周测评(6) 牛顿运动定律(三)-【衡水真题密卷】2025年高考物理学科素养周测评（福建专版）

2024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三）】 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、单项达择题：本题共4小题，每小驱4分，共16分。在每小题输出的四个燃项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 2 4 答案 ,密立根通过油滴实验首先测出了元电荷的数值，油南在运动过程中受到的用力可山斯 托克期公式F■=6学四什算（其中产为注演常轻，？为泊滴下落的墓率，罗为空气桔希系 数)，期空气粘得系数的单位可以表示为 A C.N.m DN·s 2.跨过定滑轮的轻绳一端固定在吊板上，另一纳拴在一个动滑轮的铂上，跨过动滑轮的轻 绳一端固定在吊板上，另一端被吊板上的人拉住，如图所示。已知人的质量为M一 70kg,吊板的感量为m一10kg,绳，定滑轮，动滑轮的质量以及滑轮的摩擦均可不计。 取重力加速度为=10m/。当人和板一起以加速度年一1/分向上酸加速运动 时，人对绳的拉力F,和人对吊板的压力下大小分划为 AF=403N.P=300N &F,-400N,F-330N C下F,-40N,F,-550N DF,=220N,F,=50N 3,风羽实验可以根拟高空烧伞情况下人依所承受气 黄的状态。已知物体漫到的空气阴力F与物体相 A 对空气的建度v情足F一C5(S为物体理风 血积，C为风阳系数心为空气密度)。图甲中风到 t11↑ 竖直向上匀速送风，一更量为m的物体从A处由 静止下落，一段时闻后在B处打开降落伞，相对迷 度的平方与加迪度大小在的关系图像如图乙所 示，重力如速度为g,下列说达正确的是 A.开伞前加速虞向下，越来越大 我开伞后加速度向上，越来植大 C开伞葡物体迎凤面积为5-2m二】 几开章后物体和伞漫风面积为品=2（二】 Cm 学科素养周测浮（六】物理第1页共8页） 衡水真夏 气如图所示，六位特战队员在进行盟直升机悬吊指离课目训练。若质量为M的直升机 竖直向上做匀加速运动对，其下方思绳控力为F,每位特战从员的质量均为m,所受空气 阻力是重力的：倍，不计绳的质量，重力加速度为：，则 人队员的如速度大小为品一： 且队质的加速度大小为品一好 C,上面第二位队员和第三位队员同绳的拉力大小为F D上面第二位队员和第三位队员间绳的拉力大小为二F 二，多顷送译愿：本驱共4小题，每小题6分，共24分。每小题有多原符合题目要求，全部 港对的得6分，选对但不全的得3分，有选情的得0分。 题号 5. 7 8 答案 五，如图所示，竖直平面内存在看极直向上的匀强电场未全部标出》，一根绝缘 轻弹簧竖直之在水平地面上，下端固定。蓓正电的小球从高处由静止释 放，竖直落到弹簧上端，并压缩弹簧。已知小球所受的电肠力大小为重力的 一半，不计空气具力，且弹簧始终处于弹性限度内。若规定竖直向下为运动 的正方向，从小这接触观到运动至最低点的过程中，下列关予小球速度， 加速度@与运动时何，位移x的关系图像可能正确的有 后，如甲所示，电梯“对重”的主要功建是相对平衡轿相重力，在电梯工作中使轿厢与“对 重”的重力保持在限额之内，保证电锡的帝引传动正常，取动装置奋动闲丝绳便桥厢和 “对重”在竖直方向运动，当娇和从顶接向下运对时，”图像如图乙所示，下列说法正确 的是 动电机 A.在0-时同内，轿阳处于翅重状老 密卷 学科素养周测坪六)物理第2页（共8页} 6 成在0一时间内，解绘绳对轿知的粒力光减小后增大 C在在一时何内，“对重”处于失重状老 ,在一时间内，相丝蝇对轿厢的拉力大小等于紧绘绳对对重的拉力大小 7.图所示，水平向左知建运动的车和内，一根长为1的轻质杆两端分划连接质量均为 1kg的小球4，（均可君成质点），4球靠在车用的光带竖直侧键上，距车和底面的高度 为0,8！，6球处在车相水平度面上几与皮雀间的动摩擦因数为：，设量大静摩擦力等于 滑动取擦力，取重力加速度一10m/云，要使杆与军用给降保持相对静止，关于车相的 如堂，下列说法正确的是 入若a一Q5,则军和的加违度大小可能为3m/。 我若=0，则车相的加速度大小可能为2m/ C若一Q8,则车和的加速度大小可能为3m/ D若丛一0,8，则车厢的相速度大小可能为7m/ 成，知图甲所示，水平地面上有一长木版，将一小物块放在长术板上，给小物块能加一水平 外力F,通过传感器分别测出长术板及小物决的加递度“的数值和外力F大小的关系 如图乙断示。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,测以下说法正确的是 B月 A小物块与长木板间的动摩擦因数为m(Fx F 技长木板与地面间的动峰擦因数为出= C小特块的废量m一B一F 的 D长木板的质量M=B一百 三，非选择题：共60分，其中9,10、11为填空露，12,13为实始题，14,15,16为计算题。 及.《3分)如图甲所示，一置量为2k的物体在水平力F作用下从=0时由静止开始沿 园水平面数直线运动，一1时撤去F。物体的加速度4随时间：的变化规律如图乙所 学科素养周测浮（六」物理第3页共8页） 衡水真 示。则F=N,物体离出发位置最江时=一5： +a或属有中 2 -2 R 1山，(3分)如图甲所示，重型白每车利用液压装置使车相缓慢领气到一定角度，车厢上的术 箱就会自动滑下。某次如货过程中，自卸率始降醉止在水平地丽上，如图乙历示，当车 厢与水平面夹角为一3的时，质量为M的木箱A程装在箱内的质量为m的物体B一 起匀如速下清，木箱A与车和底板间的功峰擦因数为=物体B与术箱A间的功 3 摩藏因数为出一 3 重力加速度为思。物体B受到木第A的摩擦力方向沿东胞底板 (填“向上或“向下方，大小为 (用网，M日中的字待表示)： 11.(3分)如图所示，一质量为M=2k思，候角为=37的料面体放在光滑水子粘面上，斜 面上叠放一质量为知一1kg的光滑使形物块，物块在水平恒力F作用下与斜面体一起 恰好保持相对静吐地向右运动。取g=10m/,m37”=0,6:0%37”=08。则斜面 体对物块的支持力大小为 N,水平恒力F N 12.(5分)在探究都渔度与力，质量的关系的实拉中，采用如图甲厮示的装量 小4 订点川时出 (1)测出陆码盘及陆玛受到的总重力，记为F(远小于小车受到的重力》，将术板右端适 题密程 学科素养周测评六)物理第4页（共8贾} 当垫高后，打出了一条如图乙所示的纸梦，从比较清陈的点开始选，每五个点取一 个计数点，量出相邻计数点之间的距离。已知打点计封器打点的时问间隔为T,根 据图乙中给出的数据求出该小车的扣滚度大小a= (2)改变砝码盘中砝码的质量，并测量小车对应的加速度ù，根据测量数据作出的&-F 图像为如图丙所示的直线，图线不过坐标原点的原因是 ,若图线 的解率为，则小车的质量Me一 1品，(8分》知图甲所示为“探究加速度与力，质量的美系“的实验装置示意图。砂和砂桶的 总质量用m表示，小车和硅码的总质量用材表示，实跨中用秒和砂韩总重力的大小作 为组线对小车拉力的大小，交流电的顿率为0H。 按修制 市州轮的长木板纸击打点川时始 线用 单化：m 8商 170 FN 及 (1)除图甲中已给出的实验器材外，还需要的测量工具有 。(填正确答案标号) A停表 且天平 C,刻度尺 )弹簧测力计 《2)实羚主要采用的研究方法是 (填正确答案标号) A理思模根法 且黄元法 C.控制变量法 D.等效替代法 (3)该实验中需要把带滑轮的长木板 (填“左”或右“)端轻高案补绘阻力的 响，有关补德阻力下列操作正确的是 :(填正确答案标号》 A,小车露要悬挂跑和砂桶同时连接氨带并使用打点汁到器 我小车需要悬挂砂和砂畅但不使用纸修和打点计时器 C小车不悬挂歌和倦桶夏连接氯带并使用打点计时器 D.小车不悬挂砂和砂桶也不使用纸带和打点计时韩 (4》在保持力不变的情况下探究加速度与质量的美系时，应该保持 的总爱量 学科素养周测浮（六】物理第5页共8页） 衡水真是 不变，多次改变的总质量，并测量出每次对应的加该度。根据实验数暴播 绘出信因像进而得出实验结论。 (5)实验中打出的其中一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得如速度a三 m/ (结果保留3位有效数字)。 (6)在保持质量不变的情况下樱究加速度与力的美系时，已恰当的补偿阳力，某同学根 帮离得的多组数据始制F图像如图丙所示。图线的AB假明显偏离直线，羞成 此税象的主要原因可能是。（填正确答案杯号》 A长木板的横角过大 B小军和陆码的总质量过大 C、小车与长木板之存在摩擦 D.砂和砂铺的总质量过大 14,(10分)如周所示，顿角为一的斜面体静止成在水平地面上，斜面长为L.一3m。更量 为侧一1g的物体Q救在斜围底端，与制面间的动事擦闲数为一号，通过轻绳跨过经 质定带轮与物体P相连接，连接Q的轻绳与斜面平行。轻绳拉直时用于托住P使其在 距地面=18m高处由静止释放，着热后P立即停止运动。若P,Q可视为质点，斜面 体始这静止，最大静摩擦力等于滑动厚擦力，不计滑轮就卓擦，取Dm公，求： (1)若P的质量为M=Q.5媒，地面对斜由体摩擦力的大小了， (2》为使Q佳够向上运动且不从解而顶端滑出，P的质量M雷诱足的条件。 密鞋 学科素养周测坪六)物理第6页（共8页} 6 15.12分)如图所示为“山东根“上行”歼一15想我机起降练的示意图。起飞跑道由 16,(15分)如图所示，模角为=37的传送带是够长，初始静止，质量为M=2g的长木 长度为4一160m的水平呢道和长度为4一1a.5m的领斜路道两部分组载，两留分平 板放置在传适带上，恰好静止。有一质量m一1kg的小物块，以，一3m/s的速度份着 滑连接，水平密道与衡斜园道末辅的高度差h一2.7m。一质量为m-20×10心kg的 板底从上边缘滑上木板。当木板与物块恰好相对静止时，板撞到传透带下编的弹性开 飞机，其陵气发功机的推力大小恒为F=1,2X10N,方向与速度方向相同，在运功过 关上，传运墙立眼以。一1ms的速度粮时针转动，木板以硅们膜同相同大小的速度反 图中飞机受到的平均阻力大小为飞机重力的哈·段设“山东履”经于普止状态，飞机可 弹。最终物块恰好没有滑离木板，已知物块与木版之间的动摩擦因数四=Q875, m37”=0.5,重力加速度g=10m/?,最大容学擦力等于滑动摩报力，木板，物块的上 看成质点且质量不变，g取10m/。 下表面均与传运替平行，特块可看成质点。求： (1)求艺机到达侧斜跑道末喇时的速度大小 (1)木板与构送潜之同的动学擦因数性， (?)为了使飞机在顺斜电道的末瑞达到起飞速度10©m/,外界还需要在整个水平熟道 (2)木板与开关相撞时的速度)。 阶段对飞机笔如红定的助推力，求助推力F■的大小（结果保御两位有效数字）， (3)木板的长度L, 6 学科素养周测浮六】物理第T页共8页) 衡水真题密程 学科素养周御坪六)物理第8页（共8贾}衡水真题密卷 学科素养周测评 解得2=20=2√2gh 2C红2，x2二2+元☑zx2 根据能量守恒定律可得 E=号×2mf+mnd 两球之间的距离为=五一名=（心十》2_=助 2kg k (3)设经过时间t时，A追上B,此时有x=x 解得E。=6mgh。 (2)对A,由牛顿第二定律可得 其中=-n叶2a,=w叶2a 2mg=2mar 解得1-2（十） 解得a1=g kg 对B,由牛顿第二定律可得 此时两球速度分别为 mg一kmg=ma2 vl=一十a1t',2=十azt 解得a2=(1一k)g 第一次A追上B压缩弹簧到最短距离时，A、B 设经过时间t两球速度相同，此时两球距离最 速度相等，设此时速度为，根据动量守恒定律 远，有 可得 一h十a1t=2十agl 2mv+mv2-3mv 解得t十=十=32g 解得=（货-2小V2g. a-az kg 此时A、B的位移分别为 2024一2025学年度学科素养周测评（六） 物理·牛顿运动定律（三） 一、单项选择题 v减小时，a减小，BD错误。 1.B【解析】根据题意有F:=6r,则有7= 4,D【解析】以六位特战队员为研究对象有F一 又由于F=阳，通过单位运第，可知空气格 6(k十1)mg=6ma,设第二位队员和第三位队员 间绳的拉力为T,以下面的4名特战队员为研究 滞系数的单位可以表示为怒。A,C,D错买，B 对象有T-4+Dmg=nma,解得T=号F,a 正确。 F 2.D【解析】对人和吊板整体，根据牛顿第二定律 6m 一(k+1)g,D正确。 有4F1-(M十m)g=(M十m)a,解得F1= 二、多项选择题 220N,对人根据牛顿第二定律有F十F。 5.AD【解析】小球以一定速度接触弹簧后，在开 Mg=Ma,解得F2=550N,根据牛顿第三定律得 始阶段，小球的重力大于电场力与弹簧弹力的合 人对吊板的压力F2=F2=550N,D正确，A、B、 力，合力向下，加速度向下，根据牛顿第二定律得 C错误。 3.C【解析】物体从A处由静止下落，开伞前加速 mg一虹一B=ma,解得a1=一赁+名g,当z 度向下，物体所受合力为F合=mg一F,F= 增大时，a减小，小球做加速度减小的加速运动： CS,F不断增大，加速度减小，题图乙中右侧 1 当弹簧弹力与电场力的合力等于重力时，小球的 合力为零，加速度a2=0,当弹簧弹力与电场力的 图线与此过程相符合，有mg一F=ma1,解得S1= 合力大于重力后，小球的合力向上，加速度向上 2mg二ma,A错误，C正确；题图乙中左侧图 根据牛顿第二定律得一x一qE+mg=maa,解得 钱为开伞后的图线，有R=CS,心，当=防 @=一船+之g,当x增大时，a增大，小球破加 时，有mg=月=9S,解得5=，且当 速度增大的减速运动，到最低点时小球的速度为 零，A、D正确；弹簧压缩至最低点时速度为零，但 6 ·16 ·物理 参考答案及解析 小球刚接触弹簧时，速度不为零，B错误：a与工 (m十M)a,即a= m十M一g,剥结合图像有 为线性关系，x与t为非线性关系，故a与t为非 线性关系。即1图线不为一条直线，C错误。 a=8,联立解得=告n十M一岩，当F> 20 6.BC【解析】由图像可知在0~t1时间内，轿厢从 F?时，小物块相对长木板滑动，对小物块有F一 顶楼向下做加速运动，加速度方向向下，轿厢处 于失重状态，A错误；根据t图线的斜率表示加 hmg=ma,整理得a=品F一4g,结合图像有 速度可知，在0一时间内轿厢的加速度先增大 从一房万对长木板有四mg一(M十m)g 1 后减小，且加速度向下，则根据牛顿第二定律有 mg一F=ma,可知钢丝绳对轿厢的拉力先减小后 Ma1,联立解得m=B一E,M=E_E一E,由 ao a 增大，B正确；在2一时间内，“对重”向上做减 速运动，加速度方向向下，“对重”处于失重状态， 题周乙知万R=骨，所以M=BEA a C正确；在一2时间内，轿厢虽然做匀速运动， 厅-)gA,BD正确，C错误。 但轿厢与“对重”的重力不相等，因为中间有驱动 三、非选择题 电机在调控，钢丝绳对轿厢的拉力大小不等于钢 9.123 丝绳对“对重”的拉力大小，D错误。 【解析】由题图乙可知t=1s时撒去外力，物体 7.BCD【解析】杆长为l,a球距车厢底面的高度 在摩擦阻力作用下，加速度大小为2m/s2,由牛 为0.8l,则杆与竖直方向的夹角0满足cos0= 顿第二定律可得摩擦阻力大小为F=ma2=4N, 0,8L-0.8,解得0=37”，对a球受力分析如图甲 在0~1s时间内，物体的加速度为a1=4m/s2, 所示，在竖直方向上，根据平衡条件有N1c0s0= 由牛顿第二定律可得F-F=ma1,F=12N;t= mg,当a球与车厢左壁的弹力刚好为零时，根据 1s时，物体的速度0=a14=4×1m/s=4m/s, 牛顿第二定律有mgtan0=ma,解得a1= 物体做减速运动的时间2一日=2$，即物体在 7.5m/s2,当b球与车厢底面的静摩擦力刚好达 =3s时速度是零，物体离出发位置最远。 到最大值时，对b球受力分析如图乙所示，在竖直 方向上，根据平衡条件有N2=mg十N'1cos0= 10.向上3mg 8 2mg,在水平方向上，根据牛顿第二定律有fm 【解析】对物体B和木箱A整体，加速度a Ni sin0=ma2,其中fm=uV2,联立解得a gsin日一四gcos0=8:根据牛颜第二定律有 (2μ-tan)g,若4=0.5，此时有a1>a2,则车厢的 加速度最大值为a2=2.5m/s2,A错误，B正确； mgsin0f=ma,得f=3如g」 8 根据上述，若u=0.8,此时有a1<a2,则车厢的加 11.12.511.25 速度最大值为a1=7.5m/s2,C、D正确。 【解析】整体受力分析，根据牛顿第二定律有 N F=(M十m)a,再隔离物块，在竖直方向有 Ncos0-mg=0,水平方向有F-Nsin0=ma, 联立解得F=11.25N,N=12.5N 12.a)0票 (2平衡摩擦力不足是 甲 【解析】(1)根据△x=aT,有x2一x=2a(5T)2, 8.ABD【解析】由题图乙知，当F=F1时小物块 与长木板均恰好要相对地面滑动，则有F= 解得a=0票. (m十MDg,当F1<F≤F3时，小物块与长木板 (2)題中图像的横截距为正，即在砝码盘及砝码 相对静止一起做加速运动，有F一(m十MDg= 受到的总重力F较小时，小车不动，说明木板平 ·17 6 衡水真题密卷 学科素养周测评 衡摩擦力不足（或木板右端垫得太低）：根据牛顿 mgsin 0=Mg=5 N 第二定律有F+M4gsin0-f=M年a,整理得 可知P、Q均处于静止状态，轻绳上拉力为 f F=Mg 以斜面体和Q为整体，根据受力平衡可得，地面 解得M= 对斜面体摩擦力的大小为f=Fc0s30° 13.(1)BC(2)C(3)右C(4)砂和砂桶小 联立解得∫=5yN 2 车和砝码(5)1.10(6)D (2)P着地后，设Q继续上滑的加速度大小为 【解析】(1)通过打点计时器可以得到计数点的 a1,上滑的距离为x,对Q受力分析，由牛顿第二 时间间隔，所以不需要停表；需要用天平测质 运动定律得mgsin0十mgcos0=ma 量，不需要用弹簧测力计测力的大小：需要用刻 解得a1=10m/s2 度尺测量纸带上计数点之间的距离，B、C正确。 P着地前瞬间，设Q速度大小为口，对Q分析， (2)探究加速度与力、质量的关系，先控制其中 由运动学公式可得2=2ah 一个物理量不变，探究加速度与另一个物理量 0-=-2a1x 的关系，本实验主要应用的方法是控制变量法， Q恰好不从斜面顶端滑出需满足x=L一h C正确。 (3)该实验中需要把带滑轮的长木板右端垫高 联立解得a=碧m/g 来补偿阻力的影响：利用小车重力沿木板向下 对于P、Q组成的系统，根据牛顿第二定律可得 的分力来补偿阻力，所以小车不悬桂砂和砂桶 Mg-mgsin 0-umgcos 0=(M+m)a 但要连接纸带并使用打点计时器，C正确。 联立解得M=5kg (4)在保持力不变的情况下探究加速度与质量 为了使P能下落，必须满足Mg>ngsin0+ 的关系时，应该保持砂和砂桶（或m)的总质量 umgcos 0 不变，多次改变小车和砝码（或）的总质量，并 解得MD>1kg 测量出每次对应的加速度。 为使Q能够向上运动且不从斜面顶端滑出，P (5)由纸带可知，相邻计数点的时间间隔为T=5X 的质量需满足的条件为1kg<M≤5kg 0.02s=0.1s,根据逐差法可得加速度为a= 15.(1)41m/s(2)5.2×105N 匹-xx=(27.00-11.30-11.30)×10 -m/s= 【解析】(1)飞机在水平跑道上加速运动，由牛 4卫 4×0.12 1.10m/s2。 颜第二定体得F一己ng=ma (6)实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线 解得a1=5.0m/s2 对小车拉力的大小；以小车和砝码为对象，有 由匀变速直线运动规律得听=2a1l T=Ma,以砂和砂桶为对象，有mg一T=ma,可 飞机在倾斜跑道上运动有F一0.1mg一mgsin0= 得a一mM其中a-F图像中，F=mg,可知当 maz m《M时，：F图线的斜率几乎不变，图线几乎 又因血0=名 成一直线，当不满足m远小于M时，图线的斜 由公式项-=2azl2 率随m的增大而明显减小，则图线明显偏离直 解得欧=41m/s 线，D正确。 (2)飞机在水平跑道上运动施加助推力，沿倾斜 145罗N(2②1kg<M≤5g 跑道运动的加速度仍为2，在水平跑道上运动 时，有F十F-0.1mg=mai 【解析】(1)设沿斜面向上为正方向，若P的质 v2=2ail 量M=0.5kg,由于 在领斜跑道上运动时，起飞速度为=100m/s, 18 ·物理· 参考答案及解析 则62-2=2a22 解得a2=1m/s2 联立解得F≈5.2X105N 物块与长木板达到共同速度时=6一a24一 16.(1)0.75(2)1m/s,方向向下 (3号m at 解得=1m/s,方向沿斜面向下 【解析】(1)由长木板拾好静止在传送带上有 (3)木板向下运动过程中，相对位移△= Mgsin 0=g Mgcos 0 02-6 解得出=0.75 -2(a+a)-=3m (2)对长木板由牛顿第二定律得Mgsin0+ 木板被反弹，木板与物块的加速度均未变，相对 uzmgcos 0-m (M+m)gcos 0=Ma 0-(20)24 解得a1-0.5m/s 位移△2=-2(a1十a)一3m 对物块由牛顿第二定律得一gsin0叶mgcos0一 所以木板的长度L=△十△r2= 3 m mag 2024一2025学年度学科素养周测评（七）物理·抛体运动 一、单项选择题 减小到零时，小孩就只有沿着斜面向下的速度， 1.B【解析】因为汽艇的静水速度小于河水的流 即开始沿着斜面向下做匀速或加速直线运动，所 速，可知汽艇合速度方向不能垂直于河对岸，即 以只要没有停下来，则不可能一直做曲线运动， 汽艇不能垂直于河岸渡河：如图所示，当汽艇的 其最终速度方向一定与初速度方向垂直，A、B错 速度方向垂直于合速度的方向时，合速度方向与 误，D正确：若匀速运动，则以=tan0,即最终速度 河岸的夹角最大，汽艇的位移最小，B正确。 表达式里可以没有以，C错误。 4.C【解析】由平抛运动规律有h=2gt,工= 1 根据题目数据可知，接触，点的坐标为(1.5,4)，因 此抛物线方程为y—吕，A错误：根据平抛运动 河岸 的推论，轨迹上某点的速度反向延长，交于该过 2.D【解析】设绳与竖直方向的 程水平位移中点处，即am0=0z=5,所以夹角 夹角为0，如图所示，将球的速度 口分解，可知沿绳方向的分速度 不等于60°，B错误：落在接触面上的速度大小为 (即绳子的速度)为v绳=cos0, v=√话十话=√104m/s,C正确；设钢球速度为 因球匀速上升过程中0角将增 口时，恰好平抛后落在坐标原点，则根据平抛运动 大，所以绳将减小，故小车做减速运动，D正确， 规律有0.5=，9=g,解得v=百m/,即连 C错误；球受三个力作用处于平衡状态，设球重为 G,则绳对球的拉力大小T、墙对球的支持力大小 度比这个速度还要小的钢球，不可能落在接触面 上，D错误。 N分别为T=SgN=Gan0.所以随0的端 二、多项选择题 大，T、N均增大，A、B错误。 5.AC【解析】小球的初速度为%=Acos30°= 3.D【解析】小孩所受的摩擦力方向与速度方向 5V3m/s,在A点时竖直速度为=Asin30°= 相反，将小孩的速度和所受的摩擦力都沿着水平 5m/s,则在B点的竖直速度为m=htan60°= 方向和斜面向下（或向上）方向做正交分解，则小 15m/s,故小球经过A、B两，点间的时间为t= 孩在水平方向上做减速运动：如果小孩所受的重 力沿斜面的分力大于等于摩擦力，则当水平速度 二=1s,A正确，B错误；A、B两点间的高 g ·19 6