单元检测(八) 动力学、动量和能量观点在力学中的应用-【衡水真题密卷】2025年高考物理单元过关检测（湖北专版）

·物理· 参考答案及解析 2024一2025学年度单元过关检测（八）物理·动力学、 动量和能量观点在力学中的应用 一、选择题 1.B【解析】水平面光滑，对滑块B施加一水平推 mg·h=E。一"竖r,A错误根据动能定理有 力F使滑块B向左缓慢运动到某一位置后保持 B一E=mg,可得R=E十"m%,B正确， 静止，根据功能关系可知推力F做的功等于弹簧 平抛过程中只受重力，故机械能守恒，Et图线应 增加的弹性势能，A错误；当弹簧恢复原长时，滑 为横线，C错误：运动员沿竖直方向上的速度为 块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开 ,=gt,则重力的功率P=mg·巴，=mg2·t,D 挡板，B正确；从撤去推力F到滑块A离开挡板 错误 的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和 5.D【解析】先对A进行受力分析可得F一f= 滑块A、B组成的系统动量不守恒，C错误；从滑 mgsin37°，再对B进行分析可得F十f= 块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中，弹簧 对A、B两滑块做的功等于弹簧弹力与A、B位移 2 ngsin37,联立可得F=0.9mg,f=0.3mg,根 的乘积，因为弹簧对于A、B的弹力大小相等且在 据f产aN可得么-卡-公7-号D正角， 此过程中工A≠xB,所以弹簧对A、B做功的大小 6.B【解析】小球A下落到最低点的过程中，A和 不相等，D错误。 B组成的系统只有重力做功，故A和B组成的系 2.B【解析】小球在光滑圆孤轨道上运动，只有重 统机械能守恒，A错误；刚释放小球A时，由牛颜 力做功，机械能守恒，A错误；小球在轨道最低点 有R一mg=m买，根据机械能守恒E= 2m+ 第二定律可知2mgsn0=2ma,解得a-号g,B 正确：小环B速度最大时，小环B在竖直方向上 mgh,则小球在轨道最低，点速度最大，则小球在轨 的合力为零，轻杆的弹力竖直分量为mg,而只有 道最低点时轨道对小球的支持力最大，根据牛顿 A到达最低点，B速度为零时，轻杆的水平分量 第三定律得小球对轨道的压力最大，B正确；设小 才为零，故小环B速度最大时，轻杆弹力大于 球与竖直方向的夹角为日，在“凹形”轨道运动，根 mg,C错误；几何关系如图所示，设A初始时刻距 据牛顿第二定律有FN一mg0s0=m ,小球的 离最低点的距离为h,由几何关系可知Rsin 0十 重力与轨道对小球的支持力的合力提供向心力，支 h 持力不可能为零，所以初速度不管有多大，小球 an9-=L.5Rsin0,解得A=R,设小环B初 都不可能飞离“凹形”轨道，C错误；在“凸形”轨道 始时刻距离最低，点D的距离为h2,由几何关系可 运动，根据牛顿第二定律有mgc0s日-F=m 知h2=h1十1.5 Rcos 0-=2R,由系统机械能守恒 r 初速度足够大时，小球的重力与轨道对小球的支 可知2mgh1十mg(:-1.5R)=号×2md,解得 持力的合力不足以提供向心力，小球不能通过 Uu=√3gR,D错误。 “凸形”轨道最高点，D错误。 3.D【解析】小球刚好运动到B点时，轻绳没有作 用力，则由牛顿第二定律得mgm0=空，设小 球由A到B的过程中克服摩擦力做功为W:,由 动能定理得-2 mgLsin0-W-号mui-司md, zimimi7in 7.C【解析】根据题意可知，当Q下降的高度为h 解得W:=3J,D正确 时，细绳断裂，根据几何关系得，P上升的高度h' 4.B【解析】运动员在空中做平抛运动，下落的高 58in37”=是，细绳断裂的眸间P.Q建 h 度为h=2g,以b为零势能点，则有E,=Em- 度大小相等，对P、Q整体，根据机械能守恒有 ·23 衡水真题密卷 单元过关检测 3mgh-mgk=(3m+m)t,解得u=√骨gh, 9 速度变化量，若0~1s内Q的加速度均匀增大， 细绳断裂后，P还能上升的最大高度满足mgh 则=1s时Q的速度大小等于ea=号×1× =之m,解得=影A,则物块P沿斜面上升的 0.8m/s=0.4m/s,由图可得实际Q的a-t图像 与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大 最大高度H=N十-，A错误：当细绳断裂的 时a-t图像与坐标轴围成的面积，故t=1s时Q 的速度大小大于0.4m/s,A错误；t=0时，对物 瞬间，物块Q的重力做功的功率P=3 ngusin53°- 块P有F=ma=2X1N=2N,故恒力大小为 9mg,√2gh,B错误细绳断裂后，物块P在斜面 5 2N,B正确；施加水平向右的恒力F的过程中， 根据动量定理有Ft=mpU1十moU2= 上的运动时间t= _52h gsin37=4√g ,C正确：根 2kg·m/s,故0~1s内P的动量增加量小于 据题意可知，细绳断裂前P、Q组成的系统机械能 2kg·m/s,C错误；t=1s时，对物块P、Q整体 守恒，细绳断裂后，物块P、Q的机械能均守恒，则 有F=(mp十ma)a1,解得mo=0.5kg,揪去推 当物块P运动至最高点时，物块P增加的机械能 力后，P、Q共速时，弹簧最长，有Ft=m即1十 等于物块Q的机械能相对t一0时刻的减少量， mow2一(mp十ma),解得撤去推力后弹簧最长 即△E=mg十h)-器mgh,D错说 时，Q的速度大小为v=0.8m/s,D正确。 二、非选择题 8.AD【解析】当物体运动到x=4m处时，物体的 11.(1)不需要 不需要(2)小车受到的阻力 速度达到最大，此时摩擦力f-F,=10N,根据f (3)小于 =ng,解得4=0.4，A正确；Fx图像与x轴固 【解析】（1)根据题意，由图甲可知，细线对小 成的面积代表功，物体运动到x=4m处时，力F 的拉力可以通过力传感器测量，则不需要满足 做功大小w=1015×2J+15×1J+10+15×1J 槽码的质量m远小于小车的质量M,也不需要 2 2 测定糟码质量。 =52.5J,摩擦力做功大小W,=fx=10×4J (2)由图乙可知，由于加速度a=0时，拉力F不 40J,根据动能定理Wm一W:=Ek一0，解得E= 为零，则小车受到阻力作用，设小车受到的阻力 12.5J,B错误：从开始到物体停止拉力所做的功 为f,由牛顿第二定律有F-f=Ma,可知，当 为ma-10生15×2J+15×1J+15生5×2J- a=0时F=∫，即图线A与横轴F的交点的含 2 义为小车受到的阻力。 60J,C错误；物块从开始运动到最终停下来的过 程有Wm一fx=0一0，解得x=6m,所以撒去F (3)由(2)分析，整理可得a=F-方，可知，图 后，物体还能滑行的距离为d=6m一5m=1m, 像的斜率表示小车质量的倒数，由图乙可知，图 D正确。 线A的斜率大于图线B的斜率，则M小 9.BD【解析】由图乙可知，在0~5s内，摩擦力f1 于M. =6.4N,在5~10s内，摩擦力f2=6N,在t=5 12.(1)BC(2)1.05(3)偏小 s时突变，说明在5一10s内物块与传送带共速， 则有f2=mgsin0,解得0-37°，A错误；在0~5s (④mgh=22M+mr6)号 内为滑动摩擦力，即f=1 mgcos0,解得4=0,8， 【解析】(1)为减小纸带运动过程中所受的摩擦 B正确：物块在0~5s内做匀加速运动，5~10s 阻力，打点计时器振针应置于系重物A的细线 的正下方，而定位轴的位置在复写纸中心，在振 内做匀速运动，则传远带的长度L=吕十，解 针旁边，所以定位轴不应在重物A的细线的正 得L-15m,C错误；运动过程中，物块相对传送 下方，A错误；安装打点计时器时要竖直架稳， 带的位移大小为△x=t一L,解得△x=5m,D 使其两限位孔在同一竖直线上，B正确：为了能 正确。 在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距造当 10.BD【解析】Gt图像与坐标轴围成的面积表示 的数据，点，接通电源前应让重物A尽量靠近打 4 ·24· ·物理· 参考答案及解析 点计时器，C正确：本实验研究的对象不是做自 由落体运动，无需选取最初第1、2两，点间距离 由牛顿第二定律可得FN一mg=m尺 接近2mm的纸带，D错误。 解得FwN=3mg=6N (2)打B点时重檯的瞬时速度等于打A、C两，点 由牛频第三定律可知，物块P2下滑至A,点还没 间的平均速度，即=头=4多X0 有发生碰撞前对小车的压力大小为6N,方向竖 2×0.02 -m/s= 直向下； 1.05m/s. (2)设碰后P1、P2的速度分别为功、2，根据动 (3)如果本实验室电源频率大于50Hz,则计算 量守恒有m=m 瞬时速度时所代入的T值比实际值偏大，从而 2% 使瞬时速度的测量值偏小。 根据执城能守恒有分m话-名m话+号×受 (④)根据机城能守恒定律有M什m)g动=号(2M什 联立解得m=4m/s,2=1m/s; (3)P、P2碰撞后均做匀诚速运动，加速度大小 m)f+Mgh,整理得mgh=(2M+m)d. 均为a1=?g=3m/s2 (5)对A、B、C整体根据牛顿第二定律有(M十 5m m)g-Mg=(2M+m)a,整理得1=2M.1+ 小车的加速度为2= mg十地·罗g一a·受s m a g m 名由题意可知6名解得g一名 2 m/s 设经时间P2和小车相对静止，此时速度为 13.(1)40N(2)2m/s U=h一a1=ag 【解析】(1)滑块1下落到圆孤轨道底端过程 5 m/s 中，由机城能守恒得mgR1一cos》=之m话 解得=吉5一 之后P继续做匀减速运动，加速度大小仍为 在B点时有FN一m1g=mR a1-3m/s2,以小车和P2为整体，根据牛顿第二 解得=2√/10m/s 定律可得A·受8阳· 2g=2ma FN=40N 解得a=0.5m/s2 由牛领第二定律可知滑块1第一次到达圆弧轨 小车和P2整体以加速度aa=0.5m/s2做匀减 道底瑞B,点时，对圆孤轨道的压力大小为40N; 速运动，小车和P:停下所用时间为2=”= ai (2)滑块1从B,点到C点过程中，由机械能守恒 得2网或-名m话=一mL 此时P的速度为t'=h一a1(t十t2)=1m/s 两物块发生弹性碰撞，有m1)=十m2 合m听=名m砖十味 1 之后P也停下所用时间为台=“=号s 系统静止，画出速度一时间图像如图所示。 解得=一4m/s ◆v/(m·s) va=2 m/s 即滑块1第一次到达C点时，因碰撞使滑块2 获得的速度为2m/s。 14.(1)6N,竖直向下(2)4m/s1m/s (3)2.37m 【解析】(I)P2由图孤顶端滑至A点，由机械能 2 5 守恒得mgR=2m话 0 解得%=3m/s ·25 衡水真题密卷 单元过关检测 小车的位移为x=受（山十)=0.2m 撤去拉力F,对A由牛顿第二定律得以Amg= mas 最终P、B间的距离为△虹=受（十台十） 解得a=4m/s2 撒去拉力F,物块A做匀减速运动，木板做匀加 支-4-易m*237m 71 速运动，二者达到共同速度5=砂一4= 15.(1)0.4(2)3.75m(3)7+26 u4十a2t4 m(4)0.8s 2 解得t4=0.6s,h=3.6m/s 【解析】(1)由运动学公式得=a1 A达到与木板有共同速度的位移大小x:= 解得a1=2m/s 话-暖=2.88m 对A由牛顿第二定律得F一mg=ma1 2a8 解得4=0.4： 此后A与木板一起做匀减速运动，由以(2m十 (2)2=2.5s时B运动的位移大小x2=2= M)g-(m+M)as 2×2.5m=5m 解得a,=g=号n/g 4=25s时A运动的位移大小五=方0成 当A,B有共同速度时5=5一也=36一2g= 2×2X2.53m=6,25m 3 2.4s t2=2.5s时A、B间的距离x=L十x2一x= 5m+5m-6.25m=3.75m: A的位移大小x,=或述=6.72m 2a4 (3)对木板由牛顿第二定律得amg一：(m十 在4=3s时撤去拉力F,A与B达到共同速度 m+M)g=Ma: 时，A运动的位移大小xA=十工十西=186m 解得a2=1m/s B运动的位移大小xB=%(t3十t4十与)=12m 设经过t'物块B滑到木板的右端时A,B恰好相 则xA>L十xB 通，则吃a-Lo+nt,2ar=L+2agh 所以木板足够长且在3=3s时撤去拉力F,物 体A、B能相撞：A、B两物体从撤去拉力F和木 解得L=7+26 2 m 板共速到A、B相碰的时间为t,则x3十x4十 (4)在=3s时撇去拉力F,A的速度大小3 wt-2a,f=L十wa+h+0 ata=6 m/s 解得t=0.2s A的位移x,=受=号X3m=9m 因此总时间为△t=t4十0.2=0.8s。 木板的速度大小4=a2t3=3m/s 2024一2025学年度单元过关检测（九）】 物理·电场力的性质电场能的性质 一、选择题 势高于其右侧点的电势，故不是A、B间电势最低 1,D【解析】根据题意可知，电子从静止沿电场线 的，点，A错误；C的电场强度由两个电荷产生的 从A运动到B,则电于所受电场力方向为A→B, 电场同向叠加而成，方向向右，A的左侧电场方 电场强度的方向由B→A,A错误：沿电场线电势 向向左，故不可能存在与C点电场强度相同的 降低，所以A点的电势一定低于B点的电势，C 点，B的右侧两电荷产生电场反向叠加，并且当 错误：电子所在位置的电势越高，电势能越低，所 十q1产生的电场强度大于一9产生的电场强度 以电子在A,点的电势能大于在B点的电势能，D 时，电场方向与C相同，但因为此位置相对于A 正确：根据题意，不知周国电场线的分布情况，无 的距离比C相对于A的距离远，所以在此区域产 法判断电场的强弱，B错误。 生的电场强度一定小于C处的电场强度，B正 2.B【解析】沿电场线方向电势逐渐降低，C点电 ·262024一2025学年度单元过关检测（八）】 物理·动力学、动量和能量观点在力学中的应用 (考选时可75分钟，惑分100分》 一、透择题：本题共10小恩，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1一7 题只有一项符合题目要求，第8一0精有多项符合璃目要求，每小紫全每选对的得4 分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 恶号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 L.如图所示，滑块A,B用轻质弹簧连接后静止在光滑水平面竹根 上，滑块A与左侧竖直国定挡版接触。现对滑块B蓝加一 水平推力下使帝块B向左缓慢运消用某一位置后？持遵 止，一段时间后教去推力F。弹簧始终处于弹性限度内，关于弹簧和带块A,B,下列说 法正确的是 A推力下做的功大于弹簧增加的观性劳 B当弹簧族复源长时，滑块A开始离开销饭 C从箱去推力F罚滑块A离开挡板的过程中，弹簧和滑块A,B组成的系统动量守园 D.从滑块A离开挡板到带块A、B共速的过程中弹簧对A、B两滑块做功的大小相等 2如图新示，竖直面内两个完全相同的：光滑图氧轨道平情对振，P,Q是等高的两端。让 一可视为质点的小球以沿切线的初通度从P袋进人线道，测 ) A,小球在轨道最低点的机械能最大 玉小球在航道最低点对航道的压力最大 C初速度足够大时，小球可能飞离“凹彩“轨道 山，都速度足够大到，小球一定建通过”"凸形轨道最高点 3.如图所示，在领角为一0的周定粗侵斜面体上，有一可视为质点，质量为m一1kg的 小球用长为L=0.4m的轻绳拴接，轻的另一猴周定在O点，小球静止时位于量低点 A,现给小球一与轻绳垂直的初速度n=4m/,使小球在斜面上险周周运结，经过一反 时间小球刚好能运动到量高点B,重力如速崖夏g=10m/W,忽略空气租力。则小球由 A运动到日的过程中克酸保擦力做的功为 单元过美检测（八1物理第1页{共8页） 衡水真夏 A,10J B8J C6J D.3J 4,跳台滑需运动员在曲滑段加速后，从起跳区4位置处水平飞出，落在着陆区内的b点，不 计空气阻力，如图所示。，、，E,P分别表示运动员在空中的重力势能，动能，机械能。 重力的功率，用：表示运动员在空中的运动时间，则下列图像可能正确的是《》 B C 5,如图所示，恶滑轮国定在顿角为3？的光滑斜面上，细线跨 过滑轮，质量分期为降，2m的A,B两滑块与相线连接并叠 放在斜面上，A,非沿着斜而分别向上，向下微匀速运动，细 线与斜面平行，不计滑轮与蝇之间的滑功摩馨力，B的长 度足够长，重力都速度为g:in3广=05.%37=0,8，别 A,B之间的功摩擦因数为 A c号 n是 B.如图所示，围定光滑斜面镇角一6，其底端与竖直面内半径为R的周定光滑慨翼轨道 相切，位置D为属夏赖道的最低点。质量为2m的小球A和质量为m的小环B(均可提 为质点)用L,=1,5R的轻杆通过轻质校饰相连。B套在亮静的国定整直长杆上，杆和圆 轨道在同一竖直平面内，杆过执道圆心O,初给轻杆与斜面垂直。在斜面上由静止释拉 A,假段在运动过程中两杆不会硬撞，小球衡带过D点且通过轨通连接处时无能量攒失 (速度大小不度)，重力加速度为g,从小球A山静止释发到运动至最低点的过程中，下 列判断正确的是 《〉 密鞋 单元过美检测（八】物理第2页{共8质） 4 A.A和B凯成的系统机械能不守恒 五附师放时小球A的加室度大小为停。 C小环B速度量大时轻杆弹力为mg D小味A运动到最低点时韵违度大小为 7.图新承，固定光滑斜值顶病有一轻质光滑定滑轮，质量为网的物块P和质量为3m的 物块Q用轻质阻绳相连，外力作用干P,使P,Q均静止。某时刻揽去外力，当Q下高的 高度为h时，泪绳斯裂，重力加连度为g,加37一Q.6,P.Q均可视为质点，斜面是够长， 别 A物块P沿斜面上升的最大高度为 盘当卸蝇断裂的同闻，物块Q的重力的功率为√g C在组绳断装后，物块P治斜面向上运动的时润为西 D当物块P运动至最高点时，物块Q的机碱能相对=0时刻减少了费g 8.如图甲示，质量m一2,5kg的物块置于水平桌面上，在水平力P的作用下由静止开始 运动，力F随位移x的变化情况如图乙所示。当物体运动到：一4m处到，物体的速度 达到最大，当物体运动到x=5m处时，插去F,重力加度g=10m/。下列说法正确 的是 A物体与桌面间的动摩察因数为0,4 &当物体运动到x一4m处时，其动能为525】 C整个过程中，枚力F所做的功为8药J m 2345 D.量去F后物块还能滑行的距离为1m 单 9.如图甲所示，一倾斟传送带以2m/的迷度沿逆时针方向匀述转动，一0时刺，将一质 量为1kg的物块轻放在作送带底端，物块在传送带上受到的摩馨力随！同的变化如周 乙所承（煮平行传送带向上为正》，重力加速度震最10m/,n37一0.6,00s37”'一 0,8,下列说法正确的是 4 单元过关检测（八1物理第3页{共8页） 衡水真 乙 A.传送带的衡角为3的 B物块与传送梦同的陆岸擦因数为Q8 C传送带的长度为10m D运动过程中，物块相对传送带的位移大小为5m 10,物块P,Q中间用一根径质弹簧相连，敛在光滑水平面上，物块P的质量为2kg,如图 甲所示，开始时两物块均静止，弹篝处于原长，1一0时对物块P葡加水平向右的力 F,=1·时数去，在0一1内两物体的加速度随时间变化的情况如图乙所示。关于整 个运动过程，以下分析正确的是 《) 战m1s 10 08 +P000g At一1s时Q的建皮大小为0.4m/s 且面力火小为2N C,一1s内P的动量增加量为2g·m/% 口量去推力后弹簧是长时，Q的速度大小为Q8m/, 二，非选择m:本共5小题，共60分。 11.(了分)在探究加速度和力、质量的关系实骏中。小车受到的拉力渊定章关重要，用如 图甲所示的实验装置，不计滑轮与泪线，轮轴间摩擦。已如当地的重力加速度g 10m/x2 打点计时蓉小车M 宁方传# tm· 单 题密程 单元过美检测八】物理第4页{共8质) 1)实染前，选择码时，榜马的质量网〔选填餐”或“不署要“)调足远小于 小车的爱量M.此时（洗填需要”或不需要）测定情弱质量 《)实验·：小车质量M不变，改变槽码厦量，多次实验，测出力传感器的值F和小车 加速度。作出：F图像，如乙所示A娱，则图线A与横轴P的交点的含义 为 《3)实验二：改变小车的质量，用同一装置重复做了被实验小组的实验，作出小车质量 为M时的：F图像为B线，则两线所对应的小车賈量M和M相比较，M M(进填大于一等于”或“小于)。 1210分)》在验证机械能守恒定律的实脸中，某司学采用如图甲所常装置，饶过定滑轮的 细线上悬挂面量相等的重物A和B,在B下山两挂斯C,已知打友计时带所用交淀 电额的飘率为50H 打点对器 纸 甲 份 (1)在重物A下方固定打点计时器，用纸带连接A,测量A的运动情况。下列操作过程 正确的是。（填正确荐案标号】 A.固定打点计器时应将复写纸定位轴置于系重物A的细线的正下方 我交装打点计时着时要经直架稳，使其两限位孔在同一竖直线上 C接通电额前让重物A尽量靠近打点计时器 D.应送取最初第1.2两点可南离接近2mm的纸带 [2)某次实骑结束后，打出的低带的一部分如图乙所常，A、B,C为三个相绵计时点。则 打下B时重桥的速度a=m/s。(结果保留三位有效量字) 《3)如果本实验室电源领率大于的日x,则瞬时速度的测量值（选填”塘大或 “偏小”) (4)已知重物A和B的质量均为M,丹C的爱量为m,某次实验中从纸蕾上测量重 物A由静止上升高度为h时对定计时点的这度为，取重力速度为，则验正写 统机候能守恒定律的表达式是 单元过美检测（八】物理第5页{共8页] 衡水真是 (5)为了测定当地的重力加迷度，改变钩骨C的质量程，测得多组m和对应的加速度 ,作出上一上图豫如图丙新示，图线与纵结檬题为点，期当地的重方知速度 为 13.(10分)如图所示，竖直平面内率径为R=4m的光滑置氢轨道AB固定在是够长的水 平地面上，轨通AB的底喇与水平地面相物于B点，其圆心O在B点的E上方，QA与 竖直方内的夹角为一0°，一质量为m一2郊的帝块1从A点由静止开始下滑，另 一质量为一10kg的滑块2静止放于水平地面上的C热，C的长度为L一1m,两 滑块均可税为质总，两滑换的极撞为弹性罐植，两滑块与水平地面间的动摩擦因数均 为红0,2，重力加速度大小取g=10/。求： (1)滑块1第一次到达属轨道底增B点时，对圆弧轨道的压力大小： (?)滑块1第次到达C点时，因成撞使带块2我得的速度大小。 密鞋 单元过美检测（八）物理第6页{共8质) 4 14.15分)如图所示，置量为m=0,2kg的小车静止在相精的水平地面上，小车与水平面 向的动章擦因数m一0.0，圆定挡板P誉在小车左侧，质量为罗的将块P静止下小 车的上表面A点，A友左侧是一常径R=0,5m的光带四分之一国气，右侧水平且 简。现将质量也为m一0.2kg的小物块尸由圆氧顺墙无初速度释放，沿置到下滑至 A点与P发生弹性碰掉，碰撞时何极短，P,P与小车何的动摩擦博数均为海一 心.30，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，最终两物块均未从小车上滑落，两小物块均可看 成质点，重力加速度度一10m/,求， 《1)物块P下滑至A热还没有发生撞的对小车的压力： (2)P,,P:发生弹性碰植后各自的速度： 《3)最终P,P同的矩离（结累保留3位有效数字）. 4 单元过美检测（八！物理第了页{共8页） 衡水真是 15,(18分)如图所示，在水平地面上静置一质量M=2k思的长木板，在长木板左墙静置一 质量m=1kg的小物块A,在A的右边静置一小物块B(B表直光滑)，B的质量与A 相等，A,B之间的蜂离L,一5m,在t一0时刻B以w一？m/s的初建度向右话动，间 时对A施加一水平向右，大小为8N的拉力下F,A开始相对长木板带动，一2s时A 的速度大小为助一4m/s,木板与地面间的动摩擦因数：一0.Q5,说量大静享擦力等于 滑动摩题力，g=0m/。 (1》求物块A与术版列的动焊擦因数：A: (2)已知3=258时两物块均未滑离长木板，求此时物块A,B间的距离 (3)当B情到木板的右端时A,B恰好相疆，求木板长度L (4)若木板足够长庄在与=3s时撞去牧力F,试分析物体AB能杏相檀？若能，求A B两物体从撞去拉力F到相撞所用的时间：若不能，求A,B两物体从辙去枚力F 刊A,B之间距离达列最小离的时何。（结果可用根式表示》 密卷 单元过美检测（八）物理第8页{共8质)