海南省儋州市某校2025-2026学年高三上学期第二次双周测物理试题

2026届高三第二次双周测 物 理 （考试时间:90分钟 满分:100分） 1、 单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1.关于物体的惯性，下列说法中正确的是(    ) A. 骑自行车的人，上坡前要加紧蹬几下，是为了增大惯性冲上坡 B. 子弹从枪膛中射出后在空中飞行，速度逐渐减小，因此惯性也减小 C. 物体惯性的大小，由物体质量的大小决定 D. 物体由静止开始运动的瞬间，它的惯性最大 2.如图所示，下列对教材中的四幅图分析正确的是(    ) A. 图甲：被推出的冰壶能继续前进，是因为一直受到手的推力作用 B. 图乙：电梯在加速上升时，电梯里的人处于失重状态 C. 图丙：汽车过凹形桥最低点时，速度越大，对桥面的压力越大 D. 图丁：汽车在水平路面转弯时，受到重力、支持力、摩擦力、向心力四个力的作用 3.高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2。若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过(    ) A. B. C. D. 4.应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出．对此现象分析正确的是(    ) A. 手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态 B. 手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态 C. 在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度 D. 在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度 5.如图所示，在光滑水平地面上，两相同物块用细线相连，两物块质量均为1kg，细线能承受的最大拉力为2N。若在水平拉力F作用下，两物块一起向右做匀加速直线运动。则F的最大值为(    )   A. 1N B. 2N C. 4N D. 5N 6.如图所示，在考虑空气阻力的情况下，一小石子从点抛出沿轨迹运动，其中是最高点。若空气阻力大小与瞬时速度大小成正比，则小石子竖直方向分运动的加速度大小(    ) A. 点最大 B. 点最大 C. 点最大 D. 整个运动过程保持不变 7.如图，质量的两物体、叠放在一起，靠着竖直墙面。让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体的受力示意图是(    ) A. B. C. D. 8.如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长。一大小为的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距时，它们加速度的大小均为(    ) A. B. C. D. 二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。 9．一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度随时间变化的图线如图所示，以竖直向上为的正方向，则人对地板的压力 (    ) A. 时最大 B. 时最小 C. 时最大 D. 时最小 10.若长度、质量、时间和动量分别用、、和表示，则下列各式可能表示能量的是(    ) A. B. C. D. 11.如图，轻质弹簧上端固定，下端悬挂质量为的小球，质量为的小球 与用细线相连，整个系统处于静止状态。弹簧劲度系数为，重力加速度为 。现剪断细线，下列说法正确的是(    ) A. 小球运动到弹簧原长处的速度最大 B. 剪断细线的瞬间，小球的加速度大小为 C. 小球运动到最高点时，弹簧的伸长量为 D. 小球运动到最低点时，弹簧的伸长量为 12.一质量为的物体自倾角为的固定斜面底端沿斜面向上滑动。该物体开始滑动时的动能为，向上滑动一段距离后速度减小为零，此后物体向下滑动，到达斜面底端时动能为。已知，重力加速度大小为。则(    ) A. 物体向上滑动的距离为 B. 物体向下滑动时的加速度大小为 C. 物体与斜面间的动摩擦因数等于 D. 物体向上滑动所用的时间比向下滑动的时间长 13.如图所示，质量均为的、两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块。杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为的重物，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为。下列说法正确的是(    ) A. 当一定时，越大，轻杆受力越大 B. 当、一定时，滑块对地面的压力与无关 C. 当和一定时，越大，滑块与地面间的摩擦力越大 D. 若，则无论多么大，一定不会滑动 三、 实验题（本题共 2小题，共 18分）把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写演算过程。 14、某兴趣小组设计了一个可以测量质量的装置。如图，细绳、和橡皮筋相连于一点，绳上端固定在点，绳下端与水杯相连，橡皮筋的另一端与绳套相连。为确定杯中物体质量与橡皮筋长度的关系，该小组逐次加入等质量的水，拉动绳套，使绳每次与竖直方向夹角均为且橡皮筋与绳垂直，待装置稳定后测量对应的橡皮筋长度。根据测得数据作出关系图线，如图所示。 回答下列问题： 将一芒果放入此空杯，按上述操作测得，由图可知，该芒果的质量          结果保留到个位。若杯中放入芒果后，绳与竖直方向夹角为但与橡皮筋不垂直，由图像读出的芒果质量与相比          填“偏大”或“偏小”。 另一组同学利用同样方法得到的图像在后半部分弯曲，下列原因可能的是          。 A.水杯质量过小 B.绳套长度过大 C.橡皮筋伸长量过大，弹力与其伸长量不成正比 写出一条可以使上述装置测量质量范围增大的措施           。 15. 某同学利用如图所示的实验装置来测量重力加速度大小。细绳跨过固定在铁架台上不可转动的小圆柱体，两端各悬挂一个重锤。实验步骤如下： 用游标卡尺测量遮光片的宽度。 将遮光片固定在重锤上，用天平测量重锤和遮光片的 总质量、重锤的质量。 将光电门安装在铁架台上，将重锤压在桌面上，保持系 统静止，重锤离地面足够高。用刻度尺测量出遮光片中心 到光电门的竖直距离。 启动光电门，释放重锤，用数字毫秒计测出遮光片经过 光电门所用时间。 根据上述数据求出重力加速度大小。 多次改变光电门高度，重复步骤，求出的平均值。 回答下列问题： 测量时，游标卡尺的示数如图所示，可知          。 重锤通过光电门时的速度大小为          用、表示。若不计摩擦，与、、、、的关系式为          。 实验发现，当和之比接近于时，的测量值明显小于真实值。主要原因是圆柱体表面不光滑，导致跨过圆柱体的绳两端拉力不相等。理论分析表明，圆柱体与绳之间的动摩擦因数很小时，跨过圆柱体的绳两端拉力差，其中是只与圆柱体表面动摩擦因数有关的常数。 保持不变，其中，。足够小时，重锤运动的加速度大小可近似表示为。调整两重锤的质量，测得不同时重锤的加速度大小，结果如下表。根据表格数据，采用逐差法得到重力加速度大小          保留三位有效数字。 4、 计算题：本题共3小题，共38分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 16（8分）.如图所示，有一质量的物件在电机的牵引下从地面竖直向上经加速、匀速、匀减速至指定位置。当加速运动到总位移的时开始计时，测得电机的牵引力随时间变化的图线如图所示，末速度减为时恰好到达指定位置。若不计绳索的质量和空气阻力，g=10m/s2，求物件 做匀减速运动的加速度大小和方向； 匀速运动的速度大小； 总位移的大小。 17（14分）.某砂场为提高运输效率，研究砂粒下滑的高度与砂粒在传送带上运动的关系，建立如图所示的物理模型。竖直平面内有一倾角的直轨道，其下方右侧放置一水平传送带，直轨道末端与传送带间距可近似为零，但允许砂粒通过。转轮半径、转轴间距的传送带以恒定的线速度逆时针转动，转轮最低点离地面的高度。现将一小物块放在距离传送带高处由静止释放，假设小物块从直轨道端运动到达传送带上点时，速度大小不变，方向变为水平向右。已知小物块与直轨道和传送带间的动摩擦因数均为。 若，求小物块到达端时速度的大小； 若小物块落到传送带左侧地面，求需要满足的条件； 改变小物块释放的高度，小物块从传送带的点水平向右抛出，求小物块落地点到点的水平距离与的关系式及需要满足的条件。 18（16分）.如图所示，两平行虚线、间无磁场。左侧区域和右侧区域内均有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小分别为和。一质量为、电荷量为的带正电粒子从左侧点以大小为的初速度射出，方向平行于向上。已知点到的距离为，粒子能回到点，并在纸面内做周期性运动。不计重力，求： 粒子在左侧区域中运动轨迹的半径。 粒子第一次和第二次经过时位置的间距。 粒子的运动周期。 物理试题 第7页 （共8页） 物理试题 第8页 （共8页） 物理试题 第5页 （共8页） 物理试题 第6页 （共8页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 答案详解 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 C C B D C A A A AD AC BC BC BD 4.【答案】  【解析】本题考查牛顿第二定律的动力学分析、超重和失重．加速度向上为超重向下为失重，手托物体抛出的过程，必定有一段加速过程，即超重过程，从加速后到手和物体分离的过程中，可以匀速也可以减速，因此可能失重，也可能既不超重也不失重，、B错误．手与物体分离时的力学条件为：手与物体之间的压力 ，分离后手和物体一定减速，物体减速的加速度为，手减速要比物体减速快才会分离，因此手的加速度大于，C错误，D正确． 6.【答案】  【解析】由于空气阻力大小与瞬时速度大小成正比，小石子在点时速度斜向上方，此时速度最大，空气阻力斜向下方最大，上升过程与竖直方向夹角最小，故此时空气阻力分解在竖直方向最大，根据牛顿第二定律可知此时竖直方向分运动的加速度最大。 故选A。 7.【答案】  【解析】与整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故、间无弹力，再对物体受力分析，只受重力，故A正确，BCD错误。 故选A。 8.【答案】  【解析】【分析】 本题考查了力的合成和牛顿第二定律。 根据几何关系结合力的合成求出绳上的力，根据牛顿第二定律可得小球的加速度。 【解答】 当两球运动至二者相距时，，如图所示 由几何关系可知 设绳子拉力为，水平方向有 解得 对任意小球由牛顿第二定律可得 解得 故A正确，BCD错误。 10.【答案】  【解析】A.根据题意可知  的单位为 ，结合动能公式  可知  为能量单位，故A正确； B.同理 的单位为 ，根据  可知  为力的单位，故可知  为力与质量的乘积，故不是能量的单位，故B错误； C. 的单位为 ，根据前面选项分析可知该单位为能量单位，故C正确； D. 的单位为 ，不是能量单位，故D错误。 11.【答案】  【解析】A.剪断细线后，弹力大于的重力，则先向上做加速运动，随弹力的减小，则向上的加速度减小，当加速度为零时速度最大，此时弹力等于重力，弹簧处于拉伸状态，选项A错误； B.剪断细线之前则  剪断细线瞬间弹簧弹力不变，则对由牛顿第二定律  解得的加速度  选项B正确； C.剪断细线之前弹簧伸长量  剪断细线后做简谐振动，在平衡位置时弹簧伸长量  即振幅为  由对称性可知小球运动到最高点时，弹簧伸长量为  ，选项C正确； D.由上述分析可知，小球运动到最低点时，弹簧伸长量为  ，选项D错误。 故选BC。 12.【答案】  【解析】解：、设物体向上滑动的距离为，斜面的动摩擦因数为， 对物体向上滑行的过程，由动能定理可知： 对物体向下滑行的过程，由动能定理可知： 联立解得：，，故A错误，C正确； B、物体向下滑动时，由牛顿第二定律可知：，解得，故B正确； D、物体向上滑动和向下滑动的距离相同，而向上滑的加速度由牛顿第二定律可知：，解得：，即，向上滑动过程也可看做初速度为零，加速度大小等于的匀加速直线运动，由可知向上滑的时间比向下滑的时间短，故D错误； 故选：。 在物体上滑过程和下滑过程，分别应用动能定理列等式，可求出物体向上滑动的距离和物体与斜面间的动摩擦因数；由牛顿第二定律求出向上滑和向下滑的加速度大小；结合加速度大小，根据运动学规律可分析物体向上滑动所用的时间和向下滑动的时间哪个更大。 本题是动能定理、牛顿第二定律和运动学知识的综合运用，关键是分过程分别列动能定理式子，以及匀变速直线运动的逆过程的应用。 13.【答案】  【解析】A.将的重力按照作用效果分解，如图所示 根据平行四边形定则，有，故  一定时，  越大，轻杆受力越小，故A错误； B.对、、整体进行受力分析可知，对地压力为，与  无关，故B正确； C.对分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的摩擦力，根据平衡条件有，与  无关，故C错误； D.以整体为研究对象，竖直方向上根据平衡条件可得受到的支持力为 无论多么大，都不能使  沿地面滑动时满足 即 解得，故D正确。 故选BD。 14.【答案】 偏大 减小细线与竖直方向的夹角   【解析】 操作测得，由图的图像坐标可知，该芒果的质量为； 若杯中放入芒果后，绳与竖直方向夹角为但与橡皮筋不垂直，根据共点力平衡可知橡皮条的拉力变大，导致橡皮筋的长度偏大，若仍然根据图像读出芒果的质量与相比偏大。 另一组同学利用同样方法得到的图像在后半部分弯曲，可能是所测物体的质量过大，导致橡皮筋所受的弹力过大超过了弹簧的弹性限度，从而使橡皮筋弹力与其伸长量不成正比。 故选C。 根据共点力平衡条件可知，当减小绳子与竖直方向的夹角时，相同的物体质量对应橡皮筋的拉力较小，故相同的橡皮筋，可减小细线与竖直方向的夹角可增大质量测量范围。  15.【答案】    【解析】游标卡尺的精度为，主尺读数为，游标尺的刻度与主尺刻度线对齐，故游标卡尺的读数为。 重锤上遮光片的宽度为，遮光片通过光电门的时间为，利用平均速度代替瞬时速度可知。两个重锤组成的系统运动过程中机械能守恒，则有，联立可得。 由题意有，即，由逐差法可得。 16.【答案】解：由图可知，物件时开始减速，减速过程受牵引力为，重力， 由牛顿第二定律可得： ， 解得：， 因牵引力小于重力，故加速度竖直向下； 对减速过程分析可知，减速时间，逆向分析可将匀减速过程视为初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可得： ； 匀速向上的位移 匀减速上升的位移 则总位移。  【解析】明确题意根据运动过程分析可知，后物体开始减速，根据牛顿第二定律可求得加速度的大小和方向； 将匀减速过程逆向分析，根据速度公式即可求出匀速运动的速度； 由题意可知，物件在时刻开始匀速，根据匀速运动的公式可求得匀速向上的位移，再根据匀变速直线运动公式求得匀减速上升力的位移，两者相加即可得出总位移。 本题考查牛顿第二定律和运动学公式的应用，解题的关键在于明确题意，结合图象正确理解物件的运动过程；注意明确从零时刻开始物件一定是匀速运动。 17.【答案】解：小物块由静止释放到的过程中， 有  ， ， 解得； 若要小物块落到传送带左侧地面，设当小物块到达传送带上点速度为零时，小物块从距传送带高度为处由静止释放， 则有， 解得， 当时满足题中条件； 当小物块从右侧抛出时，设小物块到达点的速度为，则有 ， ， ， 解得， 为使小物块能在点水平向右抛出， 则需满足， 解得。   【解析】解析请参考答案文字描述 18.【答案】粒子能回到点，则粒子的运动轨迹对称，其运动轨迹如下图： 粒子在左侧区域磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即，解得 点到的距离为 粒子在左侧磁场中的运动轨迹如上图所示，轨迹对应的圆心为，粒子在中间无磁场区域做匀速直线运动，运动到右侧后，粒子以为圆心、为半径做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，即，解得 由几何关系，粒子在右侧磁场中的运动轨迹所对的圆心角为 故粒子第一次和第二次经过时位置的间距为 由几何关系，粒子在左侧磁场中的运动轨迹所对的圆心角为，运动时间， 粒子在右侧磁场中的运动轨迹所对的圆心角为，运动时间， 粒子在中间无磁场区域做匀速直线运动的时间 故粒子的运动周期为   试卷第6页，共6页 试卷第1页，共6页 学科网（北京）股份有限公司 $