卷10 新试题精选（十）物理试题-【创新教程】2026年高考物理新试题精选模拟仿真卷

绝密★启封并使用前 新试题精这（十） 物理试题 满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、准 考证号，并将条形码粘贴在指定位置上。 2.选择题答案必须使2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑 整 色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题 卷上答题无效.保持卡面清洁，不折叠、不破损。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。 斯 1.传统家用电视遥控器工作时发出的是300THz~400THz红外线；而手机蓝牙技术使用 2.4GHz频段的无线电波与各设备之间进行信息交换。1THz=103GHz。关于这两种 电磁信号，下列说法正确的是 A.这两种电磁波信号都是纵波 B.该红外线所处波段电磁波能量比X射线能量高 C.题述红外线信号比蓝牙信号更容易被墙壁遮挡 D.蓝牙信号穿墙时波长比它在空气中波长更长 和 2.2025年3月，我国某新型飞行器在长达6公里的火箭橇滑轨上，以 2.28马赫的速度呼啸而过，刷新了此前双轨火箭橇的速度纪录。假设 某次飞行器在平直滑轨上测试时，飞行器运动的位移-时间(xt)图像 如图所示，t,~t2段图像为直线，不计飞行器质量变化，则下列说法正 确的是 A.0~t3内飞行器的动能一直减小 毁 B.t1~t2内飞行器的动能逐渐增大 C.0~t1内飞行器的加速度方向与t2~t3内飞行器的加速度方向相反 D.0~t1内飞行器的速度方向与t2~t内飞行器的速度方向相反 3.八坊民居是甘肃省临夏州最美古民居，砖墙黛瓦，雕栏玉砌，飞檐斗拱的民居建筑属于回 族古民居，代表了临夏回族民居建筑的主要风格。瓦屋是指房顶用瓦覆盖的房屋，如图 甲，瓦与椽子结构可简化为如图乙模型，瓦静止在倾斜椽子上。若瓦与椽子间的动摩擦 因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则椽子与水平面的最大夹角0满足的关系 式为 () 椽子 .Q77 甲 乙 A.cos -u B.cos 0=1 C.tan 0-u D.tan =1 物理试题（十）第1页 (共6页) 4.为了研究落体运动，某同学用手机软件同步采集了手机下 y轴线性加速度a/(m/s) 落过程中加速度随时间变化的数据，如图示。实验时，质 量为m的手机竖直放置，由静止开始自由下落，最终落到 50.0 蹦床上，分析数据，下列说法正确的是 M 0.00 A.MN时段手机处于超重状态 B.NP时段手机处于失重状态 05 -50.0 C.V时刻手机下降到最低点 1.802.002.202.40 D.手机落到蹦床后，蹦床对手机的最大弹力约为8mg 时间（秒) 5.在科学实验中可利用激光使原子减速，若一个处于基态的原子朝某方向运动，吸收一个 沿相反方向运动的能量为E的光子后跃迁到相邻激发态，原子速度减小，动量变为力。 普朗克常量为h,光速为c,则 () A.光子的波长为是 B,该原子吸收光子后质量减少了 C.该原子吸收光子后德布罗意波长为么 D.一个波长更长的光子也能使该基态原子跃迁到激发态 6.如图所示为医用电磁流量报警器的原理图。患者打点滴时，注射液从电极b间流过，电 极间加有垂直纸面向里的匀强磁场，注射液中的带电离子流经此处时，会在电极、b间 产生微电压，当电压传感器感知到、b间电压高于或低于某一值时，触发报警器报警。 下列说法正确的是 () 注射液流 人方向 蜂鸣 报警器 b 电压传 感器 注射液流向患者 A.只有断流时才会触发报警器报警 B.当有注射液流过时，电极a的电势高于电极b的电势 C.注射液中的正、负离子向电极偏转过程，其电势能均增加 D.注射液中的正、负离子向电极偏转过程，其电势能均减小 7.如图所示，A、B、C、D是真空中正四面体的四个顶点，E点为CD的中 点。现在A、B两点分别固定电荷量为十q、一q的两个点电荷。下列说 法正确的是 A.C点的场强比E点的大 B.C点的电势比E点的高 C.C、D两点的场强不相同 D.将另一带负电的检验电荷从C点沿直线CD移动到D点，电场力对它不做功 物理试题（十）第2页（共6页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.在学习机械波内容时，物理老师让一同学玩了“抖绳”，把两根相同绳子的一端固定在一 点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来（图甲）以手的平衡位 置为坐标原点，图乙是同学右手在抖动绳子过程中某时刻的波形，若右手抖动的频率是 0.5Hz,下列说法正确的是 () ↑y/cm 20 P Q x/m -20 甲 乙 A.该时刻P点的位移为10√3cm B.再经过0.25s,P点到达平衡位置 C.该时刻Q点的振动方向沿y轴正方向 D.从该时刻开始计时，质点Q的振动方程为y=20sin(πt十π)cm 9.如图所示，一理想自耦变压器的原线圈与交流发电机（内阻忽略不计）的输出端K、L相 连，副线圈接有可调电阻R,滑片P与线圈B始终接触良好。发电机线圈的匝数为N,匀 速转动的角速度为ω，电压表示数为U。,t=0时刻发电机线圈平面与磁场方向垂直，则下 列说法正确的是 () A.变压器原线圈两端的瞬时电压u=√2 o sin wt B=0时刻，发电机线圈的磁通量为 C.若仅将滑片P向下滑动，则交流电流表的示数减小 D.若仅将电阻R增大，则变压器原线圈的输入功率增大 10.如图正六边形是一个绝缘筒的截面，筒内无磁场，在每边中点处开一 小孔。现有质量为m,电荷量为g的粒子（不计重力），从其中一个小孔 以垂直边长方向、大小恰当的初速度，进入外部磁感应强度大小为B 的无限大匀强磁场。磁场方向垂直截面，若粒子可以不与筒相碰，以 m,9 相同速度回到起点，那么该过程粒子经历的时间可能是 A8(2x+3g器 B4x+15器 C.2(3π+23) gB D.6(5π十25)m 物理试题（十）第3页（共6页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分，每空1.5分)物理学习小组同学用如图()所示的装置验证机械能守恒定律。在 铁架台上固定电磁铁，通电时吸住小铁球，断电后小铁球由静止开始下落，通过正下方 的光电门。光电门可上下移动但始终位于铁球球心的正下方。 电磁铁 小铁球h 刻度尺 0cm主尺1 33 光电门 游标尺」 10 20 图(a) 图(b) 图(c) (1)安装并调整好器材。用游标卡尺测量铁球的直径d。其中某次测量的示数如图(b) 所示，示数为 mm (2)让电磁铁通电吸住小铁球，测量并记录球心到光电门的距离h。释放小铁球，记录它 通过光电门的时间t。 (3)改变光电门位置，重复步骤(2)多次，得到多组h、t数据，在坐标图中描点连线，得到 如图(c)所示的直线，算出斜率k。若在实验误差允许的范围内，k=(用重力加速 度g,铁球直径d表示)，则机械能守恒得以验证。 (4)实际上，小铁球通过光电门的平均速度略 (选填“大于”或“小于”)小铁球球 心通过光电门的瞬时速度。若仅考虑空气阻力对实验的影响，实际测得的一九图像斜 率较理论值 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。 12.(8分，除标注外，每空2分)小阳同学想自己设计的实验来测量某种金属丝的电阻率。 首先他将一卷长为128的金属丝的两端固定在两个接线柱间，他选用的器材有多用电 表、电流表（内阻为1Ω）、电压表（内阻约为30002）、开关、滑动变阻器、螺旋测微器、导 线和学生电源等。 (1)他先使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下四个步骤： ①调整“机械零点调节旋钮”使指针指到零刻度； ②将红、黑表笔分别插入多用电表的“十”“一”插孔，选择电阻挡“X1”; ③然后将两表笔 (1分)；调整“欧姆调零旋钮”进行欧姆调零； ④把红、黑表笔分别与金属丝的两端（已刮去绝缘漆）相接，多用电表的示数如图甲所 示，该金属丝的电阻为 2(1分)。 "T 甲 物理试题（十）第4页（共6页） (2)用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，则金属丝的直径为 mm。 (3)为了更准确地测量金属丝R,的电阻，并获得较大的电压调节范围，以下四个电路中 最合理的是 D (4)按小阳同学选择的电路测量，某次得到电流表示数为0.20A,电压表示数为2.76V, 可计算出金属丝的电阻率约为 2·m。(结果保留两位有效数字) 13.(9分)某个透明物体的横截面如图所示，BDE是以O为圆心、半径为R的半圆形，ABD 是等腰直角三角形。一单色光从E点射人该物体，OD与OE的夹角B=60°，入射光与 OE的夹角为α=60°，介质的折射率为n=√3，光在真空中传播的速度为c,求： B E60 (1)光传播至AB界面的入射角；(4分) (2)光从射入E点至第一次传播到AD界面的时间。(5分) 14.(15分)如图所示，水平轨道左段粗糙，右段BC部分光滑且足够长，质量1=2kg的物 块P和质量m2=1kg的物块Q压缩着一轻质弹簧并锁定（物块与弹簧不连接），三者静 置于BC段中间，物块P、Q可视为质点。紧靠C的右侧水平地面上停放着质量m3=3kg 的小车，其上表面DE段粗糙，与BC等高，长度Lps=0.1m;EG段为半径R=0.5m的 四分之一光滑圆弧轨道，小车与地面间的阻力忽略不计。P、Q与AB、DE间的动摩擦 因数均为4=0.5，重力加速度g取10/s,现解除弹簧锁定，物块P、Q由静止被弹出 (P、Q脱离弹簧后立即撤走弹簧)，其中物块P进入左段粗糙水平轨道，而物块Q滑上 小车。不计物块经过各连接点时的机械能损失。 0- R P Q A CB 7777777777777777777万 物理试题（十）第5页（共6页） (1)若物块P向左滑行后恰好能到达A点，且LAB=0.4m求物块P通过B点时的速度 大小；(4分) (2)在(1)问前提下，试分析物块Q能否冲出小车上的G点，若能冲出G点，求出物块Q 从飞离G点到再次回到G点过程中小车通过的位移；若物块Q不能飞离G点，请说明理 由；(5分) (3)若弹簧解除锁定后，物块Q向右滑上小车后能通过E点，并且后续运动过程始终不滑 离小车，求被锁定弹簧的弹性势能取值范围。(6分) 务 15.(16分)如图所示，水平面内足够长的两光滑平行金属直导轨，左侧有电动势E=36V 的直流电源、C=0.1F的电容器和R=0.052的定值电阻组成的图示电路.右端和两 半径r=0.45m的竖直面内光滑圆弧轨道在PQ处平滑连接，PQ与直导轨垂直，轨道 仅在PQ左侧空间存在竖直向上、大小为B=1T的匀强磁场。将质量为1=0.2kg、 电阻为R。=0.1Ω的金属棒M静置在水平直导轨上，图中棒长和导轨间距均为L=1 ,M距R足够远，金属导轨电阻不计。开始时，单刀双掷开关S2断开，闭合开关S,使 电容器完全充电；然后断开S,,同时S2接“1”，M从静止开始加速运动直至速度稳定；当 些 M匀速运动到与PQ距离为d=0.27时，立即将S2接“2”，并择机释放另一静置于圆 弧轨道最高点、质量为2=0.1kg的绝缘棒N,M、N恰好在PQ处发生第1次弹性碰 撞。随后N反向冲上圆弧轨道.已知之后N与M每次碰撞前M均已静止，所有碰撞均为 弹性碰撞，且碰撞时间极短，M、N始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度g取10/s2, ++”++ =求 (1)电容器完成充电时的电荷量q和M稳定时的速度；(4分) (2)第1次碰撞后绝缘棒N在离开圆弧轨道后还能继续上升的高度；(5分) (3)自发生第1次碰撞后到最终两棒都静止，金属棒M的总位移。(7分) 物理试题（十）第6页（共6页） 新试题精运（十》 (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中) 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑×O 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 0三 选择题(1~7小题，每小题4分，共28分： 正确填涂 请在各题 8一10小题，每小题6分，共18分)》 1 ABCD 3A®@回 5 A BCD 7 ABC D 9 ABCD 的 A回回 4ABCD 6 ABCD 8 ABCD 10 ABCD 区域内作答 非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分，每空1.5分) ,超出边框的答案无效 (1) (3) (4) 12.(8分，除标注外，每空2分) (1) 15 2 0 80S A 甲 ③ (1分)④ (1分) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(9分) B E600 D 14.(15分) 0 R PO 77/8 A cbm吃 7777分777777777777T 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十）第2页（共2页）物 理 新试题精选（十） 选择题答案速查 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C 0 C 0 BC ABC AD 1.C[A.这两种电磁波信号都是电磁波，都是横波，故 7.D[在A、B两点分别固定电荷量为十q、一q的两个 A错误；B.红外线的频率比X射线的频率低，由E= 点电荷，则通过AB的中垂面是一等势面，C、D、E处 v,可知该红外线所处波段电磁波能量比X射线能量 在同一等势面上，C、D、E三点的电势相等，C、D两点 低，故B错误；C.由c=y可知，题述红外线信号比蓝 的场强方向都与AB平行，方向指向B的一侧，即方 牙信号波长短，所以题述红外线信号比蓝牙信号更容 向相同，根据对称性可知场强的大小相等，故C、D两 易被墙壁遮挡，故C正确；D,蓝牙信号穿墙时波速比 点的场强相同，选项B、C错误；由于C、D、E处在同一 它在空气中波速小，由=入，可知蓝牙信号穿墙时波 等势面上，故将另一带负电的检验电荷从C点沿直线 长比它在空气中波长更短，故D错误。] CD移动到D点，电场力对它不做功，选项D正确：假 2.C根据xt图像中图线的斜率等于速度，可知0一t1 设AB连线的中点为O,由等量异种电荷电场分布特 内飞行器做加速直线运动，t1一t2内飞行器做匀速直 点可知，在通过AB的中垂面上，离AB连线的中点O 线运动，t2一t3内飞行器做减速直线运动，所以飞行器 越近，场强越大，离O越远，场强越小，根据图中几何 的动能先增大后不变，最后减小，故A,B错误；由x一t 关系可知OE垂直于CD,故CO的距离大于EO的距 图像可知，0一t3内飞行器的速度方向一直为正方向， 离，C点的场强比E点的小，选项A错误。] 0一t1内飞行器做加速直线运动，加速度方向为正方 8.BC[由题可知，波向右传播，根据“同侧法”，质点Q 向，t2一t3内飞行器做减速直线运动，加速度方向为负 的振动方向沿y轴正方向，故C正确；由题可知，振幅 方向，故C正确，D错误。] A=20cm,频率f=0.5Hz,波长入=8m 3.C[椽子与水平面的夹角0最大时，根据受力平衡可 圆频率w=2rf=2x×0.5rad/s=rad/s 得mng sin0=fmax=uN=mg cos9,解得tan0=a] 4.D[MN时段手机有向下的加速度，处于失重状态， 故A错误；NP时段手机有向上的加速度，处于超重 由于003m=景》 由于该时刻P,点的振动方向沿y轴负方向，初相位 状态，故B错误；N时刻手机加速度为零，速度不为 零，手机仍在向下运动，未到达到最低点，故C错误； 是×2x= 由图可知，当手机加速度方向向上时，手机加速度最 因此从该时刻开始计时，P点的振动方程为 大值为70m/s2,根据牛顿第二定律 y=Asin(at+o) F-mg=ma, 代入数据联立解得 解得F=8mg, 故手机落到蹦床后，蹦床对手机的最大弹力约为 y=20n(a+）m 8mg,故D正确。] 当t=0时，P点的位移为y=10√2cm 5.C[先子能量公式为E=竖，解得波关A=仁，故A 当t=0.25s时P点的位为y=0 错误；原子吸收光子后，能量增加E,根据质能方程 P,点到达平衡位置，故A错误，B正确： 从该时刻开始计时，质点Q从平衡位置向上振动： 之，质量应增加而非减少，故B错误；德布 因此质点Q的振动方程为y=Asin wt-=20sinπt(cm), 波长公式为入=么，题目明确吸收后原子动量为，因 故D错误。]. 9.ABC[因为t=0时刻，发电机线圈平面与磁场方向 此波长为么，故C正确：吸收光子跃迁需光子能量严 垂直，所以变压器原线圈两端的电压为 u=√②Josin wt, 格等子能级亚。波长更长的老子能量更低(-< 故A正确： t=0时刻，发电机线图平面与磁场方向垂直，此时磁 E),无法满足跃迁条件，故D错误。 通量最大，则发电机线圈的磁通量为 6.C[当电压传感器感知到a、b间电压高于或低于某 一值时，可知当注射液流速较大时，也可以触发报警 器报警，故A错误；当有注射液流过时，根据左手定则 Em Φ 可知，正离子受到向右的洛伦兹力，负离子受到向左 故B正确： 的洛伦兹力，则电极b带正电，电极a带负电，所以电 若仅将滑片P向下滑动，副线圈的匝数减小，输出电 极a的电势低于电极b的电势，故B错误；注射液中 的正、负离子向电极偏转过程，由于电极b带正电，电 压减小，电阻R上电流减小，则原线圈中的电流即交 极a带负电，板间场强方向向左，而正离子向右偏转， 流电表的示数减小，故C正确； 受到的电场力向左：负离子向左偏转，受到的电场力 若仅将电阻R增大，电路电阻变大，副线圈电压不变， 向右：可知电场力对正、负离子都做负功，其电势能均 所以副线圈的输出功率减小，由于输入功率等于输出 增加，故C正确，D错误。] 功率，则变压器原线圈的输入功率减小，故D错误。] ·24· 参考答案 10.AD [粒子的轨迹可能如图 所示 （2)小球重力势能减小mg,动能增加子m(),若 由gB=m R 机找能守恒，则有g=子() 可得R=m” 9B, 支形格器 由几何关系tan9==尽」 d 3 是一A国像针率质一器 d2 解得d=√3R, (3)(4)小球通过光电门的平均速度为小球经过光电 门运动距离d过程中间时刻瞬时速度，小球球心通 故在六边形内运动的时间至少为1=6d,联立可得 过光电门的瞬时速度为该段运动中点的瞬时速度， 1=6V3m 中间时刻的瞬时速度小于中点的瞬时速度。小球实 9B· 际下落过程，由于空气阻力影响，实际下落加速度a 粒子在磁场中的运动周期为T=2迟_2」 <g,故图像斜率实际测量值较理论值偏小。 gB' 答案：（每空1.5分）(1)550(2)2竖 (3)小于 故粒子在磁场中的运动时间至少为。=号TX3 d (4)偏小 =2T=4m 12.解析：(1)欧姆调零时，需要将两表笔短接； gB 选择的挡位为×1，所以欧姆表读数为13×12=132 该过程粒子经历的时间可能是t=n(t1十t2) (2)螺旋测微器读数为0.5mm十10.0×0.01mm= =2m85+2x0器n=1,2.3…） 0.600mm (3)为获得较大的电压调节范围，滑动变阻器采用分 当1=4时1=8(35+2x)器A正确： 压式接法，由于电流表内阻已知为1，电流表应采 用内接法有U=Uv一IRA, 粒子的轨迹可能如图所示 则可消除系统误差。故选B。 (4)根据欧姆定律得R, Uv-IRA=12.80, 结合电阻定律R,=pS, 又s=:g 代入数据联立解得p=2.8×1082·m 答案：（除标注外，每空2分）(1)短接(1分)13(1分) (2)0.600(3)B(4)2.8×10-8 13.解析：(1)画出光路 B 由几何关系an0=尽=5， 图如图所示 d 设在BED界面上 0 解得d=5R, 的折射角为日，由折 0c. 2609 31 射定律u=sing sin 故在六边形内运动的时间至少为，=124 解得0=30°，3+0 联立可得)=43m =90° gB 故E点的折射光与BD垂直，即平行于AD,则光在 粒子在磁场中的运动周期为T=2m迟_2” AB界面的入射角9=45° (4分) v gB (2)由反射定律知，光在AB面的反射角为45°，由几 故粒子在磁场中的运动时间至少为？=5TX6 何关系可知，光在介质中传播的路径长度为s=2R十 6 5T=10元m gB 又u=,t=三 该过程粒子经历的时间可能是t=(t1十t2) U =225+5m器u=1,2.3…) 解得：t=2R+3R (5分) c 2c ）BD正确： 当n=3时，t=(t1十t2)=6(2√5+5π) 答案：1)g=45°(21=25R+3迟 2c 由上述分析可知，B、C错误。] 14.解析：(1)物块P从B到A过程，根据动能定理有 11.解析：(1)游标卡尺固定刻度5mm,精确度0.05 mm,游标尺第10条刻度线对齐，读数为5mm十 nu8La=0-子m呢 0.05×10mm=5.50mm 解得vB=2m/s (4分) ·25· 物 理 (2)对P、Q构成的系统，根据动量守恒定律有m1p -m2VQ=0 2mx2, 其中vp=tB=2m/s 得v=3m/s, 解得o=4m/s 金属棒M,绝缘棒N弹性碰撞m11一m2v=m1M 无论物块Q能否冲出小车上的G点，对Q与小车构 +m2UNI, 成的系统，在水平方向根据动量守恒定律有m2Q= 1 (m2+m3)℃x 解得v,=1m/s 得M1=-1m/s,N=5m/s, 根据能量守恒定律有子m02”=mgL能十 对绝缘棒N由机械能守恒可得m2g(h十r)= 1 2喝， 合m,2+子m,(暖+)+mR 1 得h=0.8ma (5分) 解得u,=1m/s>0 (3)发生第一次碰撞后，金属棒M向左位移为x1,根 故物块Q能冲出小车上的G,点，物块Q从飞离G点 据动量定理可得一∑BiL△t=0一m1M1, 到再次回到G点的过程中，运动时间为1=2 即-Bg2L=0-m1UMm, g BLx BLT1 小车位移x=vxt (5分) 又由g=I△=R+R)△A=R+R' 解得x=0.2m 联立得x1=100m, (3)当物块Q向右滑上小车后恰好到达E点与小车 共速时，弹簧弹性势能最小，有m1p1一m2vQ1=0, 由题可知，绝缘棒N第二次与金属棒M碰前速度为 1,方向水平向左，碰后速度为N2,金属棒的速度 为M2,由弹性碰撞可得m21=m1M2十m2N2, 此时，对物块Q与小车有m2vQ1=(m2十m3)3 1 且7m1g2=om:8Le+号（mg+m话 10 5 求得U2=3m/s,2=3m/s, 解得En=1J 金属棒M向左的位移x2, 由于m2gR>m2gLDE 故当物块Q冲上圆弧之后又返回D点与小车共速 B2L,2x2=0-mN2' R+Ro 时，弹簧弹性势能达到最大值，则弹簧弹开两物块过 程有m1p2一m2vQ2=0 得0m=10x分4 且E=712+ma2 同理可知，金属棒M与绝缘棒N第三次碰撞后的瞬 时速度UM3, 当物块Q冲上圆孤之后又返回D点与小车共速过 2(-UN 程有m20a2=(m,十mg)4、之m2vae2=2m2glpE 3 2=10×() 金属棒M向左的位移x3, +子（m+mg B2L2x3 =0-m1VM3, 解得E=2J R+Ro 综合上述，被锁定弹簧的弹性势能的取值范围为1】 农得g=10×(付)广n <En≤2J (6分) 以此类推，金属棒M与绝缘棒N第1次碰撞后的瞬 答案：(1)2m/s(2)能，0.2m(3)1J<Ep≤2J 时速度VMu, 15.解析：1)根据C-号得g=CE=8.6C 2(--D2=10×( 3 3 金属棒M最终匀速直线时E=BLo, 金属棒M向左的位移xn, 对金属棒M应用动量定理可得∑Bil△t=1, 即BL△q=m10, 其中△g=CE-CE, 发生第1次碰撞后到最终两棒都静止，金属棒M的 联立得w=12m/s。 (4分) 总位移x=x1十x2…十xn (2)在开关S2接2时，对金属棒M应用动量定理 -∑BiL△t=m1v一m1o, +1[+(信)+（合）°++（传）] 即-Bq1L=m1v1一m10, =0.18m。 BLd .BLd 当n趋于无穷大时x=1十10×2 又由g1=IA1=R十R)AA1=RR (7分) 联立得=3m/s, 答案：(1)g=3.6C,0=12m/s:(2)h=0.8m: 绝缘棒N滑到圆周最低点时，由动能定理m2gr= (3)x=0.18m ·26·