模块检测卷(1)(必修第一册)-【学考一本通】2026年安徽省高中物理学业水平合格性考试

模块检测卷(一)(必修第一册) (时间:60分钟 满分:100分) 一、选择题(本题共15小题,每小题4分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合 题目要求。) 1.如图,中国海军在南海某海域进行双航母编队演练。某段时间内,编队各舰艇正沿同一方向匀 速行驶,并保持固定的距离,空中的舰载机也沿同一方向匀速飞离航母。则该段时间内( ) A.以山东舰为参考系,辽宁舰是匀速运动的 B.以空中舰载机为参考系,辽宁舰是匀速运动的 C.描述山东舰的空间位置需要一维坐标系 D.研究辽宁舰在海面航行轨迹时,不可视为质点 2.一个物体从A 点运动到B 点,下列结论正确的是 ( ) A.物体的位移一定等于路程 B.物体的位移与路程的方向相同,都从A 指向B C.物体的位移的大小总是小于或等于它的路程 D.物体的位移是直线,而路程是曲线 3.某校开展了一年一度的纪念“一二·九运动”沿江“毅行”活动,起点在校门口,活动结束后,同 学和老师们纷纷在校门口发表了一些看法,其中正确的是 ( ) A.“那一时刻,我走了5km” B.“我走了5km的位移” C.“我的平均速度约为5km/h” D.“我的平均速度约为零” 4.下列各组物理量中,都是矢量的是 ( ) A.路程、位置、位移 B.速度、平均速度、平均速率 C.速度、速度变化量、加速度 D.力、加速度、速率 5.一物体做匀变速直线运动,它的速度—时间图像如图所示,物体运动的加速度 大小为 ( ) A.0 B.1.5m/s2 C.1m/s2 D.2m/s2 6.将一条长为L的纸带扭转180°后连接两端就构成了一个莫比乌斯环,不考虑连接纸带时的长 度损失。一只蚂蚁以恒定的速率v从P 点沿纸带中线向前爬行,当其再 一次来到P 点的整个过程中,蚂蚁的 ( ) A.路程为L B.位移的大小为L C.加速度始终不为零 D.平均速度不为零 7.一辆汽车以某一速度在郊区水平路面上行驶,因前方交通事故紧急刹车而做匀减速直线运动, 最后停止。已知刹车时间为3s,刹车距离为45m,则该汽车的加速度大小为 ( ) A.10m/s2 B.5m/s2 C.15m/s2 D.20m/s2 —1— 8.“工欲善其事,必先利其器”,中国古代已经掌握了高超的兵器研磨技巧。 如图所示是打磨宝剑的场景。在打磨过程中,磨石始终静止在水平桌面 上,当宝剑的速度方向水平向右时,下列说法正确的是 ( ) A.宝剑对磨石的摩擦力方向水平向左 B.桌面对磨石的摩擦力方向水平向右 C.桌面对磨石的支持力与磨石对与桌面的压力之间是一对作用力与反作用力 D.宝剑和桌面对磨石的摩擦力是一对平衡力 9.关于牛顿第一定律,下列理解不正确的是 ( ) A.牛顿第一定律反映了物体不受外力作用或外力为零时的运动规律 B.不受外力作用时,物体的运动状态保持不变 C.在水平地面上滑动的木块最终停下来,是由于没有外力维持木块运动的结果 D.奔跑的运动员由于遇到障碍而被绊倒,这是因为运动员具有惯性 10.如图所示,一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重感觉。一个可乘 坐二十多个人的环形座舱套装在竖直柱子上,由升降机送上几十米的高 处,然后让座舱自由落下,落到一定位置时,制动系统启动,到地面时刚 好停下 ( ) A.自由下落阶段,人处于超重状态 B.自由下落阶段,人所受合外力为零 C.制动系统启动后,人处于失重状态 D.制动系统启动后,人所受合外力向上 11.如图所示为室内冰壶玩具。游戏时,冰壶场景垫铺在水平地面上,将其中一个冰壶推出,冰壶 离手后,沿场景垫轴线向前自由滑行,场景垫始终静止。下列说法正确的是 ( ) A.冰壶向前自由滑行时仍受推力 B.冰壶所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反 C.场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对平衡力 D.地面对场景垫的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对相互作用力 12.如图所示,重力为G的木块,恰好能沿倾角θ的斜面匀速下滑,现用平行 斜面向上的力F将木块沿斜面匀速向上推,则F的大小应该为 ( ) A.Gsin2θ B.2Gsinθ C.Gtan2θ D.2Gtanθ —2— 13.下列说法符合物理史实和说法正确的是 ( ) A.与伽利略同时代的科学家笛卡儿通过“斜面实验”得出推断:若没有摩擦阻力,球将永远运 动下去 B.著名物理学家伽利略曾指出,如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度 沿同一直线运动,既不停下来也不偏离原来的方向 C.牛顿第一定律是从实验现象归纳总结出来的 D.科学巨人牛顿在伽利略和笛卡儿的工作基础上,提出了动力学的一条基本定律,那就是惯 性定律 14.一质量为m 的人站在电梯中,电梯减速下降,加速度大小为13g (g为重力加速度),人所受到 的合力大小为 ( ) A.13mg B.2mg C.mg D. 4 3mg 15.一学习小组在教室里取一个旧矿泉水瓶,在其底部侧面开一个小孔,如图所示,用 手指按住小孔并装满水,放开按住的手指后,立即释放瓶子让其自由下落,不计空 气阻力。关于瓶子中的水,下列说法中正确的是 ( ) A.下落的加速度变大 B.处于完全失重状态,不会喷出来 C.仍会从小孔喷出来,且喷射的速度与释放前一样大 D.仍会从小孔喷出来,但喷射的速度比释放前的小些 二、实验题(本题共2小题,共12分。) 16.某同学用如图甲所示的装置做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验。 甲 乙 (1)打点计时器应使用 (填“交流”或“直流”)电源。 (2)某次实验时得到的纸带中的某段如图乙所示,A、B、C、D、E 为选出的5个计数点,相邻两 计数点之间还有4个计时点没有画出,用刻度尺测得相邻两计数点之间的距离分别为xAB= 2.26cm、xBC=3.14cm、xCD=4.06cm、xDE=4.85cm,打点计时器的计时周期为0.02s。则 可得打点计时器打下B 点时小车运动的速度大小为 m/s,小车运动的加速度大小为 m/s2(计算结果均保留2位有效数字)。 17.(1)“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示,其中A 为固定橡皮条的图钉,O 为橡 皮条与细绳的结点,OB 和OC 为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。图乙中的 F与F'两力中,方向一定沿AO方向的是 。 图甲 图乙 —3— (2)某同学在做该实验时有下面一些想法,其中错误的是 ( ) A.拉橡皮条的细绳要长一些,且必须等长 B.拉橡皮条时,弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平行 C.橡皮条弹性要好,拉结点到达某一位置O时,拉力要适当大些 D.拉力F1 和F2 的夹角越大越好 三、计算题(本题共3小题,共28分。请写出必要的分析过程、文字说明和重要的演算步骤,有数 值计算的要注明单位,只写出最后答案的不给分。) 18.(8分)如图所示,一攀岩运动员在崖壁上攀爬,踢落距海面80m的一个石块,石块从静止开 始自由下落,不计空气阻力,重力加速度g取10m/s2。求: (1)石块在空中运动的时间; (2)石块落入海水瞬间的速度大小。 19.(10分)某同学在列车车厢的顶部用细线悬挂一个小球,在列车以某一加速度运动的过程中, 细线就会偏过一定角度并相对车厢保持静止,通过测定偏角的大小就能确定列车的加速度。 在某次测定中,细线与竖直方向的夹角为θ,重力加速度为g。 (1)求列车加速度的大小和方向; (2)写出小车可能的运动情况。 20.(10分)一架喷气式飞机的质量为m=5×103kg,起飞过程中,飞机沿水平直跑道从静止开始 滑跑,当位移达到x=9×102m时,速度达到起飞速度v=60m/s。此过程中飞机受到的平均 阻力Ff的大小是飞机重力的k=0.02倍,g取10m/s2。求该飞机在滑跑过程中: (1)加速度a的大小; (2)飞机受到的牵引力F的大小; (3)飞机在跑道上滑跑的时间t。 —4— 参考答案 模块检测卷(一)(必修第一册) 1.B 以山东舰为参考系,辽宁舰是静止的,选项 A 错误;以空中舰载机为参考系,辽宁舰是匀速运动 的,选项B正确;描述山东舰的空间位置需要二维 坐标系,选项C错误;研究辽宁舰在海面航行轨迹 时,其大小和形状可忽略不计,可视为质点,选项D 错误。故选B。 2.C 位移等于路程仅当物体做单向直线运动时成 立,其他情况路程更大,故A错误;路程是标量,没 有方向,故B错误;位移的大小总是小于或等于它 的路程(直线时相等,曲线或往返时路程更大),故 C正确;位移用直线段表示方向,但路程是数值,无 形状之分,故D错误。故选C。 3.D 时刻是状态量,5km是过程量,不可能相对应, 故A错误;根据题意可知5km是路程,则与平均 速率相对应,故BC错误;根据题意可知起点终点 都在校门口,位移为零,则平均速度为零,故D正 确。故选D。 4.C 位移既有大小又有方向是矢量,路程、位置只有 大小没有方向是标量,故 A错误;速度、平均速度 既有大小又有方向是矢量,平均速率只有大小没有 方向是标量,故B错误;速度、速度变化量、加速度 既有大小又有方向是矢量,故C正确;力、加速度既 有大小又有方向是矢量,速率只有大小没有方向是 标量,故D错误。故选C。 5.C 根据v-t图像斜率表示加速度,可求得物体运 动的加速度大小为a=ΔvΔt= 2-0 2 m /s2=1m/s2。 故选C。 6.C 路程指运动轨迹的长度,可知,蚂蚁的路程为 2L,故A错误;位移指由始位置指向末位置的有向 线段,题中始末位置相同,则蚂蚁的位移为0,故B 错误;图中蚂蚁速度大小一定,方向在变化,可知速 度在变化,根据加速度定义式可知,蚂蚁的加速度 始终不为零,故C正确;平均加速度等于总位移与 总时间的比值,结合上述可知,蚂蚁的位移为零,则 蚂蚁的平均速度为零,故D错误。故选C。 7.A 把汽车刹车过程逆向看成初速度为零的匀加 速直线运动,根据匀变速直线运动公式x=12at 2, 解得a=2x t2 =2×45 32 m/s2=10m/s2,A正确。故 选A。 8.C 宝剑对磨石的摩擦力是滑动摩擦力,方向水平 向右,故A错误;桌面上有一个小木块,用来卡住 磨石,则桌面对磨石一般无摩擦力,若有静摩擦力, 其方向水平向左,故B错误;桌面对磨石的支持力 与磨石对与桌面的压力属于是一对相互作用力,故 C正确;桌面对磨石的静摩擦力不一定有,若有,则 此静摩擦力与小木块对磨石的弹力的合力才与宝 剑对磨石的摩擦平衡,故D错误。故选C。 9.C 牛顿第一定律描述的是物体不受外力作用时的 运动规律,即总保持匀速直线运动状态或静止状 态,故AB正确,不符合题意;牛顿第一定律揭示了 力和运动的关系,力是改变物体运动状态的原因, 而不是维持物体运动的原因,在水平地面上滑动的 木块最终停下来,是由于受到摩擦阻力的作用,故 C错误,符合题意;奔跑的运动员遇到障碍而被绊 倒,是因为运动员具有惯性,故D正确,不符合题 意;本题选择错误选项;故选C。 10.D 自由下落阶段,人做自由落体运动,处于失重 状态,只受重力作用,合力不为0,制动后,做向下 的减速运动,则人处于超重状态,合外力向上。故 选D。 11.B 冰壶向前自由滑行时不会受推力作用,A错 误;冰壶相对场景垫向前运动,受到的摩擦力向 后,即所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反,B正 确;场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压 力是一对相互作用力,C错误;地面对场景垫的支 持力与冰壶对场景垫的压力都作用在场景垫上, 不是一对相互作用力,D错误。故选B。 12.B 对木块受力分析可知,当木块匀速下滑时,则 有f=Gsinθ,当用力F 推着木块匀速上升时,则 有F=f+Gsinθ,联立解得F=2Gsinθ,故选B。 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —37— 13.D 通过“斜面实验”得出若没有摩擦阻力,球将 永远运动下去这一结论的是伽利略,不是笛卡儿, 故A错误;笛卡儿指出,如果运动中的物体没有 受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线 运动,既不会停下来也不会偏离原来的方向,故B 错误;牛顿第一定律是在一定实验的基础上,根据 逻辑推理得出的,并不是实验定律,故C错误,D 正确。故选D。 14.A 根据牛顿第二定律,可得人所受到的合力大 小为F合 =ma=13mg ,故选A。 15.B 瓶子和水在空中做自由落体运动,都具有同样 的加速度g,都处于完全失重状态,此时瓶子和水 之间没有作用力,故水不会喷出来。故选B。 16.解析 (1)打点计时器使用的是交流电源。 (2)由于相邻两计数点之间还有4个计时点没有 画出,则相邻计数点之间的时间间隔为 T=5× 0.02s=0.1s,匀变速直线运动全程的平均速度 等于中间时刻的瞬时速度,则打下B 点时小车运 动 的 速 度 大 小,vB = xAB+xBC 2T = (2.26+3.14)×10-2 2×0.1 m /s=0.27m/s,根据逐差 法 可 知, 加 速 度 a = (4.06+4.85)×10-2-(2.26+3.14)×10-2 4×0.12 m/s2 ≈ 0.88m/s2。 答案 (1)交流 (2)0.27 0.88 17.解析 (1)用平行四边形定则画出的力为理论值, 由于实验存在误差,不一定沿AO 方向,故一定沿 AO 方向的是F'。 (2)拉橡皮条的细绳要长一些,但不需要等长,故 A错误;拉橡皮条时,弹簧秤、橡皮条、细绳应与木 板平行,以保证力与木板平行,则读出的数据会更 准确,故B正确;橡皮条弹性要好,拉结点到达某 一位置O 时,拉力要适当大些,这样弹簧测力计的 数值较大,可以减小实验误差,故C正确;拉力F1 和F2 的夹角太大,不利于画平行四边形,从而加 大误差,故二者夹角要适当大些,故D错误。本题 选错误的,故选AD。 答案 (1)F' (2)AD 18.解析 (1)石块做自由落体运动h=12gt 2 代入数据得t= 2hg =4s 。 (2)根据匀变速直线运动规律可知v=gt 代入数据解得v=40m/s。 答案 (1)t=4s (2)40m/s 19.解析 (1)选择小球为研究对象。设小球的质量 为m,小球在竖直平面内受到重力mg、绳的拉力 FT,在这两个力的作用下,小球产生水平方向的 加速度a。这表明,FT 与mg 的合力方向水平向 右,且F=mgtanθ 根据牛顿第二定律,小球具有的加速度 为a=Fm=gtanθ 方向水平向右。 (2)列车加速度与小球相同,加速度水 平向右,列车速度水平,故列车可能的运动情况为 水平向右加速运动或水平向左减速运动。 答案 (1)gtanθ,方向水平向右 (2)水平向右加速运动或水平向左减速运动 20.解析 (1)根据速度与位移的关系有v2=2ax 解得a=2m/s2。 (2)根据牛顿第二定律有F-kmg=ma 解得F=1.1×104N。 (3)根据速度公式有v=at 解得t=30s。 答案 (1)2m/s2 (2)1.1×104N (3)30s 模块检测卷(二)(必修第二册) 1.D 根据牛顿第二定律,合力恒定,加速度恒定,小 球一定做匀变速运动,故D正确;因为施加的恒力 方向未知,若恒力与小球速度方向不在一条直线 上,小球做曲线运动,若恒力与小球速度方向在一 条直线上,则小球做直线运动,恒力与速度方向相 同,做匀加速直线运动,恒力与速度方向相反,做匀 减速直线运动,故ABC错误。故选D。 2.B 自动扶梯以1m/s的速度匀速运行,扶梯与水 平面夹角 为30°,则 顾 客 竖 直 方 向 的 速 度 大 小 为 vy=vsin30°=0.5m/s。故选B。 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —47—