广东省阳江市第三中学2025-2026学年高二上学期开学物理试题

阳江三中2025--2026学年度第一学期开学考试 高二 物理 一、单选题(本题共有7小题，每小题 4分，共28分，每小题只有一个答案正确) 1．关于电容器，下列说法正确的是（　　） A．电容器所带的电量越多，电容就越大 B．电容器充电后，两个极板带有等量同号电荷 C．照相机闪光灯工作时发出强光是属于电容器的放电现象 D．电容器只能充电，不能放电 2．磨刀器极大地提升了我们的生活便利性，如图甲所示，这是一款某品牌的磨刀器，它配备了两种刀具选择规格（角度在和两种规格）。这类磨刀器的设计左右对称，通过调整两侧刀片的夹角，以适应不同刀具的需求，其简化原理图如图乙所示。若某人将磨刀器放在水平桌面上，并将刀具放在磨刀器上向后缓慢拉动，若在拉动过程中对刀具施加的压力保持恒定，磨刀器始终静止。则下列关于磨刀器和对应刀具的说法正确的是（　　） A．当刀具向后拉动时，刀具受到的摩擦力方向向后 B．当刀具向后拉动时，桌面受到的摩擦力方向向前 C．若磨刀器的夹角越大，刀具对磨刀器的作用力越大 D．若磨刀器的夹角越大，刀具受到的摩擦力反而越小 3．如图所示，从倾角为的足够长的斜面顶端以大小为v0的水平初速度抛出一个可视为质点的小球，小球落在斜面上。已知重力加速度大小为g，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．小球在空中运动的时间为 B．小球在空中运动的水平位移大小为 C．若仅将小球的初速度大小变为2v0，则小球在空中运动的水平位移大小变为原来的2倍 D．若仅改变小球的初速度大小，则小球落在斜面上时速度方向可能垂直于斜面 4．如图所示，用一根轻质弹簧将小球A悬挂在天花板上，用细线将小球B悬挂在小球A的下方，两小球均处于静止状态。已知小球A、B的质量之比为1：3，重力加速度大小为g，则细线被剪断的瞬间（　　） A．小球B的加速度大小为0 B．小球B的加速度大小为3g C．小球A的加速度大小为3g D．小球A的加速度大小为g 5.2023年10月，“空中出租车”在上海试飞成功，完成首秀。质量为2t的“空中出租车”从静止开始竖直上升，其运动图像如图所示，不计空气阻力，则“空中出租车”（    ） A．10s内的位移大小为150m B．3s末的合外力大小为24000N C．3s末的输出功率为120kW D．10s内的输出平均功率为160kW 6.如图，在圆盘圆心处通过一个光滑小孔把质量相等的两物块用轻绳连接，物块A到转轴的距离为R=20cm，与圆盘的动摩擦因数为μ=0.2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力（已知π2=g）则（ ） A．物块A一定会受圆盘的摩擦力 B．当转速n=0.5r/s时，A不受摩擦力 C．A受摩擦力方向一定与线速度方向在一条直线上 D．当圆盘转速n=1r/s时，摩擦力方向沿半径背离圆心 7．火箭发射领域“世界航天第一人”是明朝的士大夫万户，他把47个自制的火箭绑在椅子上，自己坐在椅子上，双手举着大风筝，设想利用火箭的推力，飞上天空，然后利用风筝平稳着陆。假设万户及其所携设备（火箭、燃料、椅子、风筝等）的总质量为M，点燃火箭后在极短的时间内，质量为m的炽热燃气相对地面以的速度竖直向下喷出，忽略空气阻力的影响，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A．火箭的推力来源于空气的浮力 B．在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为 C．喷出燃气后，万户及其所携设备能上升的最大高度为 D．在火箭喷气过程中，万户及其所携设备的机械能守恒 二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8．2022年11月29日晚，长征二号运载火箭将神舟十五号载人飞船精准送入预定轨道，并于11月30日7时33分对接天和核心舱，形成组合体。如图所示为“神舟十五号”对接前变轨过程的简化示意图，AC是椭圆轨道II的长轴，“神舟十五号”从圆轨道I先变轨到椭圆轨道II，再变轨到圆轨道III，与在圆轨道III运行的天和核心舱实施对接。下列说法正确是（　） A．“神舟十五号”两次变轨过程中均需要点火减速 B．“神舟十五号”在椭圆轨道II上运行的周期小于天和核心舱运行的周期 C．“神舟十五号”在椭圆轨道II上经过C点时的速率大于天和核心舱经过C点时的速率 D．“神舟十五号”在椭圆轨道II上C点时的加速度等于天和核心舱在C点时的加速度 9.如图所示，某工地要将一大铁球从低处拉上来，跨过光滑定滑轮的轻绳一端系着铁球（大小不可忽略，轻绳延长线过球心），一端连在水平地面上的工程牵引车上，牵引车牵引着水平绳使球沿光滑竖直墙面从较低处匀速上升。在铁球上升且未离开墙面的过程中，下列说法正确的是（　　） A．牵引车做匀速运动 B．牵引车做减速运动 C．绳对球的拉力变大 D．竖直墙面对球的支持力变大 10．成语“簸扬糠粃”常用于自谦，形容自己无才而居前列。成语源于如图所示劳动情景，在恒定水平风力作用下，从同一高度由静止释放的米粒和糠粃因质量不同（米粒的质量大于糠粃的质量）而落到地面不同位置，以达到分离米粒和糠枇的目的。空气阻力忽略不计，下列说法正确的是（　　） A．从释放到落地的过程中，糠粃的运动时间等于米粒的运动时间 B．落地时，米粒重力的瞬时功率等于糠枇重力的瞬时功率 C．从释放到落地的过程中，米粒和糠粃重力做功相同 D．从释放到落地的过程中，风力对糠粃做功比对米粒做功多 三、实验题（每空2分，共18分） 11．某同学在研究平抛运动的实验中，在方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点，如图所示（轨迹已擦去），已知方格纸上的每一个小方格边长均为L=2.5cm，g取10m/s2，请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题： (1)小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间 （选填“相等”或“不相等”）。 (2)平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，根据小球从a→b、b→c、c→d的竖直方向位移差，求出小球从a→b、b→c、c→d所经历的时间是 s。 (3)根据水平位移，求出小球做平抛运动的初速度v0= m/s。 (4)从抛出点到b点所经历的时间是 s。 12．用如图甲所示的实验装置验证、组成的系统机械能守恒。从高处由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙给出的是实验中获取的一条纸带，0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），所用电源频率为50Hz。已知、。则（结果均保留两位有效数字）： （1）在纸带上打下计数点5时的速度 m/s； （2）在打下0点到打下计数点5的过程中系统动能的增加量 J，系统重力势能的减少量 J；在误差允许的范围内，，则系统的机械能守恒。（g取10m/s2） （3）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是 。 A．利用公式计算重物速度    B．利用公式计算重物速度 C．没有采用多次实验取平均值的方法    D．存在空气阻力和摩擦阻力的影响 （4）若某同学作出图像如图丙所示，则当地的实际重力加速度g= m/s2。 四、解答题（共36分） 13.(10分)如图所示，匀强电场的电场线与水平虚线夹角，把一带电荷量为的正电荷从C点移至A点的过程中，电场力做功，长，与水平虚线平行，，B、C两点位于同一条电场线上。，，求： （1）A、C两点的电势差； （2）匀强电场的场强E的大小 （3）若规定C点电势为零，求B点电势为多少。 14.(10分)光滑冰面上固定一个足够大的光滑曲面体，一个坐在冰车上的小孩手扶一小球静止在冰面上。已知小球的质量为，小孩和冰车的总质量为某时刻小孩将小球以的速度向曲面体推出（如图所示），g=10m/s2。 （1）求推出小球后，小孩的速度v2的大小； （2）小球返回后会被小孩抓住，求共同运动的速度v3的大小； （3）求小球被抓住过程中所受到的冲量I。 15．(16分)一游戏装置由水平弹射装置、传送带、水平直轨道BC、足够长的凹槽CHID、水平直轨道DE、螺旋圆形轨道EFP、水平直轨道PQ和放在Q处的竖直挡板组成，除传送带和 PQ段外各段表面均光滑，且各处平滑连接。螺旋圆形轨道与轨道 DE、PQ相切于处，螺旋圆形轨道半径。传送带的水平部分AB长，沿顺时针运行的速率。PQ间距离。凹槽CHID内有一无动力摆渡车，并紧靠在竖直侧壁 CH处，摆渡车质量，上表面与 A、B、C、D、E、Q点在同一水平面，若摆渡车碰到凹槽的 DI侧壁时将立刻被锁定。现将一个质量的滑块（可视作质点）向左压缩弹簧至O点由静止释放，弹簧的弹力F与滑块在OA段运动的位移x的关系如图乙所示。已知滑块与传送带、摆渡车上表面间的动摩擦因数均为，滑块与轨道 PQ间的动摩擦因数为，重力加速度取。求： （1）滑块滑上传送带的初速度； （2）滑块在传送带上运行过程中因摩擦产生的热量Q； （3）为了使滑块能碰到Q处的挡板，求摆渡车长度 x的范围。 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年度高二开学考物理卷参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D B C D D B BD BCD AD 1、C 2．D【详解】A．当刀具向后拉动时，刀具受到的滑动摩擦力阻碍刀具的相对运动，因此刀具受到的摩擦力向前，故A错误； B．刀具向后拉动时，由于刀具受到的摩擦力向前，根据牛顿第三定律可知，磨刀器受到刀具的摩擦力向后，根据平衡条件可知，桌面对磨刀器的摩擦力向前，结合牛顿第三定律可知，磨刀器对桌面的摩擦力向后，故B错误； CD．当对刀具施加相同的正压力F时，将F沿两个侧面进行分解，如图所示，由几何关系可得 故当磨刀器的夹角越大，刀具对磨刀器的作用力越大小，根据可知，刀具受到磨刀器的摩擦力越小，故C错误，D正确。故选D。 3．B【详解】A．根据平抛规律有 解得 故A错误； BC．水平方向有 仅将小球的初速度大小变为2v0，则小球在空中运动的水平位移大小变为原来的4倍，故B正确，C错误； D．设落到斜面的速度与水平方向的夹角为，则 倾斜角度为定值，所以落在斜面上速度与水平方向的夹角为定值，与速度大小无关，故D错误。 4．C【详解】设A的质量为，B的质量为，细线被剪断前，以A、B为整体，根据受力平衡可得，弹簧弹力为 细线被剪断的瞬间，弹簧弹力保持不变；小球B只受重力作用，则小球B的加速度大小为g；以A为对象，根据牛顿第二定律可得小球A的加速度大小为 故选C。 5．D【详解】A．根据图像与坐标轴围成面积表示位移可知10s内的位移大小故A错误； B．内出租车的加速度 根据牛顿第二定律 可得3s末的合外力大小故B错误； C．3s末的出租车的速度 3s末的输出功率故C错误； D．前5s内对出租车做的功 5s到10s对出租车做的功 10s内的输出平均功率故D正确。故选D。 6.D【详解】要使A物块相对静止，则绳子的拉力一直为mg，即绳子的拉力不变，当摩擦力为零时，重力提供向心力：，代入数据解得：，故AB错误；A受摩擦力方向与半径在一条直线上，指向圆心或背离圆心，故C错误；当圆盘转速n=1r/s时，即，有沿半径向内运动的趋势，所以摩擦力方向沿半径背离圆心，故D正确．所以D正确，ABC错误． 7．B【详解】A．火箭的推力来源于燃料燃烧时产生的向后喷出的高温高压气体对火箭的反作用力，故A错误； B．在燃气喷出后的瞬间，万户及其所携设备组成的系统内力远大于外力，系统动量守恒，设火箭的速度大小为v，规定火箭运动方向为正方向，由动量守恒定律得（M-m）v-mv0=0 解得火箭的速度大小为 故B正确； C．喷出燃气后万户及所携设备做竖直上抛运动，上升的最大高度 故C错误； D．在火箭喷气过程中，燃料燃烧时产生的向后喷出的高温高压气体对万户及所携设备做正功，所以万户及所携设备机械能不守恒，故D错误。 故选B。 8． BD【详解】A．“神舟十五号”两次变轨过程中均需要点火加速，故A错误； B．根据开普勒第三定律有由于椭圆轨道Ⅱ的半长轴小于圆轨道Ⅲ的半径（即半长轴），故“神舟十五号”在椭圆轨道Ⅱ上运行的周期小于天和核心舱运行的周期，故B正确； C．由于从椭圆轨道Ⅱ到圆轨道Ⅲ需要在C点点火加速，故“神舟十五号”在椭圆轨道Ⅱ上经过C点时的速率小于天和核心舱经过C点时的速率，故C错误； D．根据 解得加速度 可知“神舟十五号”在椭圆轨道Ⅱ上C点时的加速度等于天和核心舱在C点时的加速度，故D正确。 9.BCD【详解】AB．设铁球匀速上升的速度为，牵引车的速度为，根据合速度与分速度的关系可知根据题意可知，铁球上升过程中速度不变，变大，变小，则变小。相关图像如下图所示 所以牵引车做减速运动。A错误，B正确； CD．由于铁球匀速上升，所以其所受合外力为零，设绳对球的拉力为T，竖直墙面对球的支持力为N，对铁球进行受力分析如图所示 根据几何关系可知， 上升过程中变大，变大、变小，则N变大，T变大。CD正确；故选BCD。 10．AD【详解】A．糠秕和米粒在竖直方向均做自由落体运动，下落的高度相同，根据 可知，从释放到落地的过程中，糠秕的运动时间等于米粒的运动时间，故A正确； B．落地时，米粒的竖直速度等于糠秕的竖直速度，根据 由于米粒的重力大于糠秕的重力，则米粒重力的瞬时功率大于糠秕重力的瞬时功率，故B错误； C．根据因米粒和糠秕质量不同，则从释放到落地的过程中，米粒和糠秕重力做功不相同，D．从释放到落地的过程中，因米粒质量较大，则加速度较小，落地时水平位移较小，根据 可知，风力对糠粃做功比对米粒做功多，故D正确。故选AD。 11． 相等 0.05 1 0.075 (1)[1] 平抛运动在水平方向做匀速直线运动，a→b，b→c，c→d水平位移相等，所需时间相等． (2)[2]平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，a→b，b→c竖直方向位移差△y=aT2=gT2 (3)[3] 水平方向x=v0T，得 (4)[4] 设b点竖直方向的分速度vy，则 又由vy=gt，得t=0.075s 12． 2.4 0.58 0.60 D 9.7 【详解】（1）[1]打下计数点5时的速度 （2）[2]打下0点到打下计数点5的过程中系统动能的增 [3]系统重力势能的减少量 （3）[4]AB．重物的速度要通过纸带上的点迹来计算，而不是用运动学的公式来计算，故AB错误； C．实验中出现的重力势能的减少量大于动能的增加量，这是系统误差造成的，并不是没有采用多次实验取平均值的方法，故C错误； D．实验中存在空气阻力和摩擦阻力的影响，克服阻力做功会消耗一部分机械能，所以重力势能的减少量会大于动能的增加量，故D正确。故选D。 （4）[5]根据机械能守恒可得 整理得 即图像的斜率 则有 13．（1）3.6V；（2）；（3）10V 【详解】（1）由电场力做功与电势差关系得； （2）由其中d为沿电场线方向的位移为 所以 （3）由电势差与电场强度的关系可知 因为 若规定C点电势为零，即 所以B点电势为 14．（1）1.2m/s；（2）2m/s；（3），方向水平向左 【详解】（1）由题意可知，对小球、小孩和冰车整个系统动量守恒，规定向左为正方向，则0=m1v1-m2v2 解得推出小球后，小孩的速度v2的大小为v2=1.2m/s （2）由小球能量守恒可知返回到水平面时小球速度大小不变；抓住小球过程m1，m2 动量守恒m1v1+m2v2=（m1+m2）v3 解得共同运动的速度v3的大小为v3=2m/s （3） 规定向左为正方向，由动量定理可得，小球所受冲量解得方向水平向左 15．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）由图像得弹簧弹力做功由解得 （2）若滑块在传送带上一直加速，由牛顿第二定律得 由运动学公式得解得可知假设合理 此过程中皮带位移 滑块与皮带的相对位移 滑块在传送带上运行过程中因摩擦产生的热量 （3）若滑块刚好过F点 由动能定理得解得 若刚好能到Q点 解得所以 滑块在摆渡车上时，滑块加速度 ；渡车加速度 由可知，从滑上摆被车到达到共速 相对位移所以 摆液车停止后滑块继续减速滑块才能过F点，所以 所以所以. 答案第4页，共5页 答案第1页，共5页 学科网（北京）股份有限公司 $