单元检测(八) 动力学、动量和能量观点在力学中的应用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏B版）

2024一2025学年度单元过关检测（八）】 物理·动力学、动量和能量观点在力学中的应用 (考选时可75分钟，惑分100分》 一，单项悬择题：本理共？小题，每小里4分、共州分。在写小殖能出的四个进顶中，只有一调是箱合题 日要宋的。 题号 1 4 1 容案 L如图所，块AB用轻质帅簧连接后静止在光滑水平直上，湖块A,挡板 与左侧竖直团定挡餐接触，现时滑块吕施知一水平娘力下视附峡耳 向左暖慢运动到某一控置后保持静止，一段时底后量去推力F。弹著 的终处于弹性限度内，美于帅黄和滑块A,,下判说法正确的是 A雅力F做的功大于弹完增的性界能 B当弹资传复原长时，青峡A开前周开挡板 C从葡卖前力P到滑获A肉开档板的过程中，弹赞和厨块A,B细成的系院动量守回 D从横块A高开省版到惜块A,B共速的过型中领簧对A,柱两潜块做动岭大小相等 2妇图所京，聚直有内两个完金相同的一光滑装强轨道平滑对接，P、 Q是等高的两端。让一可视为质点的小球以品切效的朝速度从P下Q” 赠注人轨道，则 入小球有轨道最低点的机械餐最大 民小球在轨通量低点对轨通的压力最大 C初速度足够大时，小球可信飞离山形轨填 度是够大时，小球一定道过“凸那道最高点 足如图所京，在领角为一的固定粗餐斜图体上，有一可视为威点，康量为 m=上kg的小球用长为L一且4m的银绳栓接，轻绳的另一南国定在O点， 小球静止时位干最低点A。现给小球一与轻绳垂直的速度助=4/，得 小球在氧面上做圆周运动，经过一权时闻小球好能运动列量襄点召，重力 如速度业x=10m/,忽略空气阻力。期小球由A运动到B的过程中克餐摩感力做的功为( C.6J D I 4晚台滑雪运动员在雨滑段地区后：从起跳区▣位置处水平飞出，落在着趾区内的6点，不计空气厘力， 妇图所示，E,E,P分料表示访南员在空中给重力势需.动愧，机械能，重力的功率，用：表示运 边具在空中的运时间，则下列图像可能正境的是 单元过美检测（八1物理第1页{共4页） 衡水真 如图所示，起滑轮图定在桶角为3了的凳滑料面上，组两过骨轮，爱量分 别为m,2m的A,B两情换与氧线资接并叠应在斜面上，A.B沿着斜年分 判向上，向下做匀速运油。留线与斜衡平行，不计滑轮写瑞之和的滑动摩檬 定够长，重力速度为，m37Q,708圳A. 度9 c 长如图所承，国宽允滑斜面横角一0矿，其底南与装直雀内半轻为R的因定光期圆置钩边相切，位置D 为圆现轨道约厨（点，质量为2的小建A和质量为w的本环B(均可视为质点）帽L一1，N的轻 B套在光W定爱直长杆上，杆和通在问 直平国内，开过心 以)始轻析与斜霄乘直，在到有上由静止释放A,复设在运动过霍中两杆不会硬增，小球能情过D 点日通过轨道连接处时无能且期失（速度大小不麦），重力加速度月®：从公球A由静止释发到运动 量低点的过登中，下列判斯正的是 A,A和B组度的机械不守 且粥释收时小球A的加速度大小为号。 C小环B速皮最大时轻杆弹力为mg 几小球A岳啸绳量任成时的率度大小为水 .图所示，国宽允滑斜直厦海有一轻盾光静定滑轮，度量为m的物缺P和质量为8州的物块Q用招 质绳连，外力作用下P,使P,Q均静止，某时刻量外力，当Q下降给商度为A时，阳新，重 力速度为肩，sn3了一Q.6,P,Q均可祸为质点：钩面是够长，则 A物块P沿前面上开的量大商度为票 当斯裂的问，撕块Q的重力的财为，2g C在帽汽新裂后，物味P治斜国向上范动的时领为子入 n当物执P活动至最高点时，物按Q的帆械能解对1一0时解少了说mg 二，多项意每随：本期共3小赠，每小短6升，共成分。在每小抛输出的四个选项中，有多项杆含赠日要 求。全都透对的博6分，卷对但不垒的博3分有透储的得0分。 题号 8 1 答案 图甲所示，质址m一25的物块干水平桌自上，在术 平力F的作用下由静止开给运动，力F随位移：的交化情 况如图乙斯示。当物格运动到x血4m处时，物体的速度达 0 到量大当物体运动到5m处时，输去F,重力知度 10 m :下列说法正端的是 2345 A,物体与桌直间的动摩擦因歌为4 B当微体岳到x一4m处时，其动箱为2.5】 C个过中，花力F做的功为5 卫葡去F后物块还能滑行的尼离为1m 图甲所示，镜氧待送布以2m/x的速度沿送时北方列匀速转动，=O时刻.将一黄量为1k延的物 是放在传帝，物缺在传远带上受列的摩振力脑时的变化如乙所示（平行传送上为 正)，重力加来度x取10m/公，sm3厂一9,043”一0.8，下列说法正确的是 AN 题密程 单元过美检测（八】物理第2页共4质）】 1B A格送管的插角为3 )某收实结束后，打出的压带的一分如图乙所示，A.B,C为三个触邻什时点，国打下县点时 且物块与传送市其的财草国因数为Q昌 直谦的速度摩 m3,(结爆保酬三放有效数字) C传送替的长度为10m 3动如果木实验室电观项率大于0H,则圆时速度的测量值 法填“属大”镜”偏小) D匠储过程中，块起时传运悟的位移火小为5■ 《4》已知重物A和H的更量均为N,周界C的衡量为用，某次实验中从妖语上测量重物A由静止上 1A物块PQ中间用一根轻质帅簧相连，戴在完滑衣平面上，撕焕P的用量为2k,朝图甲所示，开的 乔高度为A时对应计用点的魂度为取，章重力加速度为黑，测验任系能肌城能字氧定律的表站式 计椅物换均静止，保费处于矩，0附附物块P宽即水平向右的（力F,=】s时薰去，在0一1 内两物格的加速度随时间变化的情况如图乙所示。关于整个运动过寝，以下分析正确的是〔) 41ms9 《为了满定当地的重力知油度，改变肉妈C的医量四，测得多组m和对应的即速度：，作出上上 a w 10 图檬如西内所尔：图线与拟的酸市为6，雨当地的重力加速度为 ● 13,传分)如刚衡示，整直平南内率径为R一4m的光舒网属轨道A日固定在足够长的水厚地直上，轨道 AB的底圈与水平堆直框督于B点，其周心O在B点的正上方，QA与慧直方向的夹角为号一 一通量为=飞g约滑块1从A点也静止开的下滑，另一质量为附：=]0里的骨块2静止故乎成 平地面上的C点，C的长度为L一1组，考块均可视为质点，两和块约登南为弹性碰院，将滑块 与水平跑面间的动摩擦因数均为户=02，重力速度大小取R■10m,,要： 礼■1时Q的通度大小为自4m/ 《》滑块1第一次列达照页轨道底增B点时，对图强轨道的压力 B相力大小为2N 大小 C一】s内P的动量增加量考2kg·m/s 2滑块1第一欢到达C成时，伪硬檀使滑块2获等的走度 山常去带力后弹簧量长时，Q的迪度大小为众&年 大小 三，非选挥题：本型共5小题，共54分。 11,(?分在探究加速度和力，质量的关襄”宾验中。小车受到的拉力测定至关重要，用知菌甲所示的 实验装置，不计滑轮与慢、轮的可摩擦。已知当地的重力加速度g一0m/信。 打边供落小车3 am 14.《多分》如图所示，无滑本平面上有一重量M一40k银的懵圆第轨置的小车，车的上表面是一登长 ,一1,0m的图糙水平线道，水平我道左侧造一米径及一0,5m的。光滑圆第桃道，周氧轨道与店 平轮通在了点相切。车右端风定一个尺可以怎感，处于黄室状荟的压留弹簧，一质量磷一L.Qg 的小物块紧革第黄放置，小物块与水平轨道间的动单物因数：一0.50。整个装置址干静止状态，现 将弹解除额定，小物块较增格，输都鲜达翼属轨道的最高点入。取一1哈：，求， (1)实验前，还择精码时，情阴的所量m (道填“需要”减“不覆要”)璃起郑小于小有的质量 《解除被定箱弹簧的弹性势能， M,E时 (小息块第二水经过了点时的速度大小 〔查期香灵域“不需要”测定情仍成量。 〔2)实酸一：小军衡量M不度，度变情码质量，多次实酸，测出力传纸西的懂下和小车加速度，作 《)小物块与车日终相附静止时，它匝O点的离。 岛金P图像，红图乙所示A线，则图线A与横轴F的交点的含文为 (3)实验二，改变小车的质量，用一装置成复做了实验小组的宾验，作个车量为时的正 闾像为吕线，则两线断对皮们小车质量以和相比较，M M透填大于一等于”成 “小于) 2.(10分)在岭证机城使守恒律的实验中，某可学采用图甲所云装置，整过出滑轮的相线上是林雪 15.(15分)妇图所示。一相民架图固定在术平地南上，角9=37，斜边长L=30m,在甩具直顶瑞d 量相等的重物A和出，在B下面再挂的同C,已如打点计时器所用交震电颜的期率为0H, 3m处有一被模定的海块B。现将一光得小球A从得面圆瘤静止帮放，同时解除对滑块B的被定 A、B均混为盾点，A的盾最为和，8的通量为A阳，可文通过在斜面表面途林特株材料，改空斜面与B 之间的对学泰因数，校得昌的站对情最不同，量A,:(发生的魔物均为停性晓幢H暖撑时0根虹： 最大静摩爆力等干滑动摩力，不什空气凰力，重力加速度装取10m/如3厂=06，m 8。e (们若A、B恰好在面蜡C点第一次相透，B与斜雀之风的动率挖因数：的大小 ()若B与斜面之可的动摩擦酒数侧一授A,B从第一皮碳植到第二次降谨同隔的时： 打点框 (切若B与斜图之同的动摩接到散：一裙A,8在斜国上多次能拒后，最终停在斜面上的位星到C 点的距真， (1)在意物A下方W定打点什时都，用叔布连接A,测量A的运功情况，下列操作过程正确的是 (氧正确案标号) A国定打点计器时应将复写纸定位轴置于暴重物A的性线的正下方 包安装打点计时器附要经直架位，使其两限农礼在同一琴直线上 C接通电源虞让重物A尽量拿近打点计时落 D D应送取最初第】，2两点间形肉接近2匹的低审 18 单元过美检测〔八1物理第3页{共4页) 衡水真题密程 单元过美检测（八）物理第4页{共4页)】衡水真题密卷 单元过关检测 13.(DpSu2 M 解得滑块与木板间的动摩擦因数H一2M干7mg话 【解析】(1)设t时间内有V体积的水打在钢板 15.(1)8m/s2m/s(2)0.8m 上，则这些水的质量为 (3)大小为4m/s,方向向右 m=pV-pSut 【解析】(1)球B开始运动至绳断裂，A、B组成 (2)以这部分水为研究对象，它受到钢板的作用 的系统水平动量、机械能均守恒，则有 力为F,以水运动的方向为正方向，由动量定 mAvA=mBUB 理有 magL=muo暖+mei -=- 5mv-mu 联立解得a=8m/s,a=2m/s 解得F=写aSd (2)A、B组成的系统水平动量守恒，所以有 14.1Du=M+m0 Mm (2)Q=2M干m6 m专=m号 又xA十xB=L M (3p=2M叶mg6 解得xA=0.8m 【解析】(1)木板与滑块组成的系统动量守恒， (3)B、C发生弹性碰撞，所以系统动量守恒，以 以向右为正方向，由动量守恒定律得 向左为正方向，有 mu=(m+M)v mBwB十mcwe=mBUB十mcvC 根据机械能守恒可得 解得两者相对静止时共同速度为口M干m 2mso+2mc呢= 1 1 2 mgo1 2mev (2)由能量守恒定律得 zm话=号m+Mf+Q 解得= 3 ，68- 2+2e 3 解释Q-20m6 又因为论=2到 (3)此过程产生的热量是由于摩擦产生的，因 解得c=一4m/s,=专m/s(合去) 而有 则碰撞前球C的速度大小为4m/s,方向向右 Mm uamglo-Q-2(Mm) 2024一2025学年度单元过关检测（八）物理·动力学、 动量和能量观点在力学中的应用 一、单项选择题 此过程中xA≠xB,所以弹簧对A、B做功的大小 1.B【解析】水平面光滑，对滑块B施加一水平推 不相等，D错误。 力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持 2.B【解析】小球在光滑圆孤轨道上运动，只有重 静止，根据功能关系可知推力F做的功等于弹簧 力做功，机械能守恒，A错误；小球在轨道最低点 增加的弹性势能，A错误：当弹簧恢复原长时，滑 块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开 有R、一mg=m号，根据机械能守恒E= 2m2+ 挡板，B正确；从撤去推力F到滑块A离开挡板 mgh,则小球在轨道最低，点速度最大，则小球在轨 的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和 道最低点时轨道对小球的支持力最大，根据牛顿 滑块A、B组成的系统动量不守恒，C错误；从滑 第三定律得小球对轨道的压力最大，B正确；设小 块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中，弹簧 球与竖直方向的夹角为0，在“凹形”轨道运动，根 对A、B两滑块做的功等于弹簧弹力与A、B位移 据牛顿第二定律有FN一mg00s0=m ,小球的 的乘积，因为弹簧对于A、B的弹力大小相等且在 重力与轨道对小球的支持力的合力提供向心力，支 1B ·20 ·物理， 参考答案及解析 持力不可能为零，所以初速度不管有多大，小球 知h2=h1十1.5Rcos0=2R,由系统机械能守恒 都不可能飞离“凹形”轨道，C错误：在“凸形”轨道 可知2mgh1十mg(h:-1.5R)=号×2m,解得 运动，根据牛领第二定律有mg0s0一R、-m日 A=√3gR,D错误。 初速度足够大时，小球的重力与轨道对小球的支 持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过 “凸形”轨道最高点，D错误。 3.D【解析】小球刚好运动到B点时，轻绳没有作 用力，则由牛顿第二定体得mgn0=",设小 7.C【解析】根据题意可知，当Q下降的高度为h 球由A到B的过程中克服摩擦力做功为W,由 时，细绳断裂，根据几何关系得，P上升的高度h 动能定理得-2 mgLsin0-W,=mi-司m6, 5gin37”-子h,细蝇断累的醉间P,Q线 h 解得W:=3J,D正确。 度大小相等，对P、Q整体，根据机械能守恒有 4.B【解析】运动员在空中做平抛运动，下落的高 度为=g,以b为零势能点，则有E,=B 3mgh-mgk'=之(3m十m)d,解得=√号gh, /9 细绳断裂后，P还能上升的最大高度满足mgh1 mg·h=Ee-m 2 ·产，A错误；根据动能定理有 =之m时，解得=，则物块P沿斜面上升的 B一瓦。=mg,可得=氏十"”受，B正确； 最大高度H十-，A错误当细绳断梨的 平抛过程中只受重力，故机械能守恒，E图线应 瞬间，物块Q的重力做功的功率P=3 ngusin53°= 为横线，C错误；运动员沿竖直方向上的速度为 U,=gt,则重力的功率P=mg·飞=mg2·t,D g/2gh,B错误；细绳断裂后，物块P在斜面 5 错误。 5.D【解析】先对A进行受力分析可得F一f 5匝，C正确：根 上的运动时间1=g37一景√图 mgsin37°，再对B进行分析可得F十f= 据题意可知，细绳断裂前P,Q组成的系統机械能 2 ngsin37°，联立可得F=0.9mg,f=0.3mg,根 守恒，细绳断裂后，物块P、Q的机械能均守恒，则 据fN可得A=为mgc87-D正确 =0.3mg 当物块P运动至最高，点时，物块P增加的机械能 等于物块Q的机械能相对t=0时刻的减少量， 6.B【解析】小球A下落到最低，点的过程中，A和 B组成的系统只有重力做功，故A和B组成的系 即△E=mg'+h1)一张mgh,D错汉」 统机械能守恒，A错误；刚释放小球A时，由牛顿 二、多项选择题 第二定律可知2 ngsin0=2ma,解得a=号g, 8.AD【解析】当物体运动到x=4m处时，物体的 28,B 速度达到最大，此时摩擦力f=F4=10N,根据f 正确；小环B速度最大时，小环B在竖直方向上 =mg,解得4=0.4，A正确；Fx图像与x轴园 的合力为零，轻杆的弹力竖直分量为mg,而只有 成的面积代表功，物体运动到x=4m处时，力F A到达最低点，B速度为零时，轻杆的水平分量 做功大小w,=1015×2J十15×1J+1015×1J 才为零，故小环B速度最大时，轻杆弹力大于 2 2 mg,C错误：几何关系如图所示，设A初始时刻距 =52.5J,摩擦力做功大小W:=fx=10×4J= 离最低点的距离为h1,由几何关系可知Rsin0十 40J,根据动能定理Ws一W:=Ex一0，解得Ek= 12.5J,B错误；从开始到物体停止拉力所做的功 为wn=1015×2J+15×1J+15+5×2J= tan =15Rsin0,解得M1=R,设小环B初 2 2 始时刻距离最低点D的距离为h2,由几何关系可 60J,C错误；物块从开始运动到最终停下来的过 ·21 1B 衡水真题密卷 单元过关检测 程有Wm一fx=0一0，解得x=6m,所以撒去F f 后，物体还能滑行的距离为d=6m一5m=1m, (3)由(2)分桥，基理可得a=-后可知，图 D正确。 像的斜率表示小车质量的倒数，由图乙可知，图 9.BD【解析】由图乙可知，在0~5s内，摩擦力f 线A的斜率大于图线B的斜率，则M小 =6.4N,在5~10s内，摩擦力f2=6N,在 于M 5s时突变，说明在510s内物块与传送带共速， 12.(1)BC(2)1.05(3)偏小 则有f2=mgsin0,解得0=37°，A错误；在05s (④mgA=合(2M+mt(⑤号 内为滑动摩擦力，即fi=mgcos0,解得u=0,8, 【解析】(1)为减小纸带运动过程中所受的摩擦 B正确：物块在0一5s内做匀加速运动，5~10s 阻力，打点计时器振针应置于系重物A的细线 内微匀速运动，则传送带的长度L=号十，解 的正下方，而定位轴的位置在复写纸中心，在振 得L=15m,C错误；运动过程中，物块相对传送 针旁边，所以定位轴不应在重物A的细线的正 带的位移大小为△x=t一L,解得△x=5m,D 下方，A错误：安装打点计时器时要竖直架稳， 正确。 使其两限位孔在同一竖直线上，B正确：为了能 10.BD【解析】t图像与坐标轴围成的面积表示 在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当 速度变化量，若0~1s内Q的加递度均匀增大， 的数据，点，接通电源前应让重物A尽量靠近打 点计时器，C正确；本实验研究的对象不是做自 则1=1s时Q的速度大小等于0=号×1× 由落体运动，无需选取最初第1、2两点间距离 0.8m/s=0.4m/s,由图可得实际Q的a-t图像 接近2mm的纸带，D错误。 与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大 (2)打B点时重锤的瞬时速度等于打A、C两点 时a-t图像与坐标轴固成的面积，故t=1s时Q =142.0×10-3 间的平均速度，即阳一六 的速度大小大于0.4m/s,A错误；t=0时，对物 2×0.02m/s= 块P有F=mao=2X1N=2N,故恒力大小为 1.05m/s。 2N,B正确；施加水平向右的恒力F的过程中， (3)如果本实脸室电源频率大于50Hz,则计算 根据动量定理有Ft=mpo1十mov2 瞬时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 2kg·m/s,故0~1s内P的动量增加量小于 使醉时速度的测量值偏小。 2kg·m/s,C错误；t=1s时，对物块P、Q整体 (4)根据机械能守恒定律有M什m)gh=2(2M什 有F=(mp十ma)a1,解得mQ=0.5kg,撤去推 力后，P、Q共速时，弹簧最长，有F=mPw1十 mt+Mgh,整理得mgh=号(2M+m)d。 mo2=(mr十mo)U,解得撤去推力后弹簧最长 (5)对A,B、C整体根据牛顿第二定律有(M十 时，Q的速度大小为o=0.8m/s,D正确。 m)g-Mg=(2M+m)a,整理得L=2M.⊥+ 三、非选择题 a g m 11.(1)不需要 不需要(2)小车受到的阻力 上，由题意可知6=，解得g=方· 1 g (3)小于 13.(1)40N(2)2m/s 【解析】(1)根据题意，由图甲可知，细线对小车 【解析】(1)滑块1下落到圆弧轨道底端过程 的拉力可以通过力传感器测量，则不需要满足 槽码的质量m远小于小车的质量M,也不需要 中，由机械能守恒得m1gR(1一cos)= 2m6 测定槽码质量。 (2)由图乙可知，由于加速度a-0时，拉力F不 在B点时有FN一mg=m尺 为零，则小车受到阻力作用，设小车受到的阻力 解得%=2√10m/s 为f,由牛顿第二定律有F一f=Ma,可知，当 FN=40 N a=0时F=f,即图线A与横轴F的交点的含 由牛顿第二定律可知滑块1第一次到达圆孤轨 义为小车受到的阻力。 道底端B点时，对圆孤轨道的压力大小为40N; 1B ·22. ·物理· 参考答案及解析 (2)滑块1从B点到C,点过程中，由机械能守恒 Amgsin 0-u.4mgcos =4maz 得7mf-之m话=mg 设经过时间t,两者在C,点第一次相遇，对A有 两物块发生弹性碰撞，有m)=m1十m2西 10d=2a,c 2m味=之m透+之味 对B有 解得2=一4m/s 9da va=2 m/s 即滑块1第一次到达C点时，因碰撞使滑块2 朗得山一器 获得的速度为2m/s。 (2)对滑块B,因4 ngsin<g·4 ngcos0,则解 14.(1)7.5J(2)h=2m/s(3)0.5m 除对B的锁定后，B在斛面上保持静止。对 【解析】(1)小车和小物块组成的系统水平方向 A有 动量守恒，故小物块到达圆孤最高点A时，二者 2=2a1d 的共同速度铁=0，设弹簧解除锁定前的弹性势 解得u=6m/s 能为E。,上述过程中由能量转换和守恒，则有 A、B碰撞动量守恒 Ep=mgR+umgL mv=mvM十4mvg 代入数据解得E,=7.5J A、B发生弹性碰撞，机械能守恒 (2)设物块第二次经过O时的速度大小为m, 2m-1 m+号 4m% 此时小车的速度大小为，研究小物块在圆弧 解得A=-3.6m/s 面上下滑过程，由系统动量守恒和机械能守 v8=2.4 m/s 恒有 假设小球A在与滑块B第二次碰撞前，B一直 0=mum-MUM 减速到零，B减速运动的时间为1，则对B mgR=md+M 4mgsin -uz.4mgcos =4mas 解得m=2.0m/s 0=B十at1 (3)最终小车和小物块相对静止时，二者的共同 解得am=-1.5m/s2,l=1.6s 速度为0，设小物块相对平板车滑动的总路程为 若二者在t2≤1.6s时间内相遇，有 $,对系统由功能关系有 pn:+7a1=0a1十7a 1 E=umgs 解得t2=1.6s 代入数据解得s=1.5m 假设正确，A、B从第一次碰撞到第二次碰撞间 小物块最终静止在)点右侧，它距O点的距离 隔的时间为1.6s 为s-L=0.5m (3)设A、B最终停止位置到C,点距离为x,由能 15.(1)0(或者0.075)(21.6s(312m 量守恒，有 【解析】(1)由牛顿第二定律，对A有 mgsin 0(L-x)+4mgsin 0(L-d-x)=us mgsin 0=ma 4mgcos 0(L-d-x) 对B有 解得x=12m 2024一2025学年度单元过关检测（九）】 物理·电场力的性质电场能的性质 一、单项选择题 错误；电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 1.D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 以电子在A点的电势能大于在B点的电势能，D 从A运动到B,则电子所受电场力方向为AB, 正确：根据题意，不知周国电场线的分布情况，无 电场强度的方向由B→A,A错误；沿电场线电势 法判断电场的强弱，B错误。 降低，所以A,点的电势一定低于B点的电势，C2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 ·23 1B