2026届浙江省强基联盟高三上学期一模物理试题

浙江强基联盟2025年8月高三联考 物理试题 浙江强基联盟研究院命制 得 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间90分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对 应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 墨 题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 3.可能用到的参数：重力加速度取g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8. 圜 一、选择题I(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是 符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.下列属于国际单位制基本单位的是 数 A.长度 B.千克 C.焦耳 D.牛顿 2.2020年7月23日12时41分，中国在文昌航天发射场，用长征五号运载火箭将中国首次火星 探测任务“天问一号”探测器发射升空，飞行2000多秒后，成功将探测器送入预定轨道.下列 说法正确的是 A.“2020年7月23日12时41分”指的是时间间隔 B.“2000多秒”指的是时刻 C.研究“天问一号”发射升空时的结构变化，可将“天问一号”看成质点 D.研究“天问一号”绕火星一圈所用的时间，可将“天问一号”看成质点 3.一簇电场线的分布如图，关于y轴对称，M、N、P、Q处于以O为圆心 的圆周上，则 A.OM间的电势差和ON间的电势差相等 B.将一正电荷由Q点移到O点，电场力做正功 C.一负电荷在P点的电势能大于在Q点的电势能 D.Q点的电场强度大于M点 4.下列说法正确的是 A.放射性元素产生的α射线可用于金属探伤 B.放射性元素形成化合物后，该元素仍会有放射性 C.康普顿效应说明电子具有波动性 D.泊松亮斑现象说明光具有粒子性 5.射箭出后，其空气阻力远小于重力，忽略不计，关于箭在空中运动的过程，下列说法正确的是 A.箭加速度的大小不变，加速度方向时刻发生变化 B.箭速度的大小不变，速度方向时刻发生变化 C.相同时间内，箭的速度变化量大小和方向始终不变 D.箭的加速度和速度的夹角可能大于九十度，并加速运动 物理第1页（共6页》 6.如图所示，实线是地球赤道上空的静止卫星轨道，静止卫星寿命终结时，它会被二次变速通过 椭圆转移轨道推到虚线所示同步轨道上空约300公里处的“坟场轨道”.已知地球自转周期为 T,引力常数为G,地球质量为M,根据上面提供信息，下列得到的结论中 正确的是 A.地球的密度为3π GT B.地球静止卫星离开地面高度为√ GMT 4π2 C.卫星从同步轨道转移到“坟场轨道”后速度变大 D.宁波的纬度约为30°，定点在经度与宁波经度相同的静止卫星，晚上从宁波观察静止卫 星与水平面的视角大于30° 7.如图所示，物块A与B用跨过滑轮的轻绳相连，稳定后，轻绳OP与水平方向夹角为0=牙，OA和 OB与OP的延长线的夹角分别为a和02.已知GB=100N,地面对物块B的弹力为NB=80N,不 计滑轮的重力及轻绳和滑轮之间的摩擦，下列说法正确的是 PX0 A.有可能01<02 B.物体A的重力20N B C.OP绳子的拉力为40W3N 777777777 D.地面对物体B的摩擦力为40N 8.倾角为37°足够长斜面静止放在粗糙水平面上，有一长木板A恰好能在斜面处于静止.现有 物块B以vo=1m/s的速度从A的顶端开始沿木板A下滑，A、B间动摩擦因数为4=0.8. 已知A、B的质量为别为mA=2kg,mB=3kg,最大静摩擦力等于滑动摩擦力.下列说法正确 的是 ® A.物块B下滑过程中，地面对斜面的摩擦力向左 B.物块B下滑过程中，A板仍与斜面保持静止 C.要使B不脱离A,A板长度至少为0.5m 37o D.若B不从A板上滑落，则AB最终与斜面保持相对静止 9.如图所示，一装满水的长方体的容器，高度为√7α，上下两个面为边长 8a的正方形，底面中心O点放有一单色点光源，可向各个方向发射单 色光，已知水对该单色光的折射率为”=青，不考虑容器对光的反射， 0· 水面上有单色点光源光线射出区域面积为 A.6.25a B.7πa1 C.9πa2 D.16a2 10.如图，矩形线框切割磁感线产生交流电压e=25√2sin100πt(V),它的匝数N=5、电阻r= 12,将其接在理想变压器的原线圈上.“220V22W”的灯泡L正常发光，内阻为10的 电风扇M正常工作，电流表A的示数为0.3A.导线电阻不计，电压表和电流表均为理想电 表，不计灯泡电阻的变化，矩形线框最大电流不能超过20A.以下描述正确的是 (V)n n2 M L A A.矩形线框转动时最大磁通量为区 Wb B.当线圈从图示位置经过时，理想电压表示数为22V C.原、副线圈上的电流比I1:12=44：5 D.若将电风扇换成另一只与L完全相同的小灯泡L,则电流表的示数变大 物理第2页（共6页） 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是 符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11.大量处于n=6的高能级的氢原子向低能级跃迁，其中跃迁到n=2的能级时产生的四条可 见光光谐线如图1所示.氢原子从能级6跃迁到能级2产生可见光I,从能级3跃迁到能级 2产生可见光Ⅱ.用同一双缝干涉装置研究两种光的干涉现象，得到如图2和图3所示的干 涉条纹.用两种光分别照射如图4所示的实验装置，都能产生光电效应.下列说法正确的是 H A 真空 红 图1 图2 图3 图4 A.该跃迁能产生的光谱线总数为4条 B.图3中的干涉条纹对应的是可见光Ⅱ C.图4中用可见光I照射时，P向b滑动，电流表示数一定逐渐增大 D.固定P,可见光I和可见光Ⅱ照射K极，其产生最大动能的光电子的德布罗意波长分别 为入1、入Ⅱ，则入1一定小于入Ⅱ 12.如图1所示，在同一均匀介质中有A、B、C、D、E五个点，其中A、B、C、D四个点的连线构成一个矩 形，AB=CD=8m,AD=BC=6m,E点为矩形对角线的交点.t=0时刻，分别位于A、B、C、D处 的四个横波波源同时开始沿y轴正方向（垂直纸面向上）振动，各波源的振动图像分别如图2、图3 所示.已知A、C处的波源形成的两列波的波长均为4m.下列说法正确的是 ↑y/cm 212on 1.52 0.5 t/s -2 A、C处波源 B、D处波源 图1 图2 图3 A.B、C处的波源形成的两列波的波长一致 B.t=3.5s时，E处的质点位移为4cm C.t=6s时，E处的质点位移为4cm D.t=7s时，E处的质点运动速度方向为y轴正方向 13.如图甲所示，质量为m的金属杆放置在光滑的水平导轨上，接入电路的有效长度为L,整个 回路的电阻恒为R,整个装置处在方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，金属 棒在水平向右的拉力F作用下，向右运动的速度与时间关系图像如图乙所示，图中的曲线 是正弦形状，整个过程金属杆始终与导轨垂直且接触良好.图中。、。均为已知量，下列说 法正确的是 0 to 2to 3to 乙 A.若1=0时刻拉力F=F。,则此时金属棒的加速度大小为 B0至号时间内，拉力F做的功等于弓m B2L2So C,若图乙阴影的面积为S,则0至3，时间内，拉力F的平均值大小为3R。 B'Lvoto D.0至4t。时间内，回路中产生的热量为 R 物理第3页（共6页） 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14一I.(5分)实验装置如图1，使重锤自由下落，打点计时器在随重锤下落的 打点 纸带上打下一系列点迹.挑出点迹清晰的一条纸带，从点迹清晰处依次标出 计时器 纸带 计数点0,1,2，…，7，纸带如图2. (1)用此装置可以测量当地重力加速度和验证机械能是否守恒，下列说法正 确的是 A.测量当地重力加速度必须使用刻度尺与秒表 B.验证机械能是否守恒必须使用天平（含砝码） C.验证机械能是否守恒必须测量速度和高度变化量 图1 D.空气阻力不影响重力加速度的测量 (2)在验证机械能是否守恒的实验中，大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于 动能的增加量，原因是 A.利用公式v=√2gh计算重物速度 B.存在空气阻力和摩擦阻力的影响 C.没有采用多次实验取平均值的方法 (3)打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，纸带如图2所示，计数点0、1间的距离是 cm.打下1点时重锤的瞬时速度大小是 m/s(保留二位有效数字). 0 1 2 3 4 6 > 0 1234567891011121314151617 图2 (4)在测量当地重力加速度的实验中，某同学根据纸带打出的点，已经读出2、4间和5、7间 的距离分别为：L2、L5,打点周期为T,当地的重力加速度g= (用L2、L5、T表 示) 14一Ⅱ.(5分)某实验小组描绘一个标有“10V0.5A”的电学元件I的伏安特性曲线，可供 选择的实验器材如下： A.电源E(电动势为50V,内阻为5) B.电压表V1(量程为0~50V,内阻约为50k2) C.电压表V2(量程为0一40V,内阻约为40k2) D.定值电阻R=802 E.滑动变阻器R1(最大阻值为102，允许通过的最大电流为2A) F.滑动变阻器R2(最大阻值为502，允许通过的最大电流为2A) G.滑动变阻器R3(最大阻值为1002，允许通过的最大电流为0.5A) H.开关一个，导线若干 回答下列问题： (1)为了便于取得多个数据，实验中滑动变阻器应选用 (填器材前的字母) (2)为了测量及读数方便，下列四个电路图中最合理的是 .(（填选项的字母) 元件 元件 R 元件 元件L R B C D 物理第4页（共6页） (3)如图为通过实验描绘的该元件的I一U图像，现将40个这样的电学元件并联后再接到本实验 所提供的电源两端，则每个电学元件的电功率约为 W.(保留2位有效数字) A 0.6 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1 0 246810U/V 14一Ⅲ.(4分)在“测定玻璃的折射率”的实验中，在白纸上放好平行玻璃砖，a和a'分别是玻璃 砖与空气的两个界面，如图()所示.在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P,和P2,然后在另 侧透过玻璃砖观察，并插上大头针P3,使其挡住P2、P1的像；接着插上大头针P4,使其挡住 P3、P2和P1的像，用“·”表示大头针的位置，这样大头针P1、P2就确定了射入玻璃砖的 光线 (1)正确做出光路图后，测量a分界面上的入射角i和折射角r.多次改变入射角，测得多组 入射角和折射角，根据测得的入射角和折射角的正弦值，画出了如图(b)所示的图像，由 图像可知该玻璃的折射率n= (保留两位有效数字). sinr P· 0.4 0.2 P3· sini P4· 0 0.20.40.6 图(a) 图(b) 图(c) (2)如图(c)所示，在实验过程中画出界面a后，不小心将玻璃砖向上平移了一些，导致界面 a'画到图中虚线位置，而在作光路图时界面α仍为开始所画的，则所测得的折射率将 (填“偏大”“偏小”或“不变”) 15.(8分)如图是一个呈葫芦形的导热玻璃瓶，为测量其内部容积，在瓶口插入一根两端开口的 玻璃管，接口用蜜蜡密封.玻璃管竖直放置，横截面积S=1.0cm2,质量m=2g的油柱（密 度p=0.8g/cm3)将一定质量理想气体封闭在瓶内.油柱静止时，玻璃管中空气柱长度L= 2cm,此时外界温度T=300K.将玻璃瓶浸人温度为2T的热液中，油柱再次静止时下方空 气柱长度变为10L.已知气体内能变化满足△U=k△T(k为常量，k=8×103J/K),环境温 度和外界气压恒定，油未溢出.求： (1)若将玻璃瓶改为浸人冰水中达到平衡后：气体分子平均动能 (选填“增大”“不变”或“减小”)，玻璃瓶内气体分子的数密度 (选填“增大”“不变”或“减小”)； (2)玻璃瓶内部的容积V; (3)若外界气压p。=10Pa,求温度从T升至2T过程中，气体吸收的热量. [第(3)题结果要求保留2位有效数字] 16.(11分)如图所示为半径R=1.25m的四分之一竖直圆弧轨道AB、传送带 BC、水平轨道CDE平滑连接组成的模型，E端的竖直挡板上固定有劲度系 数为k=3.2N/m的轻质弹簧.现将质量m=0.1kg的小物块a从圆心O等 高处A点静止释放，经过水平传送带BC后，与静止在轨道D处、质量也为m的物块b发生 碰撞，碰撞后结合为一整体.初始时b与弹簧接触但不粘连.已知传送带的长度L=2,以 o=4m/s顺时针匀速转动.CD之间的距离l=0.2m,两物块与传送带间的动摩擦因数均 物理第5页（共6页） 为么=0.5，其余部分均光滑，物块可视为质点，弹簧振子做简谐运动的周期T=2π√无 ( 为弹簧的劲度系数).求： .0 (1)物块a第一次滑过传送带，摩擦力对滑块的 b 冲量； ☐M B D E (2)a、b两物块结合压缩弹簧至最短后，第101回 到D处的时间（取π=3）； (3)物块a从静止释放到第n次经过D处时，系统摩擦产生的热量Qm, 17.(12分)如图所示，水平面内固定有相互平行的abcd和ABCD两条光滑导轨，两导轨相距d =0.5m,ab段与AB段长度相同且分别与cd段和CD段绝缘，绝缘位置左右两段导轨均足 够长，导轨左端与直流电源相连，电源电动势E=1.5V,两根长度均为d=0.5m的导体棒 M、N分别放置在abAB段和cdCD段上，与导轨垂直且接触良好.两导体棒质量均为m= 2kg,电阻均为R=22,两导轨所在区域存在与导轨平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小 为B=1T.现闭合开关S,导体棒M向右运动，到达bB端前已经匀速.不计ab、cd与AB、 CD段电阻，设运动过程中两棒不会相撞. (1)求导体棒M进入cdCD段时的速率v; (2)求导体棒V的最大速率vm及到达最大速度时产生的焦 耳热； (3)计算导体棒M进入cdCD段后到最终稳定的过程中，流过导 体棒的电荷量及两导体棒相互靠近的距离： 18.(13分)如图()所示，在矩形MNPQ区域内存在周期性变化的匀强电场，电场的变化规律 如图(b)所示，电场方向由M指向V时为正方向.在MQ上方存在方向垂直纸面向里的磁 场区域「，VP下方存在方向垂直纸面向外的磁场区域Ⅱ，磁感应强度大小均为B且磁场区 :☒ 域足够大.在MV的中点S处有一电子发射源，可以源源不断地发出质量为、电荷量为 一e、速度方向与MN垂直、大小为o的电子.QP上有一电子吸收板.已知，MN=d,MQ= 2d,B=m,T=2d,元 ed ,π3，且电子重力不计. Vo 区域I 1××××××! ×××××× 电」 子吸收板 E Eo TT 3T2T 2 区域Ⅱ -Eo (a) (b) (1)若t=T/4时刻发出的电子没有进入磁场，且恰好能经过VP的中点，求E的大小； (2)若所有从电子源发出的电子都不会从MQ和VP边界进人磁场，请求出满足该情况的 E。的取值范围； (3)若风-受，求1=0时刻发出的电子最终打在吸收板上的位置： (4)现保持电场强度E不变，方向向上，从MN中点射出的电子恰好经过NP的中点，电子 源从MV的中点匀速缓慢向M靠近，计算这一过程中打在吸收板上的电子占射出总电 子的百分比. 物理第6页（共6页）浙江强基联盟2025年8月高三联考 物理试题参考答案 1.B千克是基本单位. 2.D研究“天问一号”绕火星一圈所用的时间，可将“天问一号”看成质点，故选D. 3.DM、N不在同一条等势线上，所以A错误；正电荷由Q到O电场力做负功，B错误；负电荷由P到Q点电 场力做负功，电势能增大，C错误：Q点的电场线更密，M点的电场线更疏，所以D正确. 4.B放射性由原子核决定，形成化合物后，该元素仍会有放射性，选项B正确. 5.D忽略空气的阻力，箭在空中做匀变速运动，所以C正确：如果箭的加速度与速度的夹角大于九十度，则一 定做减速运动，故D错误. 6.C设地球的半径为R,静止卫星距地面的高度为h,A.根据题意，由万有引力 M 提供向心力有(%三m祭R+),可得，M=4红)，地球的你 GT 309 积为V=4 R,地球密度为p=女-3红大)，故A错误：B,根据题意，由 GTR3 GMm 3GMT一R,故 有引力提供向心力有及)三m无(R十h),可得h=入4反 B错误；C.轨道越高运行速度越小，故C错误；D.静止卫星离地面高度远大于地球的半径，由几何关系可知， 晚上从宁波观察静止卫星与水平面的视角肯定大于30°，故D正确.故选D. 7.C由于滑轮两边绳子拉力大小相等，故日，=：=石，故A错误：根据几何关系，连接B物体的绳子部分与水 平方向夹角为否，故对B受力分析有f=Tcos若，Na十Tsin晋=GB,又T=G,联立解得G=40N,f= 6 20√5N,故BD错误.据前分析结合平行四边形法则F=2Tcos云=40√5N,故C正确， 6 8.C由木板A恰好能处于静止可得，A与斜面间动摩擦因数。=tan37°=0.75，A与斜面之间的弹力及摩擦 力的合力方向始终竖直向下，地面对斜面没有摩擦力，A错：由受力分析可知B下滑时，A将沿斜面向下滑 动，B错；在斜面上滑动时，系统动量守恒.速度相等时满足1v。=(1十mB)v,可得=0.6m/s,对B物 体，根据牛顿第二定律mng sin37°一mag cos37=ma2,a2=一0.4m/s2,共速时间t=”一=1s,该过程 a2 中，物块B的位移8=，=0.8m,木板A的位移为x=受=0.3m,所以A板长度至少为L=。一1 =0.5m,C正确：AB相对静止后沿斜面做匀速直线运动，故D错. 9.C当入射角为临界角时，在上表面能折射出光线的最大半径为r,光路图如图所 示，由折射定律sinC=是，由几何关系anC=方，联立可得r=3a<4a,区域面积 h π(3a)2=9πa2,故选C 0 l0.B根据变压器磁通量变化与电压计算有，e=Emsin(wt)=V④maxwsin(wt),解得 。,-系W,故A错误：原、周线圈的E数比为公-品兴=子又E一号=25V,由闭合电路欧姆定律。 √2 可得U=E一山r,联立解得号-兴，，U1=E1r=22V,故B正确；C错误：若将电风扇去掉，换成另 一只与L完全相同的小灯泡L,则L与上并联，副线圈上总电阻变为：R。=-=110Q,原、副线 22P, 圈的电流比列方程有：是气，解得山，=是A心021A,电流表示数减小 11.BD光谱线总数为C%=15,A错误；根据题意可知，氢原子从能级6跃迁到能级2，辐射出的能量较大，即可 见光I的频率大，波长小，图2中间距较小，则波长较小，对应的是可见光I,图3中的干涉条纹对应的是可 见光Ⅱ，B正确；C.光电实验中，当滑动变阻器滑片P向b滑动时，若未达到饱和光电流，则电流示数增大： 若已经达到饱和光电流，电流表示数会不变，C错误；根据光电效应方程及德布罗意波长计算公式可得：E。 =hw-W。,dB=人 ，可知，I的频率高，能量较大，产生光电子的最大初动能较大，德布罗意波长 √/2mEk 较短；而Ⅱ频率较低，对应光电子的最大初动能较小，德布罗意波长较长，D正确.故选BD. 12.CDB、C两种波在同种均匀介质中传播时波速相同，均为1m/s,但B、C两种波的振动周期不同，对应波 长不同，A错误：B.四个波源与E点的距离均为5m,四列波的振动均在5s末传到E点，t=3.5s时，四列 波的振动还未传到E点，因此位移为0，B错误：C.6s时，A、C两处波源在E点引起的振动位移均为2cm, 而B、D两处波源在E点引起的振动均经过平衡位置.C正确；因四列波的振动均在5s时传到E点，则在t =7s时，四列波在E点的振动均持续2s.则A、C两处波源在E点引起的振动位移均为0，速度向下，对B、 D两列波在E点引起的振动位移均为0，速度向上，合速度向上，D正确.故选CD. 物理卷参考答案第1页（共4页） 13.ADA.若t=0时刻，金属棒的速度为0，电动势为0，电流为0，安培力为0，合力为F=F。,根据牛顿第二定 律金属棒的加速度大小为a-”,故A正确，0至号时间间隔内，根据功能关系可知拉力F的功等于热能与 金属棒获得的动能之m6之和，则拉力F做的功大于之m6,故B错误：0至3，时间内，由动量定理可得F X3,一BiL×3%=0,结合g=iX3,可得FX36一BL=0,由法拉第电位感应定律可得E=兽，由欧姆 定律可得i=是，又i=是联立解得g=兴，金属杆从0至3，时间内的位移等于阴影的面积25，做通量 变化量为△0=BLX2S,综合可得F=2BLS,故C错误：D.由图像可知E=BL,,图中的曲线是正弦 3Rto 形状，根据交流电有效值的概念，电动势的有效值是最大值的了，则有E-号-B肌”，0至4，时间内，回路 2 中产生的热量为Q爱×，B,故D正确， R 14L.(1)C(1分)(2)B(1分)(3)1.08(1,051.15)(1分)0.630.65(1分)(4)7(1分) 14-Ⅱ.(1)F(1分)(2)A(2分)(3)1.4(1.3~1.52分) 解析：(1)为了便于获取多个数据，滑动变阻器采用分压式接法，而当滑动变阻器完全接入电路时，待测元件 E 两端的电压从0开始，此时电路中电流的最小值为Im一R器十，则可得选用R,R:R:所对应的电流的最 小值分别约为3.3A、0.91A、0.48A,显然，若用R1则超过了其额定电流2A,若选用R虽未超过其额定 电流0.5A,但其所能允许的调节范围很小，因此应选用滑动变阻器R2,故选F. 14-Ⅲ.(1)1.5(2分)(2)偏大(2分) 解析：(1)根据折射定律a一册，所以sn=女·sni,根据图像得。- P 0.6解得n=1.5. 0.4 (2)如图(c)所示，在实验过程中画出界面a后，不小心将玻璃砖向上平移了 一些，导致界面a'画到图中虚线位置，而在作光路图时界面a仍为开始所画 的，入射角i不变，导致折射角偏小，则所测得的折射率将偏大. 15.(8分) (1)微观量分析 气体分子平均动能：温度降低，分子平均动能→减小(1分) 葫芦形瓶内气体分子的数密度：气体分布均匀，平衡后各状态参量保持稳定 n=V/V,V瓶个，V瓶不变，n→增大. 或考虑：N总=N瓶十V符，Na不变，V总↓，na个，n=n总，n瓶→增大(1分) (2)容积计算 花瓶连同玻璃管内的气体做等压变化，由盖一吕萨克定律得 V+SLV+S·10L(2分) T 2T V=16mL(1分) (3)热量Q计算 花瓶内气体压强为p=p+"竖=1.002X10Pa 气体温度升高△T=T 气体膨胀过程中，外界对气体做功为W=-pS·(10L一L)=-1.8036J(1分) 气体内能的变化为△U=k△T=k·T=2,4J(1分) 由△U=W+Q得Q=△U-W=4.2J(1分) 16.(1)滑块a从A滑到B根据动能定理，有mgR=2m6 解得o=5m/s(1分) 物块滑到传送带上时，根据牛顿第二定律，有u1g=a 解得加速度为a=5m/s2 当物块速度减为4m/s时，2-v=一2a.x 解得运动的位移为x=0.9m<L(1分) 由此可知物块在传送带上运动时将会与传送带共速， 物块a第一次与传送带共速的时间为t1,则有v=vw一at 解得t=0.2s I=umgt 解得I=0.1N·s(1分) (2)a以4m/s第一次碰b物块，满足动量守恒，有mw=(m十m)v1. 解得w1=2m/s(1分) ab做简谐运动，再次回到D点所用的时间为 物理卷参考答案第2页（共4页） =2r=×2xV厌= ,m=灭s(1分) 弹回后在传送带上向左运动的位移为x-装=0.4m<L 根据运动的对称性可知ab以2m/s向右离开传送带，再次回到D所经历的时间为 △t2=2(+g）=1.0s \v a 所以ab两物块第一次和第三次到达D的时间间隔为△山=(1.0十买)s(1分) 设△t为一个循环所需时间，a、b两物块第1次至第101次到达D,经历了50次循环，所以a、b两物块第一 次和第一百零一次到达D的时间间隔为△t=50△t=87.5s t=87.875(1分) (3)物块a第一次与传送带共速的时间为t1,则有v=w一at1 解得6=5-4 s=0.2s 5 物块a运动的位移为x1=“4,=0.9m 传送带运动的位移为x2=ut1=0,8m 物块a相对传送带运动的位移为△x=x1一x2=0.1m 联立解得物块α第一次滑过传送带系统摩擦产生的热量 Q1=mg△x=0.05J(1分) 碰撞后ab以2m/s向左滑上传送带，速度减为零时，所用的时间为t1==0.4s _正=0.4m 向左运动的位移为x=2a 传送带运动的位移为x1=vt1=1.6m 此过程的相对位移为△x=x1十x1=2m 物块反向加速时与传送带产生的相对位移为△x=受4，=1.2m 这个过程产生的热量为Q2=2mg(△x十△x)=3.2J(1分) 分类讨论： 若n为奇数 Q-Q+"2DQ-[0.05+1.6m-1)]J1分) 若n为偶数 Q=Q+"22Q=[0.05+1.6m-2)711分 17.(1)当导体棒M的感应电动势与电源电动势相等后，速率将不再变化，即 E=Bdu(2分) 解得v=3m/s(1分) (2)导体棒M进入cdCD段后，两棒组成的系统动量守恒，当两者速度相同时，V棒速度最大 w=2m(1分) 解得vm=1.5m/s(1分) 最终以相同速率m=1.5m/s匀速运动 设导体棒M和导体棒V系统产生的焦耳热为Q,根据能量守恒有 2mu2=2×2m2+Q(1分) 1 解得Q=4.5J(1分) (3)最终以相同速率vm=1.5m/s匀速运动 对M棒，Bid△t=m△v(1分) Bd△g=m△U △q=6C(1分) 研究导体棒构成的回路 E=A(1分) △t E 一最这 △g=i△t 4- 9- Bd△x (1分) △x=48m(1分) 物理卷参考答案第3页（共4页） 18.(1)电子到达吸收板时所需时间为 1=24=T1分) 0 T/4到T/2时间内， 4-(台) (1分) 解得E。=m(1分) ed (2)若不出电场，在水平方向向右做匀速直线运动，到达吸收板时所需的时间为t。=24-T1分) 所有电子中：=0，号工，罗，2T,…时刻发出的电子在向上或向下的方向上有最大的位移，且 =2<号 (1分) 解得E<器1分) (30时刻射出的粒子，经过T2后，y=号：=号恰好从NP的中点射出， 4=E= 1 tan 0==1 Uo 故合速度及入射角为v=√十u=√2w(1分) 0=45 因此由几何关系可知，粒子在磁场中运动轨迹为四分之一圆周. 电子在磁场中做匀速圆周运动，有 eB=mv r r d T 解得华d,=2的至 故有1=2，=2d, =d-x1=二2a1分) 电子重新进入电场后在水平方向向右做匀速直线运动，有 t==(r-2)dT πU0 4 所以电子在电场中运动时电场方向为正方向，且方向未发生变化.因此电子向上做匀加速直线运动，有 =3,8+≈品d<d1分) y=uota+2m 2π2 7 因此电子不会进入磁场区域I,直接打在吸收板距P点的距离为8d处： (4)假设在电场中加速时间为t的电子恰好打在P点，在电场中运动的水平位移 xI=vot 进入磁场时竖直方向的速度，=at=S,由第三问可得E。=m心 ed 进入磁场后eu,B△t=m△U 电子从进入磁场到到达P点eB△x=m·2u,(1分) x1十△x=2d 2πd 解得t二(2十元)0 (1分) 射出的电子在电场巾竖直方向运动的距离y士a(2-d1分) (2十π)v 25 上方电子射出，下方电子打到吸收板 7=(2d-2)x100%=4%0 物理卷参考答案第4页（共4页）