周测评(25)阶段检测(七)-【衡水真题密卷】2024-2025全学年高一物理学科素养周测评（粤教版）

2024一2025学年度学科素养周测评（二十五） 物理·阶段检测（七） (考试时间40分钟，总分100分) 一、选择题：本题共6小题，每小题8分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~4题 只有一项符合题目要求，第5、6题有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不 全的得4分，有选错的得0分。 题号 1 3 5 6 答案 1.如图所示，在直角三角形ABC的顶点A、B分别固定有点电荷Q1、Q2,现将一试探电荷 q固定于顶点C,测得q所受电场力与AB边垂直。已知AB:AC:BC=5:4:3,则( A.Q1、Q2带异种电荷 B.Q1、q带同种电荷 Q Q1_3 C.Q,4 Q14 D.Q:3 2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻两等势面之间的电势差相等，实 线为一带正电的粒子只在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P和Q是这条轨迹 上的两个点，P、Q相比，下列说法正确的是 ) A.P点的电势低 B.带电微粒通过P点时的加速度大 C.带电微粒通过P点时的速度大 b-- --- D.带电微粒在P点时的电势能较小 c-0 3.如图所示，小郭同学将电容式位移传感器的两极板接入到电路中进行实验探究。电容 式位移传感器中的电介质板与被测物体固连在一起，可以左右移动。电介质板插入极 板间的深度记为x,电压表和电流表均为理想电表，电源电动势、内阻均恒定，R为定值 电阻。下列说法正确的是 ( A.电压表读数不为零，说明x在增大 A B.若x保持不变，则电压表示数为某一定值 C.在x增大的过程中，电容器两极板带电量减小 被测物体 电介质板 D.在x增大的过程中，a点电势始终低于b点 R b 高一学科素养周测评（二十五）物理第1页（共4页） 衡水真 4.如图所示为某导体电阻的I-U图像，下列说法中不正确的是 班级 ↑I∥A 2.0 1.5 姓名 1.0 0.5 ------------ 05101215U八 得分 A.该电阻两端的电压为5V时，导体的电阻为52 B.该电阻两端的电压为12V时，导体的电功率为18W C.该电阻是非线性元件，可用欧姆定律计算其在某状态下的电阻 D.该电阻两端的电压由5V变化到12V的过程中，其电阻值改变了142 5.科技馆中有一光滑绝缘轨道如图所示，轨道由半径为R=2的竖直光滑绝缘圆轨道和 光滑水平轨道构成，A点所在的半径与竖直直径BC成37°角。若 A 空间存在一个水平向右、大小为E=1.0×104V/m的匀强电场， 、379 质量为0.04kg,电荷量均为g=+3×10-5C的小球在C点获得 一个速度，恰好能过A点。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取 R g=10m/s2。下列说法正确的是 A.小球在A点的速度是5m/s B.小球在C点的速度是√J115m/s C.小球经过0.6s落到地面上 D.小球落地点距离C点2.4m 6.纸面内存在沿某方向的匀强电场，在电场中取O点为坐标原点建立x轴，以O为圆心、 R为半径，从x轴上的a点开始沿逆时针方向作圆，a~h是圆周上的8个等分点，如图 甲所示；测量圆上各点的电势9与半径同x轴正方向的夹角0，描绘的p-0图像如图乙 所示，下列说法正确的是 () d ↑P/V P 6π 12π 0 6 0/rad 91 g 甲 A.电场强度的大小为P十9： 2R B0点的电势为P192 2 C.ae两点的电势差为P十P: 2 D.从e到f,电势一直降低，从g到h,电势一直升高 题密卷 高一学科素养周测评（二十五）物理第2页（共4页） YJ 二、非选择题：本题共3小题，共52分。 7.(12分)学习小组想测量某电阻的阻值Rx。 (1)先用多用电表的欧姆挡粗略测量待测电阻阻值。下述步骤合理的顺序是 (填数字序号)。 ①把待测电阻连接到红、黑表笔间。 ②红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，让指针指到0Ω处。 ③把选择开关调到欧姆挡合适的倍率。 ④读取测得的电阻值。 ⑤把选择开关拨到“OFF”挡。 " 150 200 Ro V-2 月 乙 (2)若选择开关为“×10”挡，指针示数如图甲所示，则测得的电阻为 n。 (3)接下来用图乙所示的电路精确地测量该电阻的阻值Rx。R。是定值电阻，滑动变阻 器最大阻值有20Ω和20002可供选择，为了方便调节，应选择最大阻值为 2 的滑动变阻器。 (4)电路连接完成后，测量步骤如下： ①先把滑动变阻器的滑片P移到最 (填“左”或“右”)端，然后闭合开关 S1、S2; ②缓慢移动滑动变阻器的滑片P,使电流表、电压表指针指在合适的位置，记录两表 的示数I、U1; ③断开开关S2,电流表的示数 (填“变大”或“变小”)，向 (填“左”或 “右”)移动滑动变阻器滑片，使电流表的示数仍为I,记录电压表的示数U2,则待 测电阻的阻值R,= (用I、U1、U2表示)。 (5)该电流表内阻对电阻的测量值 (填“有”或“没有”)影响。 8.(20分)一段半径为2m且光滑的圆弧BCD处于光滑水平面，俯视图如图所示。空间 存在与水平面平行的匀强电场，O为圆弧的圆心，OC与电场方向平行、OD与电场方向 垂直，并且O、B的连线与O、C的连线所成夹角为0=53°。一质量为m=0.2kg,电荷 量为q=十5×10-3C的小球，从A点开始以垂直于电场方向的初速度v。=3m/s开始 运动，恰好从B点沿圆弧的切线方向进入圆弧，已知A、B之间沿电场线的距离为 15m,取g=10m/s,不计空气阻力，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求： (1)匀强电场的电场强度的大小。 YJ 高一学科素养周测评（二十五）物理第3页（共4页） 衡水真是 (2)小球在轨道上的C点时的速度大小及此时对轨道的压力大小。 9.(20分)如图甲所示，竖直正对放置的平行极板A、B间存在一匀强电场，从A板O处的 放射源连续无初速度地释放质量为、电荷量为e的电子，电子经极板A、B间的电场 加速后由B板上的小孔离开，然后沿水平放置的平行极板C、D的中心线进入偏转电 场。C、D两极板的长度均为L、间距为d,两板之间加有如图乙所示的交变电压，U。为 T 已知量，0一时间段内极板C的电势高于极板D的电势。电子被加速后离开极板A、 B间的加速电场时的速度大小为头，所有电子在极板C,D间的偏转电场里运动时均不 会打到C、D两极板上，不考虑电子的重力及电子之间的相互作用和极板的边缘效 应。求： (1)极板A、B之间的电势差UAB。 (2)t=0时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的侧移距离。 3T (3)t= 时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的侧移距离。 U↑ B U 0 T3T:2T 7 D -3U0 印 乙 密卷 高一学科素养周测评（二十五）物理第4页（共4页）衡水真题密卷 学科素养周测评 与牵引力的功率相等，故电动机的输出功率为 R#=R=82 P数=Fv=8W 同理当V1=4V,时，有 故电动机内阻消耗的热功率为 P熟=P落一P友=4W R4-R=20 根据非纯电阻电路热功率的公式，在只闭合S。、 根据闭合电路欧姆定律有 S2,断开S1时有 E=I1(R外1十r） P满=IRM E=I2(R外2+r） 解得RM=4n 其中 (2)当只闭合S、S2,断开S时，由闭合电路欧姆 R外1=R+R#十R0=262 定律及串、并联电路的规律得 R外2=R+R#十R。=202 E=U+I(Ro+r) 联立解得E=18V,r=102。 当S。、S2、S1均闭合时，由于电动机两端的电压不 (3)根据电功率的计算公式可知 变，由闭合电路的欧姆定律及串、并联电路的规 U 律得 R打一P颜 E=U+I2(Ro+r) 解得R:=4n 解得E=36V,r=3。 R海R' R4=R十R 9.(1)P光减小U2增大(2)18V102 解得R=3.2n (3)3.5W 根据功率的计算公式有 【解析】(1)将滑动变阻器的滑片向左移动，R。 P-(e+R是，+R)R E 增大，根据“串反并同”可知，P光减小，U2增大。 (2)根据题图表可知R-Iu关系为 根据数学方法可知当R4十R。十r=R时，电功率 R=-0.5Iv+10 最大，即 当Iv=4cd,则有 E2 R=82 Pm=4(R4+R+r） 当V1=V2时，根据串、并联规律可知 解得Pm≈3.5W。 2024一2025学年度学科素养周测评（二十五）物理·阶段检测（七） 一、选择题 方向电势逐渐降低，所以P点的电势高，A错误； 1.D【解析】根据电荷q受 等势面越密集的地方电场强度越大，则带电微粒 到的电场力方向，可以判断 通过P点时的电场力较大，根据牛顿第二定律可 出点电荷Q1、Q2对q的电Q, Q 知加速度大，B正确；若带电微粒从P运动到Q, 场力分别为F1和F2,如图A B 则电场力做正功，电势能减小，动能增大，则通过 所示。可知Q1、Q2带同种电荷，它们分别对q有 P,点时的速度小，在P点时的电势能较大，C、D 吸引力，故Q1、9带异种电荷，A、B错误；根据库 错误。 仑定律有F1=飞 是，R,=是#指几何关系 3.D【解析】电压表读数不为零，说明x在变化， 但不一定在增大，A错误；若x保持不变，则电容 AB:AC:BC=5:4:3,可知∠A=37°，tan 器电容不变，电容器所带电荷量不变，电路中没 37-异聚立解8-子C0误D三确。 有电流，则电压表示数一定为零，B错误；在x增 2.B【解析】粒子所受电场力指向轨迹凹侧，由于 大的过农中准据C=C-吕可物电家器 粒子带正电，则电场线大致向右下，沿着电场线 电容增大，电容器电荷量增大，电容器充电，通过 ·46. Y灯 ·物理· 参考答案及解析 R的电流方向由b指向a,则a点电势始终低于b 逐渐降低，可知从e到f,电势先降低再升高，从 ,点电势，C错误，D正确。 g到h,电势一直升高，D错误。 4.D【解析】该电阻两端的电压为5V时，导体的 d 电胆为R-号-品Q一-5A三项：发包但两 电势最高点 et 00 端的电压为12V时，电流为1.5A,功率P= 电势最低点 后π IU=18W,B正确；该电阻是非线性元件，可用 g 欧姆定律计算其在某状态下的电阻，C正确；该电 二、非选择题 阻两端的电压由5V变化到12V的过程中，其 7.(1)③②①④⑤(2)140(3)20(4)①左 电a值变7△R=号n。0=30,D错 ③变小右 U2-U1 (5)没有 误。本小题选择不正确的一项，故选D。 【解析】(1)先用多用电表的欧姆挡粗略测量待 5.ABC【解析】根据题意可得，重力和电场力的合 测电阻阻值。应先把选择开关调到欧姆挡合适 力大小为F合=√(mg)2+(Eq)产=0.5N,设合 的倍率；然后红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋 力与竖直方向的夹角为a,则ana=9=3,所 钮，让指针指到0处：接着把待测电阻连接到 mg 4 红、黑表笔间，读取测得的电阻值；最后把选择开 以合力与竖直方向的夹角为37°，所以在A点有 关拔到“OFF”挡。故步骤合理的顺序是③②① F◆=mP,解得uA=5m/s,A正确；由C到A,根 ④⑤. (2)若选择开关为“×10”挡，指针示数如题图甲 据动能定理可得一R,R1十os3门=司m2 所示，则测得的电阻为14.0×102=1402。 (3)由于电路图中滑动变阻器采用分压接法，为了方 1 mo6,解得c=√15m/s,B正确；小球经过 便调节，应选择最大阻值为20的滑动变阻器。 (4)①为了保证电表的安全，先把滑动变阻器的 A点后做斜下抛运动，则R(1十cos37°)= 滑片P移到最左端，然后闭合开关S、S2; (osn371十s,解得1=Q6sC正痛：小球落 ③断开开关S2,支路多串联R,则电流表的示数 地，点距离C点的距离为x=Rsin37°+UA COS37°· 变小；应向右移动滑动变阻器滑片，使得电压表 示数变大，电流表的示数仍为I,记录电压表的示 -。92,解得x=2.25m,D错误。 数U2;设电流表内阻为RA,根据欧姆定律可得 6.AB【解析】由题图甲可知圆周上电势最高的点 U 和电势最低的点所在的直径与x轴的夹角为0= 。,=RA十R十R,可得待测电阻 =RA+Ro- 否，且电势差的值为9一（一9)=9十9由匀 的阻值为R,= U2-U1 I 强电场的电场强度和电势差的关系，可得电场强 (5)由以上分析可知，该电流表内阻对电阻的测 量值没有影响。 度的大小E=9,P,方向与x轴正方向的夹 2R 8.(1)600N/C(2)7m/s7.9N 角为5 ,A正确；根据匀强电场电势分布特点，0 【解析】(1)小球从A到B做类平拋运动，则到达 B,点时的竖直速度 点的电势，-十2-2，B正确a、 V,=votan 53 2 e两点的电势差U=E·2Rcos6 03=2ay=2gE 解得E=600N/C。 √3(p1+92） ,C错误；根据选项A的分析，可画 2 (2)小球到达B点时速度为B=0 cos53°=5m/s, 出如图所示电场线。根据沿着电场线方向电势 从B到C由动能定理得 ·47· YJ 衡水真题密卷 学科素养周测评 gER1-c0s53'）-7m8-3mi 1 电子离开偏转电场时的侧移距离为 1 在C点时，由牛顿第二定律得 y=2ait 呢 Fx-qE=m 解得y= eU。T2 8md 联立解得c=7m/s,FN=7.9N (3)t= 二$时刻射入极板C、D间的偏转电场的电 由牛顿第三定律得小球在C点时，对轨道的压力 大小为F=FN=7.9N。 子，在3T T的时间内加速度大小为 4 9.(1) 2mL2 eUoT2 eTa (2) (3)L7 8md Amd 3eUo a2 md 【解析】(1)粒子在AB板之间加速后获得的速度为 此过程的侧移距离为 3eU.T2 32md 根据动能定理可得 在t=T时刻竖直方向的分速度为 1 -eUAn-2mvi 极板A、B之间的电势差为 ,-a:r-买）-37 4md UAB=- mL2 在T 5T 时间内电子加速度大小为 eT2o elo (2)电子进入极板C、D间的偏转电场后在电场 a1= md 力的作用下做类平抛运动，沿水平方向做匀速直 此过程的侧移距离为 线运动有 L=vot -小-T-）°-x y2=0y4 32md 保得1=号 电子离开C、D间的偏转电场时的侧移距离为 eU.T2 t=0时刻进入极板C、D间的偏转电场的电子加 y=y1十y2= 4md 速度大小为 a1一md ·48· Y灯