周测评(8) 圆周运动-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（湖北专版）

·物理· 小石片第一次与水面接触过程中对水面作用力 (可视作恒力)的竖直分力大小F,由牛顿第二定 律得一F,十mg=ma, 解得F,=5.9N (3)小石片在水面上滑行时，有a=上=20m/s 每次滑行速度的变化量△v=a△1=一0.8m/s 由n=0e=10 △U 可知小石片共在水面上滑行了10次，空中弹起 后飞行了9次，第n次弹起后的速度vm=⑦0十 n△v=(8-0.8n)m/s 2024一2025学年度学科素养月 一、选择题 1,D【解析】由图乙中小水珠做离心运动的轨迹 可知，杯子的旋转方向为逆时针方向，P位置飞 出的小水珠初速度沿2方向，A、B错误；杯子旋 7 转的角递度为w一总-系需ads-停ds,C 错误；杯子旋转的轨迹半径约为0.6m,则其旋转 的线速度大小约为u=R=7匹X0.6m/s m/s,D正确。 5 2.D【解析】由图可知，A、B同缘传动，无论是做 匀速圆周运动还是变速圆周运动边缘线速度大 小均相等，故由v=wr,可得A:wB=rB:ra= 2:3,A错误，D正确：A、C同一齿轮同轴转动， 角速度相同，则有A:化=rA:TC=3:2,A、B 线速度大小相同，所以g:化=3：2，B错误：由 向心加速度公式a=子，可知A,B两，点向心加连 度之比为aA:aB=rn:rA=2:3,C错误。 3.B【解析】小球受轻杆控制，在A点的最小速度 为零，由动能定理得2 mgLsin a=2m喝-0，可 得s=4m/s,B正确。 4.D【解析】磁力和支持力都不能对铁球做功，只 有重力会对小铁球做功，所以铁球的机械能守 恒，铁球不可能做匀速圆周运动，A、B错误；铁球 的速度只要大于0即可通过最高点，C错误；铁球 2 参考答案及解析 再由Un=kUm 和1，=2 g 可得第n次弹起后在空中飞行的时间为tm= (1-0.1n) 根据等差数列求和公式可得小石片在空中的飞 行时间=S=心十2n-1Dd=5.4s 小石片在水面上滑行的时间为3=0.04×10s= 0.4s 总时间t=0十g十t=6.4s 周测评（八）物理·圆周运动 在最高点的速度恰好为0，到达最低点时的速度 满足mg·2R=2m,轨道对铁球的支持力拾 好等于0，则磁力与重力的合力提供向心力，即 F-mg=mR,联立得F=5mg,D正确。 5.D【解析】若仅仅考虑地球的自转影响时，列车 绕地心做圆周运动的线速度大小为%，以列车为 研完对象，根据牛顿第二定律得mg一下=m爱， 若列车相对地面又附加了一个线速度，列车绕 地心做圆周运动的线速度大小为%十口，根据牛 顿第二定排得mg人=m定2，可知R 民=m紧，D正确。 6.B【解析】转动的角速度为零时，OB绳的拉力 最小，AB绳的拉力最大，这时二者的值相同，设 为Fn,尉2 Fncos30=mg,解得Fn=号mg,增 大转动的角速度，当AB绳的拉力刚好为零时， OB绳的拉力最大，设这时OB绳的拉力为Fm, 则Feos30=mg,解得Fa=29mg,因此OB 能的拉力范图为号mg~2雪m8,AB绳的拉力 范周为0~号mg,A.C错误，B正确：当AB绳的 拉力为零时，如果把绳AB剪断，那么小球不会偏 衡水真题密卷 离原来位置，D错误。 7.C【解析】电动机轮轴与偏心轮转动属于同传送 带传动，线速度相等，根据=rw,可知角速度不相 等，A错误；配重物转到最高点时，加速度向下， 处于失重状态，B错误：当偏心轮上的配重物转到 顶端时，刚好使整体离开地面，则有Fr一Mg,对 配重物有mg十Fr=iwr,解得w一√ M牛mg,C r 正确；在最低点，对配重物有F-一mg=r,对打 夯机有F十Mg=FN,解得FN=mwr十mg十Mg =2(M什m)g,根据牛顿第三定律可知打夯机对 地面压力的最大值为2(M十m)g,D错误。 8.AD【解析】对题图甲中A、B两小球分析，设绳 与竖直方向的夹角为0，绳长为L,小球的质量为m, 小球A,B到悬点的竖直高度为h,如图所示，则有 gmm心如，解得w一√。√景，可知 g 小球A,B的角速度相同，由v=r可知，小球A、B 的线速度大小不同，A正确，B错误；对题图乙中 C、D两小球分析，设绳与竖直方向的夹角为a,小 球的质量为m,绳长为L,有mgtan a=mw2 Lsin a, 解得w高。又一Lna,由=w可知- √gLsin atan a,连接小球C、D的绳与竖直方向 之间的夹角相同，绳长不同，因此小球C、D线速 度大小不同，C错误：设绳上的拉力为F,,竖直方 向有F1c0s=g,则有F一。，因连接小球 C,D的绳与竖直方向夹角相同，可知小球D受到 绳的拉力与小球C受到绳的拉力大小相等，D 正确。 mg 9.AD【解析】对小球进行受力分析，有mg= Frcos30°，对滑块进行受力分析，有F:= 23 4 ngsin30°-F=2mg-gmg,将滑块和斜面 看成整体，由平衡条件得，斜面体所受摩擦力大 2 学科素养周测评 小为Fn=FTcos30°=mg,A正确，B错误；当滑 块恰好不受摩擦力时，绳的拉力为F=2mg,小 球做周周运动，设此时细绳与竖直方向夹角为日， 则水平方向和竖直方向分别有Frsin= 0'2 m Lsin9Fcos日=mg,解得0=60，= ,得小球的动能为瓦=之m:=是mgL,向 2 心加速度为aFsi血0-3g,C错误，D正确。 10.BC【解析】当小球恰好到达圆周运动的最高 点时小球的转动半径为，重力提供向心力，则 有mg=m号根据机减能守恒定律可知，mgL一 2）=之m,联立解得r=号L,故钉的位重到0 1 点的距离为L:当小球转功时，拾好达到绳子 的最大拉力，即F=11mg,此时一定处在最低 点，设半径为R,则有11mg一mg=m爱，根据机 械能守恒定律可知，mgL=2m喝，联立解得R- ,故此时离最高点距离为缸，则可知，距离 最小为L,距离最大为青L,B,C正确，AD 错误。 二、非选择题 1.a42 (3)偏小(4)滑块与水平 杆之问存在静摩擦力 【解析】(1)每次遮光片经过光电门时的线速度 大小为一品由线建度大小和角连度大小的关 系式可得w一R一R△ d (2)根据牛顿第二定律可得F=mRu2= R,可知F与成正比，以F为纵坐 、md 标，（△为横坐标可在坐标纸上描出一条直 线，斜率为紧 (3)力传感器测量的F是绳子的拉力，而在实际 ·物理· 情况中，滑块在做圆周运动时还会受到水平杆 对它的静摩擦力，向心力等于绳子拉力F和静 摩擦力之和。因此，在滑块与水平杆之间存在 的静摩擦力的影响下，力传感器示数F作为向 心力时会比向心力理论值偏小。 12.(1)控制变量法(2)相同挡板B相同 (3)2:1 【解析】(1)本实验中要分别探究向心力大小与 质量m、角速度w、半径？之间的关系，所以需要 用到控制变量法。 (2)探究向心力大小与圆周运动半径的关系时， 需要控制小球的质量和运动角速度相同，所以 应选择两个质量相同的小球，小球应分别放在 挡板C处和B处，同时选择半径相同的两个 塔轮。 (3)根据F。=mu2R,由题意可知F=2Fn, R点=2R击，可得仙太：w*=1:2,由于两塔轮边 缘线速度大小相等，由=wr,可得r左：r右= 2:1,即左、右两边塔轮的半径之比是2：1。 13.(1)0.16m(2)5rad/s 【解析】(1)初始时弹簧处于压缩状态，A球恰 好处于静止状态，设初始时弹簧的压缩量为△， 则k△l=4(mA十mg)g 解得△l=0.04m 则初始时弹簧的长度为l6=1一△l=0.16m。 (2)当系统以某角速度稳定转动，弹簧的弹力大 小与初始时相同时，弹簧处于拉仲状态，拉伸量 与初始状态的压缩量相等，对B球有 mag tan37°=mg2rB ra=l+△l+Lsin37 解得w=5rad/s。 14.(1)10m/s(2)14.8N(3)3.4m 【解析】(1)若滑块恰能做完整的圆周运动，滑 块在最高点只有重力提供向心力，有 mgm 解得a=√/10m/s (2)从O点到B点，对滑块根据动能定理有 mg1=m%一之m听 2 参考答案及解析 在B点根据牛领第二定律有FN一mg=m通 解得FN=14.8N. (3)滑块与塑料板组成的系统动量守恒，规定向 右为正方向，根据动量守恒定律有 m%=mt'十m 根据能量守恒定律有 mL=m项-名m-2m产 对滑块，根据能量守恒定律有 滑块离开塑料板后做平抛运动 x=vt h=2&t 滑块第一次落地，点到B点的水平距离为 x=x十x2 解得x=3.4m。 15.a3ms(23N(3号m 【解析】(1)小车由A运动至B过程，由能量关 系可知 E.-k(mgF 其中F=0.5mg,代入数据解得vg=3m/s。 (2)设小车在C点的速度为vc,恰好通过最高 点，则根据牛顿第二定律有 mg一0.5mg=m尺，小车从B到C,由动能定理 得-mg2R=mt-之md 解得R=0.2m 在B点，根据牛顿第二定律有 R、一mg-0.5mg=m装，解得、=3N 由牛频第三定律，小车运动至B点时对轨道的 压力大小为3N。 (3)小车从B到P,由动能定理得 mg2r-m味-md 小车从P点飞出后做平抛运动 x=Vpt 衡水真题密卷 2r-7 解得x-√16㎡+-√16（+ 当r=0.1125m时，小车落地，点与P点的水平 距离最大 小车从P点飞出p>0,则 r<0.225m 但因为小车在N点有 2024一2025学年度学科素养周测 一、选择题 1,A【解析】要想使天舟五号与空间站在同一轨 道上对接，则需要使天舟五号加速，与此同时要 想不脱离原轨道，根据F=m二，则必须要增加向 心力，即喷气时产生的推力一方面有沿轨道向前 的分量，另一方面还要有指向地心的分量，而因 喷气产生的推力与喷气方向相反，A正确。 2.A【解析】哈雷彗星在椭圆轨道上绕日公转，而 地球绕日轨道比哈雷慧星近日轨道要远一些，根 ,所以地球环日速度小于哈雷慧星在 近日点的速度，A正确：根据牛顿第二定律a -0-以哈香#显在M点时的加逢度 m r'm 等于地球在M,点时的加速度，B错误：根据开普 常三定体异-是厚， C错误：根据开普勒第二定律可知，同一颗行星与 太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等，所以 地球与太阳的连线和哈雷彗星与太阳的连线在 相等时间内扫过的面积不一定相等，D错误。 3.D【解析】静止轨道上的卫星角速度与赤道上 物体的角速度相等，卫星的轨道半径更大，其速 率更大，A错误；S点与P点到地球中心的距离 是相等的，根据牛顿第二定律和万有引力定律得 a-W,所以卫星在静止轨道上经过S点与在转 移轨道上经过P点的加速度相同，B错误；在椭 圆轨道近地，点实施变轨成椭圆轨道是做逐渐远 2 学科素养周测评 m4≤2.5mg 小车从B到N的过程中，由动能定理得 mgr-mm 解得r≥0.2m 综合可知，当r=0.2m时，小车落地，点与P点 水平距离最大，为工= 5 m. 评（九）物理·万有引力与航天 离圆心的运动，要实现这个运动必须给卫星加 速，所以卫星在异常轨道上经过Q点的速率大于 在近地轨道上经过Q点的速率，卫星在近地和静 止轨道上运动，由万有引力提供向心力得G- 一，所以卫里在近地轨道经过Q,点的建度大于 在静止轨道上经过S点的速度，所以卫星在异常 轨道上经过Q点的速率大于在静止轨道上经过 S,点的速率，C错误；由几何知识知转移轨道的半 长轴为地球半径的4倍，由开普勒第三定律有 二-6票√月知卫复在近地轨道上的周期 与在转移轨道上的周期之比约为1：8，D正确。 4.A【解析】取B为研究对象，B绕O点做匀速圆 周运动，设A、B的质量分别为m和，由万有引 力定律及牛颜第二定律得Gm,理=m(), 解得m一票，又根搭n=r一，影A的质 量为m=,A正确。 GT 5.C【解析】开普勒第二定律只造用于某一个卫星 绕中心天体的情况，故A,B错误：根据万有引力 提供向心力有G=mr禁，变形有T= 4π22 4π2 G,困像的斜率k一G根据题意，地球和木 星的密度分别为5.52g/cm3和1.33g/cm3,木 星的体积约为地球体积的1313停，可知木星的 质量约为地球质量的310倍，则图像B的斜率约2024一2025学年度学科素养周测评（八） 物理·圆周运动 (考选时可75分钟，惑分10分》 一，选择题：本题共10小恩，每小题4分，其40分。在每小题给出的四个选项中，第1一7 题只有一项符合题目要求，第8一10题有多项符合题目要求。每小噩全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，有湛错的得0分。 超号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 1,在东北严寒的冬天，人们经常玩一项“凌水成冰“的游戏，具体提作是把一杯开水沿氧线 均匀快连地废向空中。图甲所示是某人玩“发水成冰”静成的最间，其示意图如图乙所 示。水过程中怀子的运动可看成匀速同履运动，人的手增种直，在Q5k内带动杯子 装转了210，人的骨长约为Q.6m。下列说法正确的是 ( A波水时杯子的旋转方向为顺时针为向 且P位置基出的小水珠初建度沿1方向 C杯子在旋转时的角速度大小为爱a/:D怀子在奖转时的线速度大小约为号ms 么明代出版的（天工开物中纪录了粗先的劳动智慧，知图甲所示为“牛转车“，利用备力 转动不同半径齿轮米改变水下的转速，从而将水运送到高处。粗先的智慧在今天也得 到了继承和发扬，我国白主研发的齿轮传动系统，打破了围外案斯，使中国高候持续运 行速度达到35励km/h,中国高铁成为中国制造的一张“金名片”。图乙中A,B是齿轮边 缘两点，C点位于A所在尚轮的中得（图中未标出），三点距各自轴心的距离a·方：： 312年2，在齿轮转动过程中 甲轮程车军 乙观代轮 学科素养周测浮八)物理第1页共8页) 衡水真夏 A.%三物= 且B,C两点线违度大小精足m一比 CA.B的向心加速度大小之比为aA:aa=3:2 D若两传轮做非匀速圆周运动，则A,B两点线速度大小仍有A一地 3.如医所示，在横角为30的光滑斜面上，有一根长为L一0.8m的轻杆，一偏周定在O 点，另一精系-质量为知=0,2g的小球，后料而做周周运动。g取10m/分。若要小 球馆道过最高点A,则小球在最低点B的最小速度是 A.2 m/s 且4m/a C2w10m/% D.2v5 m/a 《,如图甲所示，技称为“魔力驼螺”玩具的陀螺能在辉轨道外侧旋转不脱落，其鼎理可等效 为如图乙所示的慎数：半轻为R的感性周轨道竖直围定，质量为m的钱球（视为暖点）沿 轨道外侧运动，A,B分别为轨道的最高点和最低从，轨道对铁球的础性引力命终指向圆 心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力如速度为《，则 周定支第 我道 A.铁球绕镜道可能做匀速厘周运动 品由于磁力的作用，铁球绕执道运动过程中机械集不守恒 C铁球在A点的通度必须大于夏R D轨道对铁球的磁性引力系少为5m:,才能使铁球不脱物 5,牙利物理学家厄缶在】9世纪番出：“沿水平地面向东运动的物体，其重量（围：列车的 提重或列车对水早轨薄的压力)一定会碱轻，”后来，人们常把这类物理现象称之为起 缶效应”。一静止在杰道某处的列军，随触球自转的线速度为西。已知列车的质量为 m,地球的半轻为R,若列车相对地面以墓率甲悟水平轨道向东行枝，由于列车向东行 驶而引感列车对轨道的压力减少的数值为 h和口动 C.m 2wu-y R D和+2 R 密卷 学科素养周衡坪八)物理第2页（共8置} 4 6.如图所示，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，本平杆上O,A两点壶接有两轻绳，两 绳的另一端霜系在质量为m的小球上，Q4一O用=A日.现通过转动及直杆，便水平杆 在水平面内敏匀速圆周运动，三角形QAB始终在整直平面内。若转动过程中OB,AB 两绳好馋处于拉直状态，重力加速度为g,则下列说法正确的是 () A0B绳的拉力范国为0一夏mg B03绳的拉为格围为号g一2华 CA相绳的拉力态摄为停g一2等 D.如果把绳AB背底，那么小球一定会篇离原来位置 ?,电功打夺机可以帮蜀筑路工人压实路面，大大是高了工作效率，知图所示为某电功打 夯机的结构示意据，由偏心轮（飞轮程配重将组成）、电动机和底座三部分组成。电动 机、飞轮和能案总质量为M,配重物质量为m,配重物的重心到轮轴的距肉为r。重力国 违度为展。在电动织梦动下，偏心轮在竖直平面内匀速转动，皮带不打带。当偏心轮上 的配重物转到顶端时，用好使整体离开地面。下列判斯正确的悬 电动机 A.电动机轮箱与偏心轮转动角速度相同 我配重物转到最高点时，处于延重优态 C貔心轮转动的角建皮为，/中m派 m D.打赤机对地面压力的最大值为(M十网g 8,四个完全相同的小球A、B、C,D均在水平而内做属催银运动。如图甲所示，其中小缘 A,B在具一水平面内做到锥摆诺动（连接B球的绳较长）：图乙所示，小球C、D在不 同水平面内做侧维园运动，但是注接小球C,D的绳与竖直方向之同的夹角相同（连接D 学科素养周测悍八】物理第3页（共8页） 衡水真夏 球的绳较长)，侧下列说法正确的是 A.小球A,B角违度相等 B小球A,B线速度大小相等 C小球C,D线违度大小相等 D小球D受到绳的粒力与小球C受到绳的拉力大小相等 9,如图所示，横角为0的料而体置于粗税的水平地而上，斜而上质量为烟的滑块通过轻 质榭性绳穿过光滑的同环与质量为和的小球《可视为质点)相连，轻绳与斜面军行。小 球在水平面内做属周运功，轻绳与显直方内的夹角包为和°。斜而体和滑换始终静止， 小球与概环之同的通长为L,重力加速度为g,下列说法正确的是 0 A.斜面体所受到地面的摩擦力大小为网g B滑块所受摩擦力大小为2网g C若故变小球的转离，期当清块检好不受降振力时，小球的功能为停上 D若改变小球的韩速，喇当滑换恰好不受摩藤力时，小球的向心密速度大小3： 10.如图所示，长为L的细昆一特栓一质最为m的小味，另一幽固定在 0点，蝇的最大承受能力为11mg,在O点正下方G矿点有一小钉，先， 把绳拉至水平再释放小球，为使绳不放拉断且小球能以了为袖完 成竖直图内完整的园周运动，则钉的位置到O点的距离为() A,最小为三L R最小为产L C最大为L D凝大为是品 密程 学科素养周测评！八)物理第4页（共8页） 二，非选择题：本题共5小题，共0分。 1,《(7分》某实验小组通过如图所示的装置验证向心力的表达式。滑换套在水平杆上，随 杆一起烧竖直杆做匀藻圆周运动，力传移器通过一细饰连接滑块，用来测量向心力F 的大小。滑块上固定-一意光片，宽度为，与固定在株果台上的光电门可测量滑块的角 速皮。，旋转节径为尺，每经过光电门一次，通过力传级器和光电门就同时获得一组向 心力F和角速度侧的数据 (1)某次旋转过程中，意光片经过光电门时的速光时河为，侧角速度w一 (2》以F为纸坐标，以 —(续“女”（△）或"为横坐标.可在坐标纸 中描出数据点作一条直线， (3》孩小组验证《2)中的表达式时，经多次实验，分析检查，仅器正常，漫怅和读数均没 有问题，发现示数F的测量值与其理论值相比《填“偏大”成“输小”，主要 原因是 12.(10分)探究向心力大小F与小球质量m,角速度和率径F之何关系的实验装置如周 所示，转功手柄，可桂变速塔轮，长情和知情随之匀速转动。皮带分别套在塔轮的图盘 上，可使两个精内的小球分划以不同角速度敏匀建到国运动。小球做翼周运动的向C 力山横臂的挡板提供，同时小球对挡版的弹力使弹簧测力简下降，从而露出测力簧内 的标尺，标尺上露出的红白相间的等分格数之比即为两个小球所受向心力的比作。已 知小球在挡板A.B,C处做圆周运动的轨连半径之比为1：2：1 小 长情 -变浅塔轮 手一 (1)在这个实验中，利用了（填“理想实验法”“等效特代法或“控制变量法） 米探究向心力的大小与小球质量m,角速度和半径F之同的关系。 ()探究向心力的大小与圆周运动半径的关系时，成选择两个质量 一（班“柑列 学科素养周测浮八)物理第5页共8页) 衡水真是 或不同”)的小球，分期饭在路题C与（填“挡板A或“指板）处，司时话 择半径〔填”相阿成“不列”)的两个塔轮， 《3)当用两个质量相等的小球敏实验，调整长情中小球的统道米径是短情中小球轨道 半径的2管，转动时发观左，右标尺上霉出的红白相间的等分格数之比为1·2，刚 左，右两边塔轮的率径之比为 1品，(10分)如图所示，一轻支架由水平度ON和显直段O)组成。轻弹簧一端圆定于O 点，另一南与套在水平杆ON上的A球相连，一根长为L一10cm的轻道连接A,B两 球。A球质量mA=1g,日球爱量m4g,A球与水平杆间的动摩擦因数x=0,36, 弹簧原长1-20m,劲度系数表一450N/m。朝始时使A球尽量压缩弹簧并恰好处干 静止状态。现使系统烧O拍馒慢转动起来，转动过程中保持A,B两球始熟与O在 问一竖直平面内。当系统以某角速度稳定转动时，细绳与竖直方向成S了角，此时洋簧 的弹力大小恰好与初始时相同。设最大静摩擦力等于滑幼岸擦力，不计空气阻力。 过n37'-0.6,cos37”-Q.8,g-10m/,求， (1)初始时弹簧的长度。 (2)细闻与竖直方向成3角时，系策转动的角速度， 密卷 学科素养周测坪八)物理第6页（共8页} 4 14.15分)如图所示，两个团定的，大小不同的竖直半圆形光滑轨道在最高点A平滑连 接，小图半径一Q5四，大厕率径一1.0m,小圆最低丛O恰在大阅图心处，O点有 一弹射装篮《图中未面出)，可水平向右弹射压量为m=0,2kg的滑块。数置在光滑 水平而上的中空长直望料板与大图的最低点在平滑过度。若银料板质量两一Q2g 长度L一么4m杯皮A一0.0防m,滑块与腿料板上表面之料的动家擦因数出-0.5，滑 块可视为质点，重力加速度g取0/分。求： 1)若滑块能做完整的圆周运动，滑块在最高点的最小速度n大小。 (2)以=√4有m/内右弹时滑块，补块到达大翼轨道君点时所受支持力的大小。 (3)以新一√酒m/s向右弹射滑块，滑块第一次落志点到B点的水平距离， 裂有板 4 学科素养周测浮八】物理第7页{共8页) 衡水真是 15,(18分)如图甲所示是一款名为“反重力“盛性轨道车的玩具，轨道和小车都装有藏条， 轨道造型可以自山调节，小率内装有发条，可储存一定洋性势能。如图乙所示为小明 同学蓄建的轨道的简化示意帽，它由水平直轨道AB、竖直既轨道以D,水平直物道 DMM和两个四分之一圈抗道N与NP平带连接而组成，圆轨道MN的图心O与圆 轨道NP的圆.心O位于同一高度。已知小车的质量为网一50g,直轨道AB长度为 L一0,5m,小车在轨道上运动时受到的慰吸可引力始瓷无直于轨道面，在轨道A以DM 段所受的赋力大小框为其重力的，在就通MNP段所受的赋力大小框为其重力的 2.5警，小军脱离轨酒后酷力影有忽略不计。现小明将具有弹性势能E一0,3丁的小 车由A点静止释放，小车恰好衡通过整直图轨道仪D,并量终从P点水平飞出。假设 小车在物道A甘段运动时所受阻力大小等于物道与小车刻算力的三，其余勒道均光滑， 不计其鲶阻力，小车可混为质点，小车在到达B点前发条的弹性势使已完全释故，重力 加通度g取0m/家， (1)求小车兹动到B点时的建度大小： (2)求小车运动到属赖道B点时对轨道的压力大小F%。 (3)同时调节置轨道N与NP的半径r,其他条件不变，求小车落地点与P点的量大 水平距离￥： 密卷 学科素养周测评八)物理第8页（共8页}