单元检测(九) 电场力的性质 电场能的性质-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏A版）

衡水真题密卷 4-4-易胶2.37m 71 15.(1)0.4(2)3.75m(3)7+26 2 m(4)0.8s 【解析】(1)由运动学公式得四=a1 解得a1=2m/s 对A由牛顿第二定律得F一smg=ma 解得=0.4： (2)t2=2.5s时B运动的位移大小x2=t2= 2×2.5m=5m 女=2.5s时A运动的位移大小工1=2a1号= 合×2X2.m=6.25m t2=2.5s时A、B间的距离x=L。十x2一x1 5m+5m-6.25m=3.75m: (3)对木板由牛顿第二定律得Amg一：(m十 m+M)g=Maz 解得a2=1m/s 设经过物块B滑到木板的右端时A,B恰好相 磁，则at=Lo十，a=L+2au 解得L=7+26 m; 2 (4)在3=3s时撇去拉力F,A的速度大小v3= aita=6 m/s A的位移x=受=号X3m=9m 木板的速度大小4=azt3=3m/s 撤去拉力F,对A由牛顿第二定律得μmg= 2024一2025学年度单元过关检测（九） 一、选择题 1.D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 从A运动到B,则电子所受电场力方向为A→B, 电场强度的方向由B→A,A错误：沿电场线电势 降低，所以A点的电势一定低于B点的电势，C 错误：电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 以电子在A点的电势能大于在B点的电势能，D 正确；根据题意，不知周围电场线的分布情况，无 法判断电场的强弱，B错误。 2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 势高于其右侧点的电势，故不是A、B间电势最低 的点，A错误：C的电场强度由两个电荷产生的 电场同向叠加而成，方向向右，A的左侧电场方 向向左，故不可能存在与C点电场强度相同的 1A ·26 单元过关检测 mas 解得a3=4m/s2 撤去拉力F,物块A做匀减速运动，木板做匀加 速运动，二者达到共同速度5一一at= y十azt4 解得t4=0.6s,6=3.6m/s A达到与木板有共同速度的位移大小x4= 话-近=2.88m 2as 此后A与木板一起做匀减速运动，由u(2m十 M)g=(m+M)as 2 解得a4=g=3m/s 当A,B有共同速度时6=5二西-3（一2s= as 2 3 2.4s A的位移大小x,==6.72m 2a4 在3=3s时撤去拉力F,A与B达到共同速度 时，A运动的位移大小xA=十x4十x=18.6m B运动的位移大小xB=6(t十t4十t)=12m 则xA>L十xB 所以木板足够长且在3=3s时撒去拉力F,物 体A、B能相撞；A、B两物体从撒去拉力F和木 板共速到A、B相碰的时间为t,则x?十x4十 wt-a,=Lo十w+h+) 解得t=0.2s 因此总时间为△1=t4十0.2=0.8s。 物理·电场力的性质电场能的性质 点，B的右侧两电荷产生电场反向叠加，并且当 十91产生的电场强度大于一q产生的电场强度 时，电场方向与C相同，但因为此位置相对于A 的距离比C相对于A的距离远，所以在此区域产 生的电扬强度一定小于C处的电场强度，B正 确：B右侧场强为0的点满足k马=k竖，电势为 B 0的点满足k=k2,很明显不是同一位置，C TB 错误：由图中电场线分布可知C点电势高于D 点，所以负电荷在C点的电势能低，移到D点时 电势能增大，D错误。 3.C【解析】中x图像，斜率表示电场强度，在x 处的图像斜率不为零，则电场强度也不为零，A ·物理· 错误；x=20cm处图像斜率为零，则满足 长02m=02所以电行M所带电荷 Q。 量大小Q1=4Q,B错误；根据电势变化图像可 知，在0一20cm内，电场方向沿x轴正方向，在 x>20cm处，电场沿x轴负方向，可知点电荷N 为正电荷，点电荷M为负电荷，C正确：根据电场 叠加原理，在一20cm~0内，电场强度不可能为 0,D错误。 4.D【解析】等差等势面越密集的位置电场线越 密集，电场强度越大，则在c、d、e、f四点中，f点 的电场最强，A错误，因为B供电线的电势高于 A供电线的电势，则在c,d、e、f四点中，c点的电 势最高，B错误；将某电子在d点由静止释放，它 会向c点所在等势面运动，C错误；因为d、e两点 电势差等于e、∫两点的电势差，根据W=Ug,可 知将电子由d移到e电场力所做的功等于将电子 由e移到f电场力所做的功，D正确。 5.A【解析】根据电场叠加原理可知，电荷量分别为 q(q>0)和一q的点电荷在，点P(0,a)产生的场强方 (W2a)cs45°- 向沿x抽正方向，大小为E=2k,9 g,所以要使点P(0,a)的电场强度为零，第三 2a2 个点电荷Q的位置应该在y=a的直线上。若Q 在（一a,a),要使点P(0,a)的电场强度为零，则Q 应带负电，且9=票2，解得Q=号 a2 29,A正 确，B错误：若Q在(0,0)，P(0,a)点的电杨强度 不可能为零，C错误；若Q在(a,a),要使P(0,a) 点的电场强度为零，则Q应带正电，且1Q= a g,解得Q-。 2a2 q,D错误。 6.C【解析】a、e、c、f四点在同一等势面上，电势 相同，A错误：等量同种点电荷中垂线上，关于O 点对称的，点的电场强度大小相等，方向相反，B错 误：电子沿直线a→O→c运动过程中，静电力先 做正功后做负功，则电势能先减小后增大，C正 确：b、d到a点的距离为d=√十产=√2r,则在 球心0处放一电荷量为号Q的负电荷，可使a点 的电场强度为E。=一 r2 +2X、Q (V2)cos45° 2 参考答案及解析 0,D错误。 7.D【解析】在电场未反向时，弹簧处于压缩状 态，压缩量为x,根据平衡条件可得qE十mg= k,解得。-9E士mg-2mg,B刚要离开地面 k 时，弹簧处于伸长状态，仲长量为x1,对B根据平 衡条件可得红=mg,解得=爱，由能量关系 可知2md+mg(x十x)=qE(x+x)+kz —吉，解得A的造度大小为v=g√严，D 正确。 8.BD【解析】由于原点O处的电场方向沿y轴正 方向，且点电荷A的电荷量为一q,所以EB应沿 x轴负方向，Ec应沿y轴正方向，B带正电，C带 负电，即A、B带异种电荷，且EB=EA,即 走品-无2，所以电荷B,C的电荷量为 Q=9,A错误，B正确；由于B,C为等量并种电 荷，所以由O点到P点，电势先降低后升高，负电 荷沿直线从O点运动到P点，电势能先增大再减 小，C错误，D正确。 9.BC【解析】只有水平电场时滑块匀速运动，则 qE=mg,再加沿纸面与水平方向成60°角、斜向 右下方、电场强度大小也为E的另一匀强电场时 滑块也做匀速运动，则gE十qEcos60°=f,FN= mg+qEsin60,f=uFN,解得gE=5m 3 mg,u= 号，K=39mf=号西，所以m=2EA错 2 误，B、C正确；滑块沿水平地面运动距离d的过 程中，其电势能变化量等于电场力做功W=(gE 十qEcos60)d=3型，D错误。 2 10.AD【解析】根据题意可知Eg=mg,重力与电 场力的合力为N2mg,方向垂直于AB向下，滑块 在AB轨道下滑时，有一μV2mg=ma,解得a= 一g,加速度大小为g,A正确：由几何关系可知 xm=R,滑块在BC轨道的B,点对轨道有最大压 力，设此时滑块的速度为，轨道对滑块的支持 力为R,有一2mgrm=包md-壹m6,解得 U=√2gR,根据牛顿第二定律，有FN一√2mg= 1A 衡水真题密卷 n景，解得=(2+W2)mg,根据牛顿第三定 律，滑块在BC轨道中对轨道的最大压力为FN= FN=(2十√2)mg,B错误；从B点到C点，电场 力微负功，滑块克服电场力做功为W=Eq· VER-2mgR>2m,所以滑块在到达C点前 已经减速到0，后反向滑回到B点，滑块从B,点 出发到滑回到B点的过程中，合力做功为零，所 以速度大小不变，仍为U,然后沿BA轨道向上 滑行，由于在BA轨道有摩擦力做负功，所以最 后会停在AB轨道上，C错误：由于滑块在BC轨 道上合力做功为0，所以滑回B点时，速度依然 为v=√2gR,设在AB轨道上滑行x1后减速为 0,有-2mg=0-号md,解得石=R,所以 滑块在AB轨道及CD轨道上运动的总路程为 s=x阳十x1=2R,D正确. 二、非选择题 11.1)E=5mg(2a=2y 38 【解析】(1)根据题意，对小球A受力分析如图 所示，由平衡条件有Tcos30°=mg Eg=T++Tcos 60 则有Eq=√3mg 解得E=Bmg, 9 22 mg (2)剪断橡皮筋瓣间，小球的速度仍为0，没有空 气阻力，所以由牛顿第二定律可知Eq一 Tcos60°=ma 解得a=23。 38 12.(1)m=-3000V(2)1000V/m (3)=√3×10C/kg,粒子带负电 1 【解析】(1)在平行于xOy平面内有匀强电场， 且PP2平行于P3P4,在匀强电场中，相互平行 的两线段两端的电势差与两线段的长度成正 1A 2 单元过关检测 比，有二色=dpg 91一pdp12 43 由题得=3=名 'dz633 3 解得%=-3000V; (2)据题意，PP:与y轴交点M(0,3m)电势为 0,点N(5m1m)的电势也为0，即直线 MN为等势线，设MN与y轴间的夹角为a,如 图所示，由几何关系有 _MP-3 tan a-P,N3 解得a=30° 因为电场的方向垂直MN,所以电场方向与x 轴负方向间的夹角为30°，电场强度大小E一 UP M MP2cos a =1000V/m: m a E x/m P (3)在t时间内粒子在y轴负方向上做匀减速运 动，则有%c0s30°=a,a,=E_Esin30° m 解得g=√3×103C/kg,且该带电粒子带负电。 13.(1)4m(2)5m/s2(3)(4-22)m 【解析】(1)根据题意，对小球B受力分析，由平 衡条件有F年=mg 由库仑定律有F= h2 解得h=4m: (2)让一个与A完全相同的不带电的小球C与 小球A接触一下，移走小球C,小球A的电荷量 变为Q'=+2×10-5C 对小球B,由牛顿第二定律有mg一 g=ma h2 解得a=5m/s2; (3)根据题意可知，当小球B所受合力为0时， 小球B的速度最大，设此时A、B距离为h1,由 ·物理· 平衡条件有mg= h 解得h1=2√2m 则有x=h一h1=(4-2√2)m。 14.(1)3mg≤E≤3mg 5q (2)2≥√7g7或v2≤√2g7 【解析】(1)当电场力gE1<mg时，小球在最高 点的速度最小，若小球刚好能通过最高，点，则 在最高点有 mg-g6,=m号 从最低点到最高点，由动能定理得 -(mg-qE)·21=7mt-2md 解得E=3mg 5g 当电场力gE>mg时，小球在最低点的速度℃ 最小，若小球刚好能道过最低点，则在最低点有 qE-mg=mt 解得E=3mg 联立可得要使小球做完整的圆周运动，电场强 度应满足<E<3, q (2)如图甲所示，当电场方向水平，且E=43 3g 时，小球所受重力mg、电场力gE的合力大小 为F=Vmg)+(qE-号mg,与水平方向 的夹角8满足tan0=m罩=3 9E24 若小球获得水平速度后刚好能做完整的國周 运动，在速度最小的位置B满足 F-m 小球从A点运动到B,点，由动能定理得 -mgl(1+sin 0)-qEalcos 0 联立解得吃=√Tgl 若小球获得水平速度边后来回摆动，则小球刚好 能到达C,点或D点（如图乙所示），小球从A点运 动到C点，由动能定理得一mgl(1十cos0)十 qEalsin0- 小球从A点运动到D点，由动能定理得 2 参考答案及解析 -mgl(1-cos 0)-qE:lsin 00-m 解得=√2g 综合可得，≥√7gl或2≤√2gl时细线均不 会松弛。 qE: mg1--2xF 甲 乙 15.(1)1.0m(2)0.2m(3)1.2J(4)6.05J 【解析】(1)A、B,C处于静止状态时，设B、C间 的距离为4，C对B的库仑斥力F,- 以A、B为研究对象，根据平衡条件有F。= (mA十ma)gsin30° 联立解得L1=1.0m: (2)给A施加力F后，A、B沿斜面向上做匀加 速直线运动，C对B的库仑斥力逐渐减小，A、B 之间的弹力也逐渐减小，经过时间o,B、C间的 距离设为L2,A、B两者之间弹力减小到零，此 后两者分离，F变为恒力，则时刻C对B的库 仑斥力为6-置 以B为研究对象，根据牛顿第二定律有 F-mngg sin30°-unag cos30°=maa 联立解得L2=1.2m 则在6时间内，A上滑的距离△L=Lg一L,= 0.2m: (3)6时间内库仑力微的功W。=△E=k9- kqgc 代入数据解得W。=1.2J； (4)在A、B分离前，设力F对物块A做的功为 W1,此时的速度为功，根据动能定理有W十 w,+w6+W=2m+m) 而Wc=-(mA十ma)g△Lsin30° W:=一4(mA十mB)g△Lcos30° =2a△L 联立解得W1=1.05J 1A 衡水真题密卷 单元过关检测 A、B分离后，力F变为恒力，根据牛顿第二定律 代入数据解得W2=5J F-mAgsin30°-mAg COS30°=mAa 则力F对A做的功W=W1+W2=6.05J. 力F对A做的功W2=F(L一L:) 2024一2025学年度单元过关检测（十） 物理·电容器 带电粒子在电 场中运动的综合问题 一、选择题 据库仑定律和牛频第二定律可知9=四，可 r2 1.C【解析】根据电子的运动轨迹，电子受电场力 方向指向轨迹的凹向，可知在M点时电子受电场 知若点电荷的电荷量变为2Q,小球的速度大小不 力指向右下方向，可知电场线大致向左，沿电场 变，小球做园周运动的半径应变为2，B错误：用 线电势逐渐降低，可知<pN,因N点电场线较 另一电荷量为2g的小球使之仍以。绕该，点电荷 M点密集，可知N,点场强较大，电子在N点的加 做圆周运动，根据Eq=mg,可知小球的质量变为 速度较大，即aM<av,A,B错误；若电子从M点 原未的2倍，根据婴=四，可知小球运动半径 r 到N点，则电场力做正功，动能增加，电势能减 仍为r,C正确；只撤去点电荷Q,同时调节电场 小，则Ew<EN,EM>EnY,C正确，D错误。 强度为2E,则小球所受的合力为2Eg一mg= 2C【解折】若保持开关S用合，板据C=品 mg,若初速度沿水平方向，小球做类平抛运动，若 可知将A、B两极板靠近些，电容增大，电容器A 初速度竖直向上，则做匀加速直线运动，若初速 B两极板间的电势差等于电源电动势，电容器所 度倾斜，做斜抛运动，D错误。 带电荷量增大，二极管正向导通，电容器充电，可 4,B【解析】如图所示，在能打到轨道上的粒子中， 得静电计两端的电势差不变，故指针张开角度将 运动到D,点的粒子动能最大，即A、D间电势差 不变，A错误：若保持开关S闭合，根据C= 最大，D为轨道上电势最低的位置，过d点做圆 的切线，电场强度方向垂直于切线，由O指向D, 4k,将A,B两极板正对面积变小些，电容减 E 当粒子水平句右，从A到C的运动过程中，沿 小，电容器所带电荷童将减小，由于二极管反向 AC和垂直于AC方向建立坐标系，运动满足 截止，电路中没有电流，故电容器电荷量不变，根 2Rsin 45-tcos 45,=2 sin 45 gE ,联立解得 据U-是，可知电容器A,B两极板间的电势差增 大，故指针张开角度将增大，B错误；若断开开关 E=Y2m,A错误：OD垂直AC,粒子在电场中 S后，电容器电荷量保持不支，根据C一品可 做类斜抛运动，当而与AC夹角为日时，粒子沿 知特A,B两板板靠近些，电容增大，根搭U-吕， AC方向运动的距离x满足x=tc0s0,t 可知电容器A、B两极板间的电势羞减小，故指针 2wsin9,联立解得x=2V厄Rsin6cos0= E m 张开角度将变小，C正确；若断开开关S后，电容 器电荷量保持不变，根据C一品将A,B两极 √2Rsin20,当0=45°时，即初速度水平向右时，x 最大，落点为C,故有粒子打到轨道的孤长L加= 板正对面积变小些，电容减小，根据U=只， ,可知 交，B正确：AC垂直OD,A,C在同一等势面上 电容器A、B两极板间的电势差增大，故指针张开 故心=而，再由类平抛运动的对称性可知，比方 角度将增大，D错误。 向与AC夹角也为45°，即由O指向C,C错误：从 3.C【解析】若点电荷的电荷量为十Q,则小球带 A运动到D,根据动能定理gER(1一cos45)= 负电，小球所受的匀强电场的电场力与重力平 衡，因此匀强电场方向一定竖直向下，A错误：根 E-一"m受，解得E=2m,D错误。 2 1A ·302024一2025学年度单元过关检测（九）】 物理·电场力的性质电场能的性质 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、选择题：本题共10小盟，共4桥分。在每小题给出的四个达项中，第1一7题只有一项料 合题目要求，每小题4分：第等一10助有多项符合题目要求，每小蒙6分，金部选对的得 6分，选对但不全的得3分，有选蜡的得0分。 思号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 容案 L.如图所示，A,B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受 电场力作用，沿电场提从A运动到B。下列说法正确的是 A.电场的方向山A指向B &A点电场猩度大于B点电场强度 CA点电势高于B点的电势 D.电子在A点的电劳能大于在B点的电势能 二，在A、B两点成置电街量分别为十中和一：的点电青，其形成的电线分布如图所示，C 为A,B连线上的一点，并且A.B可C友的电场强度最小，D是纸面上的另一点，DC连 线与AB垂直。已知无穷运电势为零，电称Q在其周围产生的电势为甲一9，下列说 法正确的是 A.A.B同C点电势最征 我在整个直线AB上不可能存在另一个与C电场强度相同 的点 CAB连线上B的右侧有一点（丰无穷远）电势和电场强度均 为零 D若将另一负电而从C点移到D点，则电荷的电势能观小 3两点电载M,N分别固定在x一一0m和坐标蝶点处，点电荷N的电菊量大个为Q, 取无穷运处电势为0，两个点电背所形成电场的电鳍在 ay x轴上的分布如图所示，上一2的m处电势最低，则下 列说法正确的是 A处的电场强度为0 我电种M的电花量大小为2Q C点电荷N为正电背，M为负电背 D在一290cm0内，电场提度为0的位置只有一个 单元过美检测（九}物理第1页{共8页） 衡水真是 毛在维护和检修高展供电线路时，为了不影响核市用电，电工经常整在高压线上带电程 业。为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属绘线编织的衣蟹（如图甲所示）。图 乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业，头顶上方有B供电线，B供电线的电 势高于A供电线的电势，限线表示电工周用某一蕉面上的等差等势线，r、d、©，F是等势 线上的四个点。下列说法正确的是 产供电线 A在(、d、f四点中，e点的电场最强 B在、d,、f四点中，f点的电势最商 C,将某电子在d点由静止释放，它会向？点所在等劳面运动 D将电子由d移到电场力所敏的功等于将电子由e移到了电场力所做的功 5.如图所示，在0小y平面内有两个电背量分划为(0》和一g的点电固定在点（一a,0) 和点(@，0)，县使点P(0,)的电将激度为零，第三个点电背Q的位置和电荷量可能是 《3 +n0,4 (-u.01 Aa,-竖 我(-日)-29 c0.0.号 D.(a.a)7g 6.如图所示，@，6，，d、,f是以O为球心的球而上的点，球而的半径 为r,平而ak/与平面f垂直，分别在b,d两点放上等量同种烈 电背十Q,静电力常量为★。下列说法正确的是 Aa、c、、四点电势不问 且aFr、了四点电场强度相同 C电子沿直线wO*℃运动过程中，电劳能先减少后增加 若在球心0处放一电而量为受Q的负电而，则a点的电将器度为9 密卷 单元过美检测（九】物理第2页{共8质） 7.如图所示，空间存在竖直向下的匀烈电扬，电场度的大小E一（黑为重力加速度）， A,B两物体通过劲度系数为素的绝缘经直轻质弹簧相连故在水平面上，A,B都处于静 止状态。A,B质量均为网，其中A带正电，电背量为十，B不带电。弹簧始终在弹性限 度内，弹簧的弹性势能可表示为E,=2:,本为弹簧的独度系数，：为弹簧的形变量。 若不计空气阻力，不考虑A物体电荷量的变化，保持电畅强度的大小不变，将电场方向 做为竖直向上，当物体B碳烫离开地面时，A的速度大小为 5网 九R西 3▣ CgN2边 8.点电蒋A,B,C国定在Oy平面内，A,B位于x轴 上2d和3处，C位于y轴上3d处，如图所示。已 34 知在原点D处的电场方内沿y结正方向，点电药A 的电背量为一，点电青B、C的电荷量大小相等，下 列氢述正确的是 A点电构A,B转月种电荷 我点电背B的电荷量为9 C一个带负电的试探电背沿直线从O点运动国P点，电势能始终保持不变 D.一个替负电的试探电荷沿直线从O点运动罚P点，电势能先增大再减小 ,如图所示，一电背量为十g的滑块放在粗酸水平 E 地面上，空同存在水平向右、电场强度大小为 的匀强电场，给滑块一向右的初速度，滑块给好 做匀速直线运动。突然在空同能加沿纸面与水平方向成0角，斜向右下方，电场强度 大小也为E的另一匀强电场，指块仍然做匀速直线运动，重力加速度为：，关于滑块在 两个叠加电场中的运动，下列说法正确的是 A块的质量为5 3m& A清块对地而的压方大小为智向 C带块与地面向的动率擦因败为 D滑块沿水平地面运动臣离d的过程中，其电势能变化量大小为 1A 单元过关检测（九}物理第3页{共8页） 衡水真 10.如图所示，空何存在范围是够大的匀离电场，电场度大小E一紧，方向水平向右，竖 直面内一她據物通由半径为R的二光滑阅混C与足够长的候斜粗稳轨道AB,CD组 成，AB.CD与木平面夹角均为5且在B,C再点与盟无轨道相切。带正电的小滑块近 量为两，电荷量为g,从AB轨道上与圆心O等高的P点以一2食R的建皮沿轨道下 滑。已知滑块与AB,CD转道同的功降擦因数公-号，重力加速度为长.下列说法正 确的是 《》 A.滑块在AB轨道下滑时的加连度大小为馨 B滑块在C轨道中对轨道的最大压力为3g C,滑块显终将在度地道之间做往复运动 几带块在AB轨道及(D轨道上鸢动的总路程为2R 二，非送择驱：本第共5小题，共54分。 11.(6分)如图所示，有三限完全相同，原长均为L的地缘轻质橡皮箭，其中两根的一端固 在天花板上的O点，另一操分别连接质量均为如的带电小球A,B,它们所带的电背 量分则为一？和十？：A.B之司用第三根橡皮筋连接起来。由于空间存在水平向右的匀 强电场，平衡时三根橡皮前的长度均为那长的。已知橡皮前满足柄克定律并始终在 弹性限度内，两小球所蒂电荷量始终不变，不计两小球间的静电力，重力如速度大小为 g。求： (1)匀强电畅的电据激度大小E: (2)若剪斯A,B之间的檬皮筋，明剪斯橡皮底暴同，小缘A的加速度大小。 题密程 单元过美检测（九）物理第4页{共8质) 2倍分如账所示，在平直角坐标系0内有西个点，A一A色…3 13.(10分)如图所示，电荷量为Q=十4×101C的带电金属小球A固定在绝峰的水平面 上，另一个电荷量为9一十4×10+C.爱量为m一0.9g的小球B恰好静止在A正上 B华a-1m和P2等a,一1在空同内有平行于0平面的约强电场， 方的E点。现将小球B先树定，让一个与A完余相同的不梦电的金国小球C与小球 A接船一下，移走小球C,再由E点静止释放小球B。已知小球A,B均可视为霞点，静 且P:.P,P,点处的电势分别为一2000V.1000V,一1000V。有一个重力可以忽略 电力常量为-9×1@心N·m/C,重力知速搜g取10m/,在小球B下落过程 的带电粒子从坐标原点以大小为，一1×1m/,方向与￥轴负方向夹角为的的违度 中，求： 财入第四象限，经过一1×10s,速度恰好平行干x伯且与x轴正方向同向。求， (1)E点到A的高度h: (1)P,点的电势 (2)小球B释放解间的加速度大小a: 《2)匀强电场的电场强度大小： (3)小球B的违度达到最大时的位移x. 《妇》带电粒子的电性及比药是 BO E 单元过美检测（九}物理第5页{共8页） 衡水真题密卷 单元过美检测[九】物理第5页{共8质) IA 14.(13分)如图所示，长度为？的施峰细线将疑量为丽、电背量为？的带正电小球悬挂于0 15.(1了分)如图所示，可视为质点的三物块A,B,C放在横角为8=30，长为L=2m的固 点，整个空间中充满了匀强电场。（取如37-06,837一Q8) (1)当电场为向竖直间上时，若使小球在A点获得水平建度助=√2，小球刚好能在 定斜面上，三物块与斜面到的动学膝因数均为一语A与日紧整在一高，C紧整在 竖直平面内做完整的侧周运动，求电场强度E: 固定挡板上，其中A为不带电的施缘体，B.C所管电载量分群为m=十4.0×10于C (2)当电场方向水平，且电场强度B一时，若不雀让细线松泡，求小球在A点我得 =+么DX10C且保持不变.A,非韵质量分别为A=,0g,mm一Q.6斜kg.开 3g 始时三个物块均能保持静止找态，且此时A,B两物体与斜面问恰无摩擦力作用，若选 韵水平违度，应该清足的条作. 定两点电荷在相距无为证处的电势隆为零，则相距为时，两点地街具有的电势能可表 乐为名-专坐，为使A在斜面上始终做如速度为a-1.5m/的匀如速直线运动， 瑞给A随抽平行于斜面向上的力F,已知静电力常量k一90X1心N·m/C,R 10/W,经过时间%后，力F的大小不再爱生变化。当A运动到制面面鉴到，置去外 力F,求 (1)末蓝加力F时物块B,C同的距商： (2时阿内A上滑的距离： (3)时间内岸仑力做的功： ()在A山静止开始到运动至斜而页报的过程中，力F对A做的总功。 1A 单元过美检测（九}物理第了页{共8页） 衡水真题密程 单元过美检调[九】物理第5页{共8质)