2024年河北省张家口市宣化区中考二模物理

2023-2024河北省张家口市宣化区中考二模物理试题 注意事项 1．考生要认真填写考场号和座位序号。 2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。 3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．在我国云南生长着一种神奇的“跳舞草”每当音乐声响起，它的叶子就会随着音乐旋律的高低快慢上下跳动，音乐的节奏越快，它跳动就越快；音乐的节奏一慢，它也随之慢下来；音乐停止时，它也就停止了跳舞；如图所示，人对着它唱歌时，它也会“跳舞”．根据现象下列说法错误的是（ ） A．将“跳舞草”置于月球上，“跳舞草”也会翩翩起舞 B．“跳舞草”能够跳舞是因为声音传播时引起空气的振动，振动的空气又会引起跳舞草叶子的振动 C．音乐节奏快时，声波频率大，叶子就振动得快 D．音乐停止时，没有了振动，它也就停止了跳舞 2．下列实验装置与探究内容不相符的是 A．探究电动机工作原理 B．探究电流的磁效应 C．探究磁场对电流的作用 D．探究磁极间的相互作用 3．下列关于“力与运动”的认识正确的是（ ） A．船从河里开到海里浮力变大 B．匀速上升的气球不受重力的作用 C．用水平力推水平地面上的课桌，没有推动，推力与阻力大小相等 D．挂在天花板上的电灯处于静止状态是因为物体间力的作用是相互的 4．下列各图描述的实验中，用来说明声音的传播需要介质的是（ ） A．音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远 B．发声的音叉激起水花 C．钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调变高 D．抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声减小 5．图中物体受力示意图不正确的是（ ） A．水平面上匀速行驶的汽车受到的力 B．不倒翁所受的重力 C．抛出手的铅球受到的力 D．静止在斜面上的木箱受到的力 6．下列几种材料，通常条件下属于导体的是（ ） A．木材，橡皮 B．木材，金属 C．石墨，金属 D．石墨，橡皮 7．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ） A．电压表的示数不变，总功率不变 B．电流表的示数变大，总功率变小 C．电压表的示数增大，灯的亮度变亮 D．电流表的示数变大，灯的亮度变亮 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．如图所示，是抬起独轮车车把时的简化示意图，此时独轮车相当于一个______（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；若动力臂是阻力臂的3倍，物体和车总重G为1800N，抬起车把的力F为______N。 9．著名的______实验证明了大气压强存在且很大．大气压强的数值会随着海拔高度的增加而逐渐______，（选填“增大”、“不变”或“减小”）．拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的______越大，水对大坝的压强越大． 10．小华同学通过实验探究某种液体内部的压强p与深度h的关系，根据实验数据绘出了如图的图象由图象可知，该液体的密度为______；并且由图象可以得出该液体50cm深处的压强为______Pa．（g取10N/kg） 11．“彩球温度计”是一种现代居家饰品，其结构模型如图所示，该“彩球温度计”是由体积相同（保持恒定）、质量不同的小球和密度随温度的升高而减小的液体组成，当环境温度升高时，浸没在液体中的小球受到的浮力将______，在某一环境温度下，四个小球处于如图位置，此时B小球受到的浮力与D小球受到的浮力的大小关系为______． 12．如图所示，杠杆水平放置且自重忽略不计，O是支点，左侧挂一重物，动力大小为3N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为______N．此时杠杆属于______杠杆（选填“省力”或“费力”）． 13．水流过发动机外表时使发动机温度降低，这是通过______（选填“热传递”或“做功”）的方法减小了发动机的内能．200g的汽油完全燃烧可放出热量为______J，“若这些热量有20%被质量为100kg的铁制发动机吸收，则发动机的温度将升高______℃，[已知汽油的热值] 14．阳春三月，高邮油菜花盛开，吸引了无数游客． （1）游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，这是因为分子运动的剧烈程度与______有关． （2）高楼下“满城尽带黄金甲”，这是因为太阳光照射在油菜花上发生了______（选填“镜面反射”或“漫反射”）． 三、作图题（共7分） 15．图中O为玻璃砖的圆心，OA是入射光线，请在图中画出它透过玻璃砖折射光线大致路径． （______） 16．图为带开关的插座，部分电路已接好．请用笔画线代替导线将电路补画完整． 17．如图所示，画出杠杆所受动力F的力臂． （______） 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．小明用如图甲的电路探究电流跟电阻的关系，电源电压6V保持不变，定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω． 按照图甲电路连接电路，开始实验．改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到图乙的电流I随电阻R的变化图像．由图像可以得出的结论是______．小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是，将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向______（选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表的示数为______V时，读出电流表示数，此时滑动变阻器连入电路的阻值为______Ω．小红指出小明操作中存在安全隐患，在由小到大更换电阻的过程中，不断开开关直接移动滑动变阻器，这种做法容易将______表损坏．小明听取了意见，重新实验，在每次更换电阻时都断开了开关，将滑动变阻器调到阻值最大处． 19．王宇同学总结两年来所做的物理探究实验发现： （1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来．如：如图甲所示实验是让木块在水平面上做______运动，通过读取弹簧测力计上的示数间接知道摩擦力的大小；乙实验中小球动能的大小是通过观察．比较物块B______反映出来的． （2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用______法如：如图乙所示实验研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的______不变． 20．在测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率的分组实验中： （1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。 （______） （2）小明闭合开关后，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是______．排除故障后，移动滑片使小灯泡正常发光，此时电流表数如图乙所示，则小灯泡额定功率为______W。 （3）小华在进行实验数据处理时，算出了小灯泡的平均功率（如表），你认为这样处理数据是______（合理/不合理）的，理由：______。 实验序号 电压U/V 电流I/A 功率P/W 平均功率P/W ① 2.5 0.29 0.725 0.71 ② 2.5 0.28 0.70 ② 2.5 0.28 0.70 （4）完成上述实验后，小华又重新设计了如图丙所示电路，测量另一个小灯泡的额定功率，这个小灯泡正常工作的电流为．请根据以下实验步骤写出小灯泡的额定功率表达式（已知电源电压U不变）。 ①只闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为； ②只闭合开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为；再将滑动变阻器的滑片调到最左端，读出电流表的示数为； 则小灯泡的额定功率表达式为______。（用字母表示） 21．为了探究光的反射时的规律，某同学将一个平面镜放在水平桌面上，再把纸板ENF放置在平面镜上，如图甲所示． （1）使一束光贴着纸板EON沿某一角度入射到O点，纸板FON上没有观察到反射光，原因可能是______． （2）正确操作实验，并在纸板上记录每次光的径迹，如图乙所示．取下纸板，接下来进行的操作是______，将数据记录在表格中，并比较______． 22．在测量电阻的实验中，用两节干电池作为电源，待测电阻的阻值约为6Ω。 （1）在实验中，电流表应该选择的合适量程是______。 （2）在实物电路图中，用“×”打在错误连线上，并用笔画线代替导线改正错误连线。 （______） （3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到______（填“左”或“右”）端。 （4）线路正确后，闭合开关时，若发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终为电源电压，电流表的示数几乎为零，你认为电路故障的原因可能是______。 （5）排除故障后继续实验，某次测量的电压表和电流表的示数如图所示，此时测量的待测电阻______。 （6）通常在使用电压表时认为其电阻无穷大，不考虑电压表中流过的电流：在使用电流表时认为其电阻为零，考虑电流表两端分得的电压，在用电压表、电流表测量电阻有如下图所示的两种测量电阻的连接方式， 若电压表的电阻不是很大，电流表电阻不是很小，你认为图______中测量出的电阻值比真实值偏大，图中测量出______的电阻值比真实值偏小。 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“6V 1.2W”字样，当滑动变阻器的滑片P在a端时，灯正常发光，AB两端电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响．求： 灯丝的电阻和AB两端的电压U各是多少？当滑动变阻器接入电路中的电阻是10Ω时，灯消耗的实际功率是多少？ 24．如图所示电路，电源电压保持不变． （1）滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω 0.5A”字样，求滑动变阻器两端允许加的最大电压． （2）电路中电压表的最小示数是1V，量程为3V，为了不损坏元件，变阻器允许连入电路的最小电阻是5Ω，求电源电压． 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25．小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻、可变电阻器等器件设计了一个恒温箱控制电路，如图所示．如图乙是小明通过实验测得的的阻值随温度变化的关系曲线． （1）电磁继电器中电磁铁上端是______（选填“N”或“S”）极． （2）当温度较低时，电磁铁的磁性较______，触点开关______（选填“接通”或“断开”）． （3）电磁继电器的电源两端电压，电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验测得当电流为30mA时，电磁继电器的衔铁被吸合．若可变电阻器的电阻值设定为150Ω时，恒温箱温度可达到______℃．当可变电阻器的电阻变大时，恒温箱设定的温度将变______（选填“高”或“低”）． （4）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是90℃～150℃，可供选择的可变电阻器的电阻值有如下的几种，你选择______． A．0~100Ω B．0~200Ω C．0~1000Ω D．0~1500Ω 26．将缝衣针磁化后，与其它器材组成下图1的小指南针，当它静止下来后，针尖指北，如图2，则针尖是______极，请在图2中标出地磁两极和磁感线方向． 27．海基潜射导弹是指从潜伏于水下的潜水艇上发射导弹的一种先进的大型武器．图中是海基潜射导弹发射时的图片． （1）导弹发射时，导弹内的高能燃料燃烧会产生高温高压的气体向下喷射，推动导弹加速向上运动，导弹的______能不断增加 （2）请在图中画出导弹出水后受力示意图（空气阻力不计）． （______） （3）导弹发射后，潜艇的浮力______（增大、减小、不变），此时，若潜艇要继续保持潜行状态不被敌人发现，应当向水仓中______（“注入”、“排出”）适量的水． 参考答案 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1、A 【解题分析】 A．“跳舞草”之所以能跳舞，是这种草对声波的刺激很灵敏，声音传播时引起空气的振动，月球上没有空气，故“跳舞草”不会跳舞，故A错误； BCD．“跳舞草”之所以能跳舞，可能是这种草对声波的刺激很灵敏，声音传播时引起空气的振动，空气的振动又会引起草叶的振动，音乐节奏快时，声波频率高，叶子振动的就快；反之，则慢，音乐一旦停止，没有了振动，“跳舞草”也就停止了振动，故BCD正确； 故选A。 2、A 【解题分析】 A．图中是探究电磁感应的实验装置，根据这一原理可制成发电机。故A不相符，符合题意。 B．图中奥斯特实验，探究通电导体周围存在磁场（即电流的磁效应）。故B相符，不符合题意。 C．图中装置探究通电导体在磁场中受力，即探究磁场对电流的作用。故C相符，不符合题意。 D．图中装置探究磁极间相互的引力和斥力作用。故D相符，不符合题意。 3、C 【解题分析】 A．船不管是在海水里还是河水里都要漂浮在水面上，漂浮时浮力等于重力，而船重不变，所以无论在海里还是在河里船受到的浮力不变，故A错； B．地球附近的物体都受到重力作用，所以匀速上升的气球受重力的作用，故B错； C．用水平力推水平地面上的课桌，没有推动，课桌仍保持静止状态，所以静止的课桌受到平衡力的作用．水平方向上受到的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，故C正确； D．挂在天花板上的电灯处于静止状态是因为灯受到平衡力的作用，灯的重力与线对它向上的拉力是一对平衡力，故D错。 故选C。 4、D 【解题分析】 A、音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明声音的响度和振动的幅度有关，故A错误； B、发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的，故B错误； C、钢尺伸出桌边越短，振动越快，频率越高，音调越高，说明音调与振动的快慢有关，故C错误； D、抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声减小，进一步推论得：声音的传播需要介质，真空不能传播声音，故D正确。 5、B 【解题分析】 A、水平面上匀速行驶的汽车受到水平方向上的牵引力和阻力作用，竖直方向上受到竖直向下的重力和支持力作用，故A正确； B、不倒翁受到的重力方向是竖直向下的，故B错误； C、不考虑空气阻力作用时，抛出手的铅球只受重力，方向竖直向下，故C正确； D、木箱静止在斜面上，受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F和沿斜面向上的摩擦力f的作用，故D正确． 6、C 【解题分析】 木材、橡皮不容易导电，是绝缘体；石墨、金属容易导电，是导体。 故C正确。 7、D 【解题分析】 由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡和滑动变阻器的总电压，即电源电压，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据可知，灯泡两端的电压变大，由可知，灯泡的实际功率变大，故灯泡变亮；由于电源电源不变，所以电压表的示数不变，由可知电路中的总功率变大，综上所述，故ABC错误，D正确． 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8、省力 600 【解题分析】 根据题中“独轮车相当于一个______杠杆；……抬起车把的力F为______N”可知，本题考查杠杆的种类和杠杆平衡条件的应用。根据动力臂与阻力臂的关系判定杠杆的类型，利用杠杆的平衡条件进行求解。 【题目详解】 由示意图可知，独轮车在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它相当于一个省力杠杆； 由杠杆的平衡条件：，得：， 若动力臂是阻力臂的3倍，则，即抬起车把的力F为600N。 9、马德堡半球 减小 深度 【解题分析】 马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在；大气压与高度的变化规律是：大气压随海拔高度的增加而减小； 由于液体内部压强随着深度的增大而增大，所以拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的越往深处的压强越大的缘故． 10、 【解题分析】 由图象可知，该液体25cm深处的压强为3000Pa， 则根据可得，该液体的密度为： 该液体50cm深处的压强为： 11、变小 【解题分析】试题分析：（1）当环境温度升高时，液体密度变小，浸没在液体中的小球体积恒定不变，由可得，浮力变小。 （2）在某一环境温度下，四个小球处于如图位置，B小球和D小球体积相同，浸没在同种液体中，所以两球受到的浮力大小关系为。 考点：浮力 物体的浮沉条件 12、6 省力 【解题分析】 从图中可以看出的力臂是重物G力臂的二倍，故物重是的二倍即； 因动力臂大于阻力臂，所以该杠杆属于省力杠杆． 13、热传递 40 【解题分析】 水流过发动机外表时，热量从高温的发动机传递给低温的水，这是通过热传递的方式改变发动机的内能；200g的汽油 完全燃烧放出的热量：；根据可知 14、温度 漫反射 【解题分析】 （1）游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，是菜花的香味分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象．温度越高，分子运动越剧烈，所以天气晴暖，香气更浓（2）我们能从各个不同的角度欣赏油菜花，说明反射光线向各个方向的都有，是发生了漫反射现象； 三、作图题（共7分） 15、 【解题分析】 过入射点O作垂直于界面的虚线为发线，因此时光是从空气斜射入玻璃砖，折射角小于入射角，所以折射光线要偏向法线；折射光线在玻璃砖中继续传播到达半圆界面，又成为半圆界面的入射光线，因此时光是从圆心传播而来，所以该入射光线方向与半圆界面垂直，则其传播方向不变，所以最后射出去的折射光线在半圆界面不发生偏折。如图： 16、略 【解题分析】 开关控制着三孔插座，因此和三孔插座是串联，火线下来进开关，开关出来进三孔插座的右孔，从三孔插座的左孔进零线． 17、 【解题分析】 首先沿力F的方向作出F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度L为F的力臂，如图所示： 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18、当电压一定时，电流与电阻成反比 左 2.5V 14 电压表 【解题分析】 （1）实验得到图乙的电流I随电阻R的变化图像．由图像可以看出是反比例图像，即电流随电阻的增大而减小，可得结论：当电压一定时，电流与电阻成反比． （2）由乙图，每次的电流与电阻的乘积相等，都为2.5V，即实验时保持电阻两端电压为2.5V不变． 小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是，将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，因为串联时电压的比等于电阻的比，即定值电阻增大后，滑动变阻器接入电路的电阻也应变大，所以向左移动滑片，使电压表的示数为2.5V时，读出电流表示数，此时电流为： 此时滑动变阻器连入电路的阻值为： （3）如果在由小到大更换电阻的过程中，不断开开关直接移动滑动变阻器，由于电阻逐渐增大，分得电压也是逐渐增大的，所以电阻两端的电压可能会超过电压表的量程，所以这种做法容易将电压表损坏． 19、（1）匀速直线；被撞出距离的远近 （2）控制变量法；质量 【解题分析】 试题分析：（1）弹簧测力计显示拉力大小，要使滑动摩擦力等于拉力，木块要匀速直线运动．小球从斜面上滚下，小球撞击物块运动越远，小球对物块做功越多，原来小球的动能越多，所以通过小球撞击物块运动的远近来反映小球动能的大小． （2）动能大小与物体的质量和运动速度都有关系，在研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的质量不变，采用的是控制变量法 考点：物理学方法 20、见解析 灯泡短路 0.75 合理 小华三次均测量了灯泡额定功率 【解题分析】 （1）滑动变阻器应“一上一下”接线，图中已经接了右下端接线柱，所以将滑动变阻器C接线柱与灯泡右端接线柱连接；电压表测灯泡电压，且灯泡额定电压为2.5V，所以应使用小量程，将电压表“3”接线柱与灯泡右端接线柱连接。 如图： （2）开关闭合后，电流表有示数，说明电路是通的，但灯泡不亮，且测量灯泡的电压表无示数，则说明电流绕过灯泡了，即故障是小灯泡短路了；由甲图可知，电流表使用小量程，分度值为0.02A，所以乙图电流表示数为0.3A，则小灯泡额定功率为。 （3）本次实验目的是测量小灯泡的额定功率，所以表格中每次测出的功率都是在小灯泡额定电压下的。所以小华算出了小灯泡额定电压下的平均功率是合理的。如果测出的小灯泡功率是在不同电压下的，则算出功率的平均值是没有意义的。 （4）只闭合开关，灯泡与串联，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为；再只闭合开关，与串联，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数也为。则接入电路的电阻与灯泡正常发光时的电阻相等。只闭合开关，将滑动变阻器的滑片调到最左端，此时电路中只有，电流表的示数为，则接入电路的电阻为，则灯泡正常发光时的电阻。则灯泡额定功率为。 21、纸板EON与FON不在同一平面上 测量入射角和对应反射角的大小 反射角与入射角的大小 【解题分析】 （1）反射光线、入射光线和法线在同一平面内，且实验中纸板应与平面镜垂直，若纸板FON上没有观察到反射光，可能是纸板EON与FON不在同一平面上（或纸板未与平面镜垂直放置）； （2）取下纸板后，应用量角器分别测出入射角和对应的反射角的大小并记录在表格中，并比较反射角与入射角的大小，通过分析可知反射角等于入射角． 22、0-0.6A 右 电阻断路 5 甲 乙 【解题分析】 （1）电源电压为3V，待测电阻的阻值约为6Ω，由欧姆定律，电路中的最大电流约为：，在实验中，电流表应该选择的合适量程是0-0.6A； （2）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，如下图所示： （3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到阻值最大处的右端； （4）线路正确后，闭合开关时，若发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终为电源电压，电流表的示数几乎为零，电路故障的原因可能是电阻断路； （5）排除故障后继续实验，某次测量的电压表和电流表的示数如图所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1.5V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，由欧姆定律，此时测量的待测电阻； （6）甲图中电流表测量是准确的，电压表测电阻与电流表的电压，根据并联电路电压的规律，电压表测量的电压偏大，由欧姆定律可知，测量的电阻偏大； 乙图中，电压表测量的电压是准确的，电阻与电压表并联，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于R的实际电流，由欧姆定律可知，测量的电阻偏小。 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23、（1）30Ω 6V；（2）0.675W 【解题分析】 （1）由得， 因为滑片在a端，灯泡正常发光，所以，AB两端的电压． （2）因为灯L与滑动变阻器串联，所以， ， 灯消耗的实际功率 答：（1）灯丝的电阻是30Ω，AB两端的电压U为6V；（2）灯消耗的实际功率是0.675W； 24、（1）10V （2）5V 【解题分析】 （1）“20Ω 0.5A”的含义是：滑动变阻器的最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为0.5A，由可得，滑动变阻器两端允许加的最大电压：； （2）当滑动变阻器连入电路中的阻值是5Ω时，，当滑片移动到最右端时，灯泡两端电压最小为1V，∵U不变，，电源电压． 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25、S 弱 接通 90 高 B 【解题分析】 （1）电流从电磁铁的下端流入上端流出，结合图示的线圈绕向利用安培定则可以确定电磁铁的上端为S极，下端为N极． （2）温度较低时，由的阻值随温度变化的关系曲线可知，热敏电阻的阻值较大，控制电路中的电流较小，电磁铁的磁性较弱，此时的衔铁不会被吸下来，根据图示的工作电路可知，加热丝所在的电路接通． （3），电路的总电阻：，此时热敏电阻的阻值：，由图象知，热敏电阻的阻值为50Ω时，对应的温度为90℃．当可变电阻器的电阻变大时，在热敏电阻阻值不变的情况下，电路中的电流会减小，此时电磁铁的磁性会减弱，所以衔铁不会被吸下来，工作电路继续工作，恒温箱内的温度持续升高，热敏电阻的阻值会继续降低，控制电路中的电流会增大，直到电流到达临界值时，电磁铁切断工作电路． （4）由第三问的分析可知：当设定温度最低为90℃，根据热敏电阻的阻值随温度变化的关系曲线可知，此时热敏电阻的阻值最大为50Ω，因为控制电路的不变，不变，极控制电路的总电阻200Ω保持不变，所以此时要求的阻值为150Ω，且此时为最小值；当设定温度为150℃时，根据热敏电阻的阻值随温度变化的关系曲线可知，此时热敏电阻的阻值最小为30Ω，因为控制电路的总电阻为200Ω不变，所以此时要求的阻值为170Ω，且为最大值． 综上分析，当恒温箱内预设的温度可调节范围是90℃～150℃时，滑动变阻器的阻值变化范围为150Ω~170Ω，故选B． 26、N 【解题分析】 缝衣针磁化后可以看作为小磁针，静止时，N极应指向地磁南极（即地理北极），所以针尖是小磁针的N极； 磁感线从地磁北极出发，指向地磁南极，且小磁针静止时N极的指向与经过该点的磁感线方向一致，故作图如下：。 27、机械 不变 注入 【解题分析】 （1）导弹加速向上运动，质量不变，速度增大，动能增大，高度变大，重力势能增大，机械能包括动能和势能，所以机械能增大； （2）导弹出水后，加速上升，受力不平衡，受的向上的推力大于向下的重力，从重心沿竖直向下和竖直向上分别画出重力和推力的示意图，如图所示： （3）导弹发射后，潜艇排开液体的体积不变，根据可知浮力不变，受到的重力减小，浮力大于重力，潜艇要继续保持潜行状态不被敌人发现，需要使潜艇受到的浮力等于重力，所以需要对两侧水箱进行充水． 学科网（北京）股份有限公司 $$