2026届高三化学一轮复习 有机模块测试三

2026届高三一轮复习有机模块测试三 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．下列物质中与丁烯一定互为同系物的是 A．CH3－CH2－CH2－CH3 B．CH2 = CH－CH3 C．C5H8 D．C3H4 2．下列反应属于加成反应的是 A．乙醇与钠反应生成乙醇钠和氢气 B．钠与水反应生成氢气 C．乙烯与溴反应生成1，2-二溴乙烷 D．甲烷与氯气反应生成一氯甲烷和氯化氢 3．苯环结构中，不存在单双键交替结构，可以作为证据的事实是 ①苯不能使KMnO4溶液褪色； ②苯能在一定条件下跟H2加成生成环己烷； ③与是同一物质； ④苯不能因化学变化而使溴水褪色 A．①②③④ B．①③④ C．②④ D．③④ 4．有机物N的结构简式如图所示，下列说法正确的是 A．1molN最多可与反应 B．1molN与溴水反应最多可消耗 C．1molN最多可与4molNaOH反应 D．N可发生加成、取代、氧化、消去等反应 5．现代家居装修材料中，普遍存在着甲醛、苯及苯的同系物等有毒物质，如果不注意处理就会对人体产生极大的危害。按照有机物的分类，甲醛属于醛。下面各项对有机物的分类方法与此方法相同的是（    ） ①属于环状化合物②属于卤代烃③属于链状化合物④属于醚 A．②④ B．①② C．②③ D．①④ 6．乙醇、甘油、苯酚及醛类物质是重要的有机物。下列有关说法正确的是 A．可用溴水检验CH2=CH—CHO中是否含有碳碳双键 B．乙醇、甘油和苯酚都能与Na反应产生H2 C．只用水就能鉴别乙醇、乙酸、苯酚 D．对甲基苯甲醛()能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明它含有醛基 7．国际奥委会在兴奋剂药检中检测出一种兴奋剂的结构如图，关于它的说法中正确的是 A．该物质的分子式为C15H12ClO3 B．1 mol该物质与溴水反应，最多反应4 molBr2 C．1 mol该物质与NaOH溶液反应，最多消耗4 molNaOH D．该物质可以发生取代，消去，加成，氧化等反应 8．萘氧啶为人工合成的非甾体类药物，其结构如图所示，下列说法正确的是 A．分子中只含2种官能团 B．分子中所有碳原子可能共平面 C．能发生加成反应、消去反应和取代反应 D．既能使溴水褪色也能使酸性高锰酸钾溶液褪色 9．我国科学家合成了检测的荧光探针A，其结构简式如图。    下列关于荧光探针A分子的说法不正确的是 A．不存在手性碳原子 B．分子内、分子间存在氢键 C．能与饱和溴水发生取代反应和加成反应 D．1mol探针A最多能与3molNaOH反应 10．对如图化合物结构与性质描述正确的是 A．①与②是不同类型化合物，它们不是同分异构体 B．①中最少有8个碳原子共平面，②中最少有7个碳原子共平面 C．在H2SO4存在下①和②均不与乙酸反应，但它们都可与Br2水反应 D．①和②可用红外而不可用核磁共振区别 11．柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如下图．有关柠檬烯的叙述正确的是（　　）    A．它的分子式是C10H14 B．它和  互为同分异构体 C．它的分子中所有的碳原子一定在同一平面上 D．一定条件下，它可以发生加成、取代、氧化反应 12．已知：，下列关于M、N两种有机物的说法中正确的是 A．M、N均可以用来萃取溴水中的溴 B．N的一氯代物有6种(不考虑立体异构) C．M、N均能使酸性KMnO4溶液褪色 D．M、N分子中所有原子均可能处于同一平面 13．瑞德西韦是一种西药，其主要成分的结构如图所示，下列描述错误的是 A．分子中含有σ键、π键、大π键 B．分子中碳原子的杂化方式只有、 C．分子易形成分子间氢键 D．分子中含有多个手性碳原子 14．在浓HNO3和浓H2SO4混合溶液中加入苯，反应过程中能量变化示意图如下。下列说法错误的是 A．对于生成Y的反应，浓H2SO4作催化剂 B．X为苯的加成产物，Y为苯的取代产物 C．由苯得到M时，苯中的碳原子杂化方式没有变化 D．从中间体到产物，无论从产物稳定性还是反应速率的角度均有利于产物Ⅱ 15．某有机物的结构如右图所示，这种有机物可能具有的性质是 ①能使酸性溶液褪色    ②能跟NaOH溶液反应 ③能发生加聚反应        ④能发生酯化反应 A．①②③ B．③④ C．①②④ D．①②③④ 16．下图是分别取1mol乙烯雌酚进行的实验： 下列对实验数据的预测正确的是 A．①中生成7molH2O B．最多有16个碳原子在同一平面 C．③最多消耗3molBr2 D．④中最多消耗7molH2 二、解答题 17．石油被誉为“工业的血液”，是一种重要的化工原料。A和F互为同系物，F的产量被用作衡量一个国家石油化工产业发展水平的标志。一种由石油合成部分化工产品的流程如下： 已知：R-BrR-OH(R代表烃基)。回答下列问题： (1)操作i、ii、iii是工业上常用的石油炼制方法，其中 iii称为 。 (2)反应①→⑤中属于加成反应的有 (填序号)。 (3)E和F中官能团的名称分别为 、 。 (4)反应①可以得到一种有机副产物，写出其结构简式 。 (5)反应③的化学方程式为 。 (6)下列说法正确的是 (填字母)。 a．根据有机物的命名方法，可以叫作辛烷 b．A和F均不存在同分异构体 c．D中所有原子可以共平面 (7)H的结构简式为 ，与H互为同分异构体且含有-COOH的化合物有 种。 18．回答下列问题 (1)某烃A的相对分子质量为84。 ①若烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯代物只有一种。则A的结构简式为 。 ②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3∶2∶1，则符合A的所有结构简式为 。 (2)已知胺()具有下列性质： Ⅰ. Ⅱ.在一定条件下可发生水解：对硝基苯胺是重要的化工原料，其合成路线如图： 根据合成路线回答： ①步骤①的目的是： 。 ②写出反应②的化学方程式 。 19．高分子化合物G是一种重要的中间体，广泛应用于工业生产，它的一种合成路线如图： 已知：R1CH2COOCH2CH3+R2COOCH2CH3+CH3CH2OH 请回答： (1)物质C中含有的官能团名称为 。 (2)流程中B→C的反应类型为 反应。 (3)下列说法正确的是 。 A．化合物A所有原子一定共平面 B．化合物C的核磁共振氢谱图显示有5组峰 C．化合物E含有1个手性碳原子 D．化合物G的分子式为C9H14O3 (4)写出D→E的化学方程式 。 (5)写出化合物G同时符合下列条件的两种同分异构体的结构简式 。 ①具有六元碳环结构：②能与NaHCO3溶液反应；③能发生银镜反应；④核磁共振氢谱显示六组峰，且峰面积之比为4∶4∶3∶1∶1∶1。 (6)设计以乙酸乙酯和1，4－二溴丁烷为原料合成 的路线(用流程图表示，无机试剂任选) 。 20．有机化合物是一种具有抗肿瘤、抗菌等多种药理活性的色胺酮类衍生物，合成路线如下。 (1)属于芳香烃，试剂是 。 (2)既有酸性又有碱性，中含有的官能团是 。 (3)的化学方程式是 。 (4)的反应类型是 。 (5)溴单质与中苯环侧链上的发生取代反应的原因是 。 (6)下列说法正确的是 (填序号)。 a．的核磁共振氢谱有6组峰 b．可发生水解反应 c．和均含手性碳原子 d．不存在同时满足下列条件的的同分异构体： i．含有3种官能团(其中一种为碳碳三键) ii．遇溶液显紫色 (7)由生成经三步反应过程： 写出(含有五元环)与中间体2的结构简式 、 。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 2026届高三一轮复习有机模块测试三答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C B C A B B D D C 题号 11 12 13 14 15 16 答案 D C B C D D 1．B 【分析】结构相似，分子组成相差一个或若干个CH2原子团的有机物互为同系物，据此分析。 【详解】A. CH3－CH2－CH2－CH3与丁烯结构不相似，不属于同系物，A项错误； B. CH2 = CH－CH3与丁烯结构相似，均含有碳碳双键，且分子组成相差一个CH2原子团， B项正确； C. C5H8符合炔烃或二烯烃的通式，与丁烯结构不相似，不属于同系物，C项错误； D. C3H4符合炔烃的通式，与丁烯结构不相似，不属于同系物，D项错误； 答案选B。 2．C 【分析】加成反应是有机反应。 【详解】A．乙醇与钠反应生成乙醇钠和氢气的反应是置换反应，A不符合题意； B．钠与水反应生成氢气的反应是置换反应，B不符合题意； C．乙烯与溴反应生成1，2-二溴乙烷的反应是加成反应，C符合题意； D．甲烷与氯气反应生成一氯甲烷和氯化氢的反应是取代反应，D不符合题意； 故选C。 3．B 【详解】①苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明苯分子中不含碳碳双键，可以证明苯环结构中不存在C-C单键与C=C双键的交替结构，故①正确； ②与氢气发生加成反应是碳碳双键的性质，苯能在一定条件下跟H2加成生成环己烷，不能证明苯环中不存在单双键交替结构，故②错误； ③若苯的结构中存在单双键交替结构，苯的邻位二元取代物有两种，但实际上邻二甲苯仅有一种结构，所以能说明苯不是单双键交替结构，故③正确； ④苯不能因发生化学反应而使溴水溶液褪色说明不存在双键，说明苯分子中不存在碳碳单、双键的交替结构，故④正确； 故选B。 4．C 【详解】A．N中只有苯环和碳碳双键能和氢气发生加成反应，则1molN最多可与反应，故A错误； B．酚羟基的邻、对位会和溴水发生取代反应，碳碳双键能和溴水发生加成反应，则1molN与溴水反应最多可消耗，故B错误； C．酚羟基、羧基以及酯基水解后产生的羧基和酚羟基都能和氢氧化钠反应，酚酯基可以和2molNaOH反应。则1mol有机物N最多可与4molNaOH反应，故C正确； D．N中含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，含有羧基，可发生取代（酯化反应），含有酯基，可发生水解（取代）反应，其中与羟基相连的碳原子的邻碳上没有H原子，不能发生消去反应，故D错误； 故选C。 5．A 【详解】①为环状化合物，是根据碳原子的连接方式进行分类，不含官能团，与甲醛的分类不同，故①错误； ②含有溴原子，为卤代烃的官能团，与甲醛的分类相同，故②正确； ③从碳链的结构的角度分类，没有从官能团的角度分类，与甲醛不同，故③错误； ④含有醚基，属于官能团，与甲醛的分类相同，故④正确； 故答案为A。 6．B 【详解】A．碳碳双键、-CHO均能与溴水反应，应先利用银氨溶液氧化-CHO，再利用溴水检验碳碳双键， A错误； B．乙醇、甘油中都含有醇羟基，苯酚中含有酚羟基，羟基都能和钠反应，置换出氢气，B正确； C．乙醇、乙酸均与水互溶，用水不能鉴别乙醇、乙酸，C错误； D．与苯环相连的甲基、-CHO均能被高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能说明它含有醛基，D错误； 故选B。 7．B 【详解】A. 根据结构简式确定分子式为C15H13ClO3，故A错误； B. 含有3个酚羟基，可与3mol溴发生取代反应，含有1个碳碳双键，可与1mol溴发生加成反应，共需要4mol溴，故B正确； C. 能与氢氧化钠反应的是酚羟基，则1mol有机物可与3mol NaOH反应，故C错误； D. 含有碳碳双键，可发生氧化反应和加成反应，含有酚羟基和甲基可发生取代反应，不能发生消去反应，故D错误； 故选B。 8．D 【详解】A．分子中含有醚键、碳碳双键、叔氨基3种官能团，A错误； B．含N五元环是空间结构，不是平面结构，故所有的碳原子不可能共面，B错误； C．分子中含有醚键可以发生取代反应，碳碳双键可以发生加成反应，但不能发生消去反应，C错误； D．分子中含有碳碳双键，故能是溴水和高锰酸钾褪色，D正确； 故答案为：D。 9．D 【详解】A．手性碳原子是连有四个不同基团的碳原子；该分子中不存在手性碳原子，A项正确； B．该分子中存在-OH，可以形成分子内氢键，也能形成分子间氢键，B项正确； C．该分子具有碳碳双键，能与饱和溴水发生加成反应，Br2可以取代酚羟基邻位或对位的H，发生取代反应，C项正确； D．酚羟基、酯基水解生成的酚羟基和羧基都能和NaOH反应，1mol探针A最多能与4molNaOH反应，D项错误。 答案选D。 10．C 【解析】略 11．D 【详解】A、由柠檬烯的结构简式可知其分子式为C10H16，选项A错误； B、  的分子式为C10H14，与柠檬烯的分子式不同，不互为同分异构体，选项B错误； C、柠檬烯的碳六元环不是苯环，故其所有的碳原子不可能在同一平面上，选项C错误； D、该分子中含有碳碳双键，可以发生加成反应，含有甲基、亚甲基等，可以发生取代反应，该物质的燃烧反应即为氧化反应，选项D正确。 答案选D。 12．C 【分析】M为甲苯，N含有碳碳双键，N具有烯烃的性质，结合有机物的结构特点解答该题。 【详解】A．N含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，不能用于萃取溴，故A错误； B．N含有4种H，则一氯代物只有4种(不考虑立体异构)，故B错误。 C．甲苯中的甲基能被酸性高锰酸钾溶液氧化，N含有碳碳双键，能使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确； D．M含有甲基，具有甲烷的结构特点，则所有的原子不可能共平面，故D错误； 故选C。 13．B 【详解】A．分子中所有单键都是σ键，除苯环外的双键中，都含有π键，苯环中含有大π键，A正确； B．分子中单键碳原子为sp3杂化，双键碳原子、苯环上的碳原子为sp2杂化，三键碳原子为sp杂化，B错误； C．分子中含有-OH、-NH2，故分子间可以形成氢键，C正确； D．分子中，结构片段中五元环上的4个碳原子都为手性碳原子，另外，结构片段中“*”处的碳原子也为手性碳原子，D正确； 故选B。 14．C 【分析】两个反应历程第一个基元反应是相同的，第二个基元反应是不同，因此各历程中第二个基元反应决定了两个历程速率快慢。生成产物Ⅱ的活化能低，反应速率快。 【详解】A．苯的硝化反应中浓H2SO4作催化剂，故A正确； B．对照产物Ⅰ的反应和产物结构(→)可知：苯环不饱和度降低，X为苯的加成产物；对照产物Ⅱ的反应和产物结构(→)可知：苯环上一个H院子被一个硝基替换，Y为苯的取代产物，故B正确； C．转化为M()是，六元环中一个C原子杂化类型发生改变，由sp2变为sp3，故C错误； D．生成产物Ⅱ的活化能低，反应速率快，且产物Ⅱ的能量比产物I的能量低更低稳定，故D正确； 选C。 15．D 【详解】①有机物含有碳碳双键、醇羟基能使酸性KMnO4溶液褪色，故①符合题意； ②该有机物含有羧基能跟NaOH溶液反应，故②符合题意； ③有机物含有碳碳双键能发生加聚反应，故③符合题意； ④有机物含有羧基、醇羟基能发生酯化反应，故④符合题意； 符合题意的有①②③④，故答案选D。 16．D 【详解】A．1mol己烯雌酚中含20molH，由H原子守恒可知，①中生成10mol H2O，故A错误； B．碳碳双键和苯环均能提供平面结构，则己烯雌酚中最多有18个碳原子在同一平面，故B错误； C．酚-OH的邻、对位均可与溴发生取代反应，双键也能与Br2发生加成反应，则③中最多消耗5mol Br2，故C错误； D．苯环与C=C双键都能与氢气发生加成反应，1mol己烯雌酚与氢气发生加成反应，最多消耗7mol氢气，故D正确； 故答案为D。 17．(1)裂解 (2)①② (3) 羧基 碳碳双键 (4) (5)2CH3CH2CH2OH＋O22CH3CH2CHO＋2H2O (6)a (7) CH3CH2COOCH2CH3 4 【分析】已知A和F互为同系物，F的产量被用作衡量一个国家石油化工产业发展水平的标志，则F为乙烯；石油经过分馏得到石蜡油，石蜡油经过裂化得到辛烷，石蜡油经过裂解得到A和F， A和溴化氢发生加成反应生成B，B为1－溴丙烷，则A为丙烯；1－溴丙烷在NaOH水溶液中发生反应生成C，C为1—丙醇；1—丙醇经过氧化反应得到D，D为丙醛，丙醛经过氧化反应得到E，E为丙酸；F与水发生加成反应得到G， G为乙醇，G与丙酸发生酯化反应生成H，H为丙酸乙酯。 【详解】（1）分馏、裂化、裂解是工业上常用的石油炼制方法，其中iii得到小分子烃，过程为裂解； （2）由分析可知，属于加成反应的是①②； （3）E为丙酸，丙酸中的官能团为羧基，F为乙烯，乙烯中的官能团为碳碳双键； （4） 反应①为丙烯与溴化氢发生加成反应，得到的副产物为2－溴丙烷，结构简式为； （5）反应③为1—丙醇在铜作催化剂的条件下发生氧化反应生成丙醛，化学方程式为2CH3CH2CH2OH＋O22CH3CH2CHO＋2H2O； （6）a．中有8个碳原子且均为饱和碳原子，可以叫作辛烷，a正确；b．乙烯不存在同分异构体，丙烯存在同分异构体环丙烷，b错误； c．丙醛中含有甲基，具有甲烷的结构特点，则所有的原子不可能共平面，c错误； 故选a； （7）H为丙酸乙酯，结构简式为CH3CH2COOCH2CH3，与丙酸乙酯互为同分异构体且含有-COOH的化合物有戊酸(CH3CH2CH2CH2COOH)、‌2-甲基丁酸(CH3CH(CH3)CH2COOH)、‌3-甲基丁酸(CH3CH2CH(CH3)COOH)和2，2-二甲基丙酸(CH3C(CH3)2COOH)，一种有4种。 18．(1) 和 (2) 保护氨基(-NH2) HNO3+H2O+ 【分析】（1）烃A的相对分子质量为84，则烃的分子式为C6H12。 （2）用苯胺制取对硝基苯胺，首先苯胺和CH3COCl发生已知中的反应Ⅰ，生成X( )，要在对位连上硝基，则X发生硝化反应生成Y( )，Y再发生水解即已知中的反应Ⅱ，得到对硝基苯胺。 【详解】（1）若烃A为链烃，分子中所有碳原子在同一平面，且该分子的一氯代物只有一种，则该分子中含有碳碳双键，且两个不饱和碳原子都连有碳原子，则该分子的结构简式为： 。 ②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3∶2∶1，则该分子中的12个氢原子中有6个氢原子形成了2个甲基，且为对称结构，则符合A的所有结构简式为： 和 。 （2）①步骤①是将氨基转化为-NHCOCH3，而在第③步又将-NHCOCH3转化回氨基，所以步骤①的目的是保护氨基。 ②反应②是硝化反应，化学方程式为：HNO3+H2O+ 。 19．(1)羧基 (2)氧化 (3)CD (4)+C2H5OH (5)、 、 (6)CH3COOCH2CH3 【分析】根据B的分子式，推出A→B发生加成反应，即B的结构简式为 ，B中含有碳碳双键，被酸性高锰酸钾溶液氧化成羧基，C与乙醇发生酯化反应，根据D的分子式，1molC与2mol乙醇发生酯化反应，D的结构简式为 ，对比E和F的结构简式，-COOC2H5所连碳上的碳氢键断裂，CH3Br中“C-Br”断裂，发生取代反应得到F，F生成G先发生酯的水解，在加酸酸化，据此分析； 【详解】（1）根据C的结构简式，C中含有的官能团是羧基；故答案为羧基； （2）根据上述分析，利用酸性高锰酸钾的强氧化性，将碳碳双键氧化成羧基，该反应为氧化反应；故答案为氧化； （3）A．根据A的结构简式，A中含有-CH3，四面体结构，因此A中所有原子一定不共面，故A错误； B．根据C的结构简式，有6种不同化学环境的氢，即核磁共振氢谱有6组峰，故B说法错误； C．根据手性碳原子的定义，推出E中-COOC2H5所连碳为手性碳原子，故C正确； D．根据G的结构简式，G的分子式为C9H14O3，故D正确； 答案为CD； （4）利用题中所给信息，D生成E发生取代反应，其反应方程式为+C2H5OH；故答案为+C2H5OH； （5）能与碳酸氢钠反应，说明含有羧基，能发生银镜反应，说明含有醛基，核磁共振氢谱有六组峰，其峰面积之比为4∶4∶3∶1∶1∶1，因此符合题意的结构简式为 、 、 ；故答案为 、 、 ； （6）根据原料和产物，以及题中所给路线，可以利用从D到G的路线进行设计，路线为CH3COOCH2CH3；故答案为CH3COOCH2CH3。 20．(1)浓硝酸、浓硫酸 (2)羧基、硝基 (3)+ 2CH3OH+2H2O (4)取代反应 (5)受两侧C=O的吸电子作用影响，使相连的碳原子上的C—H的极性增强，易断裂 (6)abc (7) 【分析】 A（C7H8）与试剂a在加热条件下反应生成B（C7H8NO2），结合F的结构简式和E既有酸性又有碱性，可逆推A为，B为，D为，E为；G与CH3OH在浓硫酸、加热条件下反应生成J（C5H8O4），J为，J与反应生成K，K为；K与Br2反应生成L，L为；L苯环上的一个H与Br断裂结合成M，M为，M与F发生三步反应生成P。 【详解】（1）根据分析，试剂a为浓硝酸、浓硫酸； （2）中含有的官能团是羧基、硝基； （3） 的化学方程式是+ 2CH3OH+2H2O； （4）的反应类型是取代反应； （5）溴单质与中苯环侧链上的C—H发生取代反应的原因是受两侧C=O的吸电子作用影响，使相连的碳原子上的C—H的极性增强，易断裂； （6） a．K为，K的核磁共振氢谱有6组峰，a正确； b．L为，L可发生水解反应，b正确； c．根据L和P的结构简式可知，和均含手性碳原子，c正确； d．F的不饱和度为7，ⅰ．含有3种官能团(其中一种为碳碳三键)，碳碳三键的不饱和度为2，ii．遇溶液显紫色，根据不饱和度和O原子个数可知还有硝基，满足条件的F的同分异构体为，d错误； 故选abc； （7） 根据分析，M(含有五元环)为 ，M与F脱去CO2得到的中间体1为，中间体1与水加成生成的中间体2为，中间体2再发生醇的脱去反应脱掉一分子水生成P。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$