周测评(18) 电路(一)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（湖北专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（十八） 物理·电路（一） (考试时问75分钟，惑分100分》 一，选择题：本题共10小题，句小题4分，共0分。在每小题给出的周个选项中，第1一7 题只有一项符合题日要求，第8一10题有多项符合题日要术。每小驱全部远对的得4 分，选对但不全的得2分，有这错的得0分。 题号1 3 4 6 8 9 10 答案 1.知图所示，将灯泡的灯统与小灯池串联接人电路，闭合开关使小灯泡爱光。用酒精灯给 灯丝如热，下列说法正确的是 A小灯泡变暗，灯维电阻率变大 我小灯泡变暗，灯批电阻率变小 C小灯泡变亮，灯丝电限率变大 几小灯礼变亮，打丝电阻率变小 2.如图所示，四个完全相同的灯卷，亮度最高的是 L: AL 品Le C.L D.L 3.R1,R:是用相同金属材料制成的电阻，其上下表而分别是边长为年，b的正方形，厚度分 别为A:,A:,按调示方式接人电路。则 ( AR,,R,的电阳之比为：·h, A通过R,R,的电流之北为b:a CR1R:的电功率之比为：：青： D.道过R1R:的电荷量之比为a:b 学科素养周测评（十八）物理第1页（共8页} 衡水真 气.如图所示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为U的如速器如速后，形成细 班圾 柱形的质子流。已知细柱形的质子流横霞面积为S,其等效电流为：质子的质量为m, 其电背量为©。都么这束质子花内单位体肌的质子数片是 姓名 候子意 得分 A点园 a是 c四 n品 5.如图1所示，博根材料相同的均匀导体柱m和m中联在电路中，长为1，程长为2！，沿 x轴方向电势变化如图2所示，选数「=3处电势为零，则导体柱m、和的横载面积之 比为 m 4号 c n号 6,是置两年洗慧机这一新解家电逐新花行，便科了人们的生话。现有 某品牌决地机，如唇所示，其工作参数如表所示，其工作视式有复效， 节能两种，强效模式下，该瓷地机以餐定功率工作，节能模式下，以额 定功率的一半功率工作，两种模式下，其工你电压均相同，其续狱时 闻是按题节能惊式工作计算得鲜的，侧下列说法正确的是 产品名存 某品院债地肌 产品服号 QX-V6A 餐定功率 20W 电泡容是 400mA·h 续时间 40min 清水箱容国 800 mla 外愁尺寸 2026配·1115mm 骨水着容量 T20 ml A.孩沈地机在节馆模式下的工作电流为6A 品该洗地机在节能顺式下的工作电流为Q】A C该选地机内阻的为3n 口蛋效模式下，该洗地机的工作电压约为36V 密在 学科素养周测浮（十八）物理第2页（共8页引 4 7.如图所示，图形单匝线圈以和正三角形单压线属市用完全相同的均匀电阻线制成，规圈 6与线网：的内接正三角形全等，将它门放置在同一匀球磁场中，磁场与两线圈平面垂 直，让线周a绕其直轻匀滚转动，线周b绕其对你轴匀速转动，两线属转动的角速度相 可，测两线圆请托的电功率之比为 号-点 BP/ P.9n c异- 哈- 总某一热敏电阻的阻值随湿度的几高而碱小，在一次实验中，将该热十 敏电阻与一小灯泡串联，通电后各白的电流I随所如电压U变化 韵图像如图所示，点M为再元件的伏安特性由线的交点。则关于 结量电阻和小灯泡，下列说法正确的是 A:是热敏电阻的侯安特性曲线，5是小灯泡的优安特性自缓 B。是小灯泡的状安特性由线，b是热篮电阻的伏安特性由线 C由图可求得M点对应的小灯滋及热饭电阻的阻值 DM点对皮的状态下，小打泡的动率比热蛟电阻的大 3,如图所示，用一根电阻为R的目辑均匀的像格合金管数成一个环，在环上7个均匀分 布的.点上，焊接？条不计电阻的导线，导线与接线柱连接，利用这种方法，可以在任意两 个接线柱之间获得不问阻值的电阻，下判说法正确的是 A可获得的不可阻值电阻的总个数为3 R可获得的不同阻值电阻的总个数为4 C可我得的最大电阻的阻植为号R D可软得的最小电阻的阻值为R 学科素养周测评（十八）物理第3页（共8页） 衡水真 10,某汽车无线充电站的无载充电设备充电效岸约为8即巧，一辆新能幕汽车最大充电客量 为54kW·h,从0到100km/h的前速时间为7s。当汽车电藏容量低于最大容量的 2的%时，要求进入充电站进行充电。下列说法正确的是 A充电过程能量不守恒 且从电泡容量20%到充清电，需要消耗电能54kW·h C,电机正常工作时的电流等于输人电压与电动机电阻的比值 D保持最大功率何定不变加建时，汽车的加速度被小 二，非速挥显：本愿共5小愿，共0分， 11.(行分)为了测量某待测电阻R,的阻值，约为30，提供了以下器材： 电压表V,(量程一3V,内阻银大)： 电压表V(量程0一15V,内图银大)： 电流表A:(量程050mA,内阳的为100)： 电流表A(量程0一3A,内阻约为0,120)： 电源F(电动势约为3V,内图约为Q2): 定值电阻R(20n.允许最大电流1.0A), 滑动变阻器R:(0一10)，允许最大电瓷20A, 滑动变阻器R,(0~1k2),允许最大电流Q5A: 单刀单常开关S一个，导线若干 (1)为了使测量范围尽可能大，电压表应选 ,电流表应莲 ,骨动变阻 部应选 。(填字母代号) (2)请在康线狂内低出测量电阻R,的实验电路图 (3)某次测量中，电压表示数为U封，电流表示数为1。，喇计算特测电阻阻值的表达式 为R。一 。(用字母表示) 12.(9分)在圈定金属的电烈率实验中，所用测量仪器均已校雀，待测金属空接人电路部 分的长度约为0m, (1)见螺能测爱器测量金属统的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为 mm(凌值接近多次测量的平均值)： 蹈密在 学科素养周测浮（十八）物理第4页（共8页！ (2》用伏安法测金属效的电阻R,。实验所用器材为电泡组（电动势3V,内阻不计）、电 流表（内阻的8,10），电压表（内阻约30），滑动变阻器R(0一00，额是电瓷 2A),开关，导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，迹行实验测量 记录数据如下： 次数 1 2 4 567 410 0101.501.70%30 /A0g00400,1g28340460520 由以上实验数落可知，他们测量R,时采用的是 (填“乙线“丙”)图 《3》如图丁断示是测量R,的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的 滑片P置于滑动变阻器的一南。请限据(2)所惑的电路图，朴充完成图中实物间的 连线。 《4)这个小组的同学在坐标纸上建立U,」坐标系，如图成所示，图中已标出了与测量数 据对应的4个坐标点，请在图中标出第2,4,6次测量数据的坐标友，并摇绘出-了 图线。由图线得到金洞丝的阻值R。 D(保留两位有效数字)。 24 15 10 05 0.003900.40050n60A 成 学科素养周测评（十八）物理第$页（共8夏） 衡水真显 (5)根暴以上数据可以倍算出金属绘电阻雀约为（填选溪前的符号）. A.1×1030·m B1X1030·m C.1×10+0·m D.1×104n"m (6)任何实险测量都存在误差，本实粒所用测量仪番均已校准，下列关于误差的说法中 正确的是 A.用氟能测量器测量金国饺直径时，山读数引起的阀差属于系统误差 且由电流表和电压表内闲引起的误差属干偶然误差 C,若将电流表和电压表的内图计算在内，可以清除由测量仪表引起的系旋误题 D用U图像处理数据求金属丝电阻可以碱小偶然误差 13.(12分)某同学设计了一个相速度计，结构图所示。原理为较重的滑块2可以在光滑 的配架1中平移，滑块两侧用相同弹簧3控看：滑动变阻器中4是滑动片，它与滑动变 阻器任一端之其的电阻值都与它到这端的臣离成正比，工作时将如速度计国定在运动 的物体上，使弹簧及滑动变阻器灼与物体的运动方向平行，滑块在弹簧作用下以同样 的如速度站动。闭合开关，当诺动物体的如速度为零附，弹簧处于自然长度，滑动片在 滑动变阻器中点处，理组电压表的示数为零（零点位于表登中要）当物体具有固示方 鸣的加速度时，P端的电势高于Q端，电压表相针向零点右划偏转。已知滑块质量m, 弹簧动度氛数k(第簧在第性限座内》，电源电动势E(内阻不计》，滑动变阻器全长L, (1)当电压表示数大小为U时，求运动物体的加建皮大小 (☒定文电压表示数变化量大小与加速度变化量大小之比出)为加毫度计的灵饭度， 改度装置中的元件参数可以提高加遵度计的灵敏度，请写出提高灵饿度的两种 方法。 密程 学科素养周测浮十八》物理第6页（共8页！ 14.(14分)知图所示，电源电动势E=10V,内阻r=1几，R1=30,R:=61,C=0F, 15,18分)图1所示的电路中，电源的1图像知图2所示，灯准的U图豫如图3所示， (1)同合开关S,求稳定日通过R,的电流。 铭佛上标有“2,5V0,4A的电动机线周电阳为r。一1,00.图1所示电脐中，所关s (2)然后将开关S断开，求电容器两端的电压变化量和通过R的总电得量， 闭合后，电动机好正意工作。 (3)如果把R,换成一个可雯电阻，其阻值可以在0~10范围变化，求开关闭合并且 (1》求电源内阻： 电路稳定时，R:消耗的最大电功率。 (2)求电动机正常工作时，灯泡的电功率： (3》若某时剩出玩放障，电动机卡死不转，求电待机线圈的电功率 23 W 20 30 15 05 0头 005101.52.0 图 图2 周3 学科素养周测浮（十八）物理第7页（共8页） 衡水真蹈密在 学科素养周测博十八》物理第8页（共8页1衡水真题密卷 学科素养周测评 2.58 设木板经时间△2发生位移x1停止运动，由运 随E的继续增大，假设木板和B相对静止且在 动学规律有 t2时刻开始向右运动，此时的临界关系为 1 qBE2=a2·2mg 01=ak△2x1=201△ 解得E2=4×10°N/C 代入数据得 由题图(b)的E-t图像可知对应时刻为t2=4s, 1 △12=0.25sx1=8m 因为FB=qBE2=4N<fBm 设B在△a=t4一t3=0.5s内发生位移x2,由 所以假设成立 运动学规律有 再随E的继续增大，B将在t多时刻相对木板向 1 右滑动 v2=w1十aB△3x2=2(w1十v2)△， 对B分析 代入数据得 qgE3一fBua=ma .3 对系统分析 v:-5 m/s,:-2 m qaEg-a2·2mg=2ma 11 解得E,=6×10°N/C,a=1m/s 因为工一x1=8m=d 由题图(b)的E-t图像可知对应时刻为t:=6s 故恰好在t1=6.5s时刻，B以速度v2与静止的 综上，在时间△11=t3一t2=2s内，电场力的冲 木板相碰 量为 因B和木板的质量相等，碰撞过程中系统能量、 1e=g.Et5.△，=10Ns 动量均守恒，故碰撞后两者速度互换，即碰后木 2 板和B的速度分别为 对系统，由动量定理有 v1=5m/s(向右)，v2=0 1x一42·2mg△1=2n1-0 设再经过△：，B再次返回木板上的初始位置， 代入数据解得t3=6s时刻B和木板的共同速 此过程中，B始终静止，木板的加速度仍为 度为v1=1m/s a板=4m/s2 (3)tg=6s至t4=6.5s,电场强度恒为E,=8× 由运动学规律有 105N/C,B进入木板上光滑部分 .1 d=uiA,-2ak△好 由牛领第二定律可得 对B 代入数据解得 qsE=mag 4,=5-14 对木板 4 综上，B再次返回木板上的初始位置的时刻为 4g·2mg=7a 代入数据得 k=64十业，=31-4 s aa=8m/s2(向右)，a版=4m/s2(向左) 2024一2025学年度学科素养周测评（十八）物理·电路（一） 一、选择题 可知，电阻率变大，灯丝的电阻变大，通过小灯泡 1.A【解析】灯泡的灯丝是一种金属，金属的电阻 的电流变小，故小灯泡变暗，A正确。 率P随温度的升高而变大，由电阻定律R=PS 2.A【解析】根据电路图可知，灯泡L:位于千路 上，即通过灯泡L的电流最大，实际功率最大， ·26▣ ·物理· 参考答案及解析 亮度最亮，A正确，B、C、D错误。 L,=25,线圈6的周长为1，=3a,由电阻定律 RI pa eb 3.C【解析】RR:的电阻之比为R,h 3 R=P5可知，两线图的电阻之比尽=二，由公式 ,A错误：两个电租串联，则通过R、R,的电流 h E P P 可得，两线圈消耗的功率之比为 之比为1：1，B错误；R1、R影的电功率之比为 E2,R_83 TR,C正确：根据q=止可知，通过RR: EgR。 9,A正确。 IR2 hi 8.AC【解析】小灯泡的灯丝温度随通电电流的增 的电荷量之比为1：1，D错误。 大而升高，阻值也随着增大，所以图线b是小灯泡 4,D【解析】质子经加速电压为U的加速器加速 的伏安特性曲线，同理可知，热敏电阻的温度随着 后，有U=2mm,根据电流的定义公式则有 通电电流的增大而升高，其阻值会减小，所以图线 Q是热敏电阻的伏安特性曲线，A正确，B错误；由 1=旦，这束质子流内单位体积的质子数为，则 公式R=号，可求出M点对应的小灯泡的阻值和 有q=Suine,联立解得n=人m eS√2eUD正确。 热敏电阻的阻值，C正确；两图线的交点M,表示此 状态下通过两元件的电流相等，两元件两端的电压 5.A【解析】由图像可知导体柱m两端电压为 也相等，所以功率相等，D错误。 6V,导体柱n两端电压为4V,导体柱m与导体 9.AC【解析】选择1接线柱不动，另外一个接线 柱n串联，故电压之比等于电阻之比，由电阻定 柱有2(7)、3(6)、4(5)三种选择，这三种选择组成 律R=pS,可以求出横拔面积之比为1：3，A 的并联电I阻值分别为RRX=号R, 7R 正确，B、C、D错误。 RB 6.A【解析】该洗地机在节能模式下的工作电流 2R※5-9RR=R※-号R,故总 7R 7R 为1=4000X10X3600A=6A,A正确，B 12. 共有三种不同的阻值，最大阻值为气R,最小阻值 40×60 错误：根据题中条件，无法得出该洗地机内阻，C 为R。A.C正确 错误：两种模式下，其工作电压均相同，根据P。= 10.BD【解析】能量守恒定律是物理的普适定律， 2×220 充电过程遵守能量守恒定律，A错误；从电池容 UI,该洗地机的工作电压U P。 6 量20%到充满电，需要消耗电能E= 5的V,D错误。 54X(1=20%)kW·h=54kW·h,B正确：电 80% 7.A【解析】根据题意，设三角形边长为α，由几何 机不是纯电阻元件，不遵守欧姆定律，在电机工作 关系可得国半经号×号。 中电阻两端的电压小于电机两端电压，因此电机 3a,线图a的面 正常工作时的电流小于输入电压与电动机电阻 积S。=2-号，线圈6的面积为S, 1 的比值，C错误：保持最大功率恒定不变加速时， 2ax 速度增加，根据P=Fv可知，牵引力减小，由牛 】等。=3.2，两线圈产生的感应电动势有效值为 顿第二定律F一f=ma知，加速度减小，D 正确。 E-E-NBS,则两线圈产生的感应电动势有 二、非选择题 2√2 1.1)VA,R,(2)见解析图(3兴-R 效值之比为E一5。 气-三=3π，线圈a的周长为 【解析】(1)因为电源电动势约为3V,所以被测 ·27▣ 衡水真题密卷 学科素养周测评 电阻两端电压不会超过3V,所以电压表选择 V1:电源电压约为3V,所以电路中的最大电流 不会规进I-景-易A=Q1A,故电流表选择 A]:本实验要求测量范围尽可能大，所以滑动变 阻器应该选用分压式接法，故滑动变阻器应该 甲 选用R1。 (2)因题目要求所测量的值的变化范围尽可能 (4)在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点， 作一条直线，使尽可能多的点在这条直线上，不 大一些，故应采用滑动变阻器分压式接法：由于 在直线上的点均匀分布在直线两侧，明显偏离 电流表量程只有0~50mA,若只接待测电阻， 的点应舍去，如图乙所示。由图线斜率可求出 电路中电流过大损坏电流表，故可将定值电阻 金属丝的电阻位为R:=0.5 2.22 接入与待测电阻串联：由于电压表的内阻很大， n≈4.4n. 故电压表分流较小，故应采用电流表外接法，电 U/V 2.5 路如图所示。 2.0 1.5 1.0 0.5 0 U 0.100.200.300.400.500.601A (3)由欧拇定律可知R+R,-六，解得R, 乙 一R (5)根据电阻定律，可得金属丝的电阻率为P I。 RSRd314×4.4×(0.398×103)y2 4 4×0.5 n·m 12.(1)0.398(0.396~0.399均正确)(2)乙 1×108·m,故选C。 (3)见解析图甲(4)见解析图乙4.4(4.3~ (6)用螺旋测微器测量金属丝直径时，由读数引 4.7均正确)(5)C(6)CD 起的误差属于偶然误差，故A错误；由电流表和 【解析】(1)因定刻度读数为0mm,可动刻度读 电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错 数为39.8×0.01mm,则螺旋测微器的读数为 误：若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以 0mm+39.8×0.01mm=0.398mm. 消徐由测量仪表引起的系统误差，故C正确：用 (2)由实验记录的数据可知R,的阻值大约为 UI图像求金属丝电阻，可以减小偶然误差，故 5,则R《Rv,电流表采用外接法；若滑动变 D正确。 阻器采用限流式接法，电路中最小电流釣为 E 13(1)2LU (2)增大m、增大E、减小、减小L mE I血R十R+R≈0.12A,其中R为R,与 【解析】(1)设滑动变阻器总电阻值为R1,当运 Rv的并联电阻值。实验数据中第一组的电流 动物体的加速度大小为α时，滑块偏离滑动变 为0.020A,小于限流式接法的最小电流，所以 阻器中点的距离为x(<),则P,Q间电租 滑动变阻器采用的不是限流式接法，而是分压 式接法，则采用的是乙图。 RL 为R一x (3)电流表选用0~0.6A的量程，电压表选用 此时对滑块由牛顿第二定律得2kx=ma 0一3V的量程，结合电路图进行实物连线，如图 由闭合电路欧姆定律得1一 E 甲所示。 ·28· ·物理· 参考答案及解析 E 则电压表示数为U=R,= E R,= 图线斜率为 2kLU 87-r=30-20】 联立解得a= 1.0 =1.0n mE (2)在题图1电路中，电动机正常工作电流为 ②由U-號。 ,△U_mE 得=2kL 0.4A,电动机两端电压为2.5V,电源内阻两端 的电压为 增大m、增大E、减小、减小L可以提高加速 U,=Ir=0.4V 度计的灵敏度。 根据闭合电路欧姆定律可得 14.(1)1A(2)1.2×10-C(3)6.25w E=UM+U,+UL 【解析】(1)稳定时，电容看作断开状态，电路中 的电流 解得U=0.1V 所以灯泡的电功率为 E I,+R1+R:1A PL-ULI-0.04W (2)S闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的 (3)电动机卡死不转，电动机线圈相当于一个纯 电压 电阻，此时电路简化为一个电动势为3.0V、内 U=IR2=1×6V=6V 阻为2.0的等效电源，外接灯泡，在灯泡的 S断开后，电容器两端的电压为10V UI图像中作出等效电源的U-1图线，两图线 所以△U=4V 交点即为灯泡的工作点，如图所示 通过R1的总电荷量为 U/V 3.0 △Q=△·C=4×30×106C=1.2×104C 2.5 E (3)P=(+R+R·R:= 2.0 E 1.5 (R1+r) 1.0 R2 -+Rz+2R1+r) 0.5 所以当R2=R1十r=4Q时，R,消耗的电功率 田A E 00.51.01.52.0 最大，为P-4R1+n=625W. 由图可得此时灯泡电流为 15.(1)12(2)0.04W(3)1.44W 1'=1.2A 【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律可得 所以通过电动机线圈的电流也为1.2A,此时线 U=E-Ir 圈上的热功率为 根据题图2可得电源电动势为 P=I'2r。-1.44W。 E=3.0V 2024一2025学年度学科素养周测评（十九）物理·电路（二） 一、选择题 甲灯两端电压大，又由P=IR,知甲灯比较亮， U,2 1.A【解析】由题得，甲灯的电阻为R= A正确，B错误：由Q=IRt,知相同时间内甲灯 消耗的电能较多，C错误；由q=It,知相同时间 U22 12102,乙灯的电阻为R2= =4842,两灯串 内通过两灯的电荷量一样大，D错误。 P2 2.B【解析】由于电源内阻不计，开关S断开时，电 联在电路中，通过两灯的电流相同，由U=R知 ·29▣