物理-2025-2026学年高二上学期新课程模块考试试题

第一学期高中新课程模块考试试题（卷） 高二物理 (本试卷满分100分，考试时间75分钟。答案一律写在答题卡上) 一、选择题（共46分，1一7小题每小题4分，每个小题只有一个选项符合题目要求， 8一10小题中每个小题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得 3分，错选、不选的得0分) 1.在静电场中，关于电势与电场强度的关系，下列说法正确的是 A.电势为零的地方，电场强度也为零 B.电场强度的方向就是电势降低最快的方向 C.根据电势公式可知，电势与电荷的电荷量有关 D.沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场强度也逐渐减小 2.两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它 们间库仑力的大小为F。两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为 A.12F n 3.直角坐标系xOy中，M、N两，点位于x轴上，G、H两点坐标如图所示。M、N两点各固定一负点电荷， 一电量为Q的正点电荷置于0点时，G点处的电场强度恰好为零。静 电力常量用k表示。若将该正点电荷移到G点，则H点处场强的大小 yA ↑H(0,a) 和方向分别为 ,沿y轴正方向B.说，沿y轴负方向 A. kQ 4a2 M 0 N c怒激y轴正方向 D. 沿)铺负方向 中G(0,-a） 4.如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，实线为电场线，虚线表 示等势面。M、N点在同一等势面上，N、P点在同一电场线上。下列说法正确的是 A.M点的电势比P点的低 B.M点的电场强度比N点的小 C.正电荷从M点运动到P点，速度增大 D.负电荷从M点运动到P点，电场力做正功 5.某静电场电势p在x轴上分布如图所示，图线关于p轴对称，M、P、N是x轴上的三点，OM=OW,有 一电子从M点静止释放，仅受x方向的电场力作用，则下列说法正确的是 A.P点电场强度方向沿x轴负方向 B.M点的电场强度小于N点的电场强度 C.电子在P点的动能小于在N点的动能 M P N D.电子在M点的电势能大于在P点的电势能 高二物理（一）第1页（共4页）》 6.如图电路中，材质相同的金属导体α和b,横截面积分别为S1、S2,长度分别为l1、l2。闭合开关后， a和b中自由电子定向移动的平均速率之比为 A.212:1 B.l1:2l2 C.12S:21 S2 D.212S2:1S 7.如图（α）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的 带正电粒子被固定在两板的正中间P处。若在t时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而 向B板运动，并最终打在A板上。则，可能是下列哪个时刻？ 17T A.t0=16 B T B.to=8 0 5T C.to= -U T D.to= 图(a) 图(b) 8.如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻R。=1002,R=1.9k2,R2=4k2, 图甲a量程为2V,下列说法正确的是 A.表头满偏电流I.=1mA B.图甲a的量程大于b的量程 C.图甲b的量程为4V D.图乙c的量程大于d的量程 甲 乙 9.图为静电除尘器除尘机理的示意图。尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集 尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。下列表述正确的是 放电极 集尘极 A.到达集尘极的尘埃带正电荷 B.电场方向由集尘极指向放电极 带电尘埃 C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同 D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大 直流高压电源 10.一匀强电场的方向平行于x0y平面，平面内A点和B点的位置如图所示。电荷量为+q、-q 和+2q的三个试探电荷先后分别置于0点、A点和B点时，电势能均为E,(E。>0)。下列说法正 确的是 A.OA中点的电势为零 B.电场的方向与x轴正方向成60°角 C.电场强度的大小为2E qd 0 D.电场强度的大小为2√2E A(d,0) gd 高二物理（一）第2页（共4页） 二、实验题（本大题共2个小题，共15分) 11.（7分)如图甲所示为空气介质单联可变电容器的结构，它是利用正对面积的变化改变电容器 的电容大小，某同学想要研究这种电容器充、放电的特性，于是将之接到如图乙所示的实验电 路中，实验开始时电容器不带电，微电流传感器G可以记录电流随时间变化的I-图像。 动片 动片引出端 一动片 定片 动片 8© 一右 定片 定片 0(360pF) (260pF) (a) (b) 空气介质单联可变电容器的结构及电路符号 甲 乙 (1)要观察电容器的充电现象时，应把开关打到 (选填“1”或“2”)，充电过程中电容 器的电容C (选填“变大”、“变小”或“不变”)，充电过程中电流在 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。(3分) (2)充电稳定后，断开单刀双掷开关，用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小， 原因是 (2分) (3)首先将开关$打向1，这时观察到G有短暂的示数，稳定后，旋转旋钮，使电容器正对面积迅 速变大，从开始到最终稳定，微电流传感器G记录的I-t图像可能是 。(2分) A 12.(每小题2分，共8分)某同学测量粗细均匀的某种导电材料R的电阻率ρ，现提供以下实验器材： A.20分度的游标卡尺 B.螺旋测微器 C.电流表A(量程0.6A、内阻约为0.52) D.电压表V(量程3V、内阻约为30kD) E.滑动变阻器R(0一52，额定电流为2A) F.直流电源E(电动势为3V,内阻很小) G.导电材料R(长约为10cm,电阻约为102) H.开关一只、导线若干 请回答下列问题： 11 12 13(cm 5 - 1020 A--2 图1 图2 图3 图4 (1)该同学分别利用游标卡尺和螺旋测微器测量导电材料的有效长度L和导电材料的直径， 如图所示，则L= mm,d= mmo 高二物理（一）第3页（共4页） (2)该同学用多用电表欧姆挡“×1”粗测电阻，如图3所示，则电阻读数为 2;如果 用“直流5V”挡测量，则读数为 V。 (3)为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，设计合适电路，请用笔画 线，将实物图连接完整。 (4)连接好实验电路后，合上开关，记录电压表读数U和电流表读数I,结合之前测得的L和d可 计算出圆柱体电阻R的电阻率p。请你写出电阻率的表达式为p= (用字母L、 d、U、I表示)。 三、计算题（本题共3小题，13题8分，14题13分，15题18分，共39分） 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分， 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13.(8分)如图所示，一质量为m=1.0×102kg,带电量大小为g=1.0×106C的小球，用绝缘细线 悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时细线向左与竖直方向成0=37°，小球 电量保持不变，重力加速度g取10m/s2。(sin37°=0.6，cos37°=0.8)求： (1)小球带正电荷还是负电荷； (2)电场强度E的大小； (3)细线受到的拉力T的大小。 R .0 +O⊕ A (第13小题图) (第14小题图) (第15小题图) 14.(13分)如图所示，真空中平行金属板M、N之间距离为d,两板所加的电压为U。一质量为m、 电荷量为q的带正电粒子从M板由静止释放。不计带电粒子的重力。求： (1)带电粒子所受的静电力F的大小； (2)带电粒子到达N板时的速度v的大小； (3)若在带电粒子运动g距离时撤去所加电压，求该粒子从M板运动到N板经历的时间t。 15.(18分)如图所示，AB是长为2R的水平粗糙轨道，B点与一半径为R的光滑圆轨道相切，整个空间 有一水平向右的匀强电场。一带电量为+g、质量为的小物体从A点由静止释放，经过B点时 对圆轨道的压力为其重力的2倍。物体与水平轨道的动摩擦因数4=0.5，重力加速度为g。求： (1)物体在B点的速度大小和电场强度大小； (2)物体在圆轨道上的最大速度； (3)若AB长度不变，圆轨道半径可以改变，为了保证物体在圆轨道上运动中途不会脱离圆轨 道，求圆轨道半径的取值范围。 高二物理（一）第4页（共4页） 第一学期高二物理参芳答案（一） 一、（共46分，1一7小题每小题4分，每个小题只有一个选项符合题目要求，8一10小题中每个小 题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，错选、不选的得0分) 1、B【详解】A.电场强度和电势没有直接关系，电势为零的地方，电场强度可以不为零，A错误； B.电场强度的方向与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，即电场强度的方向是电势降低 最快的方向，B正确：C.电势口=是比值法定义的，零电势的选取可以是任意的，某处的电势 大小与该处有无电荷无关，C错误；D.沿电场线的方向电势降低，电场线密的地方电场强度大， 电场线稀疏的地方电场强度小，因此沿电场线的方向电势降低，可电场强度不一定逐渐减小，D 错误。故选B。 2、B【详解】接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=kQ:30,两球分开后各自带电量为+Q, 距离又变为原来的3，库仑力为P=Q:日-k0Q-号P,所以两球间库仑力的大小为号r。 2 故选B。 3、D【详解】正点电荷置于O点时，G点处的电场强度恰好为零，则作为对称点的H点处的电场强 度也为零，正点电荷在川点的场强大小-g,方向沿)辅正方向。由于H点处的电场强度为 零，则两个负点电荷在H点的合场强大小E2=￡，=，方向沿y轴负方向。当正点电荷移到G 点后.正点电荷在H点的场强大小8,8=架-子，方向沿y轴正方向，两个负点电荷 的合场强大小为巴，方向沿轴负方向，因此H点处场强的大小为E,=:,一E,= 向沿y轴负方向。故选D。 4、C【详解】A.M、N两点电势相等，电场线由上到下，N、P在同一电场线上，沿电场线电势逐渐降 低，可知N点电势高于P点，可知M点电势高于P点，选项A错误；B.M点电场线分布比N点密 集，可知M点电场强度比N点大，选项B错误；C.正电荷从M点运动到P点，所受电场力方向与 移动方向夹角为锐角，则电场力做正功，动能增大，速度增大，C正确；D.负电荷从M点运动到P 点，所受电场力方向与移动方向夹角为钝角，则电场力做负功，D错误。故选C。 5.D【详解】A.由图可知在x正半轴沿+x方向电势降低，则电场强度方向沿x轴正方向，故A错误； B.P一x图像斜率表示电场强度，由图可知M点的电场强度大小等于N点的电场强度，方向相 反，故B错误；C.电子在电势低处电势能大，故电子在P点的电势能小于在N点的电势能，根据 能量守恒可知，电子在P点的动能大于在N点的动能，故C错误；D.电子在电势低处电势能大， 故电子在M点的电势能大于在P点的电势能，故D正确。故选D。 6.A【详解】根据电阻定律R=P5,可得R.=P台，几，=2p是，两支路并联有L,R=1,R,结合电 流的微观表达式1=neuS,对于同种材料me相同，联立可得，=2，，即%=2 2。故选A。 7,C【详解】人者，=带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运 动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上， 所以A不符合题意；B.若，=，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方 向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打 高二物理（一）参考答案第1页（共4页） B板上，所以B不符合题意：C,若。=5。，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至要 后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距 离，最终打在A板上，所以C符合题意；D.若，=胃，带正电粒子先加速向B板运动再减速运动 至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运 动的距离，最终打在B板上，所以D不符合题意。故选C。 8、AD【详解】ABC.图甲a量程为2V,则有U。=I(R。+R)=2V,解得表头满偏电流为I=1mA, 图甲b的量程为U。=I(R。+R1+R2)=6V,可知图甲a的量程小于b的量程，故A正确，BC错 1,B。,可得1.>1，则图 腿D,图乙c的量程为L=,+,十图乙d的量程为，=，+R+R R3 乙c的量程大于d的量程，故D正确。故选AD。 9、BD【详解】AB.由图示可知，集尘极电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左， 即电场方向由集尘极指向放电极，尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知尘埃所受的电场 力向右，故到达集尘极的尘埃带负电荷，故A错误，B正确；C.电场方向向左，带电尘埃所受电场 力方向向右，带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相反，故C错误；D.由F=Eg可知，同一位 置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确。故选BD。 10、AD【详解】A.根据题意可知O点、A点和B点的电势分别为p。= ,P8= E2,故0A 2 中点的电势为P4=90十94=0，故A正确；B.如图，设N点为AB的三等分点，同理易知N点电 2 势为O,MN为一条等势线，过A点做MN的垂线，可知电场线沿该 垂线方向，指向右下方，由AM=AN可知∠NMA=45°，故电场的方 ◆B(d: 向与x轴正方向成45°角，故B错误；CD.电场强度的大小为 0-(-E) E= q 2d.cos45° 1 2√2E,故C错误，D正确。故选AD。 gd A(d0) 二、实验题（本大题共2个小题，共15分) 11、(7分) (1)1(1分) 不变(1分) 变小(1分) (2)电压表不是理想电压表(2分) (3)A(2分) 【详解】 (1)[1]当电容器与电源相连时，电容器处于充电状态，即要观察电容器的充电现象时，应把开 关打到“1”； [2]根据C= 4a可知，充电过程中，e5d都不变，故电容不变； [3]在充电过程中，电容器所带电荷量不断增大，则电容器两端电压逐渐增大，而电源电压 不变，故电容器两端与电源两端的电势差越来越小，故电流在变小。 (2)用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中 有电流，电压表不是理想电压表。 高二物理（一）参考答案第2页（共4页） (3)电容器充电时，电流从左到右，刚开始电流比较大，充电结束后，电流为0，根据C=6S 4wkd' 可知，当电容器正对面积迅速变大，电容迅速增大，又由C=号，可得电容器的带电量Q增 加，故电容器再次充电，电流方向从左到右，充电结束后电流为0。故选A。 12、(8分) (1)110.50(1分) 8.470(1分) (2)8.0(1分) 3.30(1分) (3)(2分) (4)md2 (2分) 4IL 【详解】 (1)[1]导电材料的有效长度L=110mm+10×0.05mm=110.50mm; [2]导电材料的直径d=8mm+0.01×47.0mm=8.470mm。 (2)[1]由图可知，多用电表的读数为R=8.0×12=8.0D, 2]如果用“直流5V”挡测量，由图可知读数为3.30V。 (3)要求在实验中获得较大的电压调节范围，则滑动变阻器采用分压接法，由于R<√R4R,, 则采用电流表外接法，如下图： (4)根据欧姆定律R=号，由电阻定律R,=,其中S=π（受，联立可得p= 41L° 三、计算题（本题共3小题，13题8分，14题13分，15题18分，共39分） 13、(8分) (1)以小球为对象，根据受力平衡可知，小球受到的电场力水平向左，与电场方向相反，则该小 球带负电荷； …2分 (2)根据平衡条件有gE=mgtan0, …4分 解得E=7.5×104N/C; …5分 (3)根据平衡条件，可得细线受到的拉力大小T=mg。 …7分 cos0' 解得T=0.125N。 …8分 14、(13分) (1)两极板间的场强E= d' …1分 U 带电粒子所受的静电力F=9E=qa …3分 高二物理（一）参考答案第3页（共4页） (2)带电粒子从静止开始运动到V板的过程，根据动能定理可得gU= 2m2, …6分 解得v= 2qU …7分 m 01 (3)设带电粒子运动号距离时的速度大小为，根据动能定理可得g2=2m“, …9分 带电粒子在前距离做匀加速直线运动，后距离做匀速运动，设用时分别为1、2， 有号-54 …10分 多% …11分 则该粒子从M板运动到N板经历的时间t=t1+t2, …12分 解得t=3d m 、gU …13分 15、(18分) （1）物体在B点时竖直方向合力提供向心力P、-mg=四，由题意知R,=2mg, …1分 解得v=√gR, …2分 从A点到B点，由动能定理可得(F-ng)2R=7m2-0, …3分 其中F=gE,解得E=3mg: 4g9 …4分 (2)电场力和重力的合力G,=(mgr+严-g。 …5分 mg4' …6分 即G等方向与竖直方向成37°，斜向右下方， 从B点到动能最大点有子mgR1-oas37)=方2- 2mm2, …8分 解得n=√gR 2； …9分 (3)如图，若物体不能越过0点右上方与水平方向成37°的位置C,则不会脱离轨道， 设刚好到该位置时圆轨道半径为1，寻mg,ws37=0-m2, …11分 解得一是 …12分 若物体能够通过0点上方与竖直方向成37°的位置D, 则也不会脱离轨道， 设刚好到该位置时圆轨道半径为，g=, 5 …13分 R Amgr2(1+cos37、1 2m,2、1 m2, 0137 …15分 4R 解得2=23’ 379 …16分 +q▣ 圆轨道半径的范围为r≥ 或r≤ G等 230 …18分 高二物理（一）参考答案第4页（共4页）第一学期高中新课程模块考试试题（卷） 高二物理 (本试卷满分100分，考试时间75分钟。答案一律写在答题卡上) 一、选择题（共46分，1一7小题每小题4分，每个小题只有一个选项符合题目要求， 8一10小题中每个小题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得 3分，错选、不选的得0分) 1.在静电场中，关于电势与电场强度的关系，下列说法正确的是 A.电势为零的地方，电场强度也为零 B.电场强度的方向就是电势降低最快的方向 C.根据电势公式可知，电势与电荷的电荷量有关 D.沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场强度也逐渐减小 2.两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它 们间库仑力的大小为F。两小球相互接触后将其固定距离变为)，则两球间库仑力的大小为 A.12F n 3.直角坐标系xOy中，M、N两，点位于x轴上，G、H两点坐标如图所示。M、N两，点各固定一负点电荷， 一电量为Q的正点电荷置于0点时，G点处的电场强度恰好为零。静 电力常量用k表示。若将该正点电荷移到G点，则H点处场强的大小 入 H(0,a) 和方向分别为 A. kQ,沿y轴正方向B.子，沿y轴负方向 4a2 M 0 ..3召，沿y轴正方向D.专 沿)销负方向 tG(0,-a) 4.如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，实线为电场线，虚线表 示等势面。M、N点在同一等势面上，N、P点在同一电场线上。下列说法正确的是 A.M点的电势比P点的低 B.M点的电场强度比N点的小 C.正电荷从M点运动到P点，速度增大 D.负电荷从M点运动到P点，电场力做正功 5.某静电场电势p在x轴上分布如图所示，图线关于p轴对称，M、P、N是x轴上的三点，OM=ON,有 一电子从M点静止释放，仅受x方向的电场力作用，则下列说法正确的是 A.P点电场强度方向沿x轴负方向 B.M点的电场强度小于N点的电场强度 C.电子在P点的动能小于在N点的动能 M 0 P N D.电子在M点的电势能大于在P点的电势能 高二物理（一）第1页（共4页）》 6.如图电路中，材质相同的金属导体α和b,横截面积分别为S1、S2,长度分别为l1、l2。闭合开关后， a和b中自由电子定向移动的平均速率之比为 A.212:1 B.l122 C.l2S 21 S2 D.212S2:1 S 7.如图(a)所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的 带正电粒子被固定在两板的正中间P处。若在时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而 向B板运动，并最终打在A板上。则，可能是下列哪个时刻？ 17T A.t0=16 7T B.to= 8 5T C.to= 8 D.to= 图(a) 图(b) 8.如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻R=1002,R1=1.9k2,R2=4k2, 图甲a量程为2V,下列说法正确的是 A.表头满偏电流I.=1mA B.图甲a的量程大于b的量程 C.图甲b的量程为4V D.图乙c的量程大于d的量程 甲 乙 9.图为静电除尘器除尘机理的示意图。尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集 尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。下列表述正确的是 放电极 集尘极 A.到达集尘极的尘埃带正电荷 B.电场方向由集尘极指向放电极 带电尘埃 C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同 L D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大 直流高压电源 10.一匀强电场的方向平行于x0y平面，平面内A点和B点的位置如图所示。电荷量为+q、-q 和+2q的三个试探电荷先后分别置于0点、A点和B点时，电势能均为E,(E,>0)。下列说法正 确的是 A.OA中点的电势为零 B.电场的方向与x轴正方向成60°角 C.电场强度的大小为√2E, gd A(d,0) D.电场强度的大小为2y5E gd 高二物理（一）第2页（共4页） 二、实验题（本大题共2个小题，共15分) 11.（7分)如图甲所示为空气介质单联可变电容器的结构，它是利用正对面积的变化改变电容器 的电容大小，某同学想要研究这种电容器充、放电的特性，于是将之接到如图乙所示的实验电 路中，实验开始时电容器不带电，微电流传感器G可以记录电流随时间变化的I-图像。 动片 动片引出端 一动片 一右 定片 动片 定片 定片 (360pF) (260pF) (a) (b) 空气介质单联可变电容器的结构及电路符号 甲 乙 (1)要观察电容器的充电现象时，应把开关打到 (选填“1”或“2”)，充电过程中电容 器的电容C (选填“变大”、“变小”或“不变”)，充电过程中电流在 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。(3分) (2)充电稳定后，断开单刀双掷开关，用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小， 原因是 (2分) (3)首先将开关S打向1，这时观察到G有短暂的示数，稳定后，旋转旋钮，使电容器正对面积迅 速变大，从开始到最终稳定，微电流传感器G记录的I-t图像可能是 。(2分) A B 12.(每小题2分，共8分)某同学测量粗细均匀的某种导电材料R,的电阻率ρ，现提供以下实验器材： A.20分度的游标卡尺 B.螺旋测微器 C.电流表A(量程0.6A、内阻约为0.52) D.电压表V(量程3V、内阻约为30kD) E.滑动变阻器R(0一52，额定电流为2A) F.直流电源E(电动势为3V,内阻很小) G.导电材料R(长约为10cm,电阻约为10) H.开关一只、导线若干 请回答下列问题： 11 12 13(cm） - 10 20 A-V-2 图1 图2 图3 图4 (1)该同学分别利用游标卡尺和螺旋测微器测量导电材料的有效长度L和导电材料的直径d, 如图所示，则L= mm,d= mmo 高二物理（一）第3页（共4页） (2)该同学用多用电表欧姆挡“×1”粗测电阻，如图3所示，则电阻读数为 2;如果 用“直流5V”挡测量，则读数为 V。 (3)为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，设计合适电路，请用笔画 线，将实物图连接完整。 (4)连接好实验电路后，合上开关，记录电压表读数U和电流表读数I,结合之前测得的L和d可 计算出圆柱体电阻R的电阻率ρ。请你写出电阻率的表达式为p= (用字母L、 d、U、I表示)。 三、计算题（本题共3小题，13题8分，14题13分，15题18分，共39分) 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分， 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13.（8分)如图所示，一质量为m=1.0×102kg,带电量大小为g=1.0×106C的小球，用绝缘细线 悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时细线向左与竖直方向成0=37°，小球 电量保持不变，重力加速度g取10m/s2。(sin37°=0.6，cos37°=0.8)求： (1)小球带正电荷还是负电荷； (2)电场强度E的大小； (3)细线受到的拉力T的大小。 LL112 R 十● Oq +9B A (第13小题图)》 (第14小题图) (第15小题图) 14.(13分)如图所示，真空中平行金属板M、N之间距离为d,两板所加的电压为U。一质量为m、 电荷量为g的带正电粒子从M板由静止释放。不计带电粒子的重力。求： (1)带电粒子所受的静电力F的大小； (2)带电粒子到达N板时的速度v的大小； (3)若在带电粒子运动号距离时撤去所加电压，求该粒子从M板运动到N板经历的时间。 15.(18分)如图所示，AB是长为2R的水平粗糙轨道，B点与一半径为R的光滑圆轨道相切，整个空间 有一水平向右的匀强电场。一带电量为+g、质量为的小物体从A点由静止释放，经过B点时 对圆轨道的压力为其重力的2倍。物体与水平轨道的动摩擦因数4=0.5，重力加速度为g。求： (1)物体在B点的速度大小和电场强度大小； (2)物体在圆轨道上的最大速度； (3)若AB长度不变，圆轨道半径可以改变，为了保证物体在圆轨道上运动中途不会脱离圆轨 道，求圆轨道半径的取值范围。 高二物理（一）第4页（共4页） 第一学期高二物理参芳答案（一） 一、（共46分，1一7小题每小题4分，每个小题只有一个选项符合题目要求，8一10小题中每个小 题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，错选、不选的得0分) 1、B【详解】A.电场强度和电势没有直接关系，电势为零的地方，电场强度可以不为零，A错误； B.电场强度的方向与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，即电场强度的方向是电势降低 最快的方向，B正确：C.电势=是比值法定义的，零电势的选取可以是任意的，某处的电势 大小与该处有无电荷无关，C错误；D.沿电场线的方向电势降低，电场线密的地方电场强度大， 电场线稀疏的地方电场强度小，因此沿电场线的方向电势降低，可电场强度不一定逐渐减小，D 错误。故选B。 2、B【详解】接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=Q:30,两球分开后各自带电量为+Q, r2 距离又变为原来的2，库仑力为P=Q:日-60Q-号P,所以两球间库仑力的大小为号P。 2 故选B。 3、D【详解】正点电荷置于O点时，G点处的电场强度恰好为零，则作为对称点的H点处的电场强 度也为零，正点电荷在川点的场强大小-g,方向沿)铺正方向。由于H点处的电场强度为 零，则两个负点电荷在H点的合场强大小E,=E,=,方向沿y轴负方向。当正点电荷移到G 点后.，正点电荷在H点的场强大小，=8=怨-5，方向沿y辅正方向，两个负点电符 在日点的合场强大小为E,方向沿)轴负方向，因此H点处场强的大小为E,=E,-E,=,】 向沿y轴负方向。故选D。 4、C【详解】A.M、N两点电势相等，电场线由上到下，N、P在同一电场线上，沿电场线电势逐渐降 低，可知N点电势高于P点，可知M点电势高于P点，选项A错误；B.M点电场线分布比N点密 集，可知M点电场强度比N点大，选项B错误；C.正电荷从M点运动到P点，所受电场力方向与 移动方向夹角为锐角，则电场力做正功，动能增大，速度增大，C正确；D.负电荷从M点运动到P 点，所受电场力方向与移动方向夹角为钝角，则电场力做负功，D错误。故选C。 5.D【详解】A.由图可知在x正半轴沿+x方向电势降低，则电场强度方向沿x轴正方向，故A错误； B.P-x图像斜率表示电场强度，由图可知M点的电场强度大小等于N点的电场强度，方向相 反，故B错误；C.电子在电势低处电势能大，故电子在P点的电势能小于在N点的电势能，根据 能量守恒可知，电子在P点的动能大于在N点的动能，故C错误；D.电子在电势低处电势能大， 故电子在M点的电势能大于在P点的电势能，故D正确。故选D。 6.A【详解】根据电阻定律R=P5,可得R.=p台，几，=2p是，两支路并联有L,R=1,R,结合电 流的徽观表达式1=n,对于同种材料n,e相同，联立可得，=2u,即=2马。故选A。 7,C【详解】人者，=g带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运 动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上， 所以A不符合题意；B.若，-，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零：然后再反方 向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打 高二物理（一）参考答案第1页（共4页） 8板上，所以B不符合题意；C.若。5，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至 后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距 离，最终打在A板上，所以C符合题意：D.若=骨，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动 至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运 动的距离，最终打在B板上，所以D不符合题意。故选C。 8、AD【详解】ABC.图甲a量程为2V,则有U。=I(R。+R)=2V,解得表头满偏电流为I=1mA, 图甲b的量程为U。=I（(R。+R1+R2)=6V,可知图甲a的量程小于b的量程，故A正确，BC错 误，D.图乙e的量程为L,=1,+上RR）,图乙d的最程为，=+元华R, 1R,可得1>1，则图 乙c的量程大于d的量程，故D正确。故选AD。 9、BD【详解】AB.由图示可知，集尘极电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左， 即电场方向由集尘极指向放电极，尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知尘埃所受的电场 力向右，故到达集尘极的尘埃带负电荷，故A错误，B正确；C.电场方向向左，带电尘埃所受电场 力方向向右，带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相反，故C错误；D.由F=Eg可知，同一位 置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确。故选BD。 10、AD【详獬】A.根据题意可知O点、A点和B点的电势分别为Po= E。 E。 E2,故0A 中点的电势为，=Po十P4=0,故A正确；B.如图，设N点为AB的三等分点，同理易知N点电 2 势为0，MN为一条等势线，过A点做MN的垂线，可知电场线沿该 垂线方向，指向右下方，由AM=AN可知∠NMA=45°，故电场的方 ◆B(d, 向与x轴正方向成45°角，故B错误；CD.电场强度的大小为 0-(E) E= 1 _22E,故C错误，D正确。故选AD。 0 24.cos45° A(d,0) 二、实验题（本大题共2个小题，共15分) 11、(7分) (1)1(1分) 不变(1分) 变小(1分) (2)电压表不是理想电压表(2分) (3)A(2分) 【详解】 (1)[1]当电容器与电源相连时，电容器处于充电状态，即要观察电容器的充电现象时，应把开 关打到“1”； [2]根据C=eS 4wkd 可知，充电过程中，e、S、d都不变，故电容不变； [3]在充电过程中，电容器所带电荷量不断增大，则电容器两端电压逐渐增大，而电源电压 不变，故电容器两端与电源两端的电势差越来越小，故电流在变小。 (2)用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中 有电流，电压表不是理想电压表。 高二物理（一）参考答案第2页（共4页） (3)电容器充电时，电流从左到右，刚开始电流比较大，充电结束后，电流为0，根据C=S 4mkd’ 可知，当电容器正对面积迅速变大，电容迅速增大，又由C=号，可得电容器的带电量Q增 加，故电容器再次充电，电流方向从左到右，充电结束后电流为0。故选A。 12、(8分) (1)110.50(1分) 8.470(1分) (2)8.0(1分) 3.30(1分) (3)(2分) (④)2分) 4IL 【详解】 (1)[1]导电材料的有效长度L=110mm+10×0.05mm=110.50mm; [2]导电材料的直径d=8mm+0.01×47.0mm=8.470mm。 (2)[1]由图可知，多用电表的读数为R=8.0×12=8.02, 2]如果用“直流5V”挡测量，由图可知读数为3.30V。 (3)要求在实验中获得较大的电压调节范围，则滑动变阻器采用分压接法，由于R<√R4R, 则采用电流表外接法，如下图： （④)根据欧姆定律R=宁由电阻定律R=片，其中S=(,联立可得p= 4IL 三、计算题（本题共3小题，13题8分，14题13分，15题18分，共39分） 13、（8分) (1)以小球为对象，根据受力平衡可知，小球受到的电场力水平向左，与电场方向相反，则该小 球带负电荷； …2分 (2)根据平衡条件有gE=mgtan6, …4分 解得E=7.5×104N/C; …5分 (3)根据平衡条件，可得细线受到的拉力大小T=8 …7分 cos 6' 解得T=0.125N。 …8分 14、(13分) (1)两极板间的场强E= d' …1分 带电粒子所受的静电力F=9E=g U …3分 高二物理（一）参考答案第3页（共4页） (2)带电粒子从静止开始运动到N板的过程，根据动能定理可得qU=方， …6分 解得v= 20 …7分 m U 1 (3)设带电粒子运动号距离时的速度大小为，根据动能定理可得g2=2m, …9分 带电粒子在前号距离做匀加速直线运动，后号距离做匀速运动，设用时分别为， 有号 …10分 2=%2, …11分 则该粒子从M板运动到N板经历的时间t=t1+t2, …12分 解得t= 3d m 2gU° …13分 15、(18分) （1)）物体在B点时竖直方向合力提供向，心力R、-mg=网，由题意知P,=2mg, …1分 解得v=√gR, …2分 从A点到B点，由动能定理可得（下-ng)2R=)m2-0, …3分 其中F=qE,解得E=3mg; 4g9 …4分 (2)电场力和重力的合力G等=√(mgP+F= 4mg, …5分 tan=F3 mg 4' …6分 即G等方向与竖直方向成37°，斜向右下方， 从B点到动能最大点有ngR1-cas3T）=m:- 2mm2, …8分 解得，=√g …9分 2 (3)如图，若物体不能越过0点右上方与水平方向成37°的位置C,则不会脱离轨道， 设刚好到该位量时圆轨道半径为子mg6as37°=0-方m …11分 解得=分 …12分 若物体能够通过0点上方与竖直方向成37°的位置D, 则也不会脱离轨道， 设刚好到该位置时圆轨道半径为2，。mg= 5 …13分 T2 R 4mgr,1+c0s37)= 2m,2、1 m2, 037 …15分 解得r2= 4R 37 23’ …16分 圆轨道半径的范围为r≥)或r≤ .4R +q丹 A B 230 …18分 高二物理（一）参考答案第4页（共4页）