单元检测(八) 动力学、动量和能量观点在力学中的应用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（山东专版）

·物理 参考答案及解析 此后整体一起以a,减速直到静止，有ag= 历时=4=，功 (m+Mg=5 m/s h164g m十M 一盘一高如 A的速度反向减速到0，历时4== 9 aA12μg 可知tA>t坦 从开始刹车到木板最后停下来总的刹车距离s= 表明A的速度减小到0时，A距滑块1最远，最 十场锡m 送矩房为一d十费 18.(1 ②说 (3)24pg (4)76 20μg 解得工m一24ug3 【解析】(1)对A,B分析有3m%=(m十3m)M (4)A与滑块1第二次碰撞有m=mUe十 对A分析有r·3mgd=方m流。 2m2 1 36 解符d=32pmg 2m喝= (2)长板A与滑块1发生第1次弹性碰撞过程 结合上迷解得阳=一言0 有mo=mo1十2m m%=2ad+号X2md 晚=3w 解得阳=一子 依次美推有“一（侵》厂咖 A、B第二次达到相同速度有3mo十mv1= %=-号×（层》wa=12,3叫） (m+3m)v A、B的相对加速度为a=4g 对A分析有u·3加gd=受m流-号m园 1 第n次碰后相对速度为v相时=，十|%|= (+号)×（号）厂=（得）w 解得d,=32g 第n次碰后，B在A上滑行的路程为1-生 滑块1与滑块2碰撞后速度发生交换，滑块1碰 2a 后静止，滑块2运动逵度为2w: (）a-123… (3)A、B发生相对运动过程中的加速度大小分 第无穷次碰后，B在A上滑行的路程为1= 别为 燕1-台)- 44='3mg=34g 6十 所以，木板的长度为L一2X4g dn-tamg-ug 解得1=品 从滑块1第一次被碰后，直到滑块1碰滑块2， 2024一2025学年度单元过关检测（八） 物理·动力学、 动量和能量观点在力学中的应用 一、单项选择题 增加的弹性势能，A错误：当弹簧恢复原长时，滑 1.B【解析】水平面光滑，对滑块B施加一水平推 块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开 力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持 挡板，B正确：从撒去推力F到滑块A离开挡板 静止，根据功能关系可知推力F做的功等于弹簧 的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和 ·27· 衡水真题密卷 单元过关检测 滑块A、B组成的系统动量不守恒，C错误；从滑 2 ngsin37°，联立可得F=0.9mg,f=0.3mg,根 块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中，弹簧 对A、B两滑块做的功等于弹簧弹力与A、B位移 轻fN可得=卡8c影=号D正. 的乘积，因为弹簧对于A、B的弹力大小相等且在 6.A【解析】在物体A与弹簧接触过程中，根据动 此过程中xA≠xB,所以弹簧对A、B做功的大小 量守恒定律得2Mu=2MM十M昭，根据机械能守 不相等，D错误。 恒定律得号·2M时=号·2Mw+号·Mo,解 2.B【解析】小球在光滑圆孤轨道上运动，只有重 力做功，机械能守恒，A错误：小球在轨道最低点 得以=了，=青，根据动量定理得弹簧对A 有R一mg=m号，根据机械能守恒E=弓m心+ 的弹力冲量大小1=2M(o一)，解得I=等M, mgh,则小球在轨道最低，点速度最大，则小球在轨 A正确；在物体A与弹簧接触到弹簧最短的过程 道最低点时轨道对小球的支持力最大，根据牛顿 中，弹簧的弹力和B的速度都增大，弹簧对B的 第三定律得小球对轨道的压力最大，B正确；设小 弹力做功的功率增大，在弹簧接近原长时，B的 球与竖直方向的夹角为0，在“凹形”轨道运动，根 逸度接近号，而弹簧的弹力几乎学于零，弹簧对 据牛领第二定律有R一mgc0s0=m号，小球的 B的弹力做功的功率几乎等于零，所以在物体A 重力与轨道对小球的支持力的合力提供向心力，支 与弹簧接触过程中，弹簧对B的弹力做功的功率 持力不可能为零，所以初速度不管有多大，小球 不是一直增大，B错误：从A与弹簧接触到A、B 都不可能飞离“凹形”轨道，C错误：在“凸形”轨道 相距最近的过程中，根据动量守恒定律得2M= 运动，根据牛頓第二定律有mgcos0-Fv=m (2M+M,解得=号，弹簧对A,B微功分 初速度足够大时，小球的重力与轨道对小球的支 别为w=名，2M-名·2Mw=-号M, 持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过 “凸形”轨道最高点，D错误。 Wa=M=号M,弹簧对A,B微功的代数 0 3.D【解析】小球刚好运动到B点时，轻绳没有作 和为W=W十W。=一}M,最大弹性势能为 用力，则由牛顿第二定律得mg如0=产，设小 球由A到B的过程中克服摩擦力做功为W,由 E=之·2M-号·3M。=3M,C.D错误. 动能定理得-2 mgLsin0-W=之mu话-之md, 7.B【解析】小球A下落到最低点的过程中，A和 B组成的系统只有重力做功，故A和B组成的系 解得W=3J,D正确。 统机械能守恒，A错误：刚释放小球A时，由牛顿 4.B【解析】运动员在空中做平抛运动，下落的高 第二定律可知2 gin0=2na,解得a=号g,B 度为A=g,以b为零势能点，则有尼，=E。 正确；小环B速度最大时，小环B在竖直方向上 mg·h=E。一”置，A错误：根据劲能定理有 的合力为零，轻杆的弹力竖直分量为mg,而只有 A到达最低点，B速度为零时，轻杆的水平分量 E-E=mgh,可得E=En十mg,B正确： 2 才为零，故小环B速度最大时，轻杆弹力大于 平抛过程中只受重力，故机械能守恒，E图线应 mg,C错误：几何关系如图所示，设A初始时刻距 为横线，C错误；运动员沿竖直方向上的速度为 离最低，点的距离为h1,由几何关系可知Rsin0十 巴，=gt,则重力的功率P=mg·,=mg2·t,D 错误。 tan 广=1.5Rsm0,解得1=R,设小环B初 5.D【解析】先对A进行受力分析可得F一f 始时刻距离最低点D的距离为h2,由几何关系可 mgsin37°，再对B进行分析可得F十∫ 知h2=h1十1.5Rcos0=2R,由系统机械能守恒 3 ·28 ·物理· 参考答案及解析 可知2mgh1十mg(h2-1.5R)- 号×2md,解得 后，物体还能滑行的距离为d=6m一5m=1m, D正确。 Uw=√3gR,D错误。 10.BD【解析】滑块从A滑到B时，满足水平方向 动量守恒，机械能守恒，则有m=2m2, mi+号×2mi,解得=入√号R, mgR= h D 助=√写R,运动到B点时对滑块受力分析有 8.C【解析】根据题意可知，当Q下降的高度为h 时，细绳断裂，根据几何关系得，P上升的高度h FN一mg=mo卡)2，解得FN=mg,A错 R 一n3in37”-是，细蝇断裂的醉间P,Q速 h 误、D正确；滑块运动到小车最右端时，根据水 平方向动量守恒可知二者均静止，则减少的重 度大小相等，对P、Q整体，根据机械能守恒有 力势能全部转化为弹性势能，B正确：从A到B 3mgh-mgh'=2(3m十m),解得=√骨gh, 9 滑下过程由人船模型mx1=2mx2,x1十x2=R, 细绳断裂后，P还能上升的最大高度满足mgh: 解得小车的位移西-，C错误。 -弓m,解得加=是弘，则物块P活针面上升的 9 11.BD【解析】由图乙可知，在0~5s内，摩擦力 最大高度H=十场=，A错误：当细绳断载的 f1=6.4N,在5~10s内，摩擦力f2=6N,在 t=5s时突变，说明在5一10s内物块与传送带 瞬间，物块Q的重力微功的功率P=3 ngusin53°= 共速，则有f2=mgsin0,解得0=37°，A错误； 9mg/2gh,B错误；细绳断裂后，物块P在斜面 在0~5s内为滑动摩擦力，即f1=mngcos0,解 得以=0.8，B正确；物块在0~5s内做匀加速运 上的运瑞时问1g品7-系√臣，C正确：张 动，5~105内做匀速运动，则传送带的长度L= 据题意可知，细绳断裂前P、Q组成的系统机械能 十，解得L=15m,C错误：运动过程中， 守恒，细绳断裂后，物块P、Q的机械能均守恒，则 物块相对传送带的位移大小为△x=t一L,解 当物块P运动至最高点时，物块P增加的机械能 得△x-5m,D正确。 等于物块Q的机械能相对1=0时刻的减少量， 12.BD【解析】t图像与坐标轴围成的面积表示 即△正=mg+h)-器mgh,D错误。 速度变化量，若0~1s内Q的加速度均匀增大， 二、多项选择题 则1=1s时Q的递度大小等于0=号×1× 9.AD【解析】当物体运动到x=4m处时，物体的 0.8m/s=0.4m/s,由图可得实际Q的a-t图像 速度达到最大，此时摩擦力f=F,=10N,根据f 与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大 =mg,解得u=0.4,A正确：F-x图像与x抽图 时a-1图像与坐标轴围成的面积，故t=1s时Q 成的面积代表功，物体运动到x一4m处时，力F 的速度大小大于0.4m/s,A错误；t=0时，对物 做功大小W,=10,15×2J+15X1J+1015×1J 2 2 块P有F=mrao=2X1N=2N,故恒力大小为 2N,B正确：施加水平向右的恒力F的过程中， =52.5J,摩擦力做功大小W:=f红=10×4J= 40J,根据动能定理Wr一W:=Ex一0，解得E= 根据动量定理有Ft=mpU1十mow?一 12.5J,B错误；从开始到物体停止拉力所做的功 2kg·m/s,故0~1s内P的动量增加量小于 为Wm=10生5×2J+15×1J+15×2J 2kg·m/s,C错误；l=1s时，对物块P、Q整体 有F=(mp十mg)a1,解得ma=0.5kg,撤去推 60J,C错误：物块从开始运动到最终停下来的过 力后，P、Q共速时，弹簧最长，有Ft=mr01十 程有Wm一fx=0一0，解得x=6m,所以撤去F mQ2=(mp十mo),解得撤去推力后弹簧最长 ·29▣ 3 衡水真题密卷 单元过关检测 时，Q的速度大小为v=0.8m/s,D正确。 (5)对A、B、C整体根据牛顿第二定律有(M+ 三、非选择题 m)g-Mg=(2M+m)a,整理得上=2M.1+ 13.(1)不需要不需要(2)小车受到的阻力 ag m (3)小于 上，由题意可知b-,解得g= 1 【解析】(1)根据题意，由图甲可知，细线对小车 15.(1)0.8m(2)72J 的拉力可以通过力传感器测量，则不霄要满足 【解析】(1)设小物块第一次经过P点时的逸度 糟码的质量m远小于小车的质量M,也不需要 测定槽码质量。 为0，则有之m听=mgh (2)由图乙可知，由于加速度a=0时，拉力F不 解得%=8m/s 为零，则小车受到阻力作用，设小车受到的阻力 所以小物块在传动带上第一次经过P点后，先 为f,由牛顿第二定律有F-∫=Ma,可知，当 向右减速运动，后向左加速运动，直至速度与传 a=0时F=f,即图线A与横轴F的交点的含 送带相同时匀速运动，即第2次经过P,点时的 义为小车受到的阻力。 速度大小为v=4m/s 3)由(2)分析，整理可得a=一青，可知，图 小物体第二次经过P,点后滑上圆孤轨道的最大 像的斜率表示小车质量的倒数，由图乙可知，图 高度2m=mghn 线A的斜率大于图线B的斜率，则M小 解得hm=0.8m: 于M6。 (2)小物块第一次达到和传送带共速有一= 14.(1)BC(2)1.05(3)偏小 h一al 由牛顿第二定律得mg=a ④msA=(2M+m)t(⑤)话 解得t=3s 【解析】(1)为减小纸带运动过程中所受的摩擦 该过程中，小物块与传送带相对位移大小△x= 阻力，打点计时器振针应置于系重物A的细线 +(变）-18m 的正下方，而定位轴的位置在复写纸中心，在振 针旁边，所以定位轴不应在重物A的细线的正 由于摩擦产生的热量Q=mg△x 下方，A错误：安装打点计时器时要竖直架稳， 解得Q=72J. 16.(1)40N(2)2m/s 使其两限位孔在同一竖直线上，B正确：为了能 【解析】(1)滑块1下落到圆孤轨道底端过程 在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当 的数据点，接通电源前应让重物A尽量靠近打 中，由机械能守恒得mgR(1一c0s)=7m6 点计时器，C正确；本实验研究的对象不是做自 由落体运动，无需选取最初第1、2两点间距离 在B点时有FN一mg=mR 接近2mm的纸带，D错误。 解得%=2√10m/s (2)打B点时重锤的瞬时速度等于打A、C两点 FN=40 N 间的平均速度，即%=齐- 42.0×10-3 由牛频第二定律可知滑块1第一次到达圆孤轨 2X0.02m/s= 道底端B点时，对圆孤轨道的压力大小为40N: 1.05m/s. (2)滑块1从B点到C点过程中，由机械能守恒 (3)如果本实验室电源频率大于50Hz,则计算 醉时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 得2m听-m6=-mgL 使瞬时速度的测量值偏小。 两物块发生弹性碰撞，有m1=m2十m2 (④根据机械能守恒定律有M+m)gh=合(2M叶 2m听=2m喷+号m暖 1 解得=一4m/s m)t+Mgh,整理得mgh=之(2M什m)d。 Ua=2 m/s ·30 ·物理 参考答案及解析 即滑块1第一次到达C点时，因碰撞使滑块2 ↑/m·s) 获得的速度为2m/s。 17.(1)6N,竖直向下(2)4m/s1m/s 3号 (3)2.37m 【解析】(I)P2由围孤顶端滑至A点，由机械能 守恒得mgR=m6 2 5 解得=3m/s 由牛颜第二定律可得FN一mg=m R 解得FN=3mg=6N 小车的位移为x=受十)=0.2m 由牛顿第三定律可知，物块P。下滑至A点还没 有发生碰撞前对小车的压力大小为6N,方向竖 最终P、P,间的距离为△r=受（十十） 直向下； (2)设碰后P1、P2的速度分别为、h,根据动 --需me2.37m 量守板有m=m十受到 18.10.4(23.75m(3)7+5m(40.8s 2 根搭机械能守恒有号m话一号m话十号×受 【解析】(1)由运动学公式得山=a1 解得a1=2m/s 联立解得功=4m/s,=1m/s: 对A由牛顿第二定律得F一Amg=m@1 (3)P1、P2碰撞后均做匀减速运动，加速度大小 解得A=0.4: 均为a=g=3m/s2 (2)t2=2.5s时B运动的位移大小x2=62= 2×2.5m=5m 小车的加速度为a2 mg+传·罗g4·受s m =2.5s时A运动的位移大小x1=2a1= 2 m/s 设经时间P2和小车相对静止，此时速度为 号×2X2.5m=6.25m v=2一a1th=a2t4 t2=2.5s时A、B间的距离x=Lo十x2一x= 解得=so-号n6 5m十5m-6.25m=3.75m: (3)对木板由牛顿第二定律得Amg一：(m十 之后P1继续微匀减速运动，加速度大小仍为 m+M)g=Maz a1=3m/s2,以小车和P2为整体，根据牛领第二 解得a2=1m/s 定律可得4·受g一a·受g=2ma 设经过t物块B滑到木板的右端时A、B恰好相 解得ag=0.5m/s2 ,则a=Ltw,a=L+a,t 小车和P:整体以加速度a3=0.5m/s2做匀减 解得L=7+26 m 2 追运动，小车和B停下所用时间为a一品- (4)在3=3s时撤去拉力F,A的速度大小3= a1ts=6 m/s 此时P的速度为v'=一a1(十2)=1m/s A的位移x=受=号×3m=9m 之后B也停下所用时间为有-立-}、 木板的速度大小M=azt3=3m/s 撒去拉力F,对A由牛顿第二定律得4g= 系统静止，画出速度一时间图像如图所示。 mas ·31 3 衡水真题密卷 单元过关检测 解得a=4m/s2 2.4s 撒去拉力F,物块A做匀减速运动，木板做匀加 A的位移大小x4==6.72m 速运动，二者达到共同速度=t的一at4= 2a4 w十azt4 在=3s时撒去拉力F,A与B达到共同速度 解得t4=0.6s,=3.6m/s 时，A运动的位移大小xA=x十4十=18.6m A达到与木板有共同速度的位移大小x4= B运动的位移大小xB=%(t十t4十ts)=12m 一近=2.88m 则xA>L十xg 2a3 所以木板足够长且在t3=3s时撒去拉力F,物 此后A与木板一起做匀减速运动，由以(2m十 体A、B能相撞：A、B两物体从撒去拉力F和木 M)g=(m+M)a 板共速到A、B相碰的时间为1，则x3十x十 解得a,=g=号n/g wt-7a,r=Lo十wa十t0 当A,B有共同速度时t6=必一-36-2 解得t=0.2s 8= a 3 因此总时间为△1=t4十0.2=0.85。 2024一2025学年度单元过关检测（九）】 物理·电场力的性质电场能的性质 一、单项选择题 处的图像斜率不为零，则电场强度也不为零，A 1.D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 错误：x=20cm处图像斜率为零，则满足 从A运动到B,则电子所受电场力方向为A→B, 质02m=(22m,所以电特M所带电符 Q 电场强度的方向由B→A,A错误；沿电场线电势 降低，所以A点的电势一定低于B,点的电势，C 量大小Q1=4Q,B错误；根据电势变化图像可 错误：电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 知，在0~20cm内，电场方向沿x轴正方向，在 以电子在A,点的电势能大于在B点的电势能，D x>20cm处，电场沿x轴负方向，可知，点电荷N 正确：根据题意，不知周围电场线的分布情况，无 为正电荷，点电荷M为负电荷，C正确：根据电场 法判断电场的强弱，B错误。 叠加原理，在一20cm~0内，电场强度不可能为 2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 0,D错误。 势高于其右侧点的电势，故不是A、B间电势最低 4,D【解析】等差等势而越密集的位置电场线越 的点，A错误：C的电场强度由两个电荷产生的 密集，电场强度越大，则在c、d、e、f四点中，f点 电场同向叠加而成，方向向右，A的左侧电场方 的电场最强，A错误：因为B供电线的电势高于 向向左，故不可能存在与C点电场强度相同的 A供电线的电势，则在c、d、e、f四点中，c点的电 点，B的右侧两电荷产生电场反向叠加，并且当 势最高，B错误：将某电子在d点由静止释放，它 十q1产生的电场强度大于一9产生的电场强度 会向c,点所在等势面运动，C错误：因为d、e两点 时，电场方向与C相同，但因为此位置相对于A 电势差等于e、f两点的电势差，根据W=Ug,可 的距离比C相对于A的距离远，所以在此区域产 知将电子由d移到e电场力所做的功等于将电子 生的电场强度一定小于C处的电场强度，B正 由e移到f电场力所做的功，D正确。 5.A【解析】根据电场叠加原理可知，电荷量分别为 确：B右侧场强为0的点满足背=常，电势为 q(q>0)和一q的点电荷在点P(0,a)产生的场强方 0的点满足k1=k2,很明显不是同一位置，C 扩A (W2a)2c0s45°- 向沿x轴正方向，大小为E=2k,9 错误；由图中电场线分布可知C点电势高于D 点，所以负电荷在C点的电势能低，移到D点时 g,所以要使点P(0,)的电场强度为零，第三 2a8 电势能增大，D错误。 个点电荷Q的位置应该在y=a的直线上。若Q 3.C【解析】p-x图像，斜表示电场强度，在x0 在（一a,a),要使点P(0,a)的电场强度为零，则Q ·322024一2025学年度单元过关检测（八）】 物理·动力学、动量和能量观点在力学中的应用 (考选时可90分钟，惑分100分》 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题日 要求。 题号 2 答案 1.如图所示，滑块A,B用径质弹簧连援后静止在光精水平面件板 上，带块A与左侧竖直国定销板按触。观对带块B鹿加一 d20F 水平推力F使滑块B向左暖慢运动罚某一位置后保持静 止，一段时间后教去推力F。弹簧始终处于弹性限度内，关于弹簧和带块A,B,下列说 法正确的是 A推力F做的功大于弹簧增加的弹性势绳 我当弹簧恢复原长时，滑块A开始离开特板 C从撒去推力下F罚情块A离开挡板的过程中，弹簧和骨块A,B组成的系统动量守恒 D从滑块A离开档版到带块A,B共速的过程中弹簧对A,B两滑块做功的大小相等 二如图新示，竖直面内两个光全相同的，光滑阅颈就道平带对线，P,Q是等高的两端。让 一可视为质点的小球以沿切线的韧速度从P编进人轨道，则 P● 0 入，小球在轨道最既点的机械能量大 我小球在轨道最纸点对轨道的压力最大 C初速度足够大时，小球可能飞离“凹形”轨道 初速度是够大时，小球一定隆通过”凸形轨道最高点 3,如图所示，在领角为=30的图定相糙斜面体上，有一可视为质点.质量为m=1kg的 小球用长为L,=Q4m的轻蝇栓接，轻绳的另操国定在0点，小球静止时位于最低点 A。现给小球一与轻绳垂直的都速度m=4m/,使小球在斜面上隘圆周运待，经过一及 时间小球刚好能运动到最高点B.重力加速度取震=10mW,忽略空气阻力。则小球由 A运功到B的过程中克服摩擦力做的功为 A.10J B8J C.6J D.3J 单元过美检测（八1物理第1页{共8页） 衡水真 除台滑雪运动易在助滑段出速后，从起洗区位置处水平龙出，落在着陆区内的占点，不 计空气肌力，如图所示。三，、E,E、P分别表示运动员在空中的重力势能，动能，机械能 重力的功率，用：表承运动员在室中的运动时间，则下列图像可能正确的是《》 m 点，如图所示，靶滑轮因定在顿角为3？的光滑斜面上，潮线跨 过滑轮，质量分则为牌，2w的A、B两滑块与相线连接并叠 放在斜面上，A,B沿着斜面分别向上、向下做匀速运功，细 线与斜面平行，不计滑轮与绳之间的滑动摩擦力：B的长 度足够长，重力加速度为g:n3T=Q5,w37”=0.8,则 A,B之间的动摩擦因数为 A青 R号 c n 6,扣图所示，光滑水平面上质量为2M的物体A以速度甲向右匀速滑动，面量为M的B 物体左南与轻质弹簧连接并静止在光带水平面上，在物体A与弹簧接触后，以下判断正 确的是 WNNIIN A.在物体A与弹簧银触过程中，弹喷对A的弹力冲量大小为 B在物体A与弹簧核触过程中，弹簧对B的弹力做功的功率一直增大 C,从A与弹簧接触罚A,B相E景近的过程中，弹簧对A,B数功的代数和为0 D.从A与弹簧接触到A.B相最近的过程中，最大弹性势施为M 7.如图所示，围定光滑斜面倾角一，其底端与竖直面内半径为R的周定光滑网翼航道 相切，位置D为圆弧轨道的最低点。质量为m的小球A和霞量为m的小环B(均可视 为质点)用L=1.5R的轻杆通过轻质较筑相连。B套在充带的国定繁直长轩上，杆和圆 轨道在同一竖直平面内，杆过轨道测心Q,初给轻杆与解面垂直。在斜面上由静止释放 A,假设在运砖过程中两杆不会罐撞，小球能带过D点且通过轨道连接处时无能量提失 递密卷 单元过美检测（八）物理第2页{共8质) (建度大小不变》，重力加速度为g,从小球A由静止释政到运动至最乐点的过程中，下 列判断正确的是 A.A和B组成的系统机械能不守国 及附帮放时小球A的短道度大小为受。 C.小环B速度最大时轻杆弹力为mg 几小球A运动到最低点时的速度大小为型 &.图新示，固定光滑斜面顶南有一轻质光滑定滑轮，质量为程的物块P和质量为3m的 物块Q用轻质细绳相连，外力作用于P,使P,Q均静止。某时刘操去外力，当Q下高的 高度为时，相篇断裂，重力加速度为算，如3一0.8.PQ均可税为质点，斜面是够长 A务块P沿斜医上升的最大高度为 我当细绳晦袋的辆间，物块Q的重力的功率为g/2g C在组绳断裂后，物块P后斜面向上运动的时润为只酒 D当物块P运动至最高点时，物块Q的机碱能相对：=0时刻减少了语m 二、多项选择题：本题共4小恩，每小题4分，共16分。每小题有多个透项符合题日要求 全朝选对得4分，边对但不全的得2分，有邀错的得·分。 超号 9 10 11 12 容案 9.如图甲所示，质量m一2.5kg的物块置于水平桌面上，在水平力F的作用下由静止开好 运动，力F随位移里的变化情况如图乙所示，当物体运动刊x一4m处时，物体的违度 达到最大，当物体运动到一5m处时，量去F,重力加连度g一10m/,下列说法正确 的是 A物体与桌而间的功摩擦因数为山，4 a 我当物体运动到xm4m处到，其动使为2,5」 C整个过程中，拉力F所附的功为」 2545 山置去F后物块还能滑行的距离为1m 甲 乙 0,知图所示，小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之光滑阅氧共 道，从B到小车右抛芦版平带连接一段光滑水平轨道，在右攒国定一轻弹簧，弹簧处于 自由默态，自由端在C点。一质量为m、可视为质点的滑块从图氧轨道的最高点A由 单元过美检测（八1物理第3页共8页） 衡水真是 静止滑下，面后滑人水平物道，小车疑量悬滑块置量的2倍，重力如违度为g。下列说 法正确的是 A滑块到达B点时的速度大小为v2g灭 日弹簧获得的最大弹性势能为和gR C群块从A点运动到B点的过程中，小车运动的位移大小为R D常块第一次从A点运动到B点时，小车对滑块的支持力大小为《m联 1山.如甲所示，一模斜传送带以2ms的速度滑证时针方向匀速转动，一0时刻，将一爱 量为】kg的物块轻或在传送带底装，物块在传送带上受到的摩擦力陆时间的度化如图 乙所示（取平行传送带向上为正。重力加速度g取10m/,n37”=0,6,03T=0, 8,下并说法正确的是 +N 64 A.传送带的横角为 且物块与传送梦判的动摩擦因数为08 C.传送带的长度为10m D运动过型中，物块相对传送带的位移大小为5m 12,物块P,Q中问用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平面上，物块P的质量为2kg,如图 印所示。开始时两物块均静止，弹簧处于原长，1=0时对物块P随加水平向右的瓦力 F,=1时徵去，在0一1内两物体的加速度随时间空化的情况如图乙所示.关于整 个运动过程，以下分析正确的是 +an15 A.t-1s时Q的违度大小为0.4m/s 且恒力大小为2N C,0一1内P的动量增加量为2g·m/s D撤去推力后弹簧最长时，Q的速度大小为Q8m/ 密程 单元过美检测（八】物理第4页{共8质） 三，非选择题：本题共6小盟，共60分。 13.《6分》在探究"知速度和力，质量的关系“实赖中。小车受到的粒力测定至关重警，用如 图甲所示的实验装置，不计滑轮与细线，轮轴间摩爆，已知当地的重力加速度？一 10m/s. 学传 (1》实验前，选择槽码时，塘码的质量两 (选填”需要"或不雷要“)调足运小于 小车的近量M,此时 (进填雷要”或“不省要)测定情野质量。 (2)实验一：小车质量配不变，改变棉码质量，多次实晚，测出力传感器的值下和小车 加连度&，作出：F图像，如图乙所示A线，则图线A与横轴F的交点的含文 为 ()实验二，改变小车的质量，用问一装置重复做了该实验小组的实检，作出小车质量 为M时的F周像为B线，测两线所对应的小军质量M和M相比较，M M(选填大于“等于”或“小于)。 14.《8分》在验证机械能守红定排的实险中，某同学采用如图甲所示装置，绕过定滑轮的相 线上暴挂质量相等的重物A和B,在B下面再挂购码C。已知打点计时#所用交瓷电 蒙的频率为50H2. 压节 甲 Z (1)在重物A下方固定打点计时器，用纸带违接A,测量A的器动情况.下列操作过智 正确的是 (填正确答案标号) A州定打点计帮时应将复写纸定位轴置于系重物A的细线的正下力 B交装打点计时特时要竖直架稳，使其两限位充在同一整直线上 C接通电票詢让重物A尽量靠近打点计时器 D应选取最材第1,2两点间离接近2mm的纸带 (2)某次实验结束后，打出的低德的一部分如图乙所示，A,B,C为三个相第计时点。则 打下B点时重幢的速度一 m/,《结果绿箭三位有效数字) 单元过美检测（八】物理第5页{共8页] 衡水真是 (3)加果本实股室电雪鞭率大于50Hz,则阳时速度的测量值（洗填“偏大“或 “篇小”)。 (4)已知重物A和B的质量均为M,钩码C的质量为网，某次实验中从低带上测量重 物A由静止上升高度为时对应计时点的速度为，取重力加速度为g,辉府缸系 统机城能恒定律的表达式是 (5)为了测定当地的重力加莲度，改变钩码C的质量深，测得多姐m和对应的加速度 :,作出上一二图像知图丙所示，图线与纵轴极距为，则当胜的重力加速度 为 15,(8分)如图所示，光滑的四分之一圆孤轨道最低点P与足够长的水平传送带相切，传 送带以4m/的速度逆时针匀速转动。一质量m■1kg的小物块{可视为质点)在距 传送撞高为一3,2m的慧方由静止开始沿调沉轨道滑下，小物块与传送带之间的动摩擦 因数：=0，，传送带长度为d,重力加速度g取10m/W。求： (1)小物块再次返国解氯物道时沿轨道上升的最大高度： (2)从小物块开始话时到第二次经过P点的过程中，小物块与传送带间由于摩报产生 的热量。 16(8分)如图所示，经直平面内径为R=4m的光带图氧轨道AB周定在足够长的水平 地面上，轨茸AB的底端与水平地雀相切于B点，其置心O在B点的正上方，OA与竖 直方向的夹角为8-60。一质量为m一2k知的滑块1从A点由静止开始下滑，另一 质量为一10kg的滑块2静止敏于水平地面上的C点，C的长度为L一1m,两滑 块均可提为质点，两滑块的硅撞为弹性撞，两滑块与水平地面间的动摩擦因数均为 :一0.2，重力加连度大小取g=10m/s。求： 1)滑块1第一次到送%轨道底端B点时，对圆弧轨道的压力大小： (2》滑块1第一次到送C点时，因碰道使滑块2民得的速度大小， 密鞋 单元过美检测（八）物理第5页{共8质) 17,14分)如图所示，置量为m=0,2kg的小车静止在相精的水平地面上，小车与水平面 创的动华擦因登一=010罚定挡板P誉在小车左侧，质量为罗的物块P静止于小 车的上表面A点，A点左侧是一率径R=0,5m的光滑四分之一图氧，右侧水平且图 镜。现将质量也为m一自，2kg的小物欢P:由网面夏骑无初速度释放，沿圆下誉至 A点与发生弹性碰撞，碰撞时何极短，尸、户与小车其的动摩擦国数均为阀 心.0，最大静摩擦力等于滑动摩源力，最终两物换均未从小车上滑落，两小物块均可看 域质点，重力加速度g一10m/公，求， (1)物块P下滑至A点还没有发生秘撞前对小车的压力： 《2)P,P发生弹性碰撞后各自的速度： (3)最终P,P,同的距离（结果保留3位有效数字）. 3 单元过美检测（八！物理第了页{共8页） 衡水真是 18,(15分)如图所示，在水平地面上静置一质量M=2kg的长木板，在长木板左墙静置一 质量m一1kg的小物块A,在A的右边静置一小物块B(B表面光滑)，君的质量与A 相等，A,B之间的距离L=5m,在一0时刻B以w一2m/s的初建度向右路动，同间 时对A植加一水平向右，大小为6N的拉力F,A开始相对长木板带动。=2时A 的速度大小为助一4m/s,木板与地面间的动摩擦因数：一Q5,设最大静摩擦力等于 滑动摩藤力，g=10m/。, (1)求物块A与木板同的清摩擦因数4a: (2)已知1一25s时两物块均未滑离长木板，求此时物块A,B间的距离T4 (3》当B带到木板的右端时A,B恰好相罐，求木版长度L: (4)若木板足够长且在一3s时输去枚力F,试分析物体A,B能否相檀？若能，求A。 B两物体从撤去拉力F到相撞所用的时同：：若不佳，求A,B两物体从徵去牧力F 刊A,B之间距离达到最小距离的时何，（结果可用根式表示） 密卷 单元过美检测（八）物理第8页{共8质)