单元检测(八) 动力学、动量和能量观点在力学中的应用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（冀粤辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏A版）

2024一2025学年度单元过关检测（八）】 物理·动力学、动量和能量观点在力学中的应用 (考选时可75分钟，惑分100分》 一，透择题：本题共10小驱，其46分。在每小题给出的四个选项中，第1一7题只有一项料 合题目要求，每小题4分：第等一10助有多项符合题目要求，每小蒙6分，金部选对的得 6分，选对但不全的得3分，有选蜡的得0分。 思号 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 L.如图所示，滑块A,B用轻质弹簧连接后静止在光滑水平面竹根 上，滑块A与左侧竖直国定挡版接触。现对滑块B蓝加一 水平推力下使帝块B向左缓慢运消用某一位置后？持遵 止，一段时间后教去推力F。弹簧始终处于弹性限度内，关于弹簧和带块A,B,下列说 法正确的是 A推力下做的功大于弹簧增加的观性劳 B当弹簧族复源长时，滑块A开始离开销饭 C从箱去推力F罚滑块A离开挡板的过程中，弹簧和滑块A,B组成的系统动量守园 D.从滑块A离开挡板到带块A、B共速的过程中弹簧对A、B两滑块做功的大小相等 2如图新示，竖直面内两个完全相同的：光滑图氧轨道平情对振，P,Q是等高的两端。让 一可视为质点的小球以沿切线的初通度从P袋进人线道，测 A,小球在轨道最低点的机械能最大 玉小球在航道最低点对航道的压力最大 C初速度足够大时，小球可能飞离“凹彩“轨道 山，都速度足够大到，小球一定建通过”"凸形轨道最高点 3.如图所示，在领角为一0的周定粗侵斜面体上，有一可视为质点，质量为m一1kg的 小球用长为L=0.4m的轻绳拴接，轻的另一猴周定在O点，小球静止时位于量低点 A,现给小球一与轻绳垂直的初速度n=4m/,使小球在斜面上险周周运结，经过一反 时间小球刚好能运动到量高点B,重力如速崖夏g=10m/W,忽略空气租力。则小球由 A运动到日的过程中克酸保擦力做的功为 单元过美检测（八1物理第1页{共8页） 衡水真 A.10J R8I C.6J D3J 《.霸台滑雪运动员在助滑度加速后，从足跳区á位置处水平飞出，落在着陆区内的b点，不 计空气阻力，如图所示。E,民，E,P分别表示运动员在空中的重力势能，动能，机城能， 重力的功率，用1表示运动员在空中的运动时间，则下列图像可能正确的是《》 B 5,如图所示，把滑轮国定在便角为37的光滑斜值上，细线跨 过滑轮，质量分判为m,2的A,B两滑块与细线连接并叠 敏在斜面上，A,B沿着斜面分别向上，向下做句速运动，细 线与斜面平行，不计滑轮与绳之间的滑动厚擦力，B的长 度足够长，重力加通度为g,sin3产-Q6,es37-0.8,划 A,B之间的功摩擦因数为 A是 B c n 6如图所示，周定光滑料面慎角=矿，其在编与竖直面内半径为R的固定光滑暖氢轨道 相切，位置D为氢轨道的最低点。质量为2m的小球A和置量为m的小环B(均可视 为面点)用L一1.5R的轻杆通过轻质校链相连，B套在光棉的倒定聚直长杆上，杆和圆 轨道在同一竖直平面内，杆过轨道翼心O,初给轻杆与弱面垂直，在解面上由静止释敏 A,假设在运动过程中两杆不会接撞，小缘能滑过D点且通过轨追连接处时无能量摸失 (速度大小不变)，重力加道度为g,从小球A由静止释截到运动至最低点的过程中，下 列判断正确的是 《》 密卷 单元过美检测（八）物理第2页{共8质) IA A.A和B凯成的系统机械俊不守恒 五附师放时小球A的加室度大小为停。 C小环B速度量大时轻杆弹力为mg D小味A运动到最低点时韵违度大小为 3 7.图新承，固定光滑斜值顶病有一轻质光滑定滑轮，质量为网的物块P和质量为3m的 物块Q用轻质阻绳相连，外力作用干P,使P,Q均静止。某时刻揽去外力，当Q下高的 高度为h时，泪绳斯裂，重力加连度为g,加37一Q.6,P.Q均可视为质点，斜面是够长， 利 A物块P沿斜面上升的最大高度为 且当卸蝇断袋的同闻，物块Q的重力的功率为√2g动 C在组喝断装后，尚块P有斜面向上运动的时润为西 D当物块P运动至最高点时，物块Q的机碱能相对=0时刻减少了费g 8.如图甲示，质量m一2,5kg的物块置于水平桌面上，在水平力P的作用下由静止开始 运动，力F随位移x的变化情况如图乙所示。当物体运动到：一4m处到，物体的速度 达到最大，当物体运动到x=5m处时，插去F,重力加度g=10m/。下列说法正确 的是 A物体与桌面间的动摩擦因数为0.4 &当物体运动到x一4m处时，其动能为525】 C整个过程中，枚力F所做的功为8药J 0 2345 D.量去F后物块还能滑行的距离为1m 单 9.如图甲所示，一倾料作送带以2m/的迷度沿逆时针方向匀述转动，=0时刺，将一质 量为1kg的物块轻放在作送带底端，物块在传送带上受到的摩馨力随！同的变化如周 乙所示（取平行传送带间上为正）。重力都速度g取10m/零，m3=06,83T-0. 8,下列说法正确的是 单元过关检测（八1物理第3页{共8页） 衡水真 乙 A.传送带的衡角为3的 B物块与传送梦同的陆岸擦因数为Q8 C传送带的长度为10m D运动过程中，物块相对传送带的位移大小为5m 10,物块P,Q中间用一根径质弹簧相连，敛在光滑水平面上，物块P的质量为2kg,如图 甲所示，开始时两物块均静止，弹篝处于原长，1一0时对物块P葡加水平向右的力 F,=1·时数去，在0一1内两物体的加速度随时间变化的情况如图乙所示。关于整 个运动过程，以下分析正确的是 《) 战m1s 10 08 +P000g At一1s时Q的建皮大小为0.4m/s 且面力火小为2N C,一1s内P的动量增加量为2g·m/% 口量去推力后弹簧是长时，Q的速度大小为Q8m/, 二，非选择m:本共5小题，共54分。 11.(6分)在探究加速度和力、质量的关系实骏中。小车受到的拉力渊定章关重要，用如 图甲所示的实验装置，不计滑轮与泪线，轮轴间摩擦。已如当地的重力加速度g 10m/x2 打点计时蓉小车M 宁方传# tm· 单 题密程 单元过美检测八】物理第4页{共8质) 1)实染前，选择码时，榜马的质量网〔选填餐”或“不署要“)调足远小于 小车的爱量M.此时（洗填需要”或不需要）测定情弱质量 《)实验·：小车质量M不变，改变槽码厦量，多次实验，测出力传感器的值F和小车 加速度。作出：F图像，如乙所示A娱，则图线A与横轴P的交点的含义 为 《3)实验二：改变小车的质量，用同一装置重复做了被实验小组的实验，作出小车质量 为M时的：F图像为B线，则两线所对应的小车賈量M和M相比较，M M(进填大于一等于或“小于)。 12《8分》在验证机域能守氨定律的实验中，某同学采用如图甲所常装置，烧过定滑轮的组 线上悬挂资量相等的重物A和B,在B下面两挂斯母C,已知打友计时善所用交流电 戴的扇率为50H 打点对器 纸 甲 份 (1D在重物A下方固定打点计时器，用纸带连接A,测量A的运动情况。下列操作过程 正确的是。（填正确荐案标号】 A.固定打点计器时应将复写纸定位轴置于系重物A的细线的正下方 我交装打点计时着时要经直架稳，使其两限位孔在同一竖直线上 C接通电额前让重物A尽量靠近打点计时器 D.应送取最初第1.2两点可南离接近2mm的纸带 (2)某次实购结束后，打出的纸梦的一部分如图乙所示，A、B.C为三个相绵计时点。则 打下B点时重海的速度n=m/、。(结果保留三位有效数字) 《3)知果本实验室电源领率大于0日x.则瞬时速度的测量值《选填”塘大”或 “偏小“。 《4)已知重物A和B的疑量均为M,钩码C的质量为m,某次实验中从纸蕾上测量重 物A由静止上升高度为五时对度计时点的速度为，取重力加速度为，则验正写 统机候能守恒定律的表达式是 单元过美检测（八1物理第5页{共8页] 衡水真是 (5)为了离定当地的重力加建度，改变钓野C的质量程，测得多组m和对应的加速度 ,作出】一上图橡如图丙新示，图线与纵射假距为点，期当地的重方知速度 为一 13.(10分)如图所示，竖直平面内率径为R=4m的光滑置氢轨道AB固定在是够长的水 平地面上，轨通AB的底喇与水平地面相物于B点，其圆心O在B点的E上方，QA与 竖直方内的夹角为一0°，一质量为m一2郊的带块1从A点由静止开始下滑，另 一质量为一10kg的滑块2静止放于水平地面上的C热，C的长度为L一1m,两 滑块均可视为质点，两滑块的摄撞为弹性罐植，两滑块与水平地面间的动摩擦因数均 为红0,2，重力加速度大小取g=10/。求： (1)滑块1第一次到达属轨道底增B点时，对圆弧轨道的压力大小： (?)滑块1第次到达C点时，因成撞使带块2我得的速度大小。 密卷 单元过美检测（八）物理第6页{共8质) 1A 14.13分)如图所示，置量为m=0,2kg的小车静止在相精的水平地面上，小车与水平面 向的动章擦因数m一0.0，圆定挡板P誉在小车左侧，质量为罗的将块P静止下小 车的上表面A点，A友左侧是一常径R=0,5m的光带四分之一国气，右侧水平且 简。现将质量也为m一0.2kg的小物块尸由圆氧顺墙无初速度释放，沿置到下滑至 A点与P发生弹性碰撞，碰撞时何极短，P,P与小车何的动摩擦博数均为海一 心.30，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，最终两物块均未从小车上滑落，两小物块均可看 成质点，重力加速度一10m/,求， 《1)物块P:下滑至A点还设有发生撞的财小车的压力： (2)P,,P:发生弹性碰植后各自的速度： 《3)最终P,P同的矩离（结累保留3位有效数字）. 1A 单元过美检测（八！物理第了页{共8页） 衡水真是 15,(1了分)如图所示，在水平地面上静置一质量M=2k思的长木板，在长木板左端静置一 质量m=1kg的小物块A,在A的右边静置一小物块B(B表直光滑)，B的质量与A 相等，A,B之间的蜂离L,一5m,在t一0时刻B以w一？m/s的初建度向右话动，间 时对A施加一水平向右，大小为8N的拉力下F,A开始相对长木板带动，一2s时A 的速度大小为助一4m/s,木板与地面间的动摩擦因数：一0.Q5,说量大静享擦力等于 滑动摩题力，g=0m/。 (1》求物块A与术版列的时焊擦因数户A: (2)已知3=258时两物块均未滑离长木板，求此时物块A,B间的距离 (3)当B情到木板的右端时A,B恰好相疆，求木板长度L (4)若木板足够长庄在与=3s时撞去牧力F,试分析物体AB能杏相檀？若能，求A B两物体从撞去拉力F到相撞所用的时间：若不能，求A,B两物体从辙去枚力F 刊A,B之间距离达列最小离的时何。（结果可用根式表示》 密卷 单元过美检测（八）物理第8页{共8质)·物理· 参考答案及解析 所以，木板的长度为L=2X4g 6 解得1一嘉 2024一2025学年度单元过关检测（八） 物理·动力学、 动量和能量观点在力学中的应用 一、选择题 1.B【解析】水平面光滑，对滑块B施加一水平推 度为A=2g,以b为零势能点，则有E=E 力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持 mg·h=E。一”竖，A错误根据动能定理有 静止，根据功能关系可知推力F做的功等于弹簧 增加的弹性势能，A错误；当弹簧恢复原长时，滑 成-=mg,可得瓜=瓦十受，B正确 块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开 平抛过程中只受重力，故机械能守恒，Et图线应 挡板，B正确；从撒去推力F到滑块A离开挡板 为横线，C错误：运动员沿竖直方向上的速度为 的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和 y,=gt,则重力的功率P=mg·U,=mg2·t,D 滑块A、B组成的系统动量不守恒，C错误：从滑 错误 块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中，弹簧5.D【解析】先对A进行受力分析可得F一f= 对A、B两滑块做的功等于弹簧弹力与A、B位移 ngsin37°，再对B进行分析可得F+f 的乘积，因为弹簧对于A、B的弹力大小相等且在 2 ngsin37°，联立可得F=0.9mg,f=0.3mg,根 此过程中xA卡xB,所以弹簧对A、B做功的大小 不相等，D错误。 摄fN可得一卡-m87=骨D正克。 2.B【解析】小球在光滑圆弧轨道上运动，只有重 6.B【解析】小球A下落到最低点的过程中，A和 力做功，机械能守恒，A错误；小球在轨道最低点 B组成的系统只有重力做功，故A和B组成的系 有R一mg=m号，根搭执核能守恒E=m㎡十 统机械能守恒，A错误；刚释放小球A时，由牛顿 mgh,则小球在轨道最低，点速度最大，则小球在轨 第二定律可知2 mgsin0=2ma,解得a=号g 28,B 道最低点时轨道对小球的支持力最大，根据牛顿 正确：小环B速度最大时，小环B在竖直方向上 第三定律得小球对轨道的压力最大，B正确：设小 的合力为零，轻杆的弹力竖直分量为mg,而只有 球与竖直方向的夹角为0，在“凹形”轨道运动，根 A到达最低点，B速度为零时，轻杆的水平分量 据牛领第二定律有R一mg0s目=m号，小球的 才为零，故小环B速度最大时，轻杆弹力大于 mg,C错误；几何关系如图所示，设A初始时刻距 重力与轨道对小球的支特力的合力提供向心力，支 离最低，点的距离为h,由几何关系可知Rsin十 持力不可能为零，所以初速度不管有多大，小球 都不可能飞离“凹形”轨道，C错误；在“凸形”轨道 am日=1.5Rsin0,解得1=R,设小环B初 运动，根据牛顿第二定律有mg©os日-F=m巴 始时刻距离最低点D的距离为h2,由几何关系可 初速度足够大时，小球的重力与轨道对小球的支 知h2=h1十1.5Rcos0=2R,由系统机械能守恒 持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过 可知2mgh1十mg(h2-1.5R)=号×2m,解得 2 “凸形”轨道最高点，D错误。 3.D【解析】小球刚好运动到B点时，轻绳没有作 n=√3gR,D错误。 用力，则由牛顿第二定律得mgsn日="，设小 球由A到B的过程中克服摩擦力做功为W,由 动能定理得一2 mglsin0-W=2mui-7m6, h 77466446 解得W:=3J,D正确。 7.C【解析】根据题意可知，当Q下降的高度为h 4.B【解析】运动员在空中做平抛运动，下落的高 时，细绳断裂，根据几何关系得，P上升的高度h' ·23. 1A 衡水真题密卷 单元过关检测 sin37”=h,知绳断裂的醉间P.Q建 = h 10.BD【解析】at图像与坐标轴围成的面积表示 速度变化量，若0~1s内Q的加速度均匀增大， 度大小相等，对P、Q整体，根据机械能守恒有 3mgh-mgh'=(3m十m),解得=√88h, 9 则=1s时Q的逵度大小等于0=号X1× 0.8m/s=0.4m/s,由图可得实际Q的a-t图像 细绳断裂后，P还能上升的最大高度满足mgh1 与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大 一之m,解得-品，则物块P沿斜面上升的 时at图像与坐标轴围成的面积，故t=1s时Q 的速度大小大于0.4m/s,A错误；t=0时，对物 兼大高度H=W十-6，A错误；当知绳断梨 块P有F=mpa=2X1N=2N,故恒力大小为 的瞬间，物块Q的重力做功的功率P=3 ngusin53° 2N,B正确：施加水平向右的恒力F的过程中， =9mg/2g,B错误：细绳断裂后，物块P在斜 根据动量定理有Ft=mpw1十mo0g= 5 2kg·m/s,故0~1s内P的动量增加量小于 西上的运动时间1g品37一员√受，C正确 2kg·m/s,C错误；t=1s时，对物块P、Q整体 有F=(mp十ma)a1,解得mg=0.5kg,撤去推 根据题意可知，细绳断裂前P、Q组成的系统机械 力后，P、Q共速时，弹簧最长，有Ft=m即1十 能守恒，细绳断裂后，物块P、Q的机械能均守恒， mo2=(mp十mQ)v,解得撤去推力后弹簧最长 则当物块P运动至最高点时，物块P增加的机械 时，Q的速度大小为v=0.8m/s,D正确。 能等于物块Q的机械能相对（一0时刻的减少 二、非选择题 量，即△E=mgK十h)-器mgh,D错误。 11.(1)不需要 不需要(2)小车受到的阻力 (3)小于 8.AD【解析】当物体运动到x=4m处时，物体的 【解析】(1)根据题意，由图甲可知，细线对小车 速度达到最大，此时摩擦力f=F4=10N,根据f =mg,解得u=0.4,A正确；Fx图像与x轴围 的拉力可以通过力传感器测量，则不需要满足 槽码的质量m远小于小车的质量M,也不需要 成的面积代表功，物体运动到x=4m处时，力F 测定槽码质量。 做s功大小w,=10牛15×2J+15×1J+10牛15×1了 2 2 (2)由图乙可知，由于加速度a=0时，拉力F不 =52.5J,摩擦力做功大小W:=fx=10×4J= 为零，则小车受到阻力作用，设小车受到的阻力 40J,根据动能定理Wr一W:=Ek一0，解得E= 为f,由牛顿第二定律有F一f=Ma,可知，当 12.5J,B错误：从开始到物体停止拉力所做的功 a=0时F=f,即图线A与横轴F的交点的含 为w=1015×2J+15×1J+15+5×2J= 义为小车受到的阻力。 2 2 (3》由②分析，整理可得a=-方，可知，图 1 60J,C错误：物块从开始运动到最终停下来的过 程有Wm一fx=0一0，解得x=6m,所以撒去F 像的斜率表示小车质量的倒数，由图乙可知，图 后，物体还能滑行的距离为d=6m一5m=1m, 线A的斜率大于图线B的斜率，则M小 D正确。 于M。 9.BD【解析】由图乙可知，在0~一5s内，摩擦力f 12.(1)BC(2)1.05(3)偏小 =6.4N,在5~10s内，摩擦力f2=6N,在t= 5s时突变，说明在5一10s内物块与传送带共速， (0mgh=22M+mt(6片 则有f2=mgsin0,解得0=37°，A错误；在0~5s 【解析】(1)为减小纸带运动过程中所受的摩擦 内为滑动摩擦力，即f1=mgcos0,解得=0.8， 阻力，打点计时器振针应置于系重物A的细线 B正确：物块在0~5s内做匀加速运动，5~10s 的正下方，而定位轴的位置在复写纸中心，在振 针旁边，所以定位轴不应在重物A的细线的正 内微匀追运动，则传送带的长度L=受十，解 下方，A错误；安装打点计时器时要竖直架稳， 得L=15m,C错误，运动过程中，物块相对传送 使其两限位孔在同一竖直线上，B正确：为了能 带的位移大小为△x=t一L,解得△x=5m,D 在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当 正确。 的数据，点，接通电源前应让重物A尽量靠近打 1A ·24 ·物理 参考答案及解析 点计时器，C正确：本实验研究的对象不是做自 解得FN=3mg=6N 由落体运动，无需选取最初第1、2两点间距离 由牛频第三定律可知，物块P2下滑至A点还没 接近2mm的纸带，D错误。 有发生碰撞前对小车的压力大小为6N,方向竖 (2)打B点时重锤的瞬时速度等于打A、C两点 直向下； 间的平均速度，即%一2行 42.0×10-3 (2)设碰后P1、P2的速度分别为功、2，根据动 2×0.02 m/s= 1.05m/s。 量守恒有mw=m十受刘 (3)如果本实验室电源频率大于50Hz,则计算 根播机核能中恒有7m话=之m…暖十号×受d 醉时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 使瞬时速度的测量值偏小。 联立解得M=4m/s,=1m/s: (3)P、P2碰撞后均做匀减速运动，加速度大小 (④)根据机械能守恒定律有M叶m)g=号(2M什 均为a1=g=3m/s2 md+Mgh,整理得mgh=2M+mt. 小车的加速度为a2= 地mg十地·受gA·受g 5m (⑤)对A、B、C整体根据牛顿第二定律有(M十 2 m/s m)g-Mg=(2M+m)a,整理得1=2M.⊥+ 设经1时间P2和小车相对静止，此时速度为 a g m 由题意可知b=日，解得g=2 v=vz-at=at g 13.(1)40N(2)2m/s 解得=号s=号6 【解析】(1)滑块1下落到圆孤轨道底端过程 之后P继续做匀减速运动，加速度大小仍为 a1=3m/s2,以小车和P2为整体，根据牛顿第二 中，由机械能守恒得mgR(1一cos)=号m 2m话 定律可得a·受g·罗g=2ma 在B点时有F一mg一m是 解得a3=0.5m/s 解得=2√/10m/s 小车和P2整体以加速度aa=0.5m/s2做匀减 FN=40 N 速运动，小车和P:停下所用时间为红=巴 as 由牛领第二定律可知滑块1第一次到达圆弧轨 道底瑞B,点时，对圆弧轨道的压力大小为40N; (2)滑块1从B点到C点过程中，由机械能守恒 此时P:的速度为v=一a1(t十t)=1m/s 得受m味-司m话=一mL 之后A也停下所用时间为私-名号。 两物块发生弹性碰撞，有m1=m欧十m2西 系统静止，画出速度一时间图像如图所示。 ◆/m·s)】 4 解得2=一4m/s 3号 =2m/s 即滑块1第一次到达C点时，因碰撞使滑块2 获得的速度为2m/s。 14.(1)6N,竖直向下(2)4m/s1m/s (3)2.37m 25 【解析】(1)P2由圈弧顶端滑至A点，由机械能 0 守恒得mgR=m6 解得=3m/s 小率的位移为x-受4十2)-0.2m 由牛颜第二定律可得PN一mg=m R 最终P,P,间的距离为△x=号（十4十） ·25· 1A 衡水真题密卷 单元过关检测 71 m≈2.37m。 mas 解得a3=4m/s2 15.(1)0.4 (2)3.75m(3)7+26 m(4)0.8s 撤去拉力F,物块A做匀减速运动，木板做匀加 2 速运动，二者达到共同递度一西一a3t4= 【解析】(1)由运动学公式得-a1t y十agt4 解得a1=2m/s2 解得t4=0.68,=3.6m/s 对A由牛顿第二定律得F一Amg=ma A达到与木板有共同速度的位移大小x4 解得=0.4： (2)t2=2.5s时B运动的位移大小x2=t2= 号-近=2.88m 2as 2×2.5m=5m 此后A与木板一起做匀减速运动，由以(2m十 1 t=2.5s时A运动的位移大小x1=2a号 M)g=(m+M)as 含×2X2.5子m=6.25m 、2 解得a,=g了m/s 2=2.5s时A、B间的距离x=Lw十x2一x1 当A,B有共同速度时6-些二西-36)一2s 5m+5m-6.25m=3.75m: 3 (3)对木板由牛顿第二定律得amg一：(m十 2.4s m+M)g=Ma2 A的位移大小，=述=6.72m 解得a2=1m/s 2a4 设经过物块B滑到木板的右端时A、B恰好相 在妇=3s时撒去拉力F,A与B达到共同速度 磁，则吃a=Lo+nd,a=L+2a 时，A运动的位移大小xA=十x十x=18.6m B运动的位移大小xB=6(t十t4十)=12m 解得L=7+2 则xA>LO十xB 2 -m; 所以木板足够长且在t=3s时撒去拉力F,物 (4)在=3s时撒去拉力F,A的速度大小v3= 体A、B能相撞；A、B两物体从撒去拉力F和木 aita=6 m/s 板共速到A、B相碰的时间为t,则x十x4十 A的位移x=24=号×3m=9m wt-2a,2=Lo+w++0 木板的速度大小w4=a2t3=3m/s 解得1=0.2s 撒去拉力F,对A由牛顿第二定律得μmg= 因此总时间为△1=t4十0.2=0.8s。 2024一2025学年度单元过关检测（九） 物理·电场力的性质电场能的性质 一、选择题 点，B的右侧两电荷产生电场反向叠加，并且当 1.D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 十1产生的电场强度大于一9产生的电场强度 从A运动到B,则电子所受电场力方向为A→B, 时，电场方向与C相同，但因为此位置相对于A 电场强度的方向由B→A,A错误：沿电场线电势 的距离比C相对于A的距离远，所以在此区域产 降低，所以A点的电势一定低于B点的电势，C 生的电扬强度一定小于C处的电场强度，B正 错误：电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 以电子在A点的电势能大于在B点的电势能，D 确：B右侧场强为0的点满足k臂=紧，电势为 正确；根据题意，不知周围电场线的分布情况，无 0的点满足k型一k2,很明显不是同一位置，C 法判断电场的强弱，B错误。 2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 错误：由图中电场线分布可知C点电势高于D 势高于其右侧点的电势，故不是A、B间电势最低 点，所以负电荷在C点的电势能低，移到D点时 的点，A错误：C的电场强度由两个电荷产生的 电势能增大，D错误。 电场同向叠加而成，方向向右，A的左侧电场方 3.C【解析】中x图像，斜率表示电场强度，在x 向向左，故不可能存在与C点电场强度相同的 处的图像斜率不为零，则电场强度也不为零，A 1A ·26