2025年河北省张家口市中考物理二模试卷

2025年河北省张家口市中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共20分。 1.如图所示，二胡是我国古老的民族乐器。用二胡演奏发声时，下列说法正确的是(    ) A. 二胡发出的声音一定不是噪声 B. 二胡发出的声音传播不需要介质 C. 二胡发出的声音是由琴弦振动产生的 D. 按压琴弦不同的位置可以改变发声的音色 2.图示的自然现象中，与“月落乌啼霜满天”中“霜”形成原理相同的是(    ) A. 白雪皑皑 B. 朝露晶莹 C. 雾绕山峦 D. 冰雪消融 3.我国在能源开发和利用方面取得了显著成就，大力发展清洁能源，减少碳排放。下列说法正确的是(    ) A. 风力发电机将机械能转化成电能 B. 天然气、核能、太阳能均属于不可再生能源 C. 电动汽车消耗电能，电能属于一次能源 D. “华龙一号”核电站是利用核聚变释放的能量发电 4.“安全用电”是每个公民应有的安全意识。下列做法符合安全用电原则的是(    ) A. 开关接在零线与电灯之间 B. 电水壶使用三孔插座使金属外壳接地 C. 手机充电器长期插在插座上 D. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯 5.如图是小明在用高压锅煮饭，有关其中所涉及的物理知识，下列说法不正确的是(    ) A. 闻到饭香，说明分子在不停地做无规则运动 B. 锅中水温升高，是通过热传递的方式改变内能的 C. 高压锅做饭熟得快，是由于锅内气压增大，液体沸点降低 D. 锅内高温高压气体将限压阀顶起，内能转化为机械能 6.在2025年哈尔滨亚冬会短道速滑女子3000米接力赛中，中国队夺得金牌。如图是比赛时的场景，下列说法正确的是(    ) A. 运动员加速过程中，速度越大其惯性越大 B. 运动员在弯道滑行时，受平衡力的作用 C. 运动员不断蹬地滑行，说明力是维持物体运动状态的原因 D. 运动员滑过终点后速度逐渐减小，是由于受阻力的作用 7.关于图中的实验或装置，下列分析正确的是(    ) A. 图甲：奥斯特实验表明磁能生电 B. 图乙：扬声器与电动机的工作原理相同 C. 图丙：滑动变阻器的滑片向右移动，电磁铁的磁性增强 D. 图丁：闭合开关，只要导体ab运动，电流表的指针就会发生偏转 8.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏位于图示位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像。下列说法正确的是(    ) A. 照相机就是利用这一规律成像的 B. 随着蜡烛燃烧变短，可将凸透镜向下移动使像成在光屏中央 C. 仅将蜡烛和光屏位置互换，光屏上能得到烛焰清晰放大的像 D. 仅用焦距为12cm的凸透镜替换该凸透镜，光屏上仍呈现烛焰清晰的像 9.如图所示，工人用此滑轮组先后将重为、的两个物体，在相同的时间内以相同的速度从水平地面匀速提升到高为h的平台上，已知，不计绳重及摩擦。下列说法正确的是(    ) A. 工人所用的拉力 B. 工人做的有用功 C. 滑轮组的机械效率 D. 工人做功的功率 10.如图所示，电源电压恒定，、、均为定值电阻，，。只闭合开关S，电路的总功率为；只闭合开关，电路的总功率为，：：5。任意开关通断，电路均安全。下列说法正确的是(    ) A. 的阻值为 B. 先闭合，再闭合S，电流表示数之比为3：1 C. 闭合开关S、，与互换前后，电流表和电压表示数均不变 D. 只闭合开关S，电流表与电压表互换前后，消耗的电功率之比为4：1 二、填空题：本大题共5小题，共10分。 11.2025年2月20日，中国“实践二十五号”卫星在距离地球万公里的同步轨道上，完成“北斗G7”导航卫星燃料补注操作。“实践二十五号”卫星将直径仅毫米的燃料接口与“北斗G7”导航卫星对接，对接成功后加注燃料过程中，“实践二十五号”卫星相对于“北斗G7”导航卫星是______选填“运动”或“静止”的，北斗卫星导航系统通过______波传递信息。 12.2025年央视春晚《秧BOT》节目火遍全网。一群穿着花棉袄的机器人在舞台上扭起了秧歌，还玩着转手绢、抛手绢等花样。如图是机器人“抛手绢”环节，抛出去的手绢在上升过程中，动能______，重力势能______。均选填“增大”“减小”或“不变” 13.我国西汉《淮南万毕术》中有这样的记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，如图所示，这是有记载最早的潜望镜，此装置主要利用了光的______，人通过水盆看到的是“四邻”的______选填“实”或“虚”像。 14.2025年2月21日，我国自主研制的电动型载人飞艇AS700D成功完成科研首飞。如图所示，AS700D飞艇最大设计飞行速度，最大飞行高度3100m，最大载客量10人含1名驾驶员，最大起飞质量4150kg。若此飞艇按最大飞行速度飞行3h，则航程为______km。按最大起飞质量计算，飞艇上升2000m，克服自身重力做的功为______J。取 15.小明家中的燃气热水器将水从加热到，消耗了的天然气，天然气完全燃烧放出的热量为______J，若该燃气热水器的效率为，则被加热水的质量为______kg。[已知水的比热容为，天然气的热值为 三、实验探究题：本大题共3小题，共18分。 16.根据图示实验回答下列问题。 小明用一段铁丝做一个支架，作为转动轴，把一根中间戳有小孔没有戳穿的吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管使其带电。当用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近吸管时，吸管远离橡胶棒，如图1所示，说明吸管与橡胶棒带______选填“同种”或“异种”电荷。 如图2所示，把一根吸管A插入盛水的烧杯中，将另一根吸管B的管口贴靠在吸管A的上端，往吸管B中吹气，可以看到吸管A中的水面______选填“上升”或“下降”，说明气体流速越大的位置压强越______。 图3是“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。两个透明容器中密封着初温、质量相同的空气。此装置是探究电流通过导体产生的热量与______的关系，通电一段时间后，左侧 U形管中液面的高度变化较大，则______选填“”或“”产生的热量较多。 17.学习了密度的相关知识后，物理实践小组练习测量液体的密度。 小明用天平和量筒设计了如下方法进行实验。 ①将托盘天平放置在水平台面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，静止时指针偏左，应向______调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央。 ②烧杯中倒入适量的液体，把烧杯放在左盘，向右盘中加减砝码，并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复水平平衡。此时右盘中的砝码和游码的位置如图1甲所示，烧杯和液体的总质量为______ g。 ③把烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图1乙所示，记录量筒中液体的体积。用天平测出剩余液体和烧杯的总质量为96g。 ④小明继续将烧杯中的液体分次倒入量筒中，分别测出每次剩余液体和烧杯的总质量和量筒中液体的总体积，记录的数据如表中所示。 实验次数 1 2 3 4 5 烧杯和液体的总质量 96 80 64 48 倒入量筒中液体的总体积 0 20 40 60 80 ⑤根据测量结果可知这种液体的密度为______。经过计算，小明发现该液体的密度与它的质量和体积的多少______选填“有关”或“无关”。 小红设计了如图2所示的方法进行实验。 ①如图2甲所示，将装有适量水的烧杯放在已清零的电子秤上，读出电子秤的示数为。 ②如图2乙所示，将金属块轻轻浸没于水中，读出电子秤的示数为。 ③如图2丙所示，将擦干后的金属块轻轻浸没于待测液体中，读出电子秤的示数为。 ④如图2丁所示，取出金属块后，读出电子秤的示数为。 ⑤若水的密度用表示，写出用、、、、表示液体密度的表达式：______。 ⑥按上述操作进行实验，小红所测得的液体密度会______选填“偏大”“偏小”或“不变”。 18.在“探究电流与电阻的关系”实验中，小明设计了如图甲所示的电路。电源电压为，电流表量程，电压表量程，滑动变阻器规格为“，1A”。 用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图补充完整。 正确连接电路后闭合开关，电流表、电压表均无示数，移动滑片P，两表指针仍不偏转。将与电压表“-”接线柱相连的导线从A点拆下，试触B点，电压表指针不偏转；试触C点，电压表指针偏转；试触D点，电压表指针偏转。若电路中只有一处故障，则可能是______选填字母。 A.电流表断路 B.导线BC断路 C.滑动变阻器断路 排除故障后，小明先将的定值电阻连入电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数为某一值时，电流表的示数如图乙所示，读数为______A。小明将数据填入设计的表格中。 实验次数 1 2 3 4 5 6 电阻 5 10 15 20 30 40 电流 在小组交流时，有同学发现表格中有的实验数据是拼凑的，与实际不符。请你帮小明找出其中共有______次实验数据与实际不符，简要分析其原因：______。 剔除错误数据后，小明由表中数据得出结论：通过导体的电流与导体的电阻成反比。请你对此实验结论写出一条评价意见：______。 【拓展】小明想测出一个标识模糊不清的定值电阻的阻值，设计了如图丙所示的电路，将电源换成可调压电源，滑动变阻器规格不变，电压表使用量程。闭合开关S，在保证电路安全的条件下，调节电源电压达到最大值，再将电压表改接到两端，调节电源电压达到最大值，：：7，则的阻值为______。 四、计算题：本大题共2小题，共12分。 19.如图所示，实心长方体甲放置在水平地面上，甲的密度为，棱长分别为6cm、8cm、10cm。另有一高为18cm、底面积为的薄壁容器乙放在水平地面上，容器内盛有15cm深的水。水的密度为，g取 求长方体甲的质量。 求甲对水平地面的最大压强。 将一圆柱体M放于长方体甲正上方，此时甲对水平地面的最小压强为，将M放入容器乙中浸没后，水对容器底的压强达到最大值水恰好未溢出，且。求圆柱体M的密度。 20.如图所示，电源电压为18V，电压表量程为，电流表量程为，小灯泡标有“6V，3W”字样，定值电阻的阻值为，滑动变阻器铭牌仅能看清“1A”字样。闭合开关S、，移动滑动变阻器的滑片P到某位置时，小灯泡恰好正常发光。 求小灯泡正常发光时的电阻。 求此时的电功率。 闭合开关S、，断开，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数最大值与最小值之差为9V，求滑动变阻器连入电路的阻值变化范围。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：A、从环境保护角度看，凡是影响人们正常的学习、生活、休息等的一切声音，都称之为噪声。如果二胡演奏的声音影响了人们正常的学习、生活等，也属于噪声，所以二胡发出的声音不一定不是噪声，故A错误。 B、根据声音传播的特性，声音的传播需要介质，它可以在气体、固体和液体中传播，但不能在真空中传播。二胡发出的声音需要通过空气等介质才能传播到人的耳朵里，故B错误。 C、依据二胡的发声原理，二胡是通过弓的推拉运动，使弓毛与琴弦摩擦，引起琴弦振动，再通过琴码将振动传递到琴皮，最后由琴筒产生共鸣而发声，其发声的根源是琴弦的振动，故C正确。 D、按压琴弦不同的位置，会改变琴弦振动的长度，从而改变振动的频率，进而改变发声的音调。而音色主要由发声体的材料、结构等决定，按压琴弦不同位置不会改变音色，故D错误。 故选：C。 从环境保护的角度来说，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。 音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。 音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。 本题考查了噪声的界定、声音的三个特性，属于声学部分的常考知识。 2.【答案】A  【解析】解：“月落乌啼霜满天”中“霜”是水蒸气遇冷凝华形成的。 A.白雪皑皑：雪是天空中的水蒸气经凝华而成的固态小冰晶，与霜的形成原理相同，故A符合题意； B.朝露晶莹：露水是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，与霜的形成原理不同。故B不符合题意； C.雾绕山峦：雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，当山上温度随着海拔升高而降低，山脚温度高的潮湿空气随着山坡向上爬升，随着温度下降，潮湿空气绝热冷却达到过饱和，多余的水蒸气就液化为小液滴形成了雾，与霜的形成原理不同。故C不符合题意； D.冰雪消融：是指冰和雪从固态变为液态水的过程，属于熔化，与霜的形成原理不同。故D不符合题意。 故选：A。 物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。 本题考查凝华及其它物态变化，属于基础题。 3.【答案】A  【解析】解：A、风力发电机利用风力驱动风轮旋转，通过发电机将机械能转换为电能。故A正确。 B、根据能源是否可再生的分类，天然气是经过亿万年形成的、短期内无法恢复的能源，属于不可再生能源；核能通常指核裂变能，核燃料是有限的，属于不可再生能源；而太阳能是可连续再生、连续利用的能源，属于可再生能源。故B错误。 C、一次能源是指直接取自自然界没有经过加工转换的各种能量和资源，电能是由其他能源经过加工转换而来的，属于二次能源，如通过火力发电、水力发电等方式将其他形式的能量转化为电能。故C错误。 D、“华龙一号”核电站是利用核裂变释放的能量发电，目前人类可控制的核能利用主要是核裂变，核聚变还未实现可控利用来大规模发电。故D错误。 故选：A。 风力发电机利用风力驱动风轮旋转，通过发电机将机械能转换为电能。 根据能源是否可再生的分类，天然气是经过亿万年形成的、短期内无法恢复的能源，属于不可再生能源；核能通常指核裂变能，核燃料是有限的，属于不可再生能源；而太阳能是可连续再生、连续利用的能源，属于可再生能源。 二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。 “华龙一号”核电站是利用核裂变释放的能量发电，目前人类可控制的核能利用主要是核裂变。 本题主要考查核能及其原理及核裂变，发电机能量转化，学生对二次能源与一次能源的分类，不可再生能源和可再生能源的区别和联系的理解和掌握。 4.【答案】B  【解析】解：A、开关应接在火线与电灯之间。若接在零线与电灯之间，当开关断开时，灯泡仍与火线相连，人接触灯泡易触电，故A不符合安全用电原则。 B、电水壶是金属外壳用电器，使用三孔插座使金属外壳接地，当外壳漏电时，电流能通过地线导入大地，防止人触电，故B符合安全用电原则。 C、手机充电器长期插在插座上，充电器会持续消耗电能，且可能因发热等引发火灾等安全事故，故C不符合安全用电原则。 D、生活用水是导体，用湿抹布擦拭正在工作的台灯，可能使电流通过水传到人体，导致触电事故，故D不符合安全用电原则。 故选：B。 安全用电原则：不损坏绝缘层；不弄湿用电器；不接触低压带电体；不靠近高压带电体。 本题考查安全用电原则，同学们不仅要掌握安全用电原则，还要在生活中严格按照安全用电原则去操作。 5.【答案】C  【解析】解：A、闻到饭香，是扩散现象，说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动，故A不符合题意； B、锅中水温升高，是将天然气的内能转化为水的内能，是通过热传递的方式改变的，故B不符合题意； C、高压锅做饭熟得快，是因为锅内气压增大，沸点越高，故C符合题意； D、锅内高温气体的内能转化为限压阀的机械能，故D不符合题意。 故选：C。 一切物质的分子都在不停地做无规则运动； 改变内能的方式有两种：一是热传递；二是做功。 液体沸点与大气压有关，气压升高，沸点增大，气压降低，沸点减小； 高温气体的内能转化为限压阀的机械能。 本题考查分子动理论的初步知识、改变内能的方法、沸点与气压的关系、能量的转化，属于基础知识应用，难度不大。 6.【答案】D  【解析】解：A、惯性与物体的质量有关，与速度无关，加速过程中，速度越大，其惯性不变，故A错误； B、运动员在弯道滑行时，运动方向改变，不是平衡状态，故受力不平衡，故B错误； C、运动员向后蹬冰面，给地面一个向后的力，地面会给运动员一个向前的力，改变其运动状态，不能说明力是维持物体运动状态的原因，故C错误； D、运动员到终点后不再用力瞪冰面，会慢慢停下来，是由于受到地面对运动员的摩擦阻力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故D正确。 故选：D。 惯性与物体的质量有关，与速度无关； 当物体受到平衡力作用时，物体处于平衡状态；物体的平衡状态包括静止和匀速直线运动状态； 物体间力的作用是相互的； 力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因。 本题考查力与运动的关系、惯性以及物体运动状态的判断，是一道常考题。 7.【答案】B  【解析】解：A、奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，即电能生磁，而非磁能生电。故A错误。 B、电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；扬声器是当音频信号电流通过线圈时，线圈会在永磁体产生的磁场中受到力的作用，从而推动电枢振动，将电信号转化为声音信号，其工作原理也是通电导体在磁场中受力运动。因此扬声器与电动机的工作原理相同，故B正确。 C、滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中电流变小。而电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，在匝数等其他条件不变时，电流减小，磁性减弱。故C错误。 D、闭合开关，导体ab只有做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，电流表的指针才会发生偏转，如果导体ab上下运动等不切割磁感线的运动，则不会产生感应电流，电流表指针不偏转。故D错误。 故选：B。 A、奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，即电能生磁。 B、电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。 C、电磁铁的磁性强弱与电流大小和匝数多少有关。 D、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。 本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。 8.【答案】B  【解析】解：A、此时，，即，，成倒立放大的实像，与投影仪的成像原理相同，故A错误； B、随着蜡烛燃烧变短，此时光屏上的像会向上移动，此时可将凸透镜向下移动使像成在光屏中央，故B正确； C、凸透镜位置不动，将蜡烛与光屏的位置互换，根据光路的可逆性，光屏上仍能得到清晰、倒立、缩小的实像，故C错误； D、蜡烛、凸透镜位置不动，用焦距12cm凸透镜替换该透镜，焦距变大，相当于增大了像距，由凸透镜成实像时物远像近像变小，物近像远像变大的规律可知，此时应将光屏向远离凸透镜的方向移动，即将光屏适当向右移仍能成清晰的像，故D错误。 故选：B。 凸透镜成像的规律： 当时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的； 当时，成倒立、等大的实像； 当时，成倒立、放大的实像。幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的； 当时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点； 当时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的； 折射时，光路是可逆的； 凸透镜成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小。 凸透镜成像的应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。 9.【答案】D  【解析】解： A.由于，且滑轮组相同，根据可知，提升较轻物体时所需的拉力小于提升较重物体时的拉力，故A错误； B.由于，物体上升高度h相同，根据可知，故B错误； C.滑轮组的机械效率 则物体越重，有用功占的比例越大，由于，所以，故C错误； D.功率，在相同时间内，提升时做的总功更多，所以，故D正确。 故选：D。 A.由于，且滑轮组相同，根据可知拉力大小关系； B.根据比较工人做的有用功担心关系； C.根据比较机械效率大小关系； D.已知总功大小关系，根据功率比较功率大小关系。 本题考查机械效率大小的比较，是一道综合题。 10.【答案】C  【解析】解：A、分析电路可知，只闭合开关S，电流只经过，电路的总功率为，只闭合开关，与并联，电路的总功率为：； 有题可得：，解得，故A错误； B、先闭合开关，与并联，电流表测的电流为：； 再闭合S，与、并联，电流表测与的总电流为：； 很明显，S闭合前后电流之比不可能是3：1，故B错误； C、闭合开关S、，与互换前后，电压表一直测电源电压，电流表一直测与的总电流，而与的电流都不变，根此可知，电流表和电压表示数均不变，故C正确； D、只闭合开关S，电流表与电压表互换前，电流只经过，根据欧姆定律得出此时电流为：； 只闭合开关S，电流表与电压表互换后，与串联，根据欧姆定律得出此时电流为：； 这两次电流之比为：； 这两次消耗的电功率之比为：，故D错误。 故选：C。 分析电路可知，只闭合S时电流只经过，只闭合时与并联，根据功率公式计算出两种情况的功率，利用功率之比算出阻值关系，进而求解的阻值； 分析电路可知，只闭合S时电流只经过，只闭合时与并联，根据欧姆定律计算出两种情况的电流，进而得出电流之比的关系； 分析电路可知，只闭合S时电流只经过，只闭合时与并联，当与互换，只闭合S时电流知经过，只闭合时与并联；互换前后，电压表一直测电源电压，电流表一直测与的总电流，由此进行分析解答； 分析电路可知，电流表与电压表互换前，只闭合S时电流只经过，电流只经过，电流表与电压表互换后，与串联，串联电路中电流相等，根据欧姆定律和电功公式进行分析解答。 本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是学生学会灵活分析电路状态。 11.【答案】静止  电磁  【解析】解：在燃料加注过程中，“实践二十五号”卫星与“北斗G7”导航卫星需保持相对位置不变，才能顺利完成燃料加注，所以“实践二十五号”卫星相对于“北斗G7”导航卫星是静止的。由于太空中是真空环境，声音无法传播，而电磁波可以在真空中传播，且能携带大量信息，因此北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的。 故答案为：静止；电磁。 物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。 本题考查了运动与静止的相对性，电磁波的应用。 12.【答案】减小  增大  【解析】解：手绢上升过程中质量不变，速度变小，高度变大，所以其动能减小，重力势能增大。 故答案为：减小；增大。 动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大； 重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。 本题通过手绢运动考查蕴含的物理知识，重点考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。 13.【答案】反射  虚  【解析】解：因潜望镜内部装有两块平面镜，平面镜成等大正立的虚像，成像原理是光的反射现象。 故答案为：反射；虚。 潜望镜内部上下拐角处各安装一个平面镜，两块平面镜互相平行，物体通过两次反射使下面的一方就可以看到上面的物体的虚像。 此题主要考查光的反射知识，结合古籍《淮南万毕术》中记载的潜望镜，体现了学科之间的紧密联系，同时也有利于提高学生的应用能力。 14.【答案】240    【解析】解：由可得，飞艇通过的路程为； 飞艇上升2000m，克服自身重力做的功为。 故答案为：240；。 根据速度变形公式计算路程； 根据计算克服重力所做的功。 本题考查速度和功的计算，是对基础知识的考查，难度不大。 15.【答案】  45  【解析】解：天然气完全燃烧放出的热量为： ； 水吸收的热量为： ， 根据可知，水的质量为： 。 故答案为：；45。 根据求出天然气完全燃烧放出的热量； 根据求出水吸收的热量，利用求出水的质量。 本题考查热量的计算，主要有吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用。 16.【答案】异种；  上升；小；  电流大小；  【解析】当用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近吸管时，吸管远离橡胶棒，如图1所示，说明吸管与橡胶棒带异种电荷； 如图2所示，把一根吸管A插入盛水的烧杯中，将另一根吸管B的管口贴靠在吸管A的上端，往吸管B中吹气，根据体流速越大的位置，压强越小，可以看到吸管A中的水面上升； 图甲的装置，和的阻值相同，将右侧容器外部的电阻丝和并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右边容器中电阻的电流不同，可以探究电流产生的热量与通过导体的电流大小的关系，通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度变化较大，则产生的热量较多。  故答案为：异种；上升；小；电流大小；。 电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引； 流体流速越大的位置，压强越小； 根据控制变量法分析。 本题考查了电荷间的相互作用，流体压强与流速的关系何和探究电流产生的热量与通过导体的电流大小的关系，属于综合题。 17.【答案】①右；②112；⑤；  ⑤；⑥偏大  【解析】①指针偏左，根据左偏右调，右偏左调原则，天平应向右调。 ②砝码加游码读数得112g。 ⑤由题可得倒入量筒中液体质量， 由乙图读出量筒中液体的体积， 这种液体的密度为； 密度是物质的一特性，与物质的质量和体积无关。 ⑤因为电子秤示数的减小量对应的力等于物体所受的浮力， 由图2中的甲、乙二图可知，解得； 由丙丁可得，解得，把代入，解得。 ⑥按上述操作进行实验，将金属块从被测液体中取出时，会粘有少量的液体，则测得电子秤的示数偏小，而、、不受影响，所以根据上面的液体密度表达式可知小红所测得的液体密度会偏大。 答案为：①右；②112；⑤；⑤；⑥偏大。 1、指针偏左，根据左偏右调，右偏左调原则，天平应向右调。 2、根据题意求出倒入量筒中液体的质量和体积，结合密度公式算出液体密度。液体密度是物质的特性，与物质的质量和体积无关。 3、利用电子秤示数的减小量对应的力等于物体所受的浮力，算出物体体积，再利用浮力公式求出被测液体密度。 4、利用被测液体密度的表达式，可以判断出密度的变化。 此题第问为测量液体密度的基础题，第需要学生利用电子秤示数的减小量对应的力等于物体所受的浮力，再利用浮力算密度的方法来解决，考察学生对浮力知识点的灵活运用。 18.【答案】；  B；  ；  2；为完成实验，该电路中接入最大的定值电阻阻值为，因此5、6两次实验数据是拼凑的；  研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因此结论应改为：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；【拓展】14  【解析】由题意可知，电压表量程，故电压表选用小量程并联在定值电阻两端，如下图所示： ； 闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路；将与电压表“-”接线柱相连的导线从A点拆下，试触B点，电压表指针不偏转，说明电压表与电源之间存在断路；试触C点，电压表指针偏转，电压表与电源接通，说明是导线BC断路，电压表串联接入电路，测电源电压；故选：B； 闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数为某一值时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为； 根据表格数据分析可知，定值电阻两端电压为； 已知变阻器的最大阻值为，电源电压为，根据串联分压原理可得： ， 解得，即为完成实验，该电路中接入最大的定值电阻阻值为，因此5、6两次实验数据是拼凑的； 研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因此结论应改为：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比； 【拓展】根据变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，定值电阻小于，因此电源电压达到最大值小于15V，由于：：7，因此，；当电压表测两端，滑动变阻器接入电路中的阻值为0时，电路中的电流为1A，电源电压最大，可得的阻值为： 。 故答案为：；；；；为完成实验，该电路中接入最大的定值电阻阻值为，因此5、6两次实验数据是拼凑的；研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因此结论应改为：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；【拓展】14。 根据题意选用电压表量程，将电压表并联在定值电阻两端； 闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路；电压表指针偏转，说明说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了； 根据电流表选用量程确定分度值读数； 根据表中数据利用求出定值电阻两端电压；滑动变阻器的最大电阻为，当滑动变阻器的电阻最大时，定值电阻阻值也最大，根据串联分压原理求出定值电阻的最大值，据此分析； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变； 【拓展】根据变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，定值电阻小于，因此电源电压达到最大值小于15V，由于：：7，因此，；当电压表测两端，滑动变阻器接入电路中的阻值为0时，电路中的电流为1A，电源电压最大，根据欧姆定律求出的阻值。 本题探究电流与电阻的关系实验，考查了电路连接、故障分析、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用及设计实验方案测电阻的能力。 19.【答案】长方体甲的质量是   甲对水平地面的最大压强是   圆柱体M的密度是  【解析】根据密度公式知，甲的质量； 根据柱体压强知，当竖放时压强最大，故最大压强， 将M放入容器乙中浸没后，水对容器底的压强达到最大值水恰好未溢出，M的体积； 水对容器底的压强达到最大值， 故； 将一圆柱体M放于长方体甲正上方，此时甲对水平地面的最小压强为，受力面积最大，为， 根据水平面上的压力等于重力，故；代入数据有 ； 解得圆柱体M的密度。 答：长方体甲的质量是。 甲对水平地面的最大压强是。 圆柱体M的密度是。 根据密度公式计算质量； 根据柱体压强分析计算压强； 根据乙图上方的空缺体积计算M的体积，根据液体压强公式计算水的最大压强，得出固体的压强，根据压力等于重力结合密度公式计算解答。 本题考查压强公式的应用，属于中档题。 20.【答案】小灯泡正常发光时的电阻为；  此时的电功率为6W；  滑动变阻器连入电路的阻值为  【解析】根据灯泡规格可知，灯泡正常发光时的电阻为： 由图可知此时灯泡和串联，根据灯泡规格可知，电路中的电流为：； 此时两端电压为：； 的电功率为：； 闭合开关，断开，电路为定值电阻和串联，电压表测两端电压，当电压表的示数为15V时，通过的最大电流为：； 结合电流表的量程可知，电路中的最大电流为，此时电压表的示数最大为15V，变阻器接入电路中的阻值最小，最小电阻为： 由于电压表示数最大值与最小值之差为9V，可得电压表的最小示数为： 此时变阻器接入电路中的阻值最大，电路中的电流最小为：； 变阻器接入电路中的最大阻值为：； 滑动变阻器连入电路的阻值变化范围为。 答：小灯泡正常发光时的电阻为； 此时的电功率为6W； 滑动变阻器连入电路的阻值为。 已知灯泡额定电压和额定功率，根据电功变形公式求出灯泡正常发光时的电阻； 分析电路灯泡与串联，根据欧姆定律和串联电路中电流与电压的特点求出电路中电流和两端电压，进而求出的电功率； 只闭合开关S和时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，滑片在某一位置时，电压表示数最大值与最小值之差为9V，且整个电路能正常工作，先设电压表的示数最大时，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；再由题得出电压表示数最小时，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻，进而得出范围。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$