周测评(16) 电场(二)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（山东专版）

衡水真题密卷 2024一2025学年度学科素养周 一、单项选择题 1.A【解析】点电荷十q从圆心x=0处沿x轴正 方向移到无穷远处的过程中，电场力做功为W。, 由电势能的定义可知，点电荷十q在x=0处的电 势能E。=W。,又E。与x的关系图线的斜率的 绝对值表示静电力的大小，将圆环分成很多可以 看成点电荷的小段，由电场叠加原理可知，x=0 处电场强度为零，且从x=0向左、向右电场强度 都变小，无穷远处电场强度为零。点电荷十q从 x=0向左、向右受到的静电力qE都是先增大后 减小。E。与x的关系图线的斜率的绝对值从 x=0向左、向右都是先增大后减小。A正确。 2.C【解析】根据电场线的疏密程度表示电场强度 的大小，由题图可知E>E。,P、Q两点关于点 电荷q1水平对称，P到q1之间电杨强度较大，电 势降低较快，可知Pp>pQ,A错误；由电场线分布 可知，q1带负电，92带正电，由电场线的疏密可知， q1的电荷量绝对值大于q2的电荷量绝对值，B错 误；由电场线分布可知，从M移动至N,电场强度 先增大后减小，则加速度先增大后减小，C正确；若 粒子带正电，从M至N电杨力先做正功后做负 功，它的电势能先减小后增大，D错误 3.C【解析】坐标原，点左、右两侧的电场强度分别 为Ea-盖-品-0vVaE,-ě- 6 V 2 cm =300V/m,可知左、右两侧的电场强度大 小不同，则该电场不是匀强电场，A错误：带正电 的粒子由静止释放后，在原点左侧做匀变速直线 运动，进入原点右侧后也做匀变速直线运动，粒 子不做简谐运动，B错误；原点处的电势最低，则 粒子在该点的电势能最小，动能最大，从x= 一3cm处到原点处的过程中，由动能定理可得 gU=2m2,解得a-=2.4X10m/s,C正确；带 正电粒子沿x抽正方向运动过程中，所在位置的 电势先变小后变大，所以粒子的电势能先变小后 变大，D错误。 4.A【解析】由静电感应可知，金属平板上方的电 3 ·24 学科素养周测评 则评（十六）物理·电场（二）】 场线垂直于金属平板向下，则点电荷以及金属平 板周固的等势面分布如图所示，由图可知，点的 电势高于d点的电势，A正确：c点的等差等势面 比d点密集，则c点的电场强度比d点的大，B错 误；因a点电势高于b点，则电荷量为q的负电 荷在a点的电势能小于在b点的电势能，C错误： 电荷量为g的正电荷从b点移到a点的过程中电 场力做负功，D错误。 -q. ..... 5,B【解析】由匀强电场的特点可知，B、C连线中 点D的电势为B、C电势的平均位，即为4.5V, 连接OD,即为一条等势线，作出过D点且与OD 垂直的线ED如图所示，即电场线，由几何关系可 知n∠C=光=65=2，所以∠C=30, ∠B=60°，D是BC的中，点，则△OBD是等边三 角形，又ED⊥OD,所以DE与BD之间的夹角 是30°，则电场线与OB之间的夹角也是30°，故 该电场的电场强度方向沿∠B的角平分线向上， 根据电势差与电场强度的关系可得Ug=pn 9g=45V-0=4.5V,而Us=E·DB·cos30°， 代入数据可得E=100V/m,A错误，B正确：由 作电场的图可知，一个电子在O,点由静止释放后 会沿电场线运动，而不会沿直线OB运动，C、D 错误。 E D 30 30 6.A【解析】根据平衡条件和几何关系，对小球受 ·物理· 力分析如图甲所示，根据几何关系可得T=qE, Tsin60°+gEsin60°=mg,联立解得T=gE √3×103N,剪断细线，小球做匀加速直线运动， 如图乙所示，根据几何关系可得Lx=dtan6O°- 10W3cm,A正确；根据几何关系可得小球沿着电 场力方向的位移x=(10一5sin30)cm-7.5cm, 与电场力方向相反，电场力做功为W。=一gEx= 子5×10J,则小球的电势能增加子5× 10J,B错误：电场强度的大小E=华=3× 10N/C,C错误；减小R的阻值，极板间的电势 差不变，极板间的电场强度不变，所以小球的运 动不会发生改变，M、C的距离不变，D错误。 R 309 直流电源 M 30 m8 的 乙 7.D【解析】从A点到B点小球的机械能在增大， 故电场力做正功，电势能减小，A错误：根据动能 定理有qUa-mgLsin30°=2m(2u)2- mi,解得Uu=mgL十3咖，B错民：若该电 1 2g 场是AC边中垂线上某点的点电荷Q产生的，根 据，点电荷的电势分布可知Q可能为处于AC边 中垂线与AB边交，点下方的正电荷，也可能为处 于AC边中垂线与AB边交，点上方的负电荷，C 错误：若电场是匀强电场，根据公式UB一Ed可 知当电场强度方向沿AB方向时d取最大值等 UAB 于L,此时电场强度取最小值，为E= mgL十3mwi,D正确。 2aL 8C【解析】微粒在电容器中水平方向做匀速直线 运动，竖直方向做匀变速直线运动，根据电场强 度和电势差的关系及电场强度和电场力的关系 可得E,F=gE=ma,微粒射入电容器后的 2 参考答案及解析 速度为0，水平方向和竖直方向的分速度，= c0s45-2 20。,v,一。sn5°一心0，藏经以 射入到运动到最高点由运动学公式可得” 2ad,微粒射入电容器时由动能定理可得qU1= 2m6,联立解得U:U=1:1,B错误：微粒从 1 射入到运动到最高点由运动学公式可得2L=4, d0少，联主可得L:d=1:1A错溪，微 粒穿过电容器时从最高点到穿出过程由运动学 公式可得L=v,t,vy1=at1,射入电容器到最高 点有，一，解得，1-受，设微粒穿过电容器时 速度方向与水平方向的夹角为a,则tan口== 之：能粒射入电睿器时违度方向与水平方向的夹角 为g=45,ma+)=tan aftan=3,C正 1-tan atan 8 确：微粒射入到最高点的过程水平方向的位移为 x,竖直方向的位移为y=2Q2,联立x=0', gU=2mm,d=os46,解得y=品，且 Ux? r=vt',y= -0+0z·,解得x=2Ly=d=L, 2 即微粒在运动到最高点的过程中水平位移和竖 直位移均与电荷量和质量无关，从最高点到射出 电客器过程同理有x=L=v,vy=at,y1= ”-号-片甲我递不会变化D错钱。 二、多项选择题 9.AC【解析】该电场为点电荷的电场，粒子在b 点距离点电荷更近，因此粒子在b点所受的电场 力大于在a,点所受的电场力，D错误；粒子运动轨 迹为曲线，受力的方向指向轨迹凹侧，因此该粒 子受到向外的斥力，从a到b的运动过程中，电 场力做负功，电势能增加，动能减小，故粒子在α ,点的电势能一定小于在b点的电势能，粒子在b 点的速率一定小于在a点的速率，A正确，B错 误：由于a,c两点处于同一等势面上，从a点到c 点过程中，电场力做功为零，因此粒子在a点和c 3 衡水真题密卷 点的动能相等，C正确。 10.AC【解析】设A点的坐标为一x1,由于在x ,处电场强度为零，故·2Q-,解得 (xo十x1)2 x1=(W2一1)x0,故坐标x处的电场强度为E k·2Q1kQ x+x1)2 x k·2Q—+Q [x十(W2-1)x]x 根据数学知识可知E-x关系可以如A所示，A 正确：试探电荷释放后，在到达x=x。处前所受 电场力方向均沿x轴负方向，电场力一直做正 功，试探电荷速度增大，动能增大，电势能减小， 在x=x。处速度达到最大值，动能达到最大值， 电势能达到最小值，B、D错误，C正确。 11.AC【解析】该电场为匀强电场，等势面沿水平 方向，则电场方向沿竖直方向，粒子的轨迹向下 弯曲，所以粒子受到的电场力竖直向下，从A点 到B点的过程中电场力对粒子做正功，粒子的 速度增大，所以粒子的速度g一定大于1，A 正确：粒子带正电，则知电场方向竖直向下，等 势面b的电势比等势面C的电势高，B错误：粒 子在A点的速度大小为1，粒子在沿等势面方 向做匀速直线运动，所以粒子运动的时间1 Lcos 0 ,C正确：A、B两点沿电场线方向的距离 为y=Lsi血0，由动能定理有q5y=号m 2 mu 2mui,联立解得E=m(u一2 2 qL sin0,D错误。 12.AC【解析】a、c两点处的点电荷在N点产生 的电势和为0，N点的电势即b点处，点电荷单独 作用时产生的电势，同理可知M点的电势为( 点处点电荷单独作用时产生的电势，故M、N两 点电势相等，同一试探电荷在M、N两，点的电势 能相等，A正确：P点更靠近两个负点电荷，其 电势低于M,点，故负试探电荷在M点的电势能 小于其在P,点的电势能，B错误：根据a、b、c三 点处的点电荷产生的电场的空间对称性可知， M、N两点的电场强度大小相等，C正确：O,点 的电场强度为三个点电荷单独作用在O点时产 生的电扬强度的失量和，其大小E。 √停)++停-要a点处点电 3 ·2 学科素养周测评 荷单独作用在N点产生的电场强度大小E= 经，则N点的电场强度大小EN白 /(2E)2+（ =,由此可知N点的 电场强度大于O点的电场强度，D错误。 三、非选择题 13.(1)2mg 9 (2)4mg,方向水平向左 【解析】(1)小球释放后到B点的过程，有 mg·2R-EgR=0-0 解得E=2mg (2)小球释放后到A点的过程，有 mgR-2mv-0 对小球在A点水平方向做受力分析，由牛顿第 二定律得 Fx-Eq-mR 由牛顿第三定律有 Fa=FA 解得FA=4mg 方向水平向左。 14.(1)E。 (2)9mgsin0 5q ,或号， 【解析】(1)由能量转化和守恒，回到地面时的 动能为 Ek=Ep (2)设从开始加上电场到撒去电场，小滑块沿斜 面向上运动距离为s,末速度为，则有 s-2atv=at 撒去电场后，小滑块先沿斜面向上减速，后沿斜 面向下加速，设撒去电场后运动的加速度大小 为a',则有 mg sin 0=ma 依题意有 -s=X2- 2a'x(22 解得a-0一言g血0 ·物理· 根据牛顿第二定律，有 qE-mgsin 0=ma 解得E-9 mgsin0 5q 【(3)动能为，时小滑块的位置可能在s的下方 或上方：设小滑块的位置在s下方离地51处，则 1 qEs:-mgsisin 0-3E, 而qEs=E。 解得s1=4 3 重力势能E=mgs如0=部， 设小滑块的位置在s上方离地52处，则由机械 能守恒定律，有 E+B-E, 图光E-号E, 15.(15×10V(23x10N/C(3)(号m,0 【解析】(1)质子在极板A、A1间加速，由动能 1 定理可得q0=2mui-0 解得极板A、A,间的加速电压U=5×103V (2)质子进入电场后的运动轨迹如图 a 设C点的坐标为(x1,y1),由于a=45°，则 x1一y1 由平抛结论可知tana一2(d一y) 根据tana=e 1 则x1=y1=3m,0,=1X10m/s 由运动学公式得v=2a(d一y1) 且gE=ma 解得E=3×10N/C ·2 参考答案及解析 (3)质子射出电场后做匀速直线运动，由几何关 系得xg=y1,x=x1十x2 2 则x=3m 所以到达x轴的丝标为号m0)。 16.(1)m1=√2kU。(2)E= 2Uo U12 R (3)y-Uod 【解析】(1)设粒子射出加速器的速度为1，粒 子的电荷量为q,质量为m。由动能定理得 qU。=2moi 其中9=k,解得1=√2kU。 m (2)粒子在辐向电场中做匀速國周运动，有 qE-m R 解得E=贸 (3)在第一个偏转电场中，设粒子的运动时间为 ,加速度的大小a=一g md 在离开时，竖直分速度v,=at 1 竖直位移y1=2at 水平位移l=1t 粒子在两偏转电场间做匀速直线运动，经历时 间也为t,竖直位移y:=v士 由题意知，粒子竖直方向总位移y=2y1十y2 UP 解得y一Ud· 17.(1)√gR(2)V3gR(3)y2=6Rx 【解析】(1)根据拉力F随时间t变化的图线与 坐标轴围成图形的面积可求拉力F的冲童，即 根据动量定理，有 Ie-jmgt=mva 解得va=√gR (2)滑块受到的电场力 F电=Eg=√2mg 滑块从B点到O点，根据动能定理有 衡水真题密卷 -mgR+FeER=gm6-号mui 1 解得vo=√3gR (3)滑块运动至O点时速度竖直向上，受电场力 和重力作用，将电场力分解到x轴和y轴，则工 轴方向有 F电c0s45°=ma: 竖直方向有 F电cos45°-mg=may 解得az=g,ay=0 说明滑块过O,点后的运动为x轴方向做初速度 为零的匀加速直线运动，y轴方向做匀速直线运 动，即做类平抛运动，则有 -y-vd 联立解得滑块过O点后运动的轨迹方程为 y2=6Rx。 18.(1)3m& (2)8mg(3)与水平方向夹角的正 切值为号导R 【解析】(1)对竖直方向逆向思维列自由落体运 动规律 2R=2 解得4=2图 对水平方向列位移与时间关系式 解得a=子8 对水平方向由牛顿第二定律得 gE=ma 解得E-3mg 4g (2)对小球在A点分析有 VA=at 代入数据解得 F。=mgP+gEy-7mg ·2 学科素养周测评 方向和竖直方向夹角为37°，从A点到等效最低 点由动能定理得 F.R(+omm 对等效最低点由牛顿第二定律得 FN一F卷=mR 解得FN=8mng 由牛频第三定律可得压力为 FN=FN=8mg (3)小球由A点到D点，由动能定理可得 mg(2R-)-gqE·2R=号mi-7m 解得0-队一受R 设从D点飞出时的速度方向与水平方向夹角为 0,落地速度为2，落地速度方向与水平方向的 夹角为a 1 4 mgh= 解得02=2√gR 该过程的速度变化量为 △o=a't a'=mg+g5=?。 7 48 如图所示为速度夫量关系图，速度失量图的面 积为 Sovcon 0e'rvocos 可知当速度夫量图面积最大时，水平射程x有 最大值，所以当0十a=90°时，面积最大，此时 tan 0=U23 丝4 1 1 S=2=20x x-. Au 82024一2025学年度学科素养周测评（十六） 物理·电场（二） (考试时间90分钟，总分100分)》 一、单项这得题：本题共8小驱，每小题3分，共24分。每小题只有一个透项符合题日要求。 题号 2 4 5 78 案 1,如图所示，图环均匀带正电，沿其中心轴线建立工轴。将另一点电荷十g从图心x=0 处沿x轴正方向移到无穷远处的过程中，电场力做功为W。。取无穷运处为电势能零 点，则点电背十日具有的电势能E,与位置坐标x的关系图像正编的是 2.直空中存在点电背q1::产生的静电场，其电新线的分布如图所示，图中P.Q两点关 于点电蒋g1水平对称。P,Q两点电场强度的大小分粥为E,Ea,电势分别为g 一个带电校子沿虚线轨迹从M移动至N,则 A.Er>Ea+9ru B9:和：梦州种地荷，9>g: C从M移动至N,知速度先增大后减小 D若粒子梦正电，则从M至N其电势能先变大后变小 学科素养周测评（十六）物理第1页（共8页） 衡水真 3.真空中存在着方向平行于工轴的电场，x结上各点的电势随位置工变化的美系如图所 班圾 示。一带正电粒子从x=一3m处由静止师效，已知粒子的比背为4,8×10Ckg,不 计重力。期下列说法正确的是 《) 姓名 得分 A.该电场为句强电场 B粒子在[一3cm.2m]区间内餐简谐运动 C,粒子运动过程中的最大道率为2A×10m/ D轮千沿x轴正方向运过程中，电势衡先变大后变小 气在一块水平放置的很大的接地金属平板上方用近围定着一个正电葡Q,日、、，d为过 正电荷所在位置的竖直平面上的四个点，位置如图所示，下列说法正确的是《》 国见 A,F点的电势高于d点的电劳 且c点的电新强度比d点的小 C电背量为？的负电荷在：点的电劳能大于在点的电势倦 D电荷量为g的正电荷从b点移到：点的过程中电场力敏正功 5.如图所示，一带电粒子以初速度D,沿x轴正方向从坐标原点射人，并经过点P(a> 0,b>0》,若上述过程仅由方向平行于y轴的匀强电场实观，粒子从O到P运动的时 闻为1，薄达P点的动能为E,若上述过程仅由方向垂直于纸国的匀幽壁场实现，粒 子从O到P蓝动的时间为：，到达P点的动能为E:下列关系式正确的是《》 A.n>t Rt-I C.Eu<Ee D.Eu>Ev 密团 学科素养周测浮（十六）物理第2页（共B页1 3 乐AB、CD两块正对的平行金属板与水平而成30角固定，竖直截而知图所示。两板间距 1Dm,电背量为】1,0X10·C,质量为支0×104kg的小球月长为5m的绝缘组线是 挂于A点。阳合开美S,小球静止时，细线与AB板夹角为，明断组线，小球运可到 CD板上的M点（未标出》，周 电 AM.C离为10,3m 且电势能装小了35×10丁 C电场度大小为X10'NC D诚小R的阻值，M.C的距离将变大 7.如图所示，长为L,颜角为8一30的光带跑缘料面处于电场中，一电背量为十g,置量为 m的小球，以初速度，自斜面底端的A点开始沿斜而上滑，到达斜面赢骑B点时的速 度为2，期 A.小球在B点的电势健一定大于小球在A点的电势能 及A,:两点的电势差一定为是 2g C若该电场是AC边中垂线上某点的点电青Q产生的.期Q一 68 定是正电荷 D若电场是匀强电锅，则该电橘的电场度的最小值一定是以十m叫 29L &一带正电徽校从静止开始经电压U,如建后，射人水平放置的平行板电容器，极板间电 压为2，微粒射人时紧常下极板边缘，速度方向与极板夹角为5，微较运动轨迹的最 商点到极板左右两端的本平距高分别为2L和L,到两极板距离均为，如困所承。忽 略边缘效应，不计重力。下列说法正确的是 A.L+d-211 我UU2=112 C,微粒穿过电客器区规的偏转角度的正切值为3 口仅改变微粒的质量成者电荷量，微粒在电容器中的运动航迹会改变 3 学科素养周测浮（十六）物理第3页（共8页） 衡水真 二、条项选择愿：本愿共4小愿，每小题4分，共16分。每小题有多个法项符合愿目要求， 全部送对得4分，选对但不全的得2分，有选情的得非分。 题号 9 10 1 12 答案 马，一个带电粒子（不计重力）射人一点电荷的电场中，粒子运站的轨连如图中实线所 示，图中煤线是同心固氢，表示电桥中的等劳面，下列判断正确的是《) A,粒子在a点的电势能一是小于在b点的电势能 且枚子在5点的速率一定大于在a点的速率 C,粒予在4点和：点的动能相等 口较子在市点所受的电场力小于在：点所受的电场力 10,如图所示，电荷量为一2Q和+Q的两个点电常分别固定于x轴上的A点和O点，0 点为坐标原点，灯=x4处电据强度为零。观将一正试探电荷g在x正半箱上臣考O点 很近处由静止释做，释放处试探电荷的电劳能近叙为零。关于x轴上的电扬强度E, 试探电荷？的速度，，动能E:,电势能E,与位置坐标x的关系图像中，可能正确的是 《》 A D 1L如图所示，，b(,d为匀强电场中的等势而，个质量为知，电荷量为复的质子在匀强 电场中运动，A,B为其运动轨诗上的两个点。已知孩散子在A点的速度大小为1，且 方向与等势面平行，在B点的迪度大小为功，A,B连线长为儿，连线与等势面间的夹 角为8，不计粒子受到的重力，则 A,粒子的速度的一定大于 且等势面5的电势比等势面的电势年 G粒子从A点运动到B点所用的时间为0 的 几匀蜜电场的电场强虔大小为一克 2g1.e0 蹈密在 学科素养周测浮十六)物理第4页（共8页 12.如图所示，在空间坐标景0xy上a(0,0,L),b(0,L,0)、c(L,0.0)三点处分别团定 一电背量为十g.一g、一g(g>0)的点电荷，M,N.P三点分别为ba,k的中点，观 定无穷运处的电势为0，下判说法正确的是 A问一试探电花在M,N两点的电势能相等 B负试探电背在M点的电势能大于其在P点的电势能 CW,N两点的电畅强度大小相等 DO点的电场强度大于N点的电括强度 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 3.(6分)半径为R的半圆彩光滑绝缘轨道因定在水平面上，直径AC以下存在匀置电场， 以图心为坐标原点建立少坐标系。贯量为m,电香量为十？的小球（可视为点电荷） 从点《R,一R)由静止释收，从A点进入半凭形轨道，沿轨道运动到最低点B时速度恰 好为零。求： (1)电场强度的大小E。 (2)刚进人半图形轨道时小球对A点的压力。 学科素养周测浮（十六）物理第5页（共8页） 衡水真 1生.(8分)如图所示，一质量为网、电荷量十g(g>0)的小滑块静止在领角为6的绝缘光滑 斜面底神，凳在都一个沿斜面向上的匀强电场，小滑块开始沿斜面向上运动，运动一段 时闻未知)后，小情块的电劳隆减少了E,此时置去电场，又经过2时间，小滑块 又国到了斜面的底骑。远斜面底端所在的平面劳能为零，重力加速度用g表示。求： (1)小滑块返回到斜画账时的动雀E, (?)所加的匀强电肠的电畅强度大小。 (③小滑块的动能为导时的童力势能E 1点，(8分)在质子疗法”中，质千先被加速到具有较高能量，然厅被引向皮吉肿催细图。如 图所示，质量为网、电荷量为？的质子从极版A处由静止加速，通过极板A,中间的小 孔以，一1×10m/s射出，然后从坐标系xOy中的B点(0，d)早行于z垒标轴进人 3OP区域，该区城充调沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E,OP与x轴夹角。= 5。质子在电杨中偏转并垂直击中边界OP上的C点（图中未标出》，取质子比稼为 是-1×10C,d-5m,不计子的重方，求 (1)服板A,A,间的加速电压U。 (2)电场强度E的大小， (3)质子到送x轴上的坐标 蹈密在 学科素养周测浮（十六）物理第6页（共B页！ 16.(8分)如图所示的装置由加速器，型向电场和平移器组成，平移器由两对本平放置、相 (1)滑块经过B点时的速度大小 距！的相情平行金属版构成，极板长度为1，间距为，两对极板间偏较电压大小相等， (2)清块经过O点时的速度大小， 电场方向相反。如图所示，一比背为是的带正电粮子由静止经加递电压U。加速后， (3)滑块过O点后运动的轨连方程。 直进人幅向电扬（电场强度方向酒向圆心》，沿看率径为R的圆夏虚线（等势线》运动。 之后水平对入输特电压为的平移器，最熟离开时打在荧光屏上的A点，不同区域 内电场互不影响，不计粒子的重力。求 (1)粒子财出加速器时的速度大小， (2)圆置虚线处电场强度E大小： (3)粒子从进人平移器到打在A点的竖直总位移y。 心 18.(16分)如图所示，半径为R的半属形光滑轨道AB显直放置园是在水平而上，O点为 半圆形轨道的提心，整个空间存在水平句左的匀强电场，半图形轨道与水平光滑绝缘 轨道C连接，以C轨道的右解和固定韵光滑曲面CD连接，D的水平E离为2R,D 点与地质高度差一及，在距离B为R的E处竖直向上抛出一电花最为十y的小球 (初速度未知)，小球恰好从A点无碰撞进入属弧轨道。已知小球的质量为四，重力知 速度为g。 (1)求匀强电斯电场强度E的大小： (2求小球在厘面轨道运动过程中对轨道的最大压力， (3)若小球从D点飞出时匀强电场的方向突变为整直向下，大小不变，要使小球从D 点飞出后落到地面的水平射程最大，求从D点飞出时的速度方向和水平射程。 17.14分》知图甲所示，粗慰水平面AB和竖直面内的光滑，司气导转B0在B点平撬违 接，导轨半径为R,质量为m,电荷量为g的带正电滑块放在粗镜水平面的A点，1一。 时刻起受到方向向右，大小如图乙所示随时间变化的拉力下的作用，滑块由静止开始 沿水平商运动，时间：一层后经过B放：此时罐去拉力P,之后形块箱锁道即运 动。以O为坐标源点建立直角坐标系仍，在x3一R区城有方向与x射夹角为= 5销匀强电场：电场强度大小为，，渐块可看成质友且在运动过程中电背量保持 不变，骨块与粗是水平面之间的动摩源因数：=05，重力加速度为：。求： 3 学科素养周测浮（十六）物理第7页（共8页） 衡水真蹈密在 学科素养周测博十六》物理第8页（共8页1