安徽省安庆市第一中学2025-2026学年高三上学期8月开学考试物理试题

姓名 座位号 (在此卷上答题无效) 物 理 考生注意： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题 目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内 作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 4.本卷命题范围：选择性必修1和选择性必修2。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 目要求的。 1.使用蓝牙耳机接听手机来电，信号传输示意图如图所示。关于蓝牙通信采用的电磁波，下列说法正确 的是 10 1010 1012 1014顿率/Hz 红外线可 基地台 无线电波 见 手机 光 频率(0.80.9)×10Hz 频率(2.4-2.48)×10Hz 手机通信 蓝牙通信 6ò 蓝牙耳机 A.是蓝光 B.波长比手机通信的电磁波短 C.比手机通信的电磁波更容易发生明显的衍射现象 D.在真空中的传播速度比手机通信的电磁波速度小 2.把光敏电阻（光照越强，阻值越小）接入如图所示电路，制成光电报警装置。 闭合开关，当光照达到一定强度时，报警器的蜂鸣器发声，下列说法正确的是 A.干簧管应用了电磁感应原理 蜂鸣器 干簧管 B.增大电阻箱R的阻值，报警器在光照更强时才会报警 力宁B C.增加电源B的电动势，报警器在光照更强时才会报警 光敏电阻R D.增加电源A的电动势，报警器在光照更强时才会报警 3.如图所示，轻绳的一端系一质量为m的金属球，另一端悬于0点，悬点0到球上端 0 的绳长为L,球的直径为d。将球拉到A点后由静止释放（摆角小于5°），经过最低 点C后，摆到B点速度减为零。不计空气阻力，在摆动过程中，下列说法正确的是 A.当绳子与竖直方向夹角为0时，球的回复力大小为F=mgsin0 B B.球摆动的周期为T=2πm, 物理试卷第1页（共6页） C.球摆到最高点时速度为零，绳子拉力也为零 D.增大球的摆角（不超过5°），球摆动的周期也变大 4.如图所示，纸面内四个相同的半圆弧形导体棒，通有相同大小的电流1，处于磁场强度大小为B,不同 方向的匀强磁场中。图甲和图乙的磁场方向平行纸面，方向水平向右：图丙和图丁的磁场方向垂直纸 面向里。下列判断正确的是 甲 丙 A.甲图和丙图导体棒受到的安培力大小相同 B.乙图和丁图导体棒受到的安培力大小相同 C.甲图和乙图中导体棒受到的安培力大小和方向都相同 D.丙图和丁图中导体棒受到的安培力大小和方向都相同 5.一列简谐横波在t=0时刻的波形如图甲所示，P、Q为波的传播方向上的两个质点，质点P的振动图 像如图乙所示，则下列判断正确的是 个ycm 个/cm 20 20 0 0 18x/m 5 4.5 tis -20 20 图甲 图乙 A.这列波沿x轴正方向传播 B.这列波波速为0.25m/s 2T C.质点Q的振动方程为y=20sin3(cm) D.任意时刻质点P和质点Q振动的相位差为习 6.如图甲所示，某同学做自感现象的实验。自感线圈L的直流电阻为R,A,和A2是完全相同的两个小 灯泡，R为滑动变阻器，现调节滑动变阻器R的阻值大于R的阻值。在实验时，先闭合开关S,待稳 定状态后又突然断开S,下列说法正确的是 图甲 图乙 A.在闭合S瞬间，因为R的阻值大于R的阻值，所以A,灯先亮 B.在突然断开S瞬间，A,先熄灭，A2会闪亮一下再熄灭 C.在突然断开S瞬间，A2灯会闪亮一下，然后与A,灯一起熄灭 D.若将自感线圈L换成如图乙的双线绕法线圈，则观察到的自感现象会更明显 7.如图为两种小型发电机构造示意图，两种发电机磁极N、$间的匀强磁场完全相同，相同的单匝线圈 物理试卷第2页（共6页） 绕垂直于磁场的水平轴O0'沿顺时针方向匀速转动，角速度均为w,外电路相同，电压表为理想电压 表。下列判断正确的是 图甲 图乙 A.电压表的示数相同 B.一个周期内流过灯泡的电荷量相同 C.流过灯泡的电流变化周期相同 D.一个周期内流过灯泡的电流方向变化次数相同 8.将一轻弹簧与小球组成弹簧振子竖直悬挂，上端装有记录弹力的拉力传感器，当振子在竖直方向上下 振动时，弹力随时间的变化规律如图所示。已知重力加速度大小g=10m/s2,不计空气阻力，下列说法 正确的是 ↑FN 拉力传感器 0246810 A.小球的质量为2kg,振动的周期为4s B.0~2s内，小球受弹力的冲量大小为20N·s C.0~2s内和2~4s内，小球受弹力的冲量方向相反 D.0~4s内，小球受回复力的冲量大小为40N·s 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.研究光的干涉现象的原理图如图所示。光源S到双缝S1、S2的距离相等，S1、S2连线平行于光屏，O 点为S,、S2连线中垂线与光屏的交点。光源S发出的单色光，在空气中的波长为入，经S,、S2传播到 光屏上的P点，S,P垂直于光屏，P为某亮条纹中心，0、P之间还有4条亮条纹。现紧贴S,放置一厚 度d=10入的玻璃薄片，光从S,垂直穿过玻璃薄片传播到P点的时间与光从S2直接传播到P点的时 间相等。已知光在空气中的速度为c,不考虑光在玻璃薄片内的反射，则 ,玻璃薄片 A未加玻璃薄片时，光从S,、S,传播到P点的时间差为升 B.玻璃薄片对该单色光的折射率为1.4 C.光在玻璃薄片中的波长为 入 D.光在玻璃薄片中的传播速度为2 物理试卷第3页（共6页） 10.如图所示，两足够长的水平光滑导轨置于竖直方向的匀强磁场中，左端分别连接一定值电阻和电容 器，将两导体棒分别垂直放在两导轨上。给甲图导体棒一水平向右的初速度，乙图导体棒施加水平 向右的恒定拉力F从静止开始运动。不计导轨及两棒电阻，两棒向右运动的过程中与导轨始终接触 良好并始终与导轨垂直，下列说法正确的是 XX 甲 A.图甲中，导体棒速度的减小量与运动的时间成正比 B.图甲中，导体棒速度的减小量与通过的距离成正比 C.图乙中，导体棒速度的增加量与运动的时间成正比 D.图乙中，导体棒速度的增加量与通过的距离成正比 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(8分) 在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，某同学采用了如图所示的可拆式变压器进 行研究，图中各接线柱对应的数字表示倍率为“×100”的匝数。 变压器铁芯P 线 变压器铁芯Q (1)对于实验过程，下列说法正确的有 A.本探究实验采用了控制变量法 B.测量副线圈电压时应当用多用电表的“直流电压挡” C.使用多用电表测电压时，先用最大量程挡试测，再选用适当的挡位进行测量 D.因为实验所用电压较低，通电情况下可用手接触裸露的导线、接线柱 (2)若变压器是理想变压器，电源接变压器原线圈“0”“8”接线柱，副线圈接“0”“4”接线柱，当副线 圈所接电表的示数为6.0V,则原线圈的输入电压应为 A.18.0V B.12.0V C.5.0V D.3.0V (3)该同学组装变压器时忘记将铁芯闭合进行实验，当原副线圈匝数比为8：1，原线圈接12.0V交 流电压，则测量副线圈的交流电压表的实际读数可能是 A.OV B.9.60V C.1.50V D.0.65V (4)正确组装变压器后，用匝数N。=400匝和N。=800匝的变压器实际测量数据如下表： 0./W 1.80 2.80 3.80 4.90 U/V 4.00 6.01 8.02 9.98 根据测量数据可判断连接交流电源的原线圈是 (选填“N”或“V,”)。 物理试卷第4页（共6页） 12.(8分) 某实验探究小组利用如图实验装置研究两物体碰撞过程中的守恒量。 (1)实验步骤如下： A.将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球1、球2与木条的撞击点： B.利用天平测量出1、2两小球的质量分别为m1、m2; C.调节轨道末端水平，木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球1从斜轨上A点由静止 释放，与木条撞击点为B': D.将木条平移到图中所示位置固定； E.让入射球1从斜轨上A点由静止释放，与木条撞击点为P; F.把球2静止放置在水平轨道的末端B点，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，确定球1和球2 相撞后与木条的撞击点； G.用秒表手动计时分别测量两球从B点到各撞击点N、P、M所用的时间t1、2、3; H.用刻度尺测得B与N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h,。 以上步骤G和H中测量误差较大的的是 (填步骤前序号)，应予以舍去。 (2)把小球2放在斜轨末端边缘B处，让小球1从斜轨上A处由静止开始滚下，使它们发生碰撞， 碰后小球1的落点在图中的 点。 (3)若测量的物理量满足关系式 (用所测物理量的字母表示)，则入射小球和被碰小球 碰撞前后的总动量不变。 若测量的物理量再满足关系式 (用所测物理量的字母表示)，则入射小球和被碰小球碰 撞为弹性碰撞。 13.(10分) 氮化硼光学晶体是世界上已知最薄的光学晶体，仅有微米量级厚度，能效相较于传统晶体提升了 100至10000倍。如图为氮化硼光学晶体的长方体截面图，其截面长为L。一束单色光斜射到上端面A 点，当入射角0=60°时反射光线和折射光线恰好垂直，折射光线经长方体侧面反射后射到下端面，光在 真空中的传播速度为c。 (1)求透明材料的折射率n; (2)若改变光线在A点的入射角，求光从上端面传播至下端面的最长时间。 物理试卷 第5页（共6页） 14.(14分) 在科学研究中常用电场和磁场来控制带电粒子的运动。如图所示，宽度为d的虚线框内有垂直纸 面方向的匀强磁场，匀强磁场边界竖直。电子枪发出的电子（初速度可以忽略）经M、N之间的加速电 场加速后以一定的速度水平射出并从左侧进入偏转磁场，速度方向改变60°角后从右侧离开磁场最终 打在荧光屏上，已知加速电压为U,电子质量为m,电量值为e,电子重力不计。求： (1)电子进入磁场时速度大小； (2)偏转磁场的磁感应强度B的大小和方向： (3)若撤去磁场，在虚线框中加一沿竖直方向的匀强偏转电场，电子从右侧离开电场也可使电子偏 转60°角最终打在荧光屏上，求所加电场的电场强度大小E。 15.(18分) 某快递公司的一段传送装置可简化为如下模型，一个顺时针匀速转动的水平传送带长度L=4.5m, 传送带右端与静止在粗糙地面上的平板车的上表面相平齐，平板车的左端紧靠传送带的右端，质量为 m1=1kg的物块A以v=11m/s的速度，由左端滑上传送带，与静止在平板车的左端质量m2=3kg物块B 发生弹性碰撞，碰后物块A恰好运动到传送带最左端，物块B最终没有从小车上滑出。已知：物块A与 传送带的摩擦因数以1=0.4，物块B与平板车的摩擦因数2=0.3，平板车与地面的摩擦因数43=0.1，平 板车的质量m3=1.5kg,重力加速度g=10m/s2,忽略空气阻力，两物块可视为质点。求： B (1)碰后小物块A的速度大小 (2)传送带转动的速度大小： (3)平板车的最小长度。 物理试卷第6页（共6页）物理参考答案　 第 1　 页(共 5 页) 物理参考答案 一、选择题:共 10 小题,共 42 分。 在每小题给出的四个选项中,第 1 ~ 8 题只有一个选项符合题目要求, 每小题 4 分,共 32 分;第 9 ~ 10 题有多个选项符合题目要求,每小题 5 分,共 10 分。 全部选对的得 5 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B A A C C A B AC BC 1. B　 【解析】A. 蓝牙通信用的电磁波不在可见光频率范围内,不是光信号。 故 A 错误;BC. 蓝牙通信比 手机通信的电磁波频率高,波长短更不容易发生明显的衍射现象。 故 B 正确;C 错误;D. 蓝牙通信和 手机通信使用的都是电磁波,在真空中传播速度相同。 故 D 错误。 故选 B。 2. B　 【解析】干簧管上的线圈通电形成的磁场使簧片磁化时,簧片的触点部分就会被磁力吸引,当吸引 力大于簧片的弹力时,常开接点就会吸合;当磁力减小到一定程度时,接点被簧片的弹力打开。 则干 簧管是利用磁极间的相互作用来控制电路的通断,故 A 错误;线圈中电流不变,总电阻不变,增大电 阻箱 R 的阻值,光敏电阻变小,报警器在光照更强时才会报警,故 B 正确;线圈中电流不变,增加电源 B 的电动势,电路中总电阻变大,光敏电阻变大,报警器在光照更弱时就会报警,故 C 错误;增加电源 A 的电动势,不影响线圈中电流,报警器在原光照强度时会报警,故 D 错误。 故选 B。 3. A　 【解析】A. 由受力分析可得,球摆动时的回复力大小为 F=mgsinθ,故 A 正确;B. 球摆动的周期为 T = 2π L+ 1 2 d g ,故 B 错误;C. 球摆到最高点时速度为零,向心力等于零,绳子拉力不等于零,故 C 错 误;D. 由单摆周期公式可得,周期与角度无关,故 D 错误。 故选 A。 4. A　 【解析】甲图和丙图导体棒的有效长度相同,导体棒与磁场方向垂直,受到的安培力大小相同,A 正确。 乙图和丁图导体棒的有效长度不同,故受到的安培力大小不同,B 错误。 甲图和乙图中导体棒 受到的安培力大小不同但方向相同,均垂直纸面向外,C 错误。 丙图和丁图中导体棒受到的安培力大 小相同但方向不相同,D 错误。 5. C　 【解析】 t = 0 时刻,质点 P 的振动方向向下,故波沿 x 轴负方向传播,A 错误;由图可知,波长 λ = 12m,周期 T= 3s,所以波速 v= λ T = 12 3 m / s = 4m / s,B 错误;质点 P 和质点 Q 振动情况完全相反,相位差 为-π,质点 Q 的振动方程为 y= 20sin 2π T t cm( ) = 20sin 2π 3 t cm( ) ,C 正确,D 错误。 6. C　 【解析】A. 在闭合 S 瞬间,因为自感,所以 A2 灯先亮,故 A 错误;BC. 滑动变阻器 R 的阻值大于 RL 的阻值,则电路稳定后,A1 灯所在支路的电流大于 A2 灯支路的电流,则 A2 会闪亮一下,但 A1、A2 灯 同时熄灭,故 B 错误,C 正确;D. 由于两个线圈的绕向相同,但电流方向相反,所以其磁场方向相反。 两者磁性强度相同,磁场方向相反,相互抵消,所以螺线管内没有磁场,两股导线中原电流的磁通量相 互抵消,没有自感现象,故 D 错误;故选 C。 7. A　 【解析】两发电机产生的交变电流如图所示,甲图中流过灯泡的是如图所示的直流电流,变化周期 为 T甲 = π ω ,图乙中流过灯泡的电流为正弦式交变电流,变化周期为 T乙 = 2π ω ,两种电流的最大值相同, 故有效值也相同,电压表的示数相同,A 正确,C 错误。 一个周期内乙图中流过灯泡的电荷量为 0,甲 物理参考答案　 第 2　 页(共 5 页) 图中不为 0,故 B 错误。 甲图中流过灯泡的电流方向不变,乙图中流过灯泡的电流方向一个周期改变 2 次,D 错误。 8. B　 【解析】A. 根据图像可知,零时刻弹力最大小球在最低点,2s 时弹力最小(为零)在最高点,由对称 性可知,在平衡位置时,弹力为 10N,可得 F=mg,解得小球的质量为 1kg,振动的周期为 4s,故 A 错误; BC. 0 ~ 2s 内,小球初末速度均为零,根据动量定理可得 IF -mgt = 0-0,解得 IF = 20N·s。 即小球受弹 力的冲量大小为 20N·s,方向竖直向上,同理可知,2 ~ 4s 内,小球受弹力的冲量大小为 20N·s,方向 竖直向上,故 0 ~ 2s 内和 2 ~ 4s 内,小球受弹力的冲量方向相同,故 B 正确,C 错误;D. 小球受到的合力 作为回复力,0 ~ 4s 的初末状态速度均为零,即动量变化为零,可知小球受回复力的冲量大小为 0,故 D 错误。 故选 B。 9. AC　 【解析】A. 由题意,未加玻璃薄片时,P 为第 5 条亮条纹中心,则有 S2P-S1P = 5λ,又 S2P-S1P = ct0,解得 t0 = 5λ c ,故 A 正确;BD. 设光在玻璃薄片中的传播速度为 v,则 d v - d c = t0。 又 v= c n ,解得 n= 1. 5,v= 2 3 c,故 BD 错误;C. 在空气中有 c =λf,在该玻璃薄片中有 v =λ′f,联立解得 λ′ = 2 3 λ,故 C 正确。 故选 AC。 10. BC　 【解析】AB. 图甲中,导体切割磁感线产生感应电动势,则有 E=BLv,I= E R ,根据牛顿第二定律有 BIL=ma,又 a=Δv Δt ,则 Δv=B 2L2 mR vΔt=B 2L2 mR x,所以图甲中,导体棒速度的减小量与通过的距离成正比,故 A 错误,B 正确;CD. 图乙中,设极短时间 Δt 内,导体棒速度变化量为 Δv,则导体棒的加速度为 a =Δv Δt , 导体棒产生的的电动势为 E=BLΔv,电容器增加的电荷量为 Δq =CE =CBLΔv,电流为 I =Δq Δt =CBLa,导 体又受到安培力为 F安 =BIL=B2L2Ca,根据牛顿第二定律 F-F安 =ma,解得 a = F m+CB2L2 ,Δv= F m+CB2L2 Δt,图乙中,导体棒速度的增加量与运动时间成正比,故 C 正确,D 错误。 故选 BC。 三、非选择题:本题共 5 小题,共 58 分。 11. (8 分,每空 2 分) (1)AC　 　 (2)B　 　 (3)D　 　 (4)Nb 【解析】(1) A. 为便于探究,可以采用控制变量法,故 A 正确;B. 变压器的原线圈接低压交流电,测 量副线圈电压时应当用多用电表的“交流电压挡”,故 B 错误;C. 使用多用电表测电压时,为了安全先用 最大量程试测,再选用适当的挡位进行测量,故 C 正确;D. 虽然实验所用电压较低,但是通电时不可用 手接触裸露的导线、接线柱等检查电路,这样可减小实验误差,避免发生危险,故 D 错误。 故选 AC。 (2)变压器为理想变压器,则原线圈电压为 U1 = n1U2 n2 = 8 4 ×6V = 12V,故选 B。 (3)假设变压器为理想变 压器,则副线圈电压为 U2 = n2U1 n1 = 1 8 ×12V = 1. 5V,考虑到变压器不是理想变压器,则副线圈两端电压小 于 1. 5V,电压表测量有效值,则读数小于 1. 5V,故选 D。 (4)由于有漏磁、原副线圈内阻分压等因素,所 以副线圈实际测量的电压值应该小于理论值,由理想变压器规律 U1 U2 = N1 N2 = 1 2 由表格数据 Ua 总是略小于 物理参考答案　 第 3　 页(共 5 页) 1 2 Ub,故 Nb 一定是原线圈。 12. (8 分,每空 2 分) (1)G　 　 (2)M　 　 (3) m1 h2 = m1 h3 + m2 h1 　 　 m1 h2 = m1 h3 + m2 h1 (或者: 1 h2 + 1 h3 = 1 h1 ) 【解析】(1)小球撞击在木条上时,时间很短,测量误差很大;根据平抛运动规律,可知小球撞击在木 条上时,下落的时间 t= 2h g ,可把时间转换为高度 h,故 G 不合理应予以舍去。 (2)由图可知,两小球撞 击在竖直木条上,三次平抛运动的水平位移相等,由平抛运动的规律可知,水平速度越大,竖直方向下落 的高度越小;碰后小球 1 的速度减小,则碰后小球 1 落到 M 点。 (3)根据平抛运动规律,可知小球撞击 在木条上时,下落的时间 t= 2h g ,则可知小球做平抛运动的水平速度 v= x t = x g 2h ,代入题中数据得 v1 = x g 2h2 ,v′1 = x g 2h3 ,v′2 = x g 2h1 ,若碰撞过程动量守恒,则 m1v1 =m1v′1 +m2v′2,联立解得 m1 h2 = m1 h3 + m2 h1 ,若碰 撞过程机械能守恒,则有 1 2 m1v21 = 1 2 m1v′21 + 1 2 m2v′22,联立解得 m1 h2 = m1 h3 + m2 h1 。 (或者:m1v1 =m1v′1 +m2v′2 1 2 m1v21 = 1 2 m1v′21 + 1 2 m2v′22 联立可得:v1 +v′1 = v′2, 1 h2 + 1 h3 = 1 h1 )。 13. (10 分) 解:(1)单色光在透明材料上表面的入射角为 60°,反射光线与折射光线垂直,则折射角为 θ1 = 90°-θ= 30° (2 分)…………………………………………………………………………………… 根据折射定律:n= sinθ sinθ1 = 3 (2 分)…………………………………………………………………… (2)折射光线在介质中的速度为 v= c 3 (2 分)……………………… 若改变 A 点的入射角,使 A 点折射角为 C,sinC= 3 3 (2 分)……… 此时,sinα= 6 3 在侧面发生全反射。 α 为光线在侧边能取到的最小 入射角 故最长时间为 tmax = L vsinα = 3 2 L 2c (2 分)…………………………… 14. (14 分) 解:(1)电子经过电场加速过程,根据动能定理可得 eU= 1 2 mv2 (2 分)……………………………… v= 2eU m (2 分)………………………………………………………………………………………… (2)电子带负电,根据左手定则可知磁感应强度 B 方向垂直纸面向外,电子在磁场中的轨迹如图 所示 物理参考答案　 第 4　 页(共 5 页) r d 60° v 根据洛伦兹力提供向心力 evB=m v 2 r (1 分)…………………………………………………………… 由几何关系可得 r= d sin60° (1 分)……………………………………………………………………… 电子经过电场加速过程,根据动能定理可得 eU= 1 2 mv2 (1 分)……………………………………… 联立解得 B= 1 d 3mU 2e (2 分)…………………………………………………………………………… (3)电子在电场中做类平抛运动,假设在电场中的时间为 t,则有 d= vt (1 分)…………………… 离开电场时,假设沿电场方向的分速度为 vy,则有 vy = eE m t (1 分)…………………………………… 又 tan60° = vy v (1 分)…………………………………………………………………………………… 联立可得 E= 2 3U d (2 分)……………………………………………………………………………… 15. (18 分) (1)设物块 A 碰后速度大小为 v1,由题意可知 1 2 m1v21 =μ1m1gL (2 分)………………………………………………………………………………… 解得 v1 = 6m / s (2 分)…………………………………………………………………………………… (2)假设物块 A 到达传送带右端时与传送带达到共同速度 v0,物块 A 与物块 B 发生弹性碰撞 m1v0 = -m1v1 +m2v2 (1 分)……………………………………………………………………………… 1 2 m1v20 = 1 2 m1v21 + 1 2 m2v22 (1 分)………………………………………………………………………… 解得 v0 = 12m / s (1 分)………………………………………………………………………………… 设物块 A 滑上传送带后加速的距离为 L′ 1 2 m1v20 - 1 2 m1v2 =μ1m1gL′ (1 分)………………………………………………………………………… 解得 L′= 23 8 <L,假设成立 (1 分)………………………………………………………………………… 所以 v0 = 12m / s,v2 = 6m / s (1 分)……………………………………………………………………… 即传送带转动的速度为 12m / s (1 分)………………………………………………………………… (2)物块 B 滑上平板车后,物块 B 向右做匀减速运动,平板车做匀加速运动,经时间 t 共速 物块 B 加速度 a1 =μ2g= 3m / s2 (1 分)………………………………………………………………… 平板车加速度 a2 = μ2m2g-μ3(m3 +m2)g m3 = 3m / s2 (1 分)……………………………………………… 物理参考答案　 第 5　 页(共 5 页) v共 = v2 -a1 t=a2 t (1 分)………………………………………………………………………………… 代入数据解得 t= 1s,v共 = 3m / s (1 分)………………………………………………………………… 物块 B 的位移为 x1 = v2 +v共 2 t= 4. 5m (1 分)…………………………………………………………… 平板车的位移为 x2 = v共 2 t= 1. 5m (1 分)………………………………………………………………… 达到共同速度后两者保持相对静止做匀减速直线运动 故平板车最短长度 Lmin = x1 -x2 = 3m (1 分)……………………………………………………………