第一章 专题探究2 追及与相遇问题&专题探究3 变速直线运动中的逆向思维-【5星学霸·高考白题】2026年高考物理一轮复习

专题探究2追 乙专题强化热点聚焦，重难突破|限时：40mim 题型1相遇的判断问题 1.(2024·江苏苏州质检)在某试验场地的水平 路面上甲、乙两车在相邻平行直车道上行驶 当甲、乙两车并排行驶的瞬间.同时开始刹 车，刹车过程中两车速度的二次方(2)随刹 车位移(x)的变化规律如图所示.则下列说 法正确的是 eu.s) 225 25 1520x/n A.乙车先停止运动 B.甲、乙两车刹车过程中加速度大小之比为 1:12 C.从开始刹车起经4s,两车再次恰好并排 相過 D.甲车停下时两车相距3.25m 2.(2024·广东东莞期中)（多选）挥杆套马是 一项传统体育项目，烈马从骑手身边奔驰而 过时，骑手持6m长的套马杆，由静止开始催 马追赶，二者的-1图像如图所示，则( ↑m·s) 喷手 15----- 烈马 4689 A.0~4s内骑手靠近烈马 B.6s时刻骑手刚好追上烈马 C.骑手在9s时刻挥杆，能套到烈马 D.8~9s内烈马加速度大于0~6s内骑手的 加速度 3.(多选)将小球A从一座高度为H的高塔塔 顶静止释放，同时另一个小球B自塔底以初 第一章直线运动学霸高春 及与相遇问题 速度竖直上抛，A、B两小球在同一直线上 运动.不考虑空气阻力的影响，下面判断正确 的是 () A.两小球在空中运动过程中，间距随时间均 匀减小 B.如果两小球在空中相遇，则球A从开始下 落到与球B相遇经历的时间一定为” C.若2云，则A,B两小球可能在空中相遇 g 2 D.若<H<26,则球B定能在下降过程与 球A相遇 4.(2025·江苏南京调研)两同学用安装有蓝 牙设备的玩具小车A、B在足够大的水平广 场中进行实验.如图所示，A、B两车分别在相 距d=9m的两个平行车道上0、02两点， 0、02两点沿车道方向的距离为xo=9m.A 车从O,点由静止开始以加速度a1=3m/s 向右做匀加速运动，B车从O,点以初速度 o=4m/s、加速度a2=1m/s2向右做匀加速 运动，两车同时开始运动.已知当两车间距超 过s=15m时，两车无法实现通信，忽略信号 传递的时间已知两小车可视为质点，求： (1)A、B经过多长时间两车速度相等： (2)A、B两车在并排行驶前的最大距离sm; (3)A、B两车能保持通信的时间. 9山 o=9m 01 学霸高春白题物理 题型2相遇的次数问题 5.甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其-t 图像如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积 分别为S,和S2(S,<S2),计时开始时，甲、乙两 车相距$。.在两车运动过程中，下列说法正确 的是 A.若甲车在乙车前方且S。=S,两车相遇2次 B.若甲车在乙车前方且S。>S,两车相遇2次 C.若乙车在甲车前方且S。=S2,两车不会 相遇 D.若乙车在甲车前方且S。=S,甲车追上乙 车前，在T时刻相距最远 (第5题) (第6题) 6.(多选)如图所示，A、B两物体相距s,物体A 以，=6m/s的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度为=2m/s,向右做匀加速运动， 加速度为a=2m/s2.欲让两物体相遇两次 则s可能的值为 () A.6m B.5m C.3 m D.I m 7.甲、乙两名运动员同时从泳池的两端出发，在 泳池里训练，甲、乙的速度一时间图像分别如 图(a)、(b)所示，不计转向的时间，两人的运 动均可视为质点的直线运动则 1im·8) 1m·） 1.25 1.0 0 204060 0 2550758 -1.0 -1.25-- (a) (b》 A.两人第一次相遇时处于泳池的正中间处 B.两人前两次相遇的时间间隔为20s C.50s内两人共相遇了2次 D.两人第一次在泳池的两端处相遇的时刻 为1=75s 012 8.(2024·广东惠州期中)贵州“村超”爆红全 网，足球比赛精彩纷呈.在某场比赛中，甚至出 现了“巴西”式直塞传球破门的精彩镜头.这 一过程可简化成如图1所示，甲球员在中场A 处，发现己方乙球员在B处且无人防守，于是 甲将足球以12m/s的初速度在水平地面上 沿A、B连线传出，在传出球的同时，乙从B处 由静止开始沿A、B连线向远离A的方向运 动，从此刻开始计时，足球和乙球员运动过程 的-t图像如图2所示在1=6s时，乙与足球 同时到达球门前方C处，乙飞脚射门成功.已 知A、B、C三点连线与球门线垂直，C点到球 门线的距离为7m.求： (1)A处到球门线的距离： (2)A、B间的距离： (3)甲传球后，乙球员与足球在运动过程中有 几次相遇，且在何时相遇？ Wn·s 球门线 12 、足球 乙球员 B 图2 专题探究3匀变速直 ☑专题强化热点聚焦，重难突破]限时：20mim 1.(2025·湖南长沙一中期中)汽车紧急刹车， 会在路面上留下刹车痕迹，某次汽车紧急刹 车后测得的刹车痕迹长为25m,假设制动后 汽车做加速度大小恒为8m/s2的匀减速直 线运动直到停止则关于该汽车的运动，下列 说法正确的是 () A.刚刹车时，汽车的初速度大小为24m/s B.刹车后第1s末的速度大小为12m/s C.刹车后，汽车做减速运动的最后1s内的 位移大小为3m D.刹车后3s内的位移大小为24m 2.(2024·四川成都二模) 如图所示，一辆汽车正在 以。=20m/s的速度匀速 行驶，突然公路上横冲出三只小动物，司机马 上刹车，假设刹车过程可视为匀减速直线运 动，加速度大小为4m/s2,小动物与汽车距离 约为55m,以下说法正确的是 A.从汽车刹车开始计时，第4s末到第6s 末汽车的位移大小为2m B.从汽车刹车开始计时，6s末汽车的位移 大小为48m C.从汽车刹车开始计时，6s末汽车的速度 大小为4m/s D.汽车将撞上小动物 3.(2024·湖南长沙期末)如图所示，在某次冰 壶比赛中，一冰壶（可视为质点）以一定的初 速度沿着虚线做匀减速直线运动，A、B、C、D E为轨迹上的间距相等的5个点，冰壶到达 E点时的速度恰好为零若冰壶通过D点时 的瞬时速度为o,通过DE段的时间为t,下 列说法正确的是 iB…它i…E A.冰壶通过A点时的速度大小为4知。 第一章直线运动学霸高春 线运动中的逆向思维 B.冰壶从A点到D点减速的时间等于( C.冰壶通过C点时的瞬时速度等于通过AE 段的平均速度 D.冰壶通过AD段的平均速度是通过DE段 平均速度的4倍 4.建筑工人常常徒手向上抛砖块，当砖块上升 到最高点时被楼上的师傅接住.在一次抛砖 的过程中，砖块运动3s到达最高点，将砖块 的运动视为匀变速直线运动，砖块通过第2s 内位移的后！用时为，通过第1s内位移的 前；用时为5，则2满足 121 121 A.5,4 B.4,3 121 C.3,2 D. 5.(2025·福建厦门期中)高铁站台上，5位旅 客在各自车厢候车线处候车，若动车每节车 厢长均为1，动车进站时做匀减速直线运动. 站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过 他所用的时间为t,动车停下时该旅客刚好 在2号车厢门口(2号车厢最前端)，如图所 示，则 立y克业 A.动车从经过5号候车线处的旅客开始到 停止运动，经历的时间为3 B.动车从经过5号候车线处的旅客开始到 停止运动，平均速度为 C.1号车厢头部经过5号候车线处的旅客时 的速度为 D动车的加速度大小为 0133.C解析：A.由于t=0时两车的位置未知，所以=2s时两车可能相： 遇，故A错误：B.根据“速度一时间图像切线的斜率大小表示加速 度的大小"可知，=2s时甲的加速度大小为1=0，乙的加速度大小 为4，=A=5层=25ms2>41,故B错误：C,0~4s内乙 做匀或速直线运动，其平均速度大小为，=0=25ms,根据 “速度一时间图线与横轴所围的面积表示位移大小”可知，0-4内 甲的位移大于乙的位移，由=￥知0-4s内甲的平均速度大于 2.5m/s,故C正确：D.0-2s内甲的位移小于乙的位移，故D错误. 故选C 4.D解析：A.图像的斜*等于加速度，可知在0-1内甲的加速度大 于乙的加速度，在【~2s时甲的加速度小于乙的加速度，选项A错 误：B.0-2.5s内甲的速度一直为正，则一直向前运动，25s时.甲无 人汽车距离出发点最远，选项B错误：C.图豫斜率的正负反映加速 度的方向.则25时.甲、乙无人汽车的加速度方向相反，选项C错 误：0、图像的面积等于位移，可知4s时，甲的位移，=1+25 4m- 2×1.5x4m=4m,乙的位移=2×8×4m=16m,即两辆无人汽 车距离为12m,选项D正确.故选D. 5.D解析：A.根据-t图像可知，甲车的加速度不变，甲微匀加速直 线运动，乙车的加速度逐渐诚小，乙做加速度减小的加速运动」 故A错误：BCD.由于图像与时间轴所围的面积表示速度的变化量 根据a-4图像可知，当0~4内.两图像与1轴所围的面积相等，即 该时刻两辆车的速度相等：在4“前乙车的速度大于甲车的速度，所 以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离.当1=4。时，两车速度相 等，即相距最远，故BC错误，D正确.故选D. 6.C解析：A,1~3:内加速度随时间改变，不是匀加速直线运动」 故A错误：B.-t图像的斜率表示急动度，1~5s过程斜率不变，则 △a-2-2 急动度不变，=3。时，急动度)m公=-1m,即急动 度的大小为1m,,故B错误：C.a-t图像与坐标轴围成的面积等 于速度变化量，由图可知，1-5“内速度变化量为零，则0-1内与 0-5、内的速度变化量相同，放C正确：D.由图可知，4=2%与1=4“ 时的急动度等大且同向，故D错误故选C 7.C解析：A.由图像对于甲车有=10-，可得x=10-子，即甲车做 匀诚速直线运动，结合匀变速直线运动公式xo+?可知. 车的初速度和加速度分别为，=10m/,a1=-2m/s2,即甲车的加速 度大小为2/2，故A错误：C由图像对于乙车有三=4+2，可得 x=4+22,即乙车做匀加速直线运动，乙车的初速度和加速度分别 为2=4m/8,a2=4ms2,当t=2s时，x甲=10r-2=16m,x乙 4+22=16m,即当1=2s时两车再次相遇.故C正确：BD.当两车速 度相等时两车之间的距离最大，即e,+1'=1+a,',解得'=15，即 1=1s时两车再次相遇前相距最远，可得再次相遇前的最大距离 为s=x-吃=(10'-2)-(4'+22)=3m,故BD错误.故选C 8。C解折：A根据w一了可得产=一了4，由图像可知 60ms=10s,2a=1m/s3,即a=2m/,选项A错误： 比停下的时间6=二=5，停下来的位移x=宁。=25m,则最终 设有撞上小狗，选项B错误，C正确：D.在6：内已经停下，则行驶的 位移大小为25m,选项D错误.故选C. 9.解析：A.图线中速度随位移的增大而增大，则表示加速直线运 动，图线6中速度随位移的增大面碱小，则图线“表示质点甲的运 动，图线b表示质点乙的运动，故A错误：B.图线a、b的交点表示两 质点经过同一位置时的速度大小相同，但时间不同，故B错误： CD.图线6中，当位移为0时，速度为6ms,则质点乙的初速度为 =6m5,质点甲和乙先后通过位移6m处的速度大小均为”，对质 一学霸高考·白 点甲，由运动学公式可知“云对质点乙.由运动学公式可细心 2=22x,解得a1+a2=3m/2;当质点甲的速度为1=8ms和质点 乙的速度为=2m/s时.两质点通过的位移相同，设为x',则对质 点甲有=201x',对质点乙有后-号=22x',解得a1=2a:.联立解得 a1=2m/2,42=1m/2,散C正确，D错误.故选C 10,ABC解析：根据匀变速直线运动位移与速度的关系r-t后=2x,得 0-36 =2a+6,根据-图像可知.汽车甲2ap9-0m,廊 36m22,解得甲=-2/s2,0卿=6m/8.汽车乙2乙= 9-0m2,品=0，解得a2=1m2,=0A.由上述分析可知。 18-0 汽车甲的加速度大小为2m。2,故A正确：C.对于甲车，根据公式 行，+宁2，当=号m时，结合上述分析，代入数指解得=2 对于乙车，根据公式=2，当=8m时，结合上述分析，代人数 据解得1乙=4“，则汽气车甲，乙分别经过x=8m处的时间差是2，故 C正确：BD.根据公式=t+,代入数据解得1=3s时，甲车停止 Fo+r 甲车走过的位移x:21=9m,此时，乙车运动的位移x 2z=4,5m,则乙车运动到9m处才能与甲车相遇，根据x 2.解得=32，故B正确，D错误故选ABC 专题探究2追及与相遇问题 1,C解析：B.根据匀变速直线运动位移一速度公式得2=2x,根据图 像，可得甲，乙加迷度大小分别为75㎡：和。2，加速度之比 为12：1，B错误：A两车停下的时间为甲=2,2-么=8 a甲 所以甲车先停，A错误：CD.甲经2s停下时.甲的位移为15m.乙的 位移为，z4之-(5x2x2公）加=85a两车相 距6,25m,两车再次相温有15m=z422片.解得=4.C正 确，D错误，故选C 2CD解析：AB.一图线与坐标轴所围的面积表示位移，骑手与烈马 在=0时并排运动，通过图线在0一4“内所围的面积可以看出0- 4内烈马位移大于骑手位移，所以0~4内烈马与骑手问距离在增 大，0-6内烈马位移还是大于骑手的位移，说明6、末烈马仍在的 方，故AB错误：C,由图形所用的面积可以算出0-9内，烈马的位 6 移为x1=10×8m+ 05x1m=92.5m,骑手的位移为=2× 2 15m+15×3m=90m,套马杆长1=6m,2+>x1,所以骑手在9：时刻 A知89s内 挥杆，能套到烈马，故C正确：D.由加速度定义式a= 烈马加选度a一02=5m2,0-6,内药手的加迷度 15-0 5 60mg=2mW,故D正确，故选GD 3A即解桥：人两小球在空中运动过程中，同距4=川-之产 (一了2）整理可得4=-，可知间随时间均匀减小， 1 故A正确：B.如果两小球在空中相遇，根据2+之=， 解得球A从开始下落到与球B相遇经历的时间1=∥，故B正确： CD.若B球正好运动到最高点时相遇，则B速度诚为零所用的时间 。A自由下落的位移为：=之，B经直上抛的位移为 w,又4h,=,联立得w=,将1代人解得=弓当 题·物理·04一 B两球恰好在落地时相渴.则有1-，A自由下落的位移为 22.代入时同得=码由以上分析可知当2的时.A:两小 2 球不能在空中相遇，当<气时，4，B两小球能在空中相漫，后< 2 2r ,则B球一定能在下落过程中与A球相遇，故D正确，C错误故 选ABD. 4.(1)28(2)510m(3)58 解析：(1)根据运动学公式0+：4=a1t.可得4=2“：(2)两车速度相 等时，相距最远，此时4车的位移为=子P=6m,此时层车的 位移为n=o+2,=10m,放A,B沿车道方向最大距离为 0+-,▣13m,A,B两车的最大距离为5=+= √今+13m=5√0m:(3)已知当两车间距超过0=15m时，两车 无法实现通信，即两车在车道方向的距离超过x时就无法通信.则 m=√分-=√152-9m=12m,设经过时间时，B车在前，A车 在后，且沿两车车道方向的距离刚好为xm=12m,则名+。=x。· 即6户之，P=代人数值得4=1：或=3.设经 过时间时，A车在前.B车在后，且沿两车车道方向的距离刚好为 名=2m,则坊+6场=，即+之20+.=2，代人数 值得3=7s(=-3s舍去).因为刚开始两车间距s0=√/2+话= √/⑨+9m=92m<15m,在通讯范围内：故0-1.3-7“内两车 间距在和=15m之内，放A,B两车能保持通信的时间为te=5s 5.D解析：S,表示在T时间内，乙车比甲车多走的位移.A.若甲车在 乙车前方，且S。=S,则在T时刻，乙车恰好追上甲车，此后甲车速度 大于乙车速度两车不再相遇，故两车相遇一次，故A错误：B.若甲 车在乙车前方，且S>$,则在T时刻，乙车比甲车多走的距离小于 两车的初始距离，两车未相遇，此后甲车速度大于乙车速度，两车不 会再相遇，故B错误：C.若乙车在甲车前方，且S。=S2,则在T时刻 甲车没有追上乙车，但由于T时刻后甲车速度大于乙车速度，故甲 车一定能追上乙车，即两车会相遇，故C错误：D.若乙车在甲车前 方，由图可在T时刻前乙车速度一直大于甲车，即两车距离越来 越大，在T时刻之后，甲车速度大于乙车，两者距离又逐渐减小，叔 在甲车追上乙车前，在T时刻相距最远，故D正确.故选D 6.CD解析：根据题意可知，欲让两物体相遇两次，第一次相遇物体A 追上物体B,并超过物休B,第二次相遇物体B追上物体A,则第一 次相遇时，物体A的速度必须大于物体B的速度，设第一次相遇的 时间为1，则有e,=n+2+5,,>n+a,解得s<4m本题选可能 的.故选CD 7,C解析：根据一t图像可画出x-t图像.甲，乙的一t图像如图所 示A,根据x-图橡的交点表示相遇可知.第一次相遇的时刻为= +场125+1.0*=1.1，所以第一次相遇位置不是在中间。 25 3L 75 放A错误第二次相适的时刻为25410一33。 两人前两次相遇的时间间隔为4=-1=222，放B错误：C.根据 x-4图像的交点表示相遇可知，在0-50s内甲、乙相酒2次.故C正 确：D.由图可知两人第一次在泳池的两端处相酒的时刻为=I00 故D错误.故选C 25 50 100 150 8.(1)52m(2)15m(3)两次.2,6 解析：(1)由图像可知足球的加速度大小：= =1.5m/s2 一学霸高考·白 则AC的距离x40=0一2=45m A处到球门线的距离x=x1C+7m=52m: (2)由图像面积表示位移，可知乙从B到G的位移c=2×(4+ 6)×6m=30m, A、B间的距离x=xAC-xC=5m: 、(3)根据图像面积，乙球员加速时位移，=)×6×2m=6m, 设乙球员与足球在运动过程中，秒相遇，根据位移关系w一子一 x1+6×(1-2)+15. 解得11=25,3=6s, 故乙球员与足球在运动过程中有两次相调，分别是2：和6“ 专题探究3匀变速直线运动巾的逆向思维 1.B解析：人根据递向思维可知=了，o=m,站合题意代人数据 可得刹车时间为：=2.5s.刚刹车时，汽车的初速度大小为= 20m/s,故A错误：B.根据匀变速直线运动的规律可知.刹车后第 1末汽车的速度为1=w-4,=20W-8×1m/%=12m*.放B正 确：C.根据逆向思维法可知，最后一秒内的位移为==2× 8×1m=4m,故C错误：D.由上可知汽车刹车到停止运动所需时间 为2.5“.故荆车后3内的位移等于25m,故D错误.故选B. 2A解析：A.汽车利车速度减为零所用的时间=·。20 04s=5%,因 此第4末到第6“末汽车的位移即为第4末到第5.s末汽车的位 移，运用逆向思维，将汽车速度诚为零的运动看成逆向的匀加速直 线运动。可得第4：米到第5，来汽车的位移为知==宁<4 12m=2m,故A正确：B.从汽车荆车开始计时.6s末汽车已经停止 运动，其位移运用适向思维，可得子=子×4x5m=50m,故 B错误：C,根据以上分析可知，5末汽车已经停止，因此6末汽车 的速度大小为0，故C铅误：D.汽车停止运动的位移为50m,小于( 车开始刹车时距小动物的距离55m,因此汽车不会撞上小动物，故 D错误.故选A 3.B解析：A,令相邻两点之间的间距为x和，利用逆向思维，根据速度 与位移的关系式有后=20，=2a·40,解得=20放A错误： B.利用逆向思维，根据速度公式有n=1,,=1,冰壶从A点到D 点减速的时间2=41-1，结合上述解得2=1，故B正确：C.令冰壶通 过C点时的瞬时速度，利用逆向思维，根据速度与位移的关系式 有匠=2如·2，冰壶通过E段的平均速度40，结合上述解得 te=√2n=tn,可知re>.故C错误；D.冰壶通过AD段的平均速 度与道过：段的平均连度分州为一兰，二，结合上述解得 1=3秒，故D错误.故送且 4.C解析：竖直向上抛砖块是匀变速直线运动，经过了39速度减为 0,可以从最高点开始逆向思维，把上升过程反过来看作自由落体运 动，根据自由落休运动的公式h=2一，得第1内，第25第3s内 的位移之比为1：2：=1：3：5，从最高点开始，设第18内位 移为x,则第2：内位移为3x,则第3s内位移为5x,所以从最高点开 始砖块通过上抛第2：位移的后}的位移为第2个，通过第1。 内位移的前了的位移为第9个x,按照自由落体公式可得4一 2×2x/2x ,2x。,2x.所以上.38-041.故 t12-1 选C 5.C解析：A采用逆向思维可知，动车连续经过相等的位移所用的时 间之比为1：(2-1)：(-2)：(2-3)：：（√m-n-1).则 动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下所用的时间为第！节 题·物理·05一 车厢经过他用时的2倍，历时2，故A错误：B.动车第1节车厢最前 端从经过5号旅客到停下总位移为4！，用时2：，则平均速度为r= 、】,故B错误：C由以上逆向思维可知/=m 21 乞2，则加速度a=子 并且听=2，=2a×4,解得=24，同时又有1=之，所以5= 华，故C正确，D错误放选C 第一章综合测试 1.D解析：A.在研究机器狗的爬行动作时，要考虑大小和形状，则不 能将它视为质点，故A错误：B.机器狗驮着重物运动以机器狗为 参考系，重物是静止的，故B错误：C,从山脚的红门到山顶的路程 约为10公里，用了两个小时.由*==5kmh,则机器狗的平均 速率大小约为5k/h,因位移的大小未知，则无法求出平均速度的 大小，故C错误：D.机器狗用了两个小时比普通人登山所用时间缩 短了一半，由：=可知机器狗的平均速度大小是著通人的两倍，故 D正确.故选D. 2。C解析：设第1果飞机离地时与第2架飞机间的距离为x,第1架 飞机从开茹加选到离地历时1.则有d=4,联立解得 1故选C 2 3.A解析：D.因B物体的速度与位移关系图像为过原点开口向右的 地物线，可知满足2=2，即B物体做匀加速运动，选项D错 误：AC.图像经过()点，则解得a= 2x ,两物体相遇时w1= )㎡2，解得1=此时片物体的速度大小为%==2 项A正确，C错误：B.A,B两物体相遇时距坐标原点的距离x== 4x1,选项B错误故选A. 4.D解析：由于相同时间内通过任一横截面的水的体积相等，则有 =()广=（）4，可得6：g=6: 9:16.故选D. 5.A解析：设相邻点间的距离为s.P点距b的距离为0.质点的加速 度为a,根据题意有2(0+4s)=,设质点从P点以。的速度做匀 说连直线运动可以运动：个相等阿E则有3a(*m:(仔）广月 联立解得n=1-。<1,故质点速度减为零的位置在c之间故选A 6.C解析：A.由一t图傻可知，在3~9s内乙向东做减速运动.其速 度方向向东.故A错误：B.在3-94内.甲的加速度大小为5.2： 30 乙的加速度大小之-gm子=5公，可知两无人机加速度大小 相等，方向相反，故B错误：C.在一：图像中画出甲的图线，如图 所示： ↑m·- 30 0 9 根据书-1图像与横轴围成的面积表示位移，可知在前3：内x单= 身1=9x3m=45m,2=的30x3m=90m,即1=3s时两飞 间距离为4x=x之x甲=45m3~9。内两飞机的位移相等，则94末 甲，乙相距45m,故C正确：D.由图可知0~9s内甲机一直向东飞 行，其位移必不为零，平均速度必不为零，故D错误故选C 7.AD解析：由题意知水平直轨道距离地面高度H=5m,A、B间距 x=2m,分析可知两球在竖直方向均做自由落体运动，由自由落体 一学霸高考·白 运动规律有小=子赋，6：，又因为A到B时间=名 2 =05，由于两球同时落地，则有=，4，联立以上解得1 0.5s,4=1.25m放选AD 8.BD解析：AB.由题可知，运动员在第3s末速度大小为6m%,则运 6 动员前3：在斜面上.则加速度大小为a=了2=2m之，又第 6s末速度大小也为6/s,第8s末速度大小为4m/s,说明运动员 6-4 此过程在水平面上，则加速度大小为：“=2m/=1m,设 在AB面上的时间为1，B点的最大速度为：，则在斜面上有= a11=211,在水平面上有4=1-(8-41)×1，联立解得："，=8m/s,1= 4“,由上可知，35<=4，所以运动员在第35s末仍在斜面上，最 大速度为8ms,故A错误，B正确：C.在AB段的位移为：=2 8×4 2 m=16m,在BC段诚速到零的时间为：= 8 s=85,在BC d:1 61h8×8 段的位移为：？=2m=32m,根据平均速度公式有：=， 得AC段的平均速度为：： 12m=4m8,故C错误；D.综 上分析可知，A到C的总时间为与+42=48+8s=12“,所以运动员在 第12末恰好停在C点，故D正确故选BD. 9.CD解析：AB.由图像可知.0~10动车做加速运动，10一164内动 车做匀速运动，故AB错误；CD,0-108内动车平均速率为== 10ms=25m,14s时动车速率为r=王.6x50。 5×50 m/s=50m/s, 6 故CD正确.故选CD. 10.AC解析：根据图像可知，客车的速度随位移增大面增大.货车的 速度随位移增大而减小，当x=0时，货车的速度为6，即货军 的初速度o=6m/.对客车2=2a1x,对货车2-r后=-22x.当速 度相等时，=6m,则联立解得a1+2=3m/2,当客车的速度，= 8ms,货车的速度：=2m/s时，两车通过相同的位移均为x'.对 客车=2a1x',对货车-后=-22x',联立解得a,=2a2,则得 a1=2ms2,a=1m/s2.所以客车、货车的加速度大小a1,a分别 662 为2m子和12.A货车运动的距离为2a,2×m=18m 选项A正确：B.客车到达x=6m的位置所用时间一√信 /2x /2×6 s=√6s,此时两车速度相等，速度为r=141=2√6/s,货 车所用时间2=二 =(6-26)s,即两车不是同时列达x=6m的 位置，选项B错误：CD.当两车速度相等时，即o-21=a11,解得 1-2.地时两车碗4-（修”号）-6，面当货车停止运动 时所用时间6 =0=6,此时两车的间距△=246-26 1 0 18m>小x=6m,则至货车停止运动过程中两车最大间距为18m, 选项C正确，D错误.故选AC 11.(1)0.04(2)9.692.48(3)大于 解析：(1)由于闪仪的频率为25比时，看到水滴仿佛固定不动，故水 演滴落的时间问隔为T= ↓=Q04:(2)根据逐差法求加速度可得该 地的重力加速度为g=4 -m3c-(3848-2x1364)×102 4×0042 I/s? 96的m2,由某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的 平均速度可得，D点的瞬时速度”=罗 (33.48-13.64)×102 ms=248m:(3)根据动能定理可知 2×0.04 题·物理·06一