单元检测(七) 动量守恒定律-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（湖南专版）

衡水真题密卷 2024一2025学年度单元过关检 一、选择题 1,D【解析】由于空气阻力忽略不计，玻璃杯从同 一高度落下，根据自由落体运动的规律=2gh 可知，落到硬地和地毯上的速度相同，根据动量 公式p=m0可知，动量是相等的，A错误：由于碰 撞后都没有反弹，根据动量定理得I=0一mU, 冲量也相同，B错误：动量的变化量△p=0一m0, 则动量的变化量也相同，C错误：由合外力的冲量 公式I一F可知，落在硬地的时间更短，冲量的 变化率更大，D正确。 2.D【解析】火箭向下喷出水，水对火箭的反作用 力是火箭的动力，A错误；火箭加速上升过程处 于超重状态，减速上升过程和加速下降过程处于 失重状态，B错误：喷水瞬间由动量守恒定律可得 一(M一m)=0,解得火箭获得的最大速度 为一M”m,C错误：以向下为正方向，上升 过程由动量定理可得(M一m)gt十fb41=0十 (M一m),下降过程由动量定理可得(M m)gt2-f2t2=(M-m)v,其中fit1=kuh=kh, f2l=u=h,联立解得t=t1十t红= (M一m)u十m地，D正确。 (M-m)g 3.A【解析】对人和竹竿组成的系统，可看成人船 模型，所以1=m2x2,代入数据可得人的质量 约为m2=45kg,A正确。 4.B【解析】设苹采刚接触钢板时速度为，取向 上为正方向，根据动量定理，有(F一mg)1=0 (一mo),解得v=2m/s,设苹果在钢板上的碰伤 阅值为h,有2=2gh,解得h=0.2m=20cm,B 正确。 5.B【解析】A自由下落过程，有mg·3x m,A,B碰控过程，满足动量守恒，则有 m%=2m,A、B碰后恰能一起回到O点，则有 是×2m听十E。=2mg,联立解得，碰提前弹簧 的弹性势能为E=m,B正确。 2 5 ·2 单元过关检测 测（七）物理·动量守恒定律 6.A【解析】A与B碰撞过程，取向右为正方向， 由动量守恒和机械能守恒可得m口=mUA十 2m,2md=之m十号×2m6,联立解得瑾 后A,B的速度分别为1-一号，m一号B与 2 C碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒和机械 能守恒可得2mvs=2m6十kme,号×2m哈=司 ×2m+2 Xkm呢，联立解得碰撞后B的速度 为哈一器一局，为了保证A与B只发生一次壁 撞，霄要满足呱「= 2(2-k2 3(2+≤1a1= 一由于>2，则有号爱君<分联解 得2<k≤6，A正确。 二、选择题 7,BC【解析】0~6时间内，根据动量定理可得 Fto一fo=mm一0，to~3t时间内，根据动量定 理可得-f·2lo=0-mm,联立可得F=3f,在 此过程中F的冲量大小等于1=受m,B.C正 确：0一t6时间内，根据动能定理可得Fx1一fx =7m-0,又F=3,联立可得在此过程中F 所微的功为W,=P=寻md,A错误；设物体 与桌面间的动摩擦因数为4，t一3。时间内，根 据动量定理可得一mg·2=0一mm,解得u= ,D错误。 2gto 8.ACD【解析】滑块B在传送带上滑动，根据牛 顿第二定律有mg=ma,可得滑块B的加速度 为a=g,则滑块B加速到时的位移为x=a 嘉则传送带至少长嘉A正确：滑块B以 速度g与A发生弹性碰撞，根据动量守恒有m =mm十m,根据机械能守恒有之md- 之m十之m吃，解得碰撞后A,B的建度分别为 1 ·物理· V1=0,功=%，A滑块在圆孤最高点时，根据牛顿 第二定律有mg=m员，从碰撞后解间到A滑块运 动到圃孤最高点，根据机械能守恒有2m暖 m十mg·2R,解得R=是则安保证被撞后的 A滑块能沿圆孤轨道运动，國孤轨道的半径最大 为票若A凝高点小于四分之一圆孤，则丰径可 以无限大，B错误；滑块B第一次在传送带上运 动达到传送带速度所需时间为白1=出=，C正 a ug 确：滑块B第一次在传送带上加速运动的位移为 ==嘉修送带运动的路程为=4一 延相对位移为△一石一g产生的内能 g 为Q=mg·△a=之m6,第一次碰捷后B静 止，A清上圆孤后又滑回来与B发生碰撞，根据 机械能守恒可知，A滑上圆弧后又滑回来的速度 仍然为0，由上述分析可知，与B发生第二次碰 撞后，A的速度为零，B的速度为0，方向水平向 左，然后滑块B在传送带上做减速运动，直到速 度为零，则减速的时间为妇=-，减速的位 世g 移为-明-嘉减连过程中，传远带的略 程为==暖，此过程的相对位移为△， 3远，此过程产生的内能为Q=mg· x十5=24g △=三m6,B速度减为零后又开始向右加速， 与第一次碰撞前情况相同，所以若A与B能在O 点发生多次碰撞，则当A与B发生第三次碰撞 时，产生的总内能为Q=2Q十Q=号m6,D 正确。 9.BC【解析】设B下滑过程中加速度大小为a,B 由静止释放后至第一次与A碰撞经历的时间为 t1,第1次与A碰前瞬间的速度为，则对B由牛 顿第二定律得mg sin0=ma,由运动学规律得L =多aid=2aL,解得6-√受o=VL,A桶 2 参考答案及解析 误；第一次碰撞后A的速度为v1,B的速度为 Um,由动量守恒和机械能守恒得mo=mU如十 ma,受m=之城十是m,解得w= √gL,m=0,B正确：第一次碰撞后，A匀速下 滑，B匀加速下滑，发生第一次碰撞到发生第二 次碰撞的过程中两滑块下滑的位移相等，所用时 间为，则有w4=名，解得6=4√后，C正 确：B与A发生第一次碰撞至发生第二次碰撞，A 的位移为x=U红=4L,滑块A克服摩擦力做的 功W=mgxcos a=mgxsin a,解得W=2mgL, D错误。 10.BD【解析】1=0时B的速度为vB=1.2,当 弹簧被压缩至最短时，弹簧弹性势能最大，此时 A、B速度相等，即t=o时刻，根据动量守恒定 律maX1.2=(mB十m),得mB=5m,根据 能量守恒，摩擦力对A、B做的总功为W,= 2mg匠=3,6m听，A错误；B接触弹簧后，压缩 弹簧的过程中，A、B动量守恒mBX1.2= 6mh=mgg十mAvA,对方程两边同时乘以时间 △1，有6n·△1=mgB·△十mAUA·△1,0~4g 之间，根据位移等于速度在时间上的累积，可得 6mo=5msB十m5A,将sM=0.36hlo代入，得 sm=1.128%o,弹簧压缩量的最大值为△s= SB一5M=0.768%0,B正确：若A在斜面上运动 的过程中，B也滑上斜面，此时A、B的加速度均 为a=gsin37°+gcos37°=12m/s2,C错误： 分离时A的速度01=2h,B的速度2=0.8m, A,B在斜面上运动时，重力沿斜面上的分力与 滑动摩擦力相等，所以当两物块速度减到0时， 会保持静止状态，A上滑的距离51=（②）严- 2a 普m,B上滑的距高=O少- 2a 2m, 最终A的机械能比B的机械能多△E=EM Ew=mgs1sin37°-5mgs2sin37°=0.2m6,D 正确。 三、非选择题 11.(1)C(2)PN(3)3.66×10-3 5 衡水真题密卷 (4)m=%+ h'√h 【解析】(1)小球离开轨道后做平抛运动，由于 小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时 间相等，则小球的水平位移与小球的初速度成 正比，因此可以用小球的水平位移代替其初速 度，C正确。 (2)A小球和B小球碰撞后，B小球的速度增 加，A小球的速度减小，所以碰后A球的落点距 离O点最近，B球的落点距离O点最远，中间一 个，点是未放B球时A的落，点，因此未放B球 时，A球落地，点是记录纸上的P点，放上B球 后，B球的落地点是记录纸上的N点。 (3)将小球的质量与水平位移的乘积作为“动 量”，则碰后总动量为中=m:OM十m2ON (0.0168×0.1310+0.0056×0.2600)kg·m/s= 3.66×10-3kg·m/s。 (4)由题意可知，小球平抛运动的水平位移相 同，且N点为未放B球时A球的落点，P点为 放上B球后A球碰后的落，点，M点为B球碰后 的落点，由平抛运动规律得x=,h=之g,联 立解得=x√员，若碰撞过程中动量守恒，则 g 应满足m=m十m2 12.(4)0.08(5)0.1600.1581.25 【解析】(4)根据图丙中图像与横轴围成的面积 表示弹簧对m微的功，则有W=号×8X2X 102J=0.08J。 (5)设m1与m2碰撞前的速度大小为，根据动 能定理可得W=2m1话，解得6=1m/s,则m 和m?组成的系统，碰撞前总动量为p1=m1%= 0.160kg·m/s,由图丙可知弹簧的劲度系数为 k=卫 =2×i0-N/m=400N/m,设m:与m 8 碰撞后的速度大小分别为凸、，右侧弹簧的最 大压缩量为xA,左侧弹簧的最大压缩量为xB, 由图乙可知FA=kxA=1.6N,FB=kxB= 7.6N,解得xA=0.4×102m,xm=1.9X102m, 5 2 单元过关检测 根据功能定理可得吃听-号·一受·， 2 话-受-·，解得=0,2m, h=0.76m/s,则m1和m2组成的系统，碰撞后 总动量为p2=m2边一m功=0.158kg·m/s, 实验相对误差为6=血一血X100%= 10.160-0.1581×100%=1.25%。 0.160 13.(1)60N,方向竖直向下(2)E,≤24J 【解析】(1)物块P从B到A过程，根据动能定 理有一mgR=0-之m呢 物块P在B,点，根据牛顿第二定律有N一 mig-m Ri 解得N=60N 根据牛顿第三定律，物块P对轨道的压力大小 为60N,方向竖直向下； (2)弹簧弹开两物块过程有m1m一m2a=0 Em味+名吃 1 当物块Q冲上FG圆孤又返回E点与小车共速 过程有m2℃ae=(m2十s)内 合m6=2mgLe十（m十m话 解得Em.=24J 所以被锁定弹簧的弹性势能E,≤24J。 14a3m/g8m/g28m3鵠m 【解析】(1)刹车后醉间木块的加速度大小为 a-kimg-3 m/s m 刹车后瞬间木板的加速度大小为a2= (M十m)g二ms=8m/s2; M (②)木板减速到静止的时间4==1 在0一4时间内木板的位移-盖-片n 在0h时间内木块的位移4=4一2片- 13 32 m ·物理· 5 木块相对木板的位移△s=x典一%一2m h时刻木块的速度为=一a14=手m/s .5 25 此后木块速度为0时的位移工1一2a一96m 为了使木块与挡板不发生碰撞，木板长度的最 6 小值L=△s十x1=2m: (3)在第(2)问上，木块与挡板碰撞，由动量守恒 定律有m=(m十M)2 解得=子m/s 此后整体一起以aa减速直到静止，有a?= (m+Mg=5 m/s m+M 9 从开始利车到木板最后停下来总的刹车距离s= .49 xk十x=i160m。 15.嘉 (2)g2μg ®2。 (4 204g 【解析】(1)对A、B分析有3m=(m十3m)0 对A分析有4·3mgd山=2mi而 1 36 解得d=32g (2)长板A与滑块1发生第1次弹性碰撞过程 有mo=mu1十2m0 2m%=之m流+号×2md 解得=一4功 .1 =2w A、B第二次达到相同速度有3mo十mv1= (m十3m)m 对A分折有·3mgd=之m喝-司md 解符d,=324g 滑块1与滑块2碰撞后速度发生交换，滑块1碰 后静止，滑块2运动速度为2而： 1 (3)A、B发生相对运动过程中的加速度大小分 .2 参考答案及解析 别为 a-L…3mg=3g m an-tomg-g 从滑块1第一次被碰后，直到滑块1碰滑块2， 历时组-品动8 A的速度反向减速到0，历时A==, -12g 可知ta>t2 表明A的速度减小到0时，A距滑块1最远，最 运距离为m=d十密 解得xm一24g (4)A与滑块1第二次碰撞有m0=mvu十 2mv 1 2m味+号×2m暖 站合上速解得呢=一名 1 %一30 2 w=30 依次奏推有%一（得）尸咖 o(n=1,2,3,…) A、B的相对加速度为a=4g 第n次碰后相对速度为v脚对=，十|加|= (+号)×（号）=(》 第n次硅后，B在A上清行的路程为L-芸= 品》-12.3… 第无穷次碰后，B在A上滑行的路程为1= 燕1-台) 话一十 所以，木板的长度为L一2X4g 76 解得L=20p4g2024一2025学年度单元过关检测（七） 物理·动量守恒定律 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、选择题：本题共6小恩，每小盟4分，其4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题日要求。 颜号 容案 【.一司学事先在坚硬的地雀上帕上一层块锐厚皮近小于下落的高度)，然后将手中的玻璃杯 从一米多高处白由释放，支璃杯落在地酰上安然无慈，没有反弹便静止了。接着他又检起鼓 璃杯，同时移开地钱，将玻璃杯从可杆的高麦白由释成，玻璃种落在硬地上种裂成几块。醉片 也没有反弹。空气阻力第略不计。该同学通过比较分所得出的正确结论是 人，玻璃杯落在硬地上时的动量更大 县玻璃杯受到硬地的冲量更大 C,玻璃杯与硬地伤用过程中动量变化量更大 D玻璃杯与硬地作用过程中动量变化米更大 2如图所示，某中学航天兴趣小组在一次发射实数中将总质量为M的自 封“水火德"静置在地面上。发时时水火箭”在极短时问内以相对地面 的连虞，竖直向下喷出质量为知的水。已知火箭运动过程中斯受 力与速虔大小戴正比，火箭落地时速度为，重力加速度为g,下列说法 正确的是 A火箭的动力来霉干火薇外的空气对它的推力 玉火德上升过程中一直处于延重态 C火第获得韵最大造度为广和少 M D大箭在空中飞行的间为一M一和士四 (M一四)g 3.“独竹源”是一项独特的黔北民间绝技。生竹源高 手门脚深一根精竹，源行水上如餐平地。在平静的 湖面上，一位女子舞探竹竿括达岸边，此时女子的 甲 立于竹竿A点，一位摄影爱好者使用连拍模式拍下 了核女子在竹竿上行走过程的系列组片，并从中选 点 取了两张进行对比，其简化图如图甲，乙所示。经过测量发现，甲、乙两张绢片中A.B两 单元过美检测〔七1物理第1页{共8页】 衡水真 点的水平间距的为1m,乙图中竹竿右南距离河单约为1.8cm,女子在组片上蜂高的 为1.6m。已知竹竿的霞量约为5kg,若不计水的阻力，则核女子的质量约为《》 A.45 kg B.50 ke C.55 kg D.60 kg 4,水果的碰物属值是指水累在不碰伤的情足下能够从静止状志处落的最大高度。已知导 致草果碰伤所活的平均作用力的为餐果自身重力的3倍。假设单果在接触解板后01* 碱速至静止，重力加速度g累1Dm/网，则草果在钢版上的极伤网值最接近 《》 A.10 cm B.20 cm C.30 cmn D.45 em 五，如图所示，竖直轻骋舞下瑞固定在地而上，上特与物体B连接。B物体 4 质量为m,平衡时，弹簧的压缩量为，另一质量也为限的物体A,从 物体B正上方相距3处自山落下，与物体B相撞后粘在一起向下运 动（碰橙时间极短）。它们到达最妖点后义向上运动，给能一起月到O 点，重力扣速度为g,测撞前弹簧具有的弹性势能大小为 A学 我驾 C.mgt D.2mg-o 6,知图所示，质量分划为2，（是未知且>2）的小球B.C静止放置在光滑水平而上， 一质量为m的小球A从小这B的左侧以速度梨水平向右运功。已知所有碰撞为为弹 生碰橙，且碰植时同极短，A与B只发生一次碰撞，则：的值可能为 A.6 H7 C.8 n9 二、选样盛：本愿共+小题，每小题5分，共2如分，在每小题给出的因个选项中，有备项符 合目要求。金部进对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 号 8 9 10 答案 7.水平桌面上一质量为m的精体在水平相力F拉动下从静止开始运动。物体运动。秒后， 速度大小增为，北时登去F,物体擦续滑行24秒后停止运动。则 》 A在此过程中F所数的功为m 且在此过程中下的冲量大小等于圣m CF的大小等干带动摩擦力大小的3倍 几物体与桌面间的功率擦因登等于 密卷 单元过美检测（七】物理第2页共8质） 8如图所示，水平传送带上表面的右侧与一个竖直的光滑率园道底端相接，在半圆轨道 下端口敛一一质量为m的棉块A,传送带以速率沿顺时针转动。现在传送带的左轻 轻放上一爱量也为m的滑块B。灌块与传送带的动摩擦因数为：滑块B以速度与 A发生弹性险撞，两滑块可视为质点，则 ( 人传送带至少长 盘要保江装流后的A精快能活属无销道运动，时溪纯道的半径最大为装 C带块B第一次在线透梦上运动达到传送带建度乐需时间为1一马 R 若A与B能在O点发生多次碰撞，则当A与B发生第三次碰植时，产生的总内能为 d 9.如图所承，幅角为金的是落长粗局斜面周定在水平地面上，质量为m的滑块A效在料面 上恰好处干静止状老，质量也为m的带块B下表面光滑，从斜面上与A相距为L处由 静止释放，之后与A发生多次弹性正碰，每次碰撞时可都极短。已地斜面领角▣一。 A,B两滑块均可视为质点，重力加违度大小为g,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下 列说法正确的是 t) AB由静止释放后至第一次与A琵撞经历的时间为√受 BB与A第一次碰撞阳瞬间A的速度大小为√L CB与A发生第一次能植至发生第二次拉的时间为 DB与A发生第一次磁旋至发生第二次董撞滑块A克服摩擦力做的功为4m心L 10.如图甲所示，一质量为m的物块A与轻面弹簧连接，静止在光滑水半面上，物块B向 A运动，一0时与弹簧接触，到一2时与弹簧分离，碰撞过程中A.B的1图像如图 单元过美检测（七引物理第3页共8页） 衡水真是 乙所示。A、B分离后先后滑上粗植斜面，斜面与水平面平带违接。已知从=0到= 时何内，物块A运动的离为Q.36m,A,B与斜面间的动摩擦国数a为0,75，解 面横角为37(in37=0.6,0s3T=0,8),重力加速度g取10m/,稀撞过程中弹簧 始终处于弹性限度内，则从A,B碰植到最终静止的过程 年 a·见 甲 A.摩繁力对A,B做的总功为1，m助 B弹簧压蜜量的最大值为Q7680 C.B的加速度始饶小干A的知速度 D最薄A的机械能比B的机械使多0.2md 三、非进择驱：本厘共5小题，共56分。 11,(了分)某班级民学在进行“验证动量守相定律”的实验，实验装置知图甲所示，用天平称 得人射小球A的质量两1一]68g被绿小球B的质量m1一5,6g,人射小球A与被破 小球B半径相同。 O M P (1)实验中，直接测定小球碰撞前，后的速度是不容易的，但是可以通过仪测量 (填正确答堂标号)，料接地解决这个问题 A.小球开始释放高度 我小球抛出点地篚的高度H C小球做平抛运动的水平位移 D小的直轻 (2)先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C山静止案下，再把B嫁静置于水平槽 前南边缘处，让A球仍从C处山静止滚下。记泰纸上的0点是船垂线所指的位置， M.P,N分为落点的接迹，未放B时，A球落地点是记录纸上的点：放 密程 单元过美检测（七】物理第4页{共8质） 上B球后，形球的落地点是记承纸上的点。 (3》多次释放A球后，取各落点位置的早均值，测得各落点痕流到O点的距离：外 13.10cm,P=21.90cm,0N=26.00m.若将小球的面量与水平饮移的乘积f作 为“动量”，请将下值的表格算写完整。（结果保间三位有效数字） OP/m CM/m 酸前总财量(g·出/》暖后总动量p'(ks·m/ 0,21900.1319Q,2600 &网×10 根据上而表格中的数据，能得到的结论是在实验误差允许范用内，可认为系能在罐 罐前后的动量守恒。 (4》某实晚小组在法行实险过程中，山于实验桌靠近竖直境壁，导致小缘飞出那撑击到 竖直墙上，于是同学们把白纸围定在竖直墙壁上，再成上复印纸，并在白纸上橱 出小球放在罐口处球心的等高点O,然后重复前而的实验操作，如图乙所示，M,P、 N分则为落点的痕连，测得M,P,N分别与O之同的竖直距离为：，：，当满是 关系式 时用网，叫和，h:,表示)，即可证明人射小球A与被硅个球 B碰撞过程中动量守何。 12.(9分》某实验小组晚迁功量守恒定律，主要实验器材有：两个质量不司的滑块.天平、 两个相同的轻质弹簧，两个压力传感器及其配件、气垫导轨及其配件。 压力传感都品 雀力牌感擦4 气结孕纯 甲 (1)用天平测出两个滑块的质量一0.100g妈一0,2500kg. (2)用究气系给气修导轨充气，调节气垫学轨水平，并将两轻质弹簧水平圆定在压力传 器上，如图甲所示。 《》水平向右推滑换m:,使右侧洋簧适当压笼并镜定。压力传够器开始记录数据，同时 开始计时，0.5s时刻释放，m与网发生碰撞后，网向左运动并压缩左侧弹 簧，m返可再次压缩右鳄弹簧。该过程中，两瓜力传感器A,B的示数随时间变化 的图像如图乙中A,B所示 单元过美检测（七引物理第5页{共8页） 衡水真龙 (4)若弹簧鲜力大小与形变量的美系如图丙所示，则释放m过程中，弹簧对戴的功 W- (5)m,和m组成的系旋，硬植前总动量=k根·m/8,醋撞后总动量A= kg·m.实验相对误差右-P二×10⅓一 %,如果。小 于5%，顺可认为动械守恒。〔结果均保相三位有数数字) 13,(10分)如图所示，轨道ABCD由半径R,=1,2m的光滑四分之一圆氢轨道AB,长隆 Lc-0,Bm的粗糙水平轨道C以及足够长的光滑水平敏道CD组成。质量m一 2kg的物块P和历量四，=13的物块Q压销着一轻历弹簧并葡定（物块与弹簧不连 接)，三者静置于CD段中阿，物块P,Q可桃为质点。紧常D的右侧水平地面上停放 着质量m:=3kg的小车，其上表面EF段相简，与CD等高，长度L=1.2mF℃段 为四分之一光滑唇面轨通：小车与地而间的阻力忽路不计。P,Q与C,℉同的动摩 紫因数均为区一0.5，重力加速度g一10m/。现解除弹簧镯定，物块P,Q由静止被弹 出(P,Q脱离弹簧后立即数走弹簧)：其中物块P进人CBA轨道，面物块Q滑上小车. 不计物块经过各连镜友时的机械能担失。 (1)若物块P经过CB后始好能到达A点，求物块P通过B点时，物块P对置氧轨道 的弹力： (2)若弹簧解除键定后，物块Q向右滑上小车后始终不滑离小车，求被键定弹簧的弹性 势能取值范围。 密卷 单元过美检测（七）物理第5页{共8质) 1414分)交通法规明文规定都线车辆严转上路。为了定量研究货车缸载蓝成的危害，某 15,(15分)如图所示，光滑本平物道上收置质量为和的长板A,质量为3m的滑块B(可视 同学将超载贷车的例车过程轨象成了图示概显，并通过实验加以模拟。货车相当于 为质点)置于A的左滑，A与B之同的动摩报因数为：在水平就道上成着视多个滑块 质量为M=2翠的木板，车头相当于战定在板右侧的竖直挡板，货物相当于一质量为 (均可锐为面点)，滑块的质量均为2m,编号怎次为】、2、3.4…、划、开始时长板A m3kg、尺寸可不计且初始时则位于木板最左侧的木境。利车前，术板（货车）和木块 和滑换B均静止。现使滑块B短可货得向右韵初速度·当A,B刚达到共速时，长板 (货物)以共间的速度动一2ms向右嫩匀速运动：由于前方突发状况，货车开始料车且 A恰好与情块1发生第1次弹性碳植。经过一段时何，A,B再次刚达到共速时，长板 仪在摩擦力作用下减这。已知木板与术块之间的动峰察因数出=Q3,木版与烛面之 A恰好与滑块1发生第2次性碰撞，依次类推一：最终滑换B给好没从长板A上 问的动摩擦因数四一0,5，最大静厚紫力等于滑动摩藏力，重力加速度g一10m/然， 滑落，重力扣速度为g,桥块问的陵擦均为弹性破罐，且每次磁道时何板短，求， (结果均可用分式表示) (1)开始时，长极A的右端与带块1之间的距离1： (1》求别车后瞬间木换和木板的加道度大小： (2)滑块1与滑块2之网的距离d: (2)如果贷物与车头发生觉檀，将对驾秋室造成极大韵冲清力，可能危及驾驶员的生命 《3)长板A与滑块1第1次预撞后，长板A的右端与滑换1的最大距离 安全。试求在木换不固定的情况下，为了使木块与挡指板不爱生碰撞术板长度的最 (4)长板A的长度 小直： (3》除了碰幢对驾驶员普成的饰离外，相我还会增大货车总的利车距离，危及其焦车辆 黑见围…国H 的安全，假设在木块与首板发生可极短的威撞前颜同，木板的违度刚好就为零， 且木块与挡板碰后粘合在一起，并最终停下来，求从开始料车到木板最后停下来 总的别车距离。 单元过美检测〔七引物理第了页{共8页) 衡水真题密程 单元过美检测（七】物理第5页{共8质）