山东省临沂第一中学2025-2026学年高三上学期10月月考物理试题

临沂一中南校区2023级第一次阶段性质量检测 物理试题 2025年10月 出题人：曹宽宽 审核人：王文平英鹏鹏 一、单选题（共8小题，每题3分，共24分） 1,1.关于物理学研究方法，下列说法错误的是（) 铁夹 球器 光 光电计时器 按球网 块的位 A.甲图中，在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每 一小段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 B,乙图中，伽利略在研究力和运动的关系时，依据逻辑推理，对实验进行了理想化处 理，得出了力不是维持物体运动的原因，这里采用了理想实验法 C,丙图中，用光电计时器、光电门和大小很小的球测瞬时速度体现了极限的思想 D.丁图中，研究红蜡块的运动时，主要运用了放大的思想 2.做匀加速直线运动的质点，在第6s内和前5s内的平均速度之差是3m/s,则此质点运动 的加速度大小为() A.1m/s2 B.2m/s2 C.3m/s2 D.6m/s2 3.如图所示，轻绳的一端固定在A点，另一端点B由手拉住，将悬挂着重物的动滑轮挂 在轻绳上保持静止，随后，用手牵动端点B分别沿a、b、c、d 四个方向缓慢移动，假设不计一切摩擦且轻绳不可伸长，则端 d 点B经下列操作，能使轻绳上的拉力大小保持不变的是() A,沿a方向缓慢移动 B.沿b方向缓慢移动 C.沿c方向缓慢移动 D.沿d方向缓慢移动 窗 4.如图所示，a、b两个物体叠放在一起，a靠在竖直墙壁上，在方向竖直向上的力F作 用下，a、b静止不动，则下列说法正确的是() A.b受三个力，a受五个力 B.b受三个力，a受四个力 C.α与墙壁之间可能存在摩擦力 D.a、b之间不一定存在摩擦力 5,某人站在力的传感器（连着计算机）上完成下蹲、起立动作，计算机屏幕上显示出力的传 感器示数F随时间1变化的情况如图所示，g取10m/s2。下列说法正确的是() A.该人下蹲时间约为0.5s 1000 B.下蹲过程该人一直处于失重状态 500 C起立过程该人一直处于超重状态 D.该人下蹲过程的最大加如速度约为6ms2 6.如图所示，在粗糙的水平地面上，两相同物块用轻绳相连，两物块质量均为1kg,细线 能承受的最大拉力为3N。若在水平拉力F作用下，两物块一起向右做匀加速直线运动， 若物体与地面间动摩擦因数为0.1，重力加速度大小取10m/s2,则 F的最大值为() A.4N B.5N C.6N D.8N 7.如图所示，固定的光滑斜面上有一木板，其下端与斜面上A点距离为L。木板由静止释 放，若木板长度为L,通过A点的时间间隔为△1；若木板长度 为2L,通过A点的时间间隔为△t2。△t2:△t1为() A.(3-1):(2-1)B.(3-V2):(W2-1) C.(3+1):(2+1) D.(3+②)：(2+1) 8,如图所示，A、B两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角 分别为60°和45°，A、B间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是() A.A、B的质量之比为1：√3 mi222222112221224214271124 60° 45o B.A、B所受弹簧弹力大小之比为V5:V2 C.悬挂A、B的细线上拉力大小之比为W2:1 A图ano0onoB D.快速撒去弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度大小 之比为2：√2 二、多选题（共4小题，每题4分，共16分） 9.实验小组让甲、乙两辆电动玩具小车在同一条平直轨道上运动来研究匀变速直线运动的 规律，两小车同时同地出发，甲车的速度与时间关系图像如图1所示，乙车速度的平方与 位移的关系图像如图2所示，结合图像所给的信息，分析下列说法正确的是() 4/(ms） 4(m2s 16 s 0 4 x/m 图1 图2 A.甲车的加速度大小为0.5m/s2 B.乙车的加速度大小为2m/s2 C.乙车在前4s内的平均速度为8m/s D.甲、乙两车相遇的时刻为2s 10.如图所示，一位同学用双手水平夹起一摞书，并停留在空中.已知手掌与书间的动摩 擦因数41=0.3，书与书间的动摩擦因数2=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.若每 本书的质量为m=0.2kg,该同学对书的水平正压力为F=100N,每本书均呈竖直静止状 态，重力加速度g=10m/s2,则() A,每本书受到的摩擦力的合力大小不相等 B.书与书之间的摩擦力大小不相等 C.他最多能夹住22本书 D.他最多能夹住30本书 11.如图所示，一个圆环竖直固定在水平地面上，圆心为O,两根不可伸长的轻绳A、B 一端系在圆环上，另一端通过结点悬挂一个重物，开始时，重物静止，结点位于O点，A 绳竖直，B绳与A绳的夹角a<90°。现保持结点位置和B绳的方向不变，让A绳绕着O 点缓慢转至水平虚线位置。则在这个过程中，下列说法正确的是 B () A.开始时，B绳上的张力为零 B.A绳上的张力一直增大 n7i7n7 C.A绳上的张力先增大后减小 D.B绳上的张力一直增大 12.如图所示，细线的一端固定在领角为30的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一 端拴一质量为m的小球，静止时细线与斜面平行，则( A.当滑块向左做匀速运动时，细线的拉力为0.5mg B.若滑块以加速度厂g向左加速运动时，线中拉力为g C.当滑块以加速度g向左加速运动时，小球对滑块压力 30 不为零 D.当滑块以加速度2g向左加速运动时，线中拉力为0.5mg 三、实验题（共2小题，每空2分，共14分） 13.某兴趣小组的同学为了验证“两个互成角度的力的合成规律”，设计了一个实验方案， 在圆形桌子桌面上平铺一张白纸，在桌子边缘安装三个光滑的滑轮（滑轮上侧所在平面与 桌面平行)，滑轮P固定，滑轮P2,P3可沿桌边移动，如图所示。可供选择的实验器材有： 刻度尺、三角板、铅笔、白纸、一根橡皮筋、三根细线、质量相同的钩码若干。 部分实验操作步骤如下： ①将橡皮筋中央处和两端点分别与三根细线相连： ②将连在橡皮筋中央的细线跨过固定滑轮P,连接橡皮筋 两端点的细线跨过可动滑轮P2、P3: ②在三根细线的下端分别挂上一定数量的钩码，使连在橡 皮筋中央的细线与橡皮筋的结点O静止。 (1)为完成本实验，下列物理量必须测量或记录的是 (填选项前字母) A.橡皮筋的原长B.两端橡皮筋伸长后的长度 C.钩码的质量D.三根细线所挂钩码的个数 (2)在完成本实验的过程中，下列操作或描述正确的是 (填选项前字母) A,连接橡皮筋两端点的细线长度必须相同 B.细线0P必须在0P2与0P3夹角的角平分线上 C.记录图中O点的位置和0P、OP2、OP3的方向 D.不改变0P所挂钩码的个数和OP1的方向，改变0P2与0P3的夹角重复实验，O点不用在 桌面上同一位置 (3)实验中，若桌面不水平 (填“会”或“不会”)影响实验的结论。 14.图甲所示的装置可以用来“探究加速度与力、质量的关系”，其中小车与车中砝码的总 质量记为M,砂与砂桶的总质量记为m,重力加速度为g 小车纸带电火花打点计时器 垫块 中 101112131415 砂桶 图乙 图甲 (1)甲同学在保持m一定时，探究小车的加速度a与M的关系。 ①关于该实验，下列说法正确的是 A.平衡摩擦力时，砂桶应用细线通过定滑轮系在小车上且小车后面的纸带也应连好： B.平衡摩擦力时，如果纸带上打出的点距是均匀的，说明重力沿斜面方向的分力刚好平 衡了小车所受的摩擦力 C.实验中应改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带 D.实验时，先接通打点计时器的电源，再放开小车 ②图乙是某次实验打点计时器打出的一条纸带（部分）。若B,C,D计数点间的时间间隔 均为010s,从图中给定的数据，可求出小车的加速度大小是 m/s2,打下C点 时小车的瞬时速度大小是 ms。(计算结果均保留两位有效数字) (②)乙同学在保持M一定时，探究小车的加速度a与受力F的关系时，根据实验数据做出 a-F图像，如图丁所示（若实验前已经补偿了阻力）。该同学利用 +alms）B 最初的几组数据拟合了一条直线OAP。一条与纵轴平行的直线和 这两条图线以及横轴的交点分别为P、Q、N。求器- (用题中的M、m表示)。 FNN 图了 四、解答题（共4小题，共46分） 15.(12分)某一长直的赛道上，一辆F赛车前方200m处有一安全车正以10m/s的速度 匀速前进，这时赛车从静止出发以2m/s2的加速度追赶。 (1)求赛车何时追上安全车； (2)求赛车追上安全车之前与安全车的最远距离。 16.(12分)如图所示，一质量为0.9kg的长木板B在粗糙的水平面上向右运动，某一 时刻长木板的初速度为o=5.5s,此时将一质量m=0.2kg的物块A(可视为质点)无初速 度地放在长木板右端，经过一段时间后物块A刚好没有从木板的左端滑出。已知物块A与 长木板B之间的动摩擦因数为0.25，长木板B与地面之间动摩擦因数为40.2，g取 10m/s2,求： (1)相对运动过程中物块A的加速度大小： (2)长木板B的长度： 77777777777777777777777777777777777777 17.(10分)如图所示，倾角8=37°、质量M=4kg的斜面体静止在水平地面上，质量 m=1kg的物块静止在斜面上时恰好不下滑。t=0时刻用恒力（大小、方向均未知，图中 未画出)作用在斜面体上，使物块与斜面体一起由静止开始向左做匀加速直线运动，物块 恰好与斜面体间无摩擦力。己知斜面体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.75，各接触面间 的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小 g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： (1)物块与斜面体间的动摩擦因数41： (2)恒力的最小值Fmin 770707 18.(12分)如图所示，有一条沿顺时针方向匀速传送的传送带，恒定速度v=4ms,传 送带与水平面的夹角0=37°，现将质量m=1kg的小物块无初速度地轻放在其底端（小物 块可视作质点)，与此同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F=10N,经过一段时间， 小物块上滑到了离地面高为h=2.4m的平台上。已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ= 0.5,g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： (1)小物块刚放在传送带上时的加速度。 (2)小物块从传送带底端运动到顶端的时间，以 及该过程在传动带上留下的划痕长度。 (3)若恒力F作用1s后立即撒去，小物块能否滑 上到平台？若不能，请说明理由。若能，求小物 块离开传送带时的速度多大？ 临沂一中南校区2023级第一次阶段性质量检测物理答案 1,D【详解】A,在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似 看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故A正确，不符合题意；B,伽利略 在研究力和运动的关系时，依据逻辑推理，对实验进行了理想化处理，采用了理想实验法，故B正确，不 符合题意；C.用光电计时器、光电门和大小很小的球测瞬时速度，根据速度定义式，当At非常小时，就 可以表示物体在时刻的瞬时速度，体现了极限思想方法，故C正确，不符合题意：D.研究红蜡块的运动 时，主要运用了运动的合成与分解的思想，故D错误，符合题意。故选D。 2.A【详解】根据匀变速直线运动规律：某段时间中间时刻的瞬时速度等于该段的平均速度，则第6s内 的平均速度等于5.5s时刻的瞬时速度，前5s内的平均速度等于2.5s时刻的瞬时速度，依题意由加速度定 义式可得a=是=学二岩m/=1m/g3故选A, 3.B【详解】将动滑轮和重物看成一个整体，设整体的质量为m,轻绳与水平方向的夹角为0，设轻绳的 总长为L,A、B两点的水平距离为d,整体的受力如图所示，由平衡条件可知 2Fsin9=mg,由几何关系可知cos0=总当端点B沿虚线a向左缓慢移动时，d 减小，cos8减小，增大，轻绳的拉力减小，选项A错误：当端点B沿虚线b向上 缓慢移动时，d不变，不变，轻绳的拉力不变，选项B正确；当端点B沿c向右 上移动或沿虚线d向右移动时，d增大，减小，轻绳的拉力增大，选项CD错误。 故选B。 4.B【详解】C.对整体受力分析，根据平衡条件可知a与墙壁之间没有弹力作用， 则a与墙壁之间不存在摩擦力，故C错误： ABD.如图所示，对b进行受力分析，物体b受重力、弹力和摩擦力作用：对a进行 受力分析，物体a受重力、弹力、摩擦力和外力，故b受三个力，a受四个力，故AD 错误，B正确。故选B。 5.D【详解】下蹲过程中，初速度为0，末速度也为0，则下蹲过程先加速向下运动后 m g 减速向下运动，该人先处于失重状态，后处于超重状态。从题图可知12s过程为下蹲过程，则下蹲时间 约为1s,故A、B错误；起立过程，初速度为0，末速度也为0，则起立过程先加速向上运动后减速向上 运动，该人先处于超重状态，后处于失重状态，故C错误；由题图可知该人静止时有mg=FN=S00N,支持 力最小为200N,最大为700N,由牛顿第二定律可得mg-Fmin=ma1,FNmax-mg-ma2,联立解得a1=6ms2, a2=4m/s2,所以该人下蹲过程的最大加速度约为6m/s3,故D正确。 6,C【详解】对左边的物块受力分析，根据牛顿第二定律可得F细线~mg=ma,解得物块的加速度a= 2m/s2,对两物块整体受力分析可得F-2umg=2ma,解得F=6N故选C。 7.A【详解】木板在斜面上运动时，木板的加速度不变，设加速度为α，木板从静止释放到下端到达A点 的过程，根据运动学公式有L=a行，木板从静止释放到上端到达4 227421221 609 45⊙ 点的过程，当木板长度为L时，有2L=a:当木板长度为2L时， T 有3L=a吃：又At1=t1-to,△t2=t2-to.联立解得△t2:△t1=(V3- 1):(V2-1)。故选A. 8.C【详解】B.由题知，A、B两个物体受同一根弹簧的弹力作用，故两物体所受弹簧弹力大小相等， 比值为1：1，故B错误：A,对A、B两个物体受力分析，如图所示，A、B两物体都处于静止状态，受力 平衡，对A、B两物体分别有F绿=品#=二胎，联立解得mA:m=V3:1,故A错误：C.对A B两物体受力分折，可得细线拉力分别为=高T=品，联立解得7：=21，故C正确：D.快 速撒去弹簧的瞬间，A、B两物体将以悬点为圆心做圆周运动，刚撤去弹资的瞬间，将重力分解为沿半径 和沿切线方向，沿半径合力为零，合力沿切线方向，对A、B两物体受力分析，根据牛顿第二定律分别有 mAgsin30°=mAaA,mBgsin45°=mgag,联立解得加速度之比为aA:ag=1:V2,故D错误。故选C。 9.BD【详解】A.根据v-t图像的斜率表示加速度，由图1可得a甲=是=号二m/g2=1m,放A错误： B.由题知，乙车初速度为0，根据速度位移公式有v2=2ax 可知2-x图像的斜率表示加速度的两倍，由图2可得2az=”m/s2,解得az=2m/s2,故B正确：C.乙 车第4s末的瞬时速度v4=a2t=2×4m/s=8m/s,故乙车前4s的平均速度D=+ m/s=4m/s,枚C错 误；D.设甲、乙两车相遇的时刻为t,甲车的初速度为o=1m/s,则有vot+at2=az已，解得t=2s, 故D正确。故选BD。 10.BC【详解】A.因为每本书均呈竖直静止状态，所以每本书所受的摩擦力的合力都与书的重力平衡， 即每本书受到的摩擦力的合力大小相等，故A错误；B,越靠近外侧，书与书之间的摩擦力越大，即书与 书之间的摩擦力大小不相等，故B正确：CD.先将所有的书（设有本）当作整体，受力分析，竖直方向 受重力、静摩擦力，根据平衡条件有 mg≤2μ1F,则有n≤2=30，再考虑除最外侧两本书外的其他书(0n-2本)，受力分析，竖直方向受 ma 重力、静摩擦力，根据平衡条件有(0m-2)mg≤242R,则有n≤2+2=22，故最多能夹住22本书，故 C正确，D错误。故选BC。 11.AD【详解】A.开始时，重物受力平衡，假设B绳上的张力不为零，则A绳不可能 竖直，故A正确：BCD.A绳从竖直转到水平过程，设A、B绳上的张力分别为FA、FB, 则该过程中结点的受力情况如图所示，由力的矢量三角形知，A绳上的张力先减小后增 大，B绳上的张力一直增大，故BC错误，D正确。故选AD。 12.AC【详解】A.。当滑块向左做匀速运动时，根据平衡条件可得绳的拉力大小为 T=mgsin30°=0.5mg,故A正确：BC.设当小球贴者滑块一起向左运动且支持力为零时加 速度为a,小球受到重力、拉力作用，如图所示：根据牛顿第二定律可得加速度a=m60=V3g。若 m 滑块以加速度ag向左加速运动时，此时小球没有脱离斜面，则Tcos30°- Nsin30r=ma.Tsin30+Ncos30=mg,解得T=2mg,N=号mg,选 项B错误，C正确：D.当滑块以加速度2g向左加速运动时，此时小球已经飘 离斜面，则此时线中拉力为F=√mg)严+(ma)严=V5mg,故D错误：故选AC。 13.D CD/DC不会 【详解】(1)[1]橡皮筋伸长后的拉力大小等于所挂钩码的重力，所以钩码的个数 必须测量，又钩码质量相同，则不用测量钩码的质量，橡皮筋的原长和伸长后的长度不用测量。 故选D。 (2)2]A,连接橡皮筋两端点的细线长度不影响橡皮筋的拉力大小，枚长度不用相同，A错误；B.细线 OP1上力的方向与细线0P2、OP3上两力的合力方向相反，由于OP2、OP3上两力的合力方向是任意的，故 OP1不需要在角平分线上，B错误；C.实验中，需要测量0P1、OP2和OP3上力的大小和方向，故必须记 录图中OP3点的位置和OP1、OP2、OP3的方向以及结点O静止时三根细线所挂钩码的个数，C正确：D.不 改变0P,所挂钩码的个数和方向，改变0P2与OP3的夹角重复实验，OP1上的力大小保持不变，另两个力的 合力只要跟它等大反向即可保持O点平衡，故O点的位置可以改变，D正确。故选CD。 (3)3)若桌面不水平，三根线上的拉力大小也为各自所挂钩码重力大小，不会影响实验结论。 14.(1)BD 0.951.0均可 04,20 【详解】(1)[]①AB.平衡摩擦力时，小车后面的纸带也应连好，即平衡了纸带的摩擦，同时纸带上打点 是否均匀可判断平衡摩擦力是否合适；但小车的前端不能挂砂桶，是利用小车自身的重力分力去平衡摩擦 力；故A错误，B正确：C.实验中应控制变量法，但实验目的是保持m一定时探究小车的加速度a与M 的关系，故不能要改变砂和砂桶的质量，应改变小车的质量，打出几条纸带，故C错误；D.实验时，先 接通打点计时器的电源，使得打点稳定后再放开小车，故D正确。故选BD。②[2]纸带上有连续相等时间 的两段位移，由判别式可得a=等=430-940-0-5s0k102m/s2=10mg2B1C点是BD段的中间时刻 0.12 点，其速度等于BD段的平均速度，有c=得=0.44ms (2)图中PN对应小车合力为悬挂物的重力mg时的加速度a1,即mg=Ma1 图中QN对应小车的真实加速度a2,设此时细线的拉力为F,则对小车有F=Ma2 对悬挂物有mg-F=M2,联立解得号=即兴= M M PN M+m 15.【解】(1)设时间t,赛车x1=at 安全车x2=t x1=x2+x0 得t-20s (2)设时间2，两车速度相等时相距最远， p车=a2 赛车位移xat 安全车位移x4=vt 最远距离△xma=x4+X0-X3 得△xma=225m 16.【解】(1)A、B相对滑动时，对A,4mg=ma1 解得a1=2.5m/s2 (2)对长木板B,4mg+(M+m)g=Ma2 当A、B共速，a1t=o-a2t A的位移xa=a12 B的位移xn=ot-a22 4>H2,A、B共速后一起运动， 则板长L=xB一xA 得L=2.75m 17.【解】(1)未施加恒力时，对物块，mgsin8=山1 mgcos8 得41=0.75 (2)设恒力方向与水平方向的夹角为a、大小为F, 对整体，Fsina+N=(M+m)g Fcosa-uN =(M+m)a 得F=M+mCug+ usina+cosa 由数学分析可知，sina=时，恒力最小，Fmn=+m@ √1+2 解得Fmin=60N 18.【解】(1)对物块，F+umgcos37°-mgsin37°=ma 解得a1=8m/s2 (2)共速前，V=a13 v2=2a1x1 传送带的位移为x2=t1 划痕长度为△x=x2一为 共同速后，假设物块与传送带保持相对静止， 对物块F-f-mgsin37°=0 解得f=4N f=fm,假设正确， 传送带长度=A sin370 vt2=1-x1 t=ti+t2 解得t=1.25s,△x=1m (3)第一秒内，物块先加速后匀速，t3=1s-t1 x3=x1+t3 撤去力F后，4<tan37°，物块减速， mgsin37°-umgcos:37°=mag 物块滑上平台还需上滑的距离为x0=1一x3 物块从速度v减速到0，v2=2a3x4 由于x4>x0,所以小物块能滑上平台：设小物块滑到平台时的速度为，则 v2-呢=2a3x0 解得v=2V3m/s