮力F浮=F拉+Ga=2F。十 对于圆柱体A而言，满足F以浮=GA十F=2G, 3F。=5F, 此时圆柱体A浸人的深度=发==2G S agS pogS' 如图所示： 此时容器中水的深度h2=hA浸十L十h.= 个F 服+L 如图所示： (2)当柱体A完全浸没时，所受浮力F浮=5F。, 且F浮=pgV排=p%gVA, 02G+L pogS 解得柱体A的体积V、=5正 0og 6.解：(1)题图甲中，木块A漂浮，有F浮=GA, m=G=3 即P*gV,=mAg,且此时木块A排开水的体积V,= 所以柱体A的密度pA-g产-亏A: h2ho, (3)由题图乙可知，该过程水的深度的变化量△h=2h。, 解得木块A的质量mA=P水hho; 所以容器底部受到水的压强变化量△p=Ag△=2Agh,。 (2)题图乙、图丙中，整体都漂浮，有F浮整体=G体， 5.解：(1)题图甲中，圆柱体A漂浮，有FA浮=GA=G,且 题图乙中整体排开水的体积V2=h(h一h,), FA浮=PgVA排' 题图丙中整体排开水的体积V,=h2(h一h2)+Vs, 所以圆柱体A排开水的体积V=G g 所以有p水gV2=P水gV3,即V2=V3, VAn_G h2(h-h)=h2(h-h2)+VB, 则圆柱体A浸入水中的深度hA漫= S pogSi 解得Vg=h2(h2-h1): (2)圆柱体B的高度hg= G S PuS gpaS pogS' 在细线拉直瞬间，容器中水的深度h1=hA浸十L十h.= ③木块A份密度0，一气一会， A6+ 题图乙中，整体都漂浮，有F浮整体=GA十G, 即pkgh2(h-h1)=pkh2hog十ph2(h2-h1)g, 之后继续注水，细线上开始有拉力， 解得伦=一h,一。 h2-九P水， 圆柱体B离开容器底部的瞬间，对于圆柱体B而言， 不再受支持力，而是满足F=G一F浮=G一AgV= 所以4=h,(h,-h) "pB h(h-h-ho) 2G-Pog GB-G 7.解：(1)金属球所受的浮力F浮=0gV; gOB 中考专项物理 参考答案 (2)金属球挂在弹簧测力计上浸没时，有G金=F浮十：9.解：(1)如图所示： F,即p囌gV=p1gV+F, F 解得金属球的密度P,=p十 F Vi (3)撤去弹簧测力计，金属球下沉并静止于容器底部， 有G金=F浮十F支，所以F支=F, 液体对容器底部的压力F压=nF支=nF, 1G 也可表示为F压=G德十G排=m液g十P1gV, (2)木块对容器底部的压力F压=S,, 解得圆柱形容器内液体的质量m= gV。 则木块受到的支持力F支=F压=pS, 木块受到的浮力F浮=pgV排=pogS h2, 8.解：(1)水的深度h*=S, V 对木块有G本=F浮十F支，且G木=m本g=pS,h1g, 容器底受到的水的压强p=Pgkk-gY: S 解得p=gh,十p】 (2)①如图所示： (3)若使木块对容器底的压强刚好为零，即木块刚好 漂浮，此时有F￥=G本，即pgS,h2=pgS1h2十pS1, 解得，=h,十 Pog 所以继续往容器内注入水的质量△m=A△V=A(S2 G S)(h:-h2 )=(S.-S)po ②未放入圆柱体A时， 10.解：(1)当物体浸没在水中时，所受浮力最大，受力情 容器对水平面的压强A,号G士G:-吉。 S S 况如图1所示，满足F浮1=G物十F。, 逐渐浸入圆柱体A,水面升高， 当物体有号的体积浸在水中时，所受浮力为F,受 容器对水平面的压强p2= E=Fm十G十G张 S 力情况如图2所示，满足F浮2=G物一F。, F浮+mg十pVg 所以有△F浮=F浮1一F浮2=2Fo, 即AgX}V=2E, 由题意可知p2=2p1,联立解得F浮=mg十pVg, 所以pgV物=6F。,即F浮1=6F。, 又因为F浮=pgV排=pgSh, 所以G物=5F。; 所以圆性体A底部所处深度春一忌十式 中考专项物理 参考答案 题意不符，所以物体已经漂浮，与容器底不再有 接触， G 此时AA-2ng,aa-3器8-35有-V. 3S。 G物 图1 图2 且V排= Fm=G=S,h,且已知△p:△p= (2)由题意可知，物体向下移动的距离为2。， 2pg 2pog 2 所以物体重力做的功W=G物h=10F。l。。 6:5, 11.解：(1)圆柱形物体的质量m=pV。=pSh, 联立解得h=h。 圆柱形物体对容器底部的压力F=G=mg=,S,hg, 12.解：(1)pgh (2)如图所示： 圆柱形物体对容器底部的压强B一-A,: F 木F2 (2)刚开始注入液体时，物体受到的浮力为0，物体对容 G 器的压力大小等于物体的重力，即F,=G=AS,hg, VG 当注入液体的高度为。时，物体受到的浮力最大， 设船排开水的体积分别为V,和V2,船的重力为 1 此时受到的浮力F#=p微gV维=2Sh8, G,大象的重力为G象，石块的重力为G石， 此时圆柱形物体对容器底的压力F。=G一F浮三 由题意分别有G船十G象=F浮1=PgV1,G船十G石= Em2-gV:, 2Sh,g,此后继续注人液体，物体所受浮力不变， 因为两次船都下沉到记号处，即V1=V2, 对容器的压力不变， 所以有G象=G石，即m象g=m石g,所以m象=n石。 如图所示： 第二节 电学推导压轴题 PoSohag,PoSohag) 1.解：(1)如图所示： 压敏电阻 ho ho h -④ (3)设液体对容器底的压强增加量为△p1,容器对桌 面的压强增加量为△p2,容器内液体的深度为h, (2)由题图甲可知，灯泡与压敏电阻R串联，电压表测 因为物体的密度小于注入液体的密度，所以在物体 压敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流， 漂浮前：有△=3号-2器4%=，与 中考专项物理 参考答案 当电路报警时，小灯泡两端的最小电压U小=2.5U。, 联立解得R=R,; 由题图乙可知，此时电路中的电流I=21。, (3)当开关S,闭合、S。断开时，定值电阻R与电阻箱 所以压敏电阻R=U一U本=7U。 R2串联，当电阻箱R2的电阻为0时，电路中的总电阻 41。 由表格数据可知，压敏电阻阻值R与压力F的函数关 最小，根据P发可知，总功率最大， 系式为R=-号n/N×F+300, 所以电路消耗的最大功率P大一R=9IR。 当R=7时，解得F=50N-35N. 3解：(1)由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联， Γ41。 -121。 电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的 由杠杆的平衡条件可得F·AO=G·BO, 电流， 解得系统报警时汽车的最小总重力G=200N一 由P=U1可得，灯泡的额定电流I一-3V -P题-1.5W 35UN: 310 0.5A,因为串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻 (3)根据F·AO=G·BO可知，在压敏电阻受到的压 器R允许通过的最大电流为1A,电流表的量程为 力F一定时，要增大报警时的载重量G,可以减小其 0~0.6A,所以为了不损坏电路元件，电路中的最大 力臂BO,采取的措施是将承压点B向O点移动。 电流1大=1颜=0.5A, 2.解：(1)B 所以电路的最大功率P大=UI大=4.5V×0.5A= 由题图甲可知，当开关S、S。均闭合时，定值电阻R 2.25W; 被短接，电路为电阻箱R2的简单电路，当开关S,闭 (2)由灯泡的铭牌可知，灯泡两端的最大电压为3V, 合、S2断开时，定值电阻R1与电阻箱R2串联，两种情 此时电流为0.5A,滑动变阻器接入电路的阻值最小， 况下电流表均测电路中的电流，由题图乙可知，当电 此时滑动变阻器两端的电压U小=U一U颜=1.5V, 阻箱R2的阻值分别为2R。和3R。时，电路中的电流 相等，根据欧姆定律，电路的总电阻相等，即2R。十 U少一 则滑动变阻器接入电路的最小阻值R小= R,=3R,,所以题图乙中曲线B是根据开关S、S2均 32, 闭合时（即定值电阻R,被短接的情况）测得的实验数 所以滑动变阻器阻值的变化范围为3~30Ω： 据绘制的； (3)当滑动变阻器接入电路的阻值最大为30Ω时，电 (2)当开关S、S2均闭合时，电路为电阻箱R2的简单 路中的电流最小，灯泡两端的电压最小， 电路，电阻箱R2两端的电压即电源电压， U题=60， 而灯泡的电阻R,= 所以电源电压U=3IR。; U 当开关S闭合、S2断开时，定值电阻R1与电阻箱R, 电路中的最小电流I小一R,十R箱大 =0.125A, 串联，电源电压U=I(2R。十R), 电压表的最小示数U小=1小R=0.75V, 中考专项物理 参考答案 所以电压表示数的变化范围为0.75~3V。 U=6L,Rc,所以R'e= △J 3I, 4.解：(1)分析可知有4种可能的电路连接，分别是R单 所以连接情况如下： 独工作、R2单独工作、R和R2串联、R和R2并联， R 2△ R AU 根据欧姆定律1只可知，若R单独工作时的电流为 3h △U 31 1,则R,单独工作时的电流为，R,和R串联时的 图1 图2 R和R并联时的电流为，结合题干信 电流为 6.解：(1)因为电子秤是用电压表的读数来反映物体质 量的大小，所以物体的质量越大，电压表的示数应该 息可知，①为R,单独工作的情况，②为R,单独工作 越大，而随着物体的质量变大，电压表V所测滑动变 的情况，③为R1和R2串联的情况， 阻器的部分阻值也变大，根据分压原理，所以电压表 综上所述，连接情况如下： V的示数变大，即电压表V的读数可以反映物体质量 40 的大小： R oD (2)当重物质量为M。时，由题图乙可知滑片P下滑的 距离为L。, (②)若使电路消耗的功率最大，根据P-发可知，需要 此时电压表所测滑动变阻器的阻值为2R。, 总电阻最小，则R,和R2并联，此时两根导线分别连 U总一 U。U。 接A、B和C、D, 电流IaRR,+2R,3R, 因为并联电路中各支路互不影响，所以通过R和R。 电压表V的示数U=1eR,=号U: 的电流分别为3I。和6I。, (3)由题图乙可知滑片P下滑的距离L与物体质量m 所以干路电流I意=91，最大电功率P=UI总 Lo 的关系为L=Mm: 9UI。 5.解：(1)电压表示数的变化量△U=2IRAc一I1RAc 则电压表所测滑动变阻器的阻值R=去×2R。 I RAc, 2mR。 M’ 将滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电路中的阻值 则电压表V的示数u=IR=3Mm。 2U。 为0，电压表测电源电压， 所以电源电压U=2IRAc=2△U; 7.解：(1)绝缘体 (2)由(1)知Rc=, =4U (2)2、3由题意知，轮椅匀速前进时有F=f, 所以电动机的工作功率P=F,=f, 先用导线把A、B接线柱连接起来，再将A、C接线柱 接入M、N之间，将滑动变阻器的滑片移至最右端，有 则轮椅工作的效率刀一W。 W箱×100%=p,×100%一 中考专项物理 参考答案 0×100%: 联立解得U= R Po (3)轮椅后退时，双掷开关接通接线柱1和2，此时电 (3)等效电路图如下： 动机和电阻R2串联，已知此时电动机的功率为P, Ro R 则电动机两端的电压U,= P ，那么电阻R2两端的电 题图乙中的'点，电流最小，根据欧姆定律，可知电阻 压U,-U-U,=U-号，所以R-号-”P 最大，即滑动变阻器接入电路中的阻值最大， 电路中的总电阻Ra=R,十R=4R,=广， 2P。 8.解：(1)如图所示： 个U U 比时电路中的电流1一尽一头。 滑动变阻器的电功率P=IR=27D 321 1 Ro 31127P)。 所以c点坐标为(4,32 U。 电路中的电流I=R+R, 10.解：(1)并联一个电阻，就可以改装成一个量程为0~ 图像与纵轴交点的坐标值为电源电压U。,与横轴交点 0.6A的电流表，如图1所示： 的坐标值为AB间电阻为0时的电流I一R: U。 (2)根据P=UI和I=只，得P=rK, 图1 改装后的最大电流I=I.十IR=0.6A, U U B=IR=（R十R)》RP,=IR,=（R,十R)R,T 由欧姆定律，有Ug=IR。=IRR, 当R=R时，有牛RR=（平R, U。 所以有IR。=(I-I)R, 解得需要并联的电阻大小R≈5R.; 则有R1(R+2RR2+R)=R2(R+2RR十R), (2)串联一个电阻，就可以改装成一个量程为0~3V 即(R1-R2)R-RR2(R1-R2)=0, 的电压表，如图2所示： 因为R≠R2,所以有R=RR2。 9.解：(1)右 、(2)由题图乙中的。点，得电源电压U=1,R。十， 图2 改装后的最大电压U=U十UR=3V, P。 由题图乙中的6点，得电源电压U=21R。十2： 由欧姆定律，有U=IR+IRg 中考专项物理 参考答案 解得需要串联的电阻大小R=103Ω一R.; 所以定值电阻的U-I关系图像如图所示： (3)如图3所示： AU/V UoM (-U Uo-U) U. G o Uo-Ua ● OUo-U. bo Ro Uo do Ro (3)当滑片P位于滑动变阻器的最左端时，只有R。 图3 接入电路，电路中的总电阻最小，电路消耗的总功率 使用说明：当开关接ab时，为大量程的电流表，当开 U哈 最大，即P大= 关接cd时，为大量程的电压表。 当滑片P位于滑动变阻器的最右端时，滑动变阻器 11.解：(1)由题图乙可知，N点位于横轴上，即电压表 接入电路中的阻值最大，因为滑动变阻器与定值电 U2的示数为0，而电路中的电流不为0，说明电路是 阻串联，所以电路中的总电阻最大，电路消耗的总功 通路，即开关S处于闭合状态，由此可知滑动变阻器 率最小，即P=-U,L-(。-一U) R 接入电路中的阻值为0，即滑片P位于滑动变阻器的 所以电路消耗的最大总功率与最小总功率的比值 最左端，此时只有R。接入电路，所以电路中的电流 P U。 P小Uo-U。 _U IN-Ro 12.解：(1)由题意可知，滑片开始滑动时，因为滑动变阻 器接触不良，相当于滑动变阻器未接入电路，电压表 (2)当滑片P位于滑动变阻器的最左端时，此时只有 测电源电压， R。接入电路，即电源电压为U。, 电源电压U=U。; 当滑片P位于滑动变阻器的最右端时，滑动变阻器 (2)由题图可知，当电流表有示数时， 接入电路中的阻值最大，根据欧姆定律，电路中的电 此时电压表示数U一号U,:电流表示数1，= 21, 流最小，由(1)结合题图乙，可知当电流1。=I时， 定值电阻R,=U一U2U。 I 有1是则此时拳标为受山， 31。 (3)当x=L。时，滑动变阻器接入电路的电阻R,= 图中a点为滑动变阻器的一个端点，对应的电压值 U4U. 1131。 为U。,因为滑动变阻器与定值电阻串联，所以定值电 当x=2,时，滑动变阻器接入电路的电阻R,兰= 阻两端的电压U定=U。一U。,此时电流I。= U。-U R。 U 31o' 则此时室标为R艺心，-U, 可知，滑动变阻器的滑片滑动了△x=2L。一L。=L。, 中考专项物理 参考答案 电阻的改变茶△R=R一R一艺， 只有电阻R接入电路，因为RD=RB十RD,所以可 知把电流表接在接线柱A、D之间时，两电阻串联， 因为滑动变阻器接触不良的部分的长度也为L。,即 这部分电阻也为， ,UU。 D 所以滑动变阻器没有故障时的最大阻值R最大=R,十 (2)若使电路中电流最大，根据欧姆定律可知，需要 aR- 总电阻最小，则R,和R2需要并联，故利用两根导线 分别连接接线柱A、B和C、D,此时通过R,和R2的 13.解：(1)由题图甲可知，滑片P在b端时，滑动变阻器 电流分别为3I。和61。，则干路电流为9I。 R2接入电路中的阻值最大，电压表示数最大，由题图 16.解：(1)当滑动变阻器R,的滑片在最右端时，电路为 2U 乙可知是A点，则滑动变阻器的最大阻值R2= 电阻R2的简单电路，此时电路中的最大电流为6I。, (2)因为电源电压U不变，所以A、B两点的电源电 电压表V,的示数为0（即A点），电压表V2测电阻 R2两端的电压，示数为U。(即D点)，所以电源电压 压相等，故有U=2UU。十IR,=U。十2IR,,解得R -w-0 U。 为U,R,=6,A点坐标为(0,61，)，D点坐标为 (U。,6I。),当滑动变阻器R的滑片在最左端时，滑 14.解：(1)B 动变阻器R接入电路中的阻值最大，此时R1、R2串 (2)当开关S、S都闭合时，R被短接，只有电阻箱 联，电路中的最小电流为1。，则电压表V2的示数U2= R,连入电路，R两端的电压即为电源电压， 由题图乙可知，当R=3R。时，电路中电流为I。,则 1oR:= 号：即B点坐标为（号，1，电压表V的示 电源电压U=IR1=3IR, 数C,--0,即C点坐标为心，l,. 当开关S闭合、S,断开时，R和Rw串联 THE 由题图乙可知，当R'=2R。时，电路中电流也为I。,○ A(0,61a) D(Uo,610) 且电源电压不变，说明此时电路中总电阻也为3R。, 所以RMN=R一R=3R。一2R。=R。 , 8, 15.解：(1)把电流表接在接线柱A、B之间，总电阻RB U U (2)电流I的变化范围为I。~61。, 61o' 滑动变阻器R消耗的电功率P,=U,I=(U。一U2)I= 把电流表接在接线柱C、D之间，总电阻Rm一3江' J RUR1R+次 把电流表接在接线柱A、D之间，总电阻R一2， J 当R时，P取最大值，此时次3，满园 满足RcD=2RAB,即符合R,=2R2, 题意，所以滑动变阻器R,消耗的电功率最大值 所以可知把电流表接在接线柱A、B之间时，只有电 阻R,接入电路，把电流表接在接线柱C、D之间时， U6=3U1。 P1最大4R22】