周测评(2) 相互作用(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（二） 物理·相互作用（一） (考试时间75分钟，总分100分) 一、这择抛：表题共10小题，共46升。在每小给出的四个选项申，第1~T期只有一项符合题日要束 每小题4分：第8-1修赠有多项杆合影日要果，每小题6分，全部透时的得6分，选对口不全的博3 分，有语量的得自分。 思号12343678910 容案■ 1.“儿童数学归来早，忙越东风放任香“，胶风吊是民同传院静成之一。如图所示，一只 风筝高高地银停在空中，已知风常受到重力G、绳子粒力F,空气作用力于，下判受力 分解术意图可能正确的是 0 工某一平衡艺术家将石块A,B,C从下到上依次叠放在一块大石头上，并使它们 如终保特静止整个环境必干无风状老，则 A石块G对B的压力与C的重力产生原型相同 焦石块县最家受4个力的作用 心石块A受到的合力向上 D.石块B对石缺A的作用力一业整直向下 3.质量为M的正方体A与质量为四的圆球B在水平向右的外力F作用下罪 止在填角处，它们的截衡因如图所示，酸面王方形的时角线与镜到闲铃一条 直轻恰好在一条直线上，斯有难擦忽野不计重力加速度为g。则( A.F-(Mha)g B、P■g C置受0的压力为.F风M+南)E D.地面受到的压力为F,F,+ng 4如活所示，光滑翼坏国定在蔓直平直内，0为北翼心P为北量高点。轮弹簧。 一溶洲定在P点，另一瘤与食在环上的质量为n的小球甲相避，轻簧凸一州走 装甲，习一编与套在环上的质量也为▣的小球乙庄接，系饶处于非走状时，两 第葵长度均与溪环半径相等。期6再弹簧对甲拉力大小之比为() A211 .石11 C211 D.111 学科素养周测评{二】物湿第1页（共4面引 衡水页 5.某博含馆举动超金碑挑战警，如图为一块衡量和=25g的短台无金伟.挽战置须 麓博物前提供的手架，单手氧任金碑的，品两侧衡向上规，保持金碑ε雀水平朝 上，面且手数不德瓶此.在堂中保持书。，才算挑恨成功。已知金青，6两侧面与 金砖：直的夹角均为甲=7限5”，挑战者德短给全砖的单侧轻力为F,千套与金国 之氧的动摩够园数为严-0当，假设最大作摩据力等于滑动摩据力，取度力想速度g=0/。计算 时现in7很3一0.9网，m7很3”一几0，若要抓北全的，力F至少拎为 A.25S00N B.218% G,139为 少.无论多大的力厚无法都屈金转 6如图所示，颜角为、质量为2场的制直体A放在水平桌直上，质量为Q5细的木块B放在斜面上 恰好与A处于相时静止，现用一根水平轻周晓过光滑定帝轮一精系在A的左辆，异一端悬挂一陵量 为1g的重物G,C枚着A,官一起向左做内速运请，发=]0/2，滑动擦力等平最大静博都为，则下 聘说送正璃的是 A斜面体A受3个力的作用 B,木块8受到料图体A的摩擦力方向平行于算寅下 C鲜酒体A与线参时的动幸系因家为号 队斜体A与桌面可的动摩推因数为Q手 ?如医所示，质量为《的木块A套在木平杆上，界州轻衡指木块A与质减为n的小球相连。残用与本 平方到提一定角9的力手拉着球伟动木块一配向右匀速这动运动中木块和小球相对位置保持不变， 不计空气阻力，A与水平杆间的动摩擦因数为丛=子，重力加速度为g,刚下到说法正确的是（) A方F的睡小慎为宁刻+m紧 县力F的整小值为停(rm: C,力F表最小值时=60炉 儿力F取最小植时，3 8黄阿铁牛量仕界桥受史上的传世之宝。如图所示 唐优精律浮桥通过丙岸的铁牛翼定，铁牛究高的餐 辑人境下。登桥黎对装牛的收力为厂，统柱对联 牛给作用力为尸，谢 A若F,增大米5：也增大 B.若F增大，则F将减小 G.与的合力方衡竖直向上 D.F,与E,的合力方向整直向下 9,知所斯示，和G两个小球重力均为G,用轻绳是挂分例静于离示位置 上，则以下说法正稀的是 1 A,AB师蝇的拉力为G B.CD相属的放力为G G,蝇C与竖直方向的类角- 几绳C竖直方向的突角9=45 学科素养周测评（二）物里第2页（其4西1 1低如函所示，质量为材一1g的木板！置于水平面上，绳一程国定于装直墙上，另一瑞连接雷量为 和=？g的老块A,物姨A拉直轻阅后叠故在木板君上，此时是绳与水平面同的矣角为分一5'。现 用一术平力其大小来知)将木板B从物块A下方匀速拉出，已如A,召之相及B与老衡之间的动 摩擦因数均为在一g5,重力期璃度大小为g-10m/兮，n51”一06ms5一0.6。下列说法正州 的是 A.木板B时地育的压力大小为50N B木板日封售换A的弹力大小为12N C是绳时精的拉力大小为2N L术平力F的大小为27N 二，非进择题：本厦共小题，先4分。 1山，(6分)某实验小恒用一只第簧测力什和一个量角春等都材二验任力 的平行因边聪定测”，设计的实整装置虹图所示，圆定在装直木板上 的量角器直边水平，橡皮筋一端周定在量角器网心D的正上方A 点，另一留系绳食1和蝇套2， (1)实晚步限如下 ①弹簧测力计社在绳产1上竖直向下拉象皮防，使檬皮花的结友 食2 到达O点，记下弹簧湖力计的示数P: 心希资测力计社在绳套1上，平粒着视套2便经拉维夜宽，花榨皮酒的储点运到0点，光时阁套 1沿方岗，面套2沿1方向：驿簧测力计的示数为F: 心银虽力的平行国边形定侧计算阁袭1的拉力一 尘比较 ,即可朝参验证力的平行召边形定周. (2)将绳套1由0方向缓赞转动到60方向同时侧套2沿10方向不变，此过担中保持橡皮药的结 点在O点不动，关于陶套1的粒力大小的度化，下列情论正稀的量 。〔填正确答室标号】 A.蓬奔增大民先增大后减小C逐南减小 D先减小后增大 2.(8分》在用如居甲所示的装置融探究共成力合成的规非“实着中， (山)本实检主要体规的科学方法是 ·(填正确答案标号) 九等效暮代法 且餐限法 G控制变量法 〔2)在某一火实验中，中一筛萱测力计的睿新如图乙所示，则其读数古一N,另一枚力F 的大小为10N 甲 〔3)古，5的方向如图肉所术，用作图法求下，下合力大个F口 (4)关于比实验下列议法正晚的晶 (填正确答案标号) A像皮条的粒力是合力，两弹瓷测力计的拉力是分力 且收橡皮条的挥蝇要长在，标记同一懂规方向的两点要达些 拉豫应暴时，弹簧测办计，檬皮条，丝翼应贴近木板且与术板平面平行，弹簧测力计的外壳不 能与木板产生座擦 学科素养周测浮[二】物理第3页共4页)】 衡水真 3(10分)幻因所示，在领角为d一3的陵规上空有一需量为南的餐体A,连接在装直增壁上O点的 策拉住物体A足保护作用，绳质量不计.与重南原的夹角为世=”，且刷好特直（拉力为0），重 力郴速度为以， (1》求物体A受到的摩聚力F: (2若由干下雨等因家物格A学流璃烟之闻的动摩擦因数减小为丛一。5，导致图绳张雾且物体A 受到的静华物力达到最大，求此妇时挥绳上校力的大小下及物体所受摩期力约大小F:(日知最 大修摩擦力等于资动摩报力)。 重璃国 14《们3分)如妇图所示，额角为0的解离体断定在水平青上，一横藏面单径为及的年圆柱格丙致在水平 面上，可视为爱点的为滑小麻乙质量为m,用格湖旋接置手半圆陆上：物块甲用静烤栓核成在斜面体 上，轻绳与制自上表自平行，甲与制商可的动学增渊数为知一店。栓接小球乙与栓铵物找甲的轻属 与餐直的轻角暴于O点，且D点位于半暖柱到心的至上方，已知O点到水平置的底度为服，栓接 小瑰乙的轻绳长度为R,整个袋置处于静止状态，重力加速度为，最大静原期力等于滑动摩都 力，震： 门)小球乙时半测柱棒的压力的大小， (2》半柱体所受的摩嘴力的大小 《)物块甲的质量的取氧板国， /R 1丘门7分》如图所示，餐形料面B树定雀祖餐的水平起直上，斜商的夷角为9=3了。物块A的质量为 精A一3k证，它在外力F的作用下罪业在斜面上，已如A与B国的动摩豢因数为u一0,2，息重力加 密度大小g-1扣m/。,n8产-0,8，m两7-08. )如指甲斯示，当外方滑斜南月上时，求F的填值范周 如图乙所示，当外力水平向刑求F:的重值枪围。 题密程 学科素养周测坪二)物理第4西（共置}·物理 参考答案及解析 【解析】(1)设最大速度为，在加速阶段无人 歼击机微匀速直线运动的时间为=马一二西 机上升的高度1=动一受学4 所以从歼击机击中靶机至歼击机到达靶机所在 匀速阶段无人机上升的高度h2=mt 位置的最短时间为tm-t十t2十t3≈19.4s 减追阶段无人机上升的高度=，=党 15.q)0(22m/s(313.2m 6 5 上升的总高度h=h1十h2十hg 【解析】(1)设弹力球自1,2m高度处静止下落 解得最大速度m=8m/s 与地面碰前、碰后速度大小分别为、吃，H一 (2)在匀减速阶段加速度a=血=号 43m/s2 1.2m,h=1m,由运动学公式有 下落过程一0=2gH 匀减连阶段的位移=秘一学4一24m 反弹上升过程0一项-2（一g)h 14.(1)260m/s(2)3.24km(3)19.4s 联立解得丝=30 6 【解析】(1)根据题意，设无人靶机速度为，则 (2)设初速度大小为，与地面碰前、碰后速度 有0=%十a6-购 大小分别为四，由运动学公式有 解得=260m/s 下落过程一6=2gH (2)设导弹被发射后经（时间与无人靶机速度 反弹上升过程0-=2（一g)H 相等，此时二者间距最大，则有功=%十 由题意有= 解得4=2.0s 最大距离为△x=助4-(4十2adi)十 联立解得230 5 m/s 解得△x=3.24km (3)设某次下落高度HN,碰前速度大小w,反 (3)导弹击中无人靶机时，歼击机与无人靶机的 弹上升高度HN+1,碰后速度大小w+1,由运动 距离为x1=x0十（一h)6 学公式有 经分析可知，导弹击中无人靶机后，歼击机须先 下落过程一0=2gHN 做匀加速直线运动，达到最大速度后再以最大 反弹上升过程0一+1=2（一g)H+1 速度做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动， 由题意有=也 且到达无人靶机被击落时所在位置时的速度为 零。设歼击机的最大加速度为am,则有am= 联立解得H1=骨H m一 由上式可知弹力球运动总路程=H+2H骨十 歼击机做匀加速直线运动的位移大小为x2= 西十咖t 2H(饴)+2H(合)'+…+2H(合) 2 解得s=13.2m 歼击机做匀减速直线运动的时间和位移大小分 别为4=是函=学4 am 2024一2025学年度学科素养周测评（二） 物理·相互作用（一） 一、选择题 2.D【解析】压力与重力是两种不同性质的力，产 1.C【解析】在A、BD三个受力分析图中，合力不 生原理不同，A错误；石块B受力的个数最多可 可能为零，不能处于平衡状态，只有C图中的风 能为5个，即重力、C对B的压力和摩擦力、A对 筝，在三个力的作用下可能处于平衡状态，C正确。 B的支持力和摩擦力，由于石块B、C整体可以正 3 1 衡水真题密卷 学科素养周测评 立在石块A上，以石块B、C整体为研究对原，根 可知，A的受力情况如图甲所示，所以A受到6 据平衡条件可知A对B、C整体的作用力竖直向 个力的作用，A错误：隔离B为研究对象并进行 上，与B、C的总重力平衡，所以石块B对石块A 受力分析，B受重力、A的支持力、A的摩擦力， 的作用力一定竖直向下，B错误，D正确；石块A 因B做匀速运动，处于平衡状态，根据平衡条件 处于静止状态，合力为0，C错误。 可知，木块B受到斜面体A的摩擦力方向平行于 3.B【解析】对國球B受力分析，如图，B=45°，A 斜面向上，如图乙所示，B错误；根据题意可知， 对B的弹力B一g根据牛频第三定律，B对A A,B之间的静摩擦力刚好达到最大，对B由平衡 条件得mag sin30°-B m Bg COS30°，解得A、B 的弹力片=乃=gF=血产mg,A错误， B正确；地面受到的压力为FN=Mg十FTcOs B- 间动摩擦国数为以心=写，C正确：对A,B梦体 Mg十mg cos gcos=Mg十mg,CD错误。 由平衡条件得Fr=u(mA十mB)g,对C由平衡条 件得Fr=mcg,联立解得斜面体A与桌面间的动 摩擦因数为u=0.4,D错误。 mg 4.C【解析】对甲、乙两球受力分析，如图所示，由 几何关系可知，圆环对甲的支持力Fv以及弹簧a 对甲的拉力的方向F。与竖直方向夹角均为60°， 则两力大小相等，即F.一FN,且弹簧b在竖直方 向，则对甲球根据共点力平衡条件有2Fc0s60° mg十F6,对乙球，圆环对小球乙的弹力为零，则 F6=mg,解得F。F6=2:1,C正确。 52104721222221222222 乙 F 7,A【解析】对木块、小缘组成的整体进行受力分 甲 析，整体受到重力、支持力、摩擦力、拉力，正交分 mgb 解拉力可得Fcos0=F,Fsin0+FN=(M+m)g, F=FN,联立可得F=M牛m)g mg sin 0Fcos0= 5.B【解析】对金块受力分析，如图所示，由平衡条 M牛m)g一，故当sin(0十p)=1时，拉力 件可得F:=F,2Fsin0=mg十2Fcos0,解得 √1+usin(0+o) F≈2778N,B正确。 最小，最小值为F=生=吉M+mg 1+Z A正确，B错误；固为anp=1=3,故p=60, 当sin(0十g)=1时，拉力最小，此时0-30°，C、D 错误。 G 8.AC【解析】对铁牛受力分析，如图所示，铁牛受 6.C【解析】隔离A为研究对象并进行受力分析， 到自身重力G,桥索对铁牛的拉力F1、铁柱对铁 因A做匀速运动，处于平衡状态，根据平衡条件 牛的作用力F2,三力平衡。根据共点力平衡条件 ，4 ·物理· 参考答案及解析 和三角形定律可得，若F1增大，则F2也增大，A 作图如图所示，故绳套1的拉力先减小后增加， 正确，B错误；F与F2的合力与重力平衡，故F A、B、C错误，D正确。 与F2的合力方向竖直向上，C正确，D错误。 F 绳套1 0° 180° 30 4150° 60 9.BC【解析】对B、C两球整体受力分析，由平衡 6绳套2 条件得FABcOS30°+Facos60°=2G,FAn sin30° 12.(1)A(2)1.90(3)3.00(4)B =Fasin60°，联立解得Fn=√3G,Fm=G,A错 【解析】(1)本实验每次将橡皮条拉到同样的位 误，B正确；对C球受力分析，由平衡条件得 置，保证对橡皮条的拉力大小和方向相同，即两 Ficcos0+Facos60°=G,Fac sin0=Fasin60°，联 次的力的作用效果相同，这种方法叫等效替代 立解得0=60°，C正确，D错误。 法，A正确，B、C错误。 10.BD【解析】对物块A,其受力分析及正交分解 (2)测力计的分度值为0.1N,读数应估读到下 如图甲所示，由平衡条件得，x方向有F娜= 一位，所以读数为1.90N。 Frcos0,F=FNw,y方向有Fg十Frsin0= (3)根据已给图示作出合力，按比例长度量出F一 mg,联立解得Fr=10N,Fs=12N,B正确，C 1.90N,F2=3.00N,量出合力为F=3.00N。 错误：对木板B,其受力分析如图乙所示，由平衡 IN 条件得，竖直方向有F=Mg十F如，水平方向 有F-F细十F纯=FB十F,由牛频第三定律 得Fu=FNu,Fw=Fs,解得F%=42N,F 27N,A错误，D正确。 y (4)橡皮筋的拉力是与合力等大反向的作用力， F FNAN 两弹簧测力计的拉力是分力，A错误；拉橡皮条 的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远 F随Fa 些，可以减小方向的相对误差，B正确：实验中， Fan 弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板 mg Mg 平面平行，弹簧测力计的外壳与木板产生摩擦 甲 乙 不会改变测力计示数，C错误。 二、非选择题 13.()mg,方向沿斜面向上 1.1)③5F④r,与F的大小(2D (2)号mg务mg 7 【解析】(1)③根据力的平行四边形定则，计算绳 套1的拉力月=Pm30-停r。④比枝R和R 【解析】(1)如图所示，沿斜面方向和垂直于斜 面方向建立直角坐标系，此时物体处于静止状 的大小，即可初步验证力的平行四边形器定则。 态，即受到的是静摩擦力，而且受到绳子的拉力 (2)保持绳套2方向不变，绳套1从0°方向向下 Fr为0，根据平衡条件有 缓慢转动到60°方向，此过程中保持橡皮筋的结 点在O处不动，说明两个细绳拉力的合力不变， Fa=G,=mgin0=号mg,方向沿针面向上。 ·5. 1 衡水真题密卷 学科素养周测评 年每R=9g 以小球乙和半圆柱体丙整体为研究对象，由力 的平衡条件可知，半圆柱体丙所受的摩擦力方 a 向水平向左，大小等于拉力F沿水平向右方向 玻璃棚 的分力，即F=Frsin a 解得F=只mg。 G (3)以结点O为研究对象，对其受力分析如图2 (2)依题意，可得物体A在x方向有Fe十 所示，拉力Ft和F2的合力与F1等大反向，由 平衡条件得控接物块甲的轻绳的弹力为 Frcos a-mgsin 0=0 F2=Frtan a 在y方向有FTsin a十FN一ngcos0=0 根据滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，有F2一 代入数据解得B,=之mg uFN 以物块甲为研究对象，对其受力分析，当静摩擦 解得F,=号mg 力沿斜面向上达到最大值时有 F2十umwgcos 0-=mugsin0 7 Fe-25mg. 解得m甲=4m 当静摩擦力沿斜面向下达到最大值时有 14.(1)mg (2) mg(3)号m<m<n Fa=mvgsin0十mgcos0 【解析】(1)对小球乙受力分析如图1所示，设 解得m甲=7m 拴接小球乙的轻绳与竖直方向的夹角为a,由几 综上，物块甲的质量范国满足号m<m,<m, 何关系可知 15.(1)13.2N≤F1≤22.8N (2R)2=R+(3R)3 所以连接乙球的轻绳与半圆柱体相切，即sina (2罂N<R<2N 最 【解析】(I)因为4<tan0时，物块A不能单独 静止在斜面上，所以一定有外力作用在物块A 解得a=30° 上。当F1较小时，物块A有向下的运动趋势， 小球乙受到的支持力Fv=mgsin a 物块A所受的摩擦力方向沿斜面向上，此时F 解得R=ng 减小，F:增大，当摩擦力增大到最大值时，F有 最小值，如图甲所示。沿斜面方向有 根据牛顿第三定律可知，小球乙对半圆柱体的 F1血十F:=mag sin日 压力大小为2mg。 垂直斜面方向有 FIN=mAg Cos 0 又F=FN 解得Fm=13.2N F 309 图1 图2 (2)拴接小球乙的轻绳拉力大小Fr=mgcos a 甲 6 ·物理· 参考答案及解析 当F较大时，物块A有向上的运动趋势，物块 当F2较大时，物块A有向上的运动趋势，物块 A所受的摩擦力方向沿斜面向下，F增大，F: A所受的摩擦力方向沿斜面向下，此时F2增 增大，当摩擦力增大到最大值时，F1有最大值， 大，F2增大，当摩擦力增大到最大值时，F2有最 如图乙所示。沿斜面方向有 大值，如图丁所示。沿斜面方向有 F1 max-mag sin 0+F F1 max cos 0-mag sin 0+F 沿垂直斜面方向有FM=mAg cOS0 沿垂直斜面方向有 又F=FN FN=mAg Cos 0++F2 max sin 0 解得F1mx=22.8N 又F=F 则F1的取值范围为13.2N≤F1≤22.8N。 (2)当F2较小时，物块A有向下的运动趋势，物 每得Rm一2N 块A所受的摩擦力方向仍沿斜面向上，此时F2 则R的取值范周为0N<F,<9N。 23 减小，Fa增大，当摩擦力增大到最大值时，F2有 最小值，如图丙所示。沿斜面方向有 F2 min cos 0+Fe=magsin 0 沿垂直斜面方向有 Fzw=mag cos0十F2nsin0 又Fa=Fg 解得R=罗N 2024一2025学年度学科素养周测评（三） 物理·相互作用（二）】 一、选择题 1.D【解析】瓜子处于平衡状态，若仅减小A、B距 离，A、B对瓜子的弹力方向不变，则大小也不变， 309 A,B错误；若A、B距离不变，顶角O越大，则A、 B对瓜子弹力的夹角减小，合力不变，则两弹力 减小，C错误，D正确。 2.B【解析】题图甲中的杆有较链相连，可以自由 甲 转动，弹力方向沿杆方向，题图乙中的杆一瑞插 在墙里，不能自由转动，弹力方向不一定沿杆方 向，而是沿两段绳合力的反方向，C错误：受力分 30 析如图所示，甲中以B点为研究对象，根据平衡 条件可得F=a50一尽mg,乙中以D点为研 究对象，受到重物的拉力、上边绳的拉力和CD杆 的弹力，由于拉力F和重力的夹角为120°且大小 2 均为mg,则由几何知识可得Fr=mg,即轻杆受 3.D【解析】设米粒的质量为m,当米粒受到碗的 到的弹力为mg,A错误，B正确；甲图中轻绳的 摩擦力达到最大时，米粒距碗口的距离最小，设 拉力为F=影0，乙图中轻绳的拉力F=mg 支持力与水平方向的夹角为，作出米粒的受力 分析如图所示，根据平衡条件有mgcos0=F, 若甲、乙中轻绳能承受的最大拉力相同，则物体 加重时，甲中轻绳更容易断裂，D错误。 F=R,R=mgn0,联立解得a-昌而 7 1