2024-2025学年度学科素养月度测评（二）-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养月度测评（冀辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏粤云川版）

·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 一、单项选择题 1.B【解析】对石块分析，设石块质量为m,车斗 动摩擦力的表达式f=N= N,对物块的 3 的倾角为0，翻斗车对石块的支持力为N= 压力和摩擦力受力分析，水平方向上有 mgc0s日，由牛顿第三定律可知，石块对翻斗车的 fcos30°=Nsin30°，故物块的压力和摩擦力 压力为FN=N=mgcos0,所以车斗的倾角越 的合力竖直向下，无论F大小和方向如何，斜 大，石块对翻斗车的压力越小，A错误；在石块开 面均保持静止，且地面对斜面的摩擦力始终为 始加速下滑时，有向下的加速度，则系统处于失 零，C错误，D正确。 重状态，所以地面对翻斗车的支持力小于翻斗车 4.A【解析】设人造卫星的运行周期为T1,根据 和车上石块的总重力，B正确：翻斗车始终处于静 Ti (2R) 止状态，所以其受到的合外力为零，C错误；在石 开餐勒第三定排得疗-G2R,解得T 块开始加速下滑时，石块有水平向左的加速度， 1 所以对整体受力分析，翻斗车受地面水平向左的 T。,如图所示，人造卫星在A到B(顺时针) 55 摩擦力，D错误。 的过程中太阳能帆板无法工作，由几何关系知 1 2.D【解析】根据位移与时间的关系x=t十 0 R2 i血22R-之，可得0=90，剥该人造卫星绕 可得后-费十4，蜡合图像的针率和我是可知 地心转动一周，太阳能帆板能接收到太阳光的时 360°-0 w=k=0.2m/s=20m/s,又号=-4m/g,解得 4生 间约为t= 360°T1-3 T。≈0.07T。,A 0√5 a=一8m/s2,A、B错误；根据牛顿第二定律， 正确。 mg sin0-mg cos日=ma,可得物体与斜面的动 摩擦因数μ=1.75，C错误；物体停止运动的时间 :=0-0=2.5s<4s,所以物体0~48的位移 a x-0,6=25m,系统损失的机械能Ea= 5.C【解析】因W=Fx,故Wx图像的斜率等于 2a 拉力F,可知建材在前65所受的拉力恒定不变， umg cos0·x=350J,D正确。 3.D【解析】物块能沿斜面匀速下滑，则 则建材做匀加造直线运动，拉力为F=△W= △x mg sin30°=mg cos30°，解得4=tan30°= 5400 N=900N,对建材受力分析，由动能定理可 3,A错误：对物块受到的力进行沿斜面和垂直于 6 1 斜面的正交分解得∫=：(mgcos30°+Fcos60), 知W-mgxsin37°= 2m0-0,代入数据解得 根据牛顿第二定律，可得mg sin30°十 1=6m/s,所以发动机的额定功率为P量=Fu1= Fsn60°-f=ma,联立解得a=3F 0,B 900×6W=5400W,A、B错误：从x=0到x= 3m 0十01 错误：对斜面受力分析，受自身的重力、地面的 6m过程中，由运动学公式工=21可知，建 支拆力、物块对斜面的压力和摩擦力，根据滑 材向上运动的时间为1=28，所以在此过程中，发 1 1 真题密卷 学科素养月度测评（二） 动机的平均功率为P= W5400 W=2700W,C =5-1L,h=x·sin30-21,联立可 正确，D错误。 6.D【解析】P、Q间的距离为2l。,而弹簧的原长 得W4=3(2-1) 2 mgl,B正确；当小车速度为 为1。，故弹簧的弹力为F=l。,根据合力与分力 √g时，且运动距离也为1时，根据连接体速度大 构成的失量三角形可知，静摩擦力具有最小值 小的关系可知，B的速度大小为v=√gl sin5= 时沿轨迹切线方向与弹力沿切线方向的分力平 V2g 二，所以此过程中B的机械能的增量为△E= 衡，为f。=Fc0s30°=2，此时物块随圆盘 2 转动需要的向心力为弹力沿半径方向的分力F向= 2ngh十号2m,代入数据得AE-②B- 2 mgl, mw'X2L,=Fsin30°，解得u=√m,A错误：当 C错误：小车向右匀速运动√31时，由几何关系可 k 得，轻绳与竖直方向夹角an0=1-5,0= 四一√3m时，可得物块随圈盘转动需要的向心力 60°，根据连接体速度大小的关系可得，B的速度 2kl。 为F=mwX2L,=3,由力的三角形和余孩 大小为=√®7im0=3 2D错误。 定理可知，f=F十F一2FF南·cos60°，解得 二、多项选择题 广-7≠F,B错误：当如=2m 飞时，可得物块 8.AC【解析】人对车的推力为F,在推力F方向 上车行驶了L,则推力F做功为FL,A正确：在 随圆盘转动需要的向心力为F向=m”X2l。= 水平方向上，由牛领第二定律可知，车对人在水 l。,由力的三角形可知静摩擦力等于l。<√3l。, 平方向上的作用力大小为ma,方向向左，则人对 此时物体和圆盘还未相对滑动，物体所受的合力 车在水平方向上的作用力大小为ma,方向向右， 提供向心力，故物体所受的合力也为l。,C错 车向左运动了L,故人对车做功为一maL,B错 误：P,Q两物块刚要滑动时所受的静摩擦力达到 误：人在水平方向上受到推力F的反作用力F 最大时，恰好最大静摩擦力与弹力垂直，此时F= 和车对人向左的摩擦力，则F:一F=ma,则车对 kl。 人的摩擦力微的功为W:=(F十ma)L,C正确： mm2×2L。= os60,解得u=,} ,D正确。 m 在竖直方向上车对人的支持力大小为mg,则车 7.B【解析】由于小车缓慢向右运动，B的速度可 对人的作用力的合力F'=√(mg)+(ma),D 视为全程不变，且接近0，故B在运动过程中，动 错误。 能Eu不变，而重力势能E融在逐渐增大，所以 9.AD【解析】由分析可知，小物块恰要滑动时，处 机械能不守恒，A错误；设弹簧的劲度系数为， 于最低，点位置，设小物块质量为m,重力加速度 初、末状态形变量分别为x1、x2,初始时刻B物 为g,则根据牛顿第二定律得mg cos30°一 块处于平衡状态，恰漫有沿斜面向上运动，且轻 mg sin30°=m@2L,解得g=2a2L,在天体表面 绳拉力为零，对其分析受力得2 ngsin30°十 满足二G四，解得MG—,A正确：根 G 2 mg cos30°=kz,解得k工1=2mg,当玩具小 2 据牛领第二定律得mg=mR,解得v=w√2LR, 车缓慢向右运动距离！时，A恰好离开挡板，此 过程中A的动能E和重力势能EA保持不变， B错误！根据M=p·专R3,M=20R 4 ，解得 G 挡板对A的支持力为零，对A受力分析可得kx?= 30L 3mgn30-弓m8,由此可知，初，未我态时，年 p一2GmRC错误，设离此行星表面距离为R的 簧的形变量相等，即弹簧的弹性势能不变，把A、 位置的重力加速度为g',剥有mg'=GM伽 (2R)8· B看作一个整体，由动能定理可知，W 24mgc0s30°·x一2mgh=0,由几何关系可知， 解得g'GM-1 4R=2wL,D正确. ·2· ·物理· 参考答案及解析 10.BD【解析】抛出后两物体在竖直方向上做自 由落体运动，运动时间分别为t1、红，由h= 理得mgh=2(2M+m)w2. 1 8可知，若AB两点在同一水平面上，则61： (4)对A、B、C整体分析，根据牛顿第二定律有 M+m)g-Mg=(2M+m)a,整理得1_2M. =1:1,由几何关系得tan37°==红 a g 281 上+，由题意可知b=上解得g=行 1 m g g 解得1：a=2:1,A错误，B正确；若甲、乙在 (2)2mg mgtan a (3)3mg 水平方向的分位移相等，则U:t1=vt2,由几何 13.(1)mg cos a 关系得n37°==，解得，：，=2：2， 【解析】(1)对小球B在竖直方向受力分析有 gt 1 Tcos a=mg (1分) 284明 C错误：若甲、乙两小球的位移大小相等，则 解得T=m8 cos a (1分) (2)对小球B在水平方向上受力分析有 +gi) 42 m37,由几何关系得 F=Tsin a=mgtan a (1分) 把A、B和细线看作整体，在竖直方向上受力分 tan37°= 1 ,解得t译：t=5：2/13, 28月 析，杆对A、B和细线组成的整体的摩擦力为 f=2mg (1分) D正确。 杆对A、B和细线弹力N=F 三、非选择题 解得N=mg tan a. (1分) 11.(1)1(2分)(2)0.1(2分)(3)C(2分) (3)把A、B和细线看作一个整体，设F与水平 【解析】(1)设小物块滑到圆弧最低，点时速度为 方向夹角为0，在竖直方向上受力分析有 v0,运动到桌面边缘时速度为，根据运动学公 Fsin0+f'=2mg (1分) 式有v2一=一2以gL,小物块飞出后做平抛运 在水平方向受力分析有N'=Fcos0 (1分) 动，有x=t=”√g 61 (1分) ,联立解得L一2g, 又f'=aN' √3mg 结合题图乙，解得以=0.1，v。=1m/s。 解得F= (1分) sin(0+30) (2)由(1)分析可得u=0.1。 当0=60°时，F=√3mg。 (1分) (3)根据上述L与x2的关系式可知，若将小物 14.(1)40N15N(2)10.2s163J 块的释放点沿园弧往上移，小物块到达圆孤最 【解析】(1)货物放上传送带后，对货物进行受 低点速度。增大，图像的斜率不变，与纵轴交 力分析，传送带对货物支持力为N1,货物底面 点的纵坐标增大，C正确，A、B、D错误。 所受滑动摩擦力为∫：，挡板对货物支持力为 12.(1)1.05(2分)(2)偏小(2分)(3)mgh= N:,货物侧面所受滑动摩擦力为∫2，由力的平 号aM+m)加2分)g2分) 衡条件有 (1分) 【解析】(1)打B点时重锤的瞬时速度等于打 N:=mg cos 0,N:=mg sin 0 由滑动摩擦力计算公式有 A,C两点间的平均速度，即m=2T 51 f1=41N1,f2=4N: (1分) 42.0×10-a 代入数据可得 2X0.02m/s-1.05m/s. f1=40N,fe=15N. (1分) (2)如果本实验室电源频率大于50Hz,则计算 (2)货物刚放上传送带时，∫：与运动方向相同， 瞬时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 ∫？与运动方向相反，货物将由静止开始沿传送 使瞬时速度的测量值偏小。 带做匀加速直线运动，若能与传送带共速，则此 (3)整个过程中只有重力做功，根据机械能守恒 后做匀速运动，由牛顿第二定律可得 定律有M+m)gh-号(2M+m)D2+Mga,垫 f1-f:=ma (1分) 解得a1=2.5m/s2 (1分) ·3 1 真题密卷 学科素养月度测评（二） 设货物匀加速至与传送带共速所用时间t1,对 an=2 m/s2,aa=ac=6 m/s? (1分) 地位移为工1，由运动学公式得 设物体B从静止到经过木板中点这段时间为 =”=0.4s t1,由运动学知识 (1分) 1 货物匀加速阶段的对地位移为 工A=20A 1 x12a1 =0.2m (1分) za=2anti 因x1<L,故货物能够与传送带共递。共速后， L 货物做匀速直线运动，直至被取下，设此段匀速 xB一工A一 直线运动时间为：，位移为x2,由运动学公式得 又vB=aBt1,vn=aAt ,=L1=9.8s 解得t1=1s,vA=2m/s,uB=6m/s (1分) 则物体B经过木板A的中点时的速度为 货物运动总时间为 v8=6m/5。 (1分) t=t1+t2=10.2s (1分) (3)在第(2)问的基础上，连接B、C绳断裂后， 传送装置多消耗的电能等于货物与传送装置之 设物体B沿木板向上做匀减速运动的加速度为 间由于摩擦产生的内能和货物增加的动能之 a,根据牛频第二定律可得 和。货物与传送带之间由于摩擦产生的内能为 um ag cos 0+mBg sin 0=m Bah (1分) Q=f(t,-2w）-8J (1分) 解得 aB=10 m/s2 (1分) 货物与挡板之间由于摩擦产生的内能有 设经过时间t2物体B与木板A共速1，物体B Q:=f:L=150J (1分) 位移为xB,木板A位移为xA 货物增加的动能 vB一agt2=vA十aat2 Emo5J (1分) 1 解得=38 (1分) 传送装置多消耗的电能 E电=Q1十Q2+△E.=163J. (1分) U=wA十aAl=3m/s (1分) 15.(1)43m/s(2)6m/s(3)1 x=B十 13 3J 2-9m (1分) 【解析】(1)固定木板，从同时释放物体B和C 到物体B就离木板这个过程中，由动能定理 z-A十u 7 t=9m (1分) 可得 物体B相对木板A的相对位移为 mcgL-msgLsin 0-um agL cos0= △x=xB-xA=5m<2m (1分)】 mc)v2-0 (1分) 所以，物体B在共速前未滑下木板A。假设之 解得o=43m/s。 (1分) 后物体B和木板A能够以共同的加速度一起沿 (2)解锁木板A,释放物体B、C后，对木板A和 斜面向上做匀减速运动，加速度为 物体B,C受力分析，物体C向下加速，木板A a=gsin0=6 m/s (1分) 沿斜面向上加递，物体B沿木板A向上加速。 分别对物体B和木板A受力分析，假设成立。 根据牛顿第二定律可得，对木板A受力分析有 A、B一起减速到0后，再一起反向以6m/s2的 um ng cos 0-mAg sin 0=mAaA (1分) 加速度向下加速运动直到木板A碰到挡板速度 设物体B、C之间轻绳拉力为T,对物体B受力 减为O,物体B向下继续加速直到靓离木板。 分析有 整个过程A、B之间产生的热量为 T-umagcos 0-mag sin 0=msan (1分) L Q-m8c0s0·2(△x+2） (1分) 对物体C受力分析有 meg-T=mcac (1分) 解得Q=12 J。 (1分) 解得 ·4 ·物理· 参考答案及解析 精典评析 1.卫星上装有太阳能帆板，可将光能转化为电能储存在蓄电池中，为卫星提供电能。现有一颗人造地球卫 星绕地球做匀速圆周运动，其运行轨道位于赤道平面上，轨道半径为地球半径的√2倍。已知地球的自转 周期为T。,半径为R,地球同步卫星轨道半径约为5√2R。在春分这一天，太阳光可视为直射赤道，该人 造卫星绕地心转动一周，太阳能帆板能接收到太阳光的时间约为（√5=2.24） () A.0.07Tg B.0.03T。 C.0.14T。 D.0.27T。 【试题解读】 本题承载了天体中开普勒第三定律与天体与光学的综合考查，从多个角度考查了学生对天体问题的 掌握情况，能在考试题目有限的情况下发辉很好的检验功能。 2.如图所示，水平路面上有一辆质量为m。的汽车，车厢中有一质量为m的人正用恒力F向前推车厢，在车 以加速度α向前加速行驶距离L的过程中，下列说法正确的是 () A,人对车的推力F做的功为FL B.人对车做的功为maL C.车对人的摩擦力做的功为(F十ma)L D.车对人的作用力大小为ma 【试题解读】 本题是一道看上去较为传统的题目，但是承载了学生对于功的概念的理解深度的考查，同时对于作用 力与反作用力的关系，以及对于研究对象的正确选取，都在题目中设置了陷阱，是一道看似简单但对能力 要求又较高的题目。 3.图甲为成都天府国际机场某货物传送装置实物图，简化图如图乙所示，该装置由传送带ABCD及固定 挡板CDEF组成，固定挡板CDEF与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与水平地面的夹角为0 一37°，CD与水平面平行。传送带匀速转动时，工作人员将质量分布均匀的正方体货物从D点由静止 释放，货物相对地面发生位移L=10m后被取走，货物在传送带上运动时的剖面图如图丙所示。已知 传送带匀速运行的速度v=1m/s,货物质量m=10kg,其底部与传送带ABCD的动摩擦因数1 0.5,其侧面与挡板CDEF的动摩擦因数1=0.25。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取 10m/s2,不计空气阻力. (1)货物刚放上传送带时，求其底面所受滑动摩擦力的大小及侧面所受滑动摩擦力的大小。 (2)求货物在传送带上所经历的时间及传送装置多消耗的电能。 传送带 上表血 传送带底边与 水平地面平行 固定挡板 水平地面 甲 丙 【试题解读】 本题在学生已有的认知水平上同时考查了既有静摩擦力又有滑动摩擦力的情况，题目设置的角度较 为新颖，要求学生能对摩擦力产生的条件有深入的理解，同时以生活中常见的传送带为模型，考查学生的 模型建构能力，传送装置多消耗电能这一问法打破了传统的只求单一摩擦力的形式，能较好地检验学生对 摩擦力掌握情况。 ·5 1 真题密卷 学科素养月度测评（二） 命题要素细目表 题号 分值 题型 考查内容 难度 4 单选题 受力分析、牛顿第三定律 易 2 单选题 图像的运用、运动学公式、牛顿第二定律、 中 单选题 力的合成与分解、牛顿第二定律 中 4 单选题 开普勒第三定律，万有引力 易 单选题 动能定理、功和功率 易 单选题 圆周运动、胡克定律 中 7 单选题 连接体模型、能量守恒、动能定理 难 8 多选题 功的概念、牛顿运动定律 易 二 6 多选题 圆周运动、万有引力定律 中 10 6 多选题 平抛运动、运动学公式 易 11 6 实验题 匀变速直线运动、平抛运动 易 12 8 实验题 机械能守恒定律、牛顿第二定律 中 三 13 10 计算题 受力分析、正交分解 中 14 13 计算题 传送带模型、功能关系 中 15 17 计算题 牛顿第二定律、运动学公式、功能关系，动能定理 雅 1 ·6✉2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 准考证号 姓名： 姓名x×× 准考证号××××× 四四面四四四四①四 考场号： 血四D田D田田四田四 贴条形码区 四☑I☒☑四四☒四☑ 座位号： 图团团团团团I团团团 考场号×× 座位号×× ④④田田④④田田田④ IIIMI 正确填涂 填涂范例 ad面aa的的 ■ mmmmmm 错误填涂 缺考 口 (筑涂说明缺考考生由监考员川2B 8☒8WB图8 留B铝D 标记 船笔填涂准考证号及左边缺考标记)】 四四四四四四四四四四 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B船笔填涂上方的缺考标记 选择题 1四田四D四 5四B图四 9四田D四 2团田@四 6团B团四 10B图CD 3四田@四 7四B田C四四 4四田四四 8团B团四四 非选择题 11.(6分) (1) (2) (3) 12.(8分)） (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸·物理（二）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 13.(10分) 14.(13分) 15.(17分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 1 答题纸·物理（二）第2页（共2页）2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 准考证号 姓名： 姓名x×× 准考证号××××× 四西四面四西四四四面 考场号： 工o co mco cnc①D1 贴条形码区 四☒四☑四☒四团四四 座位号： 团团团团团团团团团团 考场号×× 座位号×× 团田田国田田④④团田 II图I图图II 正确填涂 填涂范例 a团图d面d①面 ■ I刀11刀TI团 错误填涂 缺考 (筑涂说明缺考考生由监考员川2B 刚的II四I四四 ☒铝四 标记 船笔填涂准考证号及左边缺考标记】 四四四四回四四四四 开考15分钟以后，缺考考生由监考员粘贴条形码，并用2B铅笔填涂上方的缺考标记 选择题 1四团图 5四B田N四 9四田0四 2四围@回 6▣田四团 10D图四 3四团@可 7和B田四D四 4团围四四 8I面四团 非选择题 11.(6分) (1) (2) (3) 12.(8分)） (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 答题纸·物理（二）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作容，超出答题区城的答案无效 13.(10分) 14.(13分) 15.(17分) 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 1 答题纸·物理（二）第2页（共2页）2024一2025学年度学科素养月度测评（二） 物理 本试卷总分100分，考以时同5分钟。 注意事项： 1.答金前，考生务必指自已的姓名，准考证号填可在答题卡上， 2.国答选择莲时，选出每小题客案日，用督笔把答题卡上对应螺日的答案标号锋黑， 如署改动，用橡皮整于冷后，再远常其他答案标号。同答丰选牦题时，将答睾写在答延卡 上，写在本试上无效， 3。考试结束后，将奉试参和答题卡一并交回 一，单项选择藏：本慧共7小體，小赠4分，共8分。在每小题俯出的四个济项中，只有 一项符合题日要求。 1,如图新示，翻华车军华的联部是一个平面，司机正准备将率上运送的一块大石块（图中 未函出)卸下。司机将车停稳在水平施面上，通过操纵液压杆使车斗帐部领斜，直到石 块开始相速下滑，保持车4桶斜角不变，则在石块沿车年靠面匀相速下滑的过程中，想 斗车（包括司机）始终静止，侧下列说法正确的是 A.军斗的细角越大，石块对翻斗车的压力叟塔大 县地面对翻斗军的支持力小于翻斗军和军上石欢的总 重力 C题斗车受到的合外力不为零 D脏斗车不登地面的摩擦力 2.如图甲断示，质量为知一1kg的物体沿着领角6一3了的醒定斜面向下滑动。物体运动 到0点（圆中未国由）开始计时，尚体的后盟像：为运动的时闻江是物体到0点的 平离)如图乙所示，已知重力相速度g取10m/,m3-Q.6,s3护一0.8，以沿年 面向下为正方向，则下列说法正确的是 A.物体在0点的速度=4n/ 玉物体的如速度大小。一5m/ C物体与斜直的动摩擦因数：一1.5 D.0一44内，系晚机失的机械能为350J 物星试丽（二】第1页《热8氨） 真丽密移·学手 3,一倾角为0的斜而置于粗视水平面上，斜面足够长，一物坎能沿斜面匀建下滑。现给 物块克加一个与竖直方向夹角为30的力.F,F施加过塑中，物块继接下滑，如周所示， 下列说法中正确的是 } 姓名 人精快与斜面同动摩擦网数为受 得分 B.物块朝沿斜面匀速运动 C若F逐新增大，赚随着F的端大斜面最终会后水零方向发生带动 D若物块一直保持沿斜在下帝状态，别无论F沿何方向障加在物块上，地面对斜面的 摩聚力命瓷为零 4,卫星上装有太阳衡帆板，可将光储转化为电衡储存在蓄电池中，为卫星提供电能。现有 ·颗人违泡螺卫是烧地球隙匀违圆周运功，（运行角道位下赤道平面上，航道半径为地 煤半径的2销。已知地球的自转周期为T。,半轻为R,胞球门步卫星转道半径约为 5区R。在春分这一天，太阳光可视为直射来道，该人造卫星饶地心转动一周，太阳能帆 板能拨收到大阳完的时同约为（后■224） A,0,07T 0,03T C,0,14T n,0,27T 5,如图甲衡示，某水电站建筑工地用发动机沿懒料光滑轨道将建材拉到大坝顶上，已每轨 直的倾角8一3，每次从大摸能缔由静止向上拉建材的过程中，发动机新做的劝与位移 的美系如图乙所示。图乙中图线为直线，当z一6m时发动机达到额定动率。已每每个 建材的质量标-100kg,意力加速度g取10m/,n37=0.6,cos37一0.8。下列说 法正确的是 A.发动机的氧定功率为500霄 B.发动气的额完功率为9432四 C.从x一0到王=6m过程中，发动机的 平均功率为2700W D从a=0到x=6出过程中，发动机的平均功率为4671W 米养月度测评 物握试最{二)第2西(8页) 后，如图所示（第视图），用自松长度为，菊度系数为。的轻质弹簧将质量都为规的两个小 物换P,Q连接在一显，蚊置在管烧O点在水平面内转精的圆盘上，P,Q两物块和O点 恰好组成一个边长为2：的正三角形。已知PQ两物块和圆盘间的最大静摩擦力均 ,现使圆盘梦动丙个物块以不同的角迷度做匀速图周鲨动，期 入当衡我的角速度为如一二叶，PQ两特决受到的率第为最小 以当网数的角建度为= N3m 时，P,Q两物换受到的摩擦力都等于弹费 弹力的大小 C当测登的角建度为二时，P,Q两物换受到的合力大小均为与 n当P.Q两物块刚要猎功时，两位的角造度为加=店 ?,如图所示，周定粗赞足够长斜面的模角一0°，下嫡有一围定挡板。A,B两物块放在斜 直上，中间用轻衢弹簧相壶。A物块表面光滑，其数量为3m:B物块与斜面间的动摩擦 闲数为号，其质最为。可汽为质点的电动兵具小车酒过跨过光浙径小定滑轮的经绳 与B物块相连。初始时别B物块恰好设有沿解面向上运动，滑 轮左侧轻绳与斜面平行，右侧轻绳竖直，滑轮距地高度为（且轻 鲜中无拉力。当玩具小车援慢本平向右运动（时，A给好离开挡板。最大静岸擦力等 于湖功摩擦力，重力加速度为g,下列说法正魂的是 A.B物块的机候能守恒 基轻绳的拉力对B物块敏功为3，反-)m 2 C若小车以水平向右的速度√匀曙运动（时，B物块机触能的增相量为(，泛一》md 几看小车以本平向右的速使，凤匀速运动，（时：形物块鹅速皮大小为可 3 二、多项建择愿：本驱其3小驱，每小驱6分，具18分。在每小题给出的四个燃项中，有多 项符合醒日要求。全部继对的得6分，透对但不全的得3分，有选错的得日分。 8.如图所示，水平路面上有一辆量为：的汽军，车和中有一爱量为解的人正用恒力F向 篱推车和，在车以国速度金向前加速行驶匝离L的过程中，下列说法正确的是《) 物星试丽（二】第3页《热8氨》 真第密移·学手 A,人对车的族力F敞的功为FI 我人对车餐的功为m细L C,军对人的摩据力做的功为(F+￥)LD,车对人的作用力大小为a 9.如图所示，在某行星表面上有一佩解的圆盘，图登与水平霸的夹角为，盘面上与转轴距离 L处有一小物块与惯盘保辉相对静止，图盘烧垂直于盘面的围定转轴以恒定角流度转动，唐 速度为一时，小物块价要滑南，个特块与鞋面问的动卓第闲数为 一（设最大静摩颜力等于带 动摩整力)，此行星的置量为M,常轻为及，引力常量为G,下列说法正确的是 A此行星的质凝为2R工 G B.此行屋的第一字宙迷度v一2如反 3oL C,此行星修密度是P一G求 D离此行最表面E离为R的位置的重方相这度为宁上 10.如图质不，镇角为3”的鲜靠放置在水平直上，小球甲从A点以水平初违度©：靴出，经 过时间1落到料直上的P点，速度正好重直于斜面，小球乙从B点以水平初速度 抛出，经过封同：也落到解面上的P点，已知B,P两点的连线与斜面近直，不计空气 阻力，重力加速度g取10m/公，n37”=0,5,0%37=0.8,下列说法正佛的是《) A.若A,B两点在同一水平图上，期t1a一1：2 B若1：1=111，则12：1 C.者甲，乙两小球在水平方向的分位移朝等，则111=112 D若甲、乙两小球的位移大小相等，则川：一5：2T 素养月度测评 物握试最{二)第4西(8页) 三、非选择愿：本愿共5小题，共54分。 11,《6分)为了满量“小物块与水平桌面之闻的动蒙据因数”，某可学设计了如图甲所示的 实验。与水平桌面平滑连援的四分之一圆汇紧章持板P,销板底楠逐过强力吸盘可以 级用在桌面的任意位置。将小物块从圆弧上的A点由静止释蚊，小将块污动至桌面边 缘后水平飞出。用别度尺测出圆弧最低点到桌面边操的重离上和小将块落地点列桌 面边缘的水平距离：。堂变酒板在水平桌面上的吸附位置，重复上述过利。限暴调量 数探绘制的L~x图像如图乙所示，已如桌面到水平地面的高度A一0.8m,重力加述 度展取0m/,小物块与水平桌面间的动摩擦因数为年 《1)小物块从A点由静止释放后，滑至图氧量低点时的这度大小为 m/s. 《2》小物块与水平桌面之间的劲摩卷国数为 (3》若将小物块修释故底沿周氯往上移，靓暴多水实验测量的数据绘制出的Lx图像 如图中虚线箭示，赠正魂的图像是 〔编写图像询面正确为字母》， 42 .16 D. 67 12(8分)在阶证机做倦守回是津的实验中，某同学采用如图甲所示装置，烧过定滑轮的国 线上悬挂质量相等的重物A和B,在B下面再挂约得C。已知打点计时器所用父流电 3原的顿率为的Hz, 打点计 物星试丽（二】第5面《热8氨》 离丽密参·学 〔1)某次实轮结表后，打出的纸带的一那分如图乙所示，A,B,C为三个相第计时点 则打下B点时重场的速度，= m/(结果绿用三位有效数字)， 0n11145 4 (2)如果本实验室电海顿常大于50H,别乘时迪度的测量值 〔进填"偏大“成 ”偏小)。 (3)已知重物A和B的质量均为M,购码C的质量为m,某次实验中从纸带上测量重 物A由静止上升高度为k时对皮计明点的违度为，已如重力如渔度为g,雨验正 系虎机做衡守属定律的表达式为 (4)为了测定当地的重力如通度，改变钩屑C的质量m,测得多组w和对成的知速度：，作 出。二国像如周背商不周线与装结载距为，州写地的重力加速宝为 1点(0分)如图所示质量为m的小环A套在一动单第因数=的整直阴定仟上，所受 最大静摩擦力等于滑动原擦力。另一看量为裤的小球B与小环A用轻质相线相连， 现用一水平向右的恒力F作用在小球B上使整个系统保持静止，已知闺线与竖直杆 夹角为a, (1)求细线AB的控力大小。 (2)求小环A所漫的摩擦力大小及杆对其弹力的大小。 (3)改用斜向右上方的恒力F作用于小球目上，要使系能刚好管保持静 止，小环A恰不沿竖直杆下滑，F最小为多大？ 素养月度测评 物握试最{二)第6西(8页) 1 14,《13分)图甲为成都天府国际机场某货物传送装置实将图，算化周如图乙所示，演装置 h传送带ACD及图定挡版CDEF组成，图是酒板CDEF与传送带上表面垂直，传 送带上表面ACD与水平地面的夹角为d=37”,CD与水平面平行，腰适撞匀速转功 时，工作人员辞质量分布均匀的正方体货物从D点由静止师放，货物相对地面发生位 移L一10陆日旅取走，货物在传送带上运动时的副面图如图丙所示，已知传运带匀述 运行的违度一1m/s,贺物质量m一1Okg,其底部与传送替ABCD的动摩擦因数 m1一0.5，其侧图当挡板CDEF的动厚擦因数年：=0.25。已知n3?”-山.6，©a3厂 0,8,重力加速度g章10m/2,不计空气力。 《1山货物刚放上传运带时，求其底面所受滑动喱擦力的大小及侧面所受滑动摩擦力的 大小。 (2》求货物在传远带上所经历的时何及楼送装置多消耗的电衡， 甲 物星试丽（二】第7面《热8氨》 离丽密参·学可 15,(1T分)如周所示，顿角8=37”的足够长的光滑斜面感瑞有一质量际A=1k,长度L= 4m的木板A,斜面熙瑞垂直国定一个与术板等商，厚发可忽帝不计的首板，当木板A 与的板相时，术版速援立即限为0，木板上表面韵下边缘处有一质量ma■2kg,可 税为面点的物体B,物体B与木板A上表面之同的动燥擦因数和=0,5：物体B与质量 m一8g的物体C通过绕过定滑轮的径绳相莲，C离地面足够高。初斯时刻使系统 处于静止找卷。重力闻违度x取10m/分，对m3T=0,6,63T”=0.8, (1)国定术板A,同时释蚊将体B,C,求物体B脱离木板A时的道度 (2)解额术板A,同时稀放物体B,C,求当物体B经过木板A的中点时的速度， (3)在第(2)同的基础上，物体B经过木板A的中点时，连接B,C同物体的经绳断 裂，求从释收物体B,C到物体B脱离木版A的整个过程中A,B之间产生的 烤最 素养月度测评 物握试最{二)第8页(8页」