周测评(八)阶段检测(二)-【衡水真题密卷】2024-2025全学年高二物理学科素养周测评（人教版）

·物理· (2)根据临界角与折射率的关系有sin0c= 代入数据解得m-23 3 根据几何关系可知，单色光在玻璃砖中传播的 距离为s=EO+OP 又EO=2asin60°，OP= sin 60 设单色光在玻璃砖中传精的速度为，有n一。 光从E点到P点的传播时同为1=号 代入数据解得1=3c。 10a 9.(1)2.25×10m/s(2)0.884m2 /15-2W7 (3) 6 【解析】)由1=台，解得光在孩介质中传播的 速度为 =C=3X10 4 m/s=2.25×10m/s 3 (2)根据光的全反射条件中临界角与折射率的 1 关系sinC= 解得sinC= 3 则cosC=7 4,tan C=sin C_37 cos C 7 设射出水面的光线的外圆半径为R,则由几何 知识可得R=htan C 水面上方可观察到点光源发出的光射出水面的 面积为S=πR一xr2 解得=0时，水面上可以观察到点光源发出的 光射出水面的面积S%0.884m (3)设当点光源到O点距离为d时，水面上方观 察不到点光源发出的光，根据光的全反射条件 可得d=anC 设运动所需要的时间为，根据运动学知识可得 1 h-d-2at /15-2w7 解得t= 6 1 参考答案及解析 2024一2025学年度学科素养周测评（八）】 物理·阶段检测（二） 一、单项选择题 1.C【解析】根据题意可知，光线的临界态是光 垂直于端面从内芯的下表面边缘入射时，在上 表面发生全反射，如图所示。则有sinC= 尽a业，解得a=m,n:R ，C正确。 R十an1 n1十ig 2a 光纤 2.A【解析】运动员从山坡上B处由静止开始自 由下滑至最低点A,可以看成单摆模型，由单摆 的周期公式T=2√g 又由题意可知，摆长 L=r,从B处到最低，点A的时间为单摆的周期 的×2x=30解得=3600m A正确。 3.D【解析】由题图可知，A、D两点是波峰与波 峰相遇的，点，即是叛动加强点，两列波发生干 涉，其周期不变，A错误：由题图可知，B,点为两 列波的波谷与波谷相通的，点，其也是振动加强 ,点，两列波发生干涉，周期不变，B错误；由题图 可知，E、F两点，两列波的波峰与波谷相逼，所 以为振动减弱点，有△=(2k十1D号(=0,1， 2,…),题图中E、F两点到两波源的路程差均 为半波长的奇数倍，C错误；题图时刻，C点处 于平衡位置，两列波单独引起的速度方向均向 上，所以C点此时的合速度向上，D正确。 4.B【解析】两来单色光a和b用同一装置做单 缝衍射实验，单色光a的中央亮条纹更宽，说明 单色光a衍射现象更明显，说明单色光a比b 的波长长，由c=入f,知单色光a的频率比b小， 则两种色光在同一种玻璃中的折射率单色光α 比b小，A错误：由0=二知，在玻璃砖中单色光 a的速度大于b的速度，B正确：以相同入射角 由空气斜射入平行玻璃砖，光线经过玻璃砖上 下两个表面折射后，出射光线与入射光线平行， 1 衡水真题密卷 C错误；由v=A'f,得c=n以'f,在玻璃砖中单色 光a的波长大于b的波长，D错误。 二、多项选择题 5.BD【解析】释放公仔头部瞬间，对公仔头部进 行受力分析，根据牛顿第二定律有3mg一mg= ma:,解得a1=2g,A错误；根据简谐运动的对 称性，公仔头部运动至最高，点时，加速度大小与 释放公仔头部除间的加速度大小相等，仍为 2g,方向竖直向下，可知公仔头部运动至最高点 时，弹簧处于仲长状态，弹力为mg,对底座进行 分析可知，来面对底座的支持力为0，根据牛顿 第三定律可知，底座对来面的压力为0，B正确； 根据上述可知，弹簧恢复原长时，公仔头部还没 有到达最高点，公仔头部的速度不为0，则此时 加速度也不是最大，C错误：公仔头部在最低点 时，弹簧处于压馆状态，则有3mg=kx1,公仔头 部在平衡位置时，弹簧处于压缩状态，则有 mg=kx2,公仔头部微简谐运动的振幅为A= x1-1,解得A=2mg,D正确。 6.AD【解析】由题图可知λ=2m,T=0.2s,则 此机械波的传播速度为v=子=。2m/s= 10m/s,A正确：任意一点的起振方向与波源的 起振方向一致，由题图乙结合题意可知，质点A 的起振方向垂直于xOy平面竖直向上，所以波源 的起振方向也是垂直于xOy平面竖直向上，B错 误；因为t一0时刻平面内只有一圈波谷，而此时 O处也到达波峰，由此可以判断波的起振方向向 上且波刚开始传播时O处到达平衡位置，由此可 以判断t=0时波传播了0.25s,即L25个波长， 可知t=0时刻波刚好传播到2.5m处，则机械波 格好传至B处的时刻为。=4二名55=0.15，C 错误：质，点C到波源的距离为x=√32十4m= 5m,由选项C可知，t=0时波传播了2.5m,则 波传播到质点C处所用的时间为c=工一25m 0.25s,由题图乙可知波的振幅为A=1cm,故从 t=0至t=1.05s这段时间内，质点C运动的路程 为，=e,4A=L06-02药×4X1m=16m, T 0.2 D正确。 三、非选择题 782 1.33(4)稍小一些 1 学科素养周测评 【解析】(3)作出光线在M点的法线，标出入射 角i和折射角r,如图所示。由几何关系可得 sin i-fM ,根据折射率的公式，可 d,sinr= d 、得二，一代入数据，解得”一子和 2.40 1.33. N ,玻璃砖 MD 0激光笔 (4)为了减小d1、d2测量的相对误差，实验中 d1、d2要尽量稍大一些，即激光在M点入射时 应尽量使入射角精小一些。 8.(1)2m/s(2)70cm 【解析】(1)a点的振动形式第一次传到d点用 时为458，孩波的波速为口==9 t 4.5 m/s= 2m/s (2)从t=0时开始到质点d刚刚振动所用的时 间为t'=工=3.5s 该波的波长为入=4m T==2s 质点b通过的路程为s=7A=70cm。 9.)4m(2)10 2X10-8s 【解析】(1)根据sin9 n sin i 可得 d √L+h -=2 a+H L 代入数搭解得H=4m (2)设光在海水中传播的速度为，在空气中传 播所用的时间为1，在海水中传播所用的时间 为红，根据n=C 解得v=1.5×10°m/s 又由t=飞 得t1= √a+H 45 3.0X10s 4,=+ 3√/5 1.5X108 ·物理· 光由树顶传至潜水员眼睛处所用的时间(。一 _105 t1+t=3 ×108s. 2024一2025学年度学科素养周测评（九）】 物理·磁场对通电导线的作用力 磁场对运动电荷的作用力 一、单项选择题 1.A【解析】高速带电粒子撞击空气分子后动 能减小，速度变小，根据洛伦兹力提供向心力 得gB=m”,可得，= B,速度变小，轨迹 半径变小，结合题图可知，粒子从M沿逆时 针方向射向N,A正确：地理北极附近是地磁 南极，所以北极上空的地磁场方向竖直向下， 根据左手定则可以判断，高论粒子带负电，B 错误：由于粒子的速度不断减小，则粒子受到 的磁场力不断减小，C错误：若该粒子在赤道 正上方垂直射向地面，赤道位置磁场由南向 北，根据左手定则可以判断，粒子会向西偏 转，D错误。 2.D【解析】根据题图，由电阻定律R=p5可知 另一边的阻值为abc边的5倍，结合并联电路分 流规律可知，通过另一边的电流为ac边的5， 由F=BIL知另一边受到的安培力大小为 5F,方向与F相同，因此整个线框所受安培力 大小为P,=F+号F=号F,D运确 3.C【解析】以滑块为对象，根据左手定则可知， 滑块运动过程受到的洛伦兹力垂直于斜面向 下，滑块由静止释放，根据牛顿第二定律可得 mg sin0-u(mg cos0十quB)=ma,可知随着滑 块速度的增大，滑块的加速度减小，当加追度减 至0后，滑块将做匀速运动，所以滑块先做加速 度诚小的加速运动，然后做匀速运动。滑块经 过AB、CD所用的时间均为t,可知滑块到达A 点前已经做匀速运动，到达C点之前滑块先加 速后匀速运动，滑块所受的摩擦力先增大后不 变，A,B,D错误；清块匀速运动时，有口=，根 据平衡条件可得mg sin0=u(mng cos0十guB), 参考答案及解析 联立解得滑块所带的电荷量为g=mgsn0 Bdu mgtcos 0 C正确。 Bd 4.D【解析】根据左手定则，液体流过磁场区时， 正离子偏向M金属板，负离子偏向N金属板， 故M金属板电势高，A错误，当平衡时满足 U =Bq,可知洛伦滋力作用使金属板形成的 电势差U=Bh,B、C错误，D正确。 二、多项选择题 5.BD【解析】小球开始滑动时有F。一4(mg 9如B)=m0,随。增大，a增大，当=器时，支 特力等子0…一开，此后速度继续增大，洛伦 兹力增大，支持力反向增大，此后滑动过程中有 F。一μ(qB-mg)=ma,随v增大，a减小，摩 擦力f=(qwb一mg)增大，当a=0时，有v= F。十amg,粽上所迷，BD正确。 tgB 6.AC【解析】以通电导线 为研究对象，左边通电导 线电流方向垂直于纸面向 里，根据左手定则判断可 知，其所受安培力F,方向为斜向右下方，如图所 示。根据牛顿第三定律分析得知，磁铁受到的磁场 力F方向斜向左上方，右边通电导线电流方向垂 直于纸面向外，根据左手定则判断可知，其所受安 培力F:方向为斜向右上方，根据牛顿第三定律分 析得知，磁铁受到的磁场力F方向斜向左下方，因 为两根通电导线中电流大小相等，得F1=F2,根据 牛频第三定律分析得F=F,把F和F正交分 解可知竖直方向上两分力的合力大小相等，方向相 反，合力为零，得台秤的读数不变，FM=Fe,A正 确，B错误。把F和F正交分解可知水平方向上 两分力的合力大小相等，方向向左，则台秤对磁铁 的水平向右，因为台释与磁铁始终静止，所以两电 流同时增大，安培力增大，由牛频第三定律可知通 电导线对磁铁的反作用力增大，得磁铁与台秤间摩 擦力增大，C正确，D错误。 三、非选择题 7.(1)mg ukBL @ (3)2mg 【解析】(1)导体棒所受安培力为F=BIL 根据左手定则可知，安培力方向垂直于纸面向 1null