精品解析：吉林省长春市长春汽车经济技术开发区2024-2025学年八年级下学期期末物理试题

汽开区2024—2025学年度第二学期期末核心素养调研八年级物理试卷 一、选择题（本大题共10题，每题2分，共20分。1—8题只有一个选项符合题意；9—10题有多个选项符合题意，全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。） 1. 下列单位中，能量的单位是（　　） A. 瓦特 B. 牛顿 C. 焦耳 D. 帕斯卡 2. 为减弱洗衣机在洗衣时产生的振动，会在其底部加装减震垫。这是利用了减震垫的（　　） A. 塑性 B. 弹性 C. 脆性 D. 导热性 3. 若不计空气阻力，在空中飞行着子弹头受到的力是（　　） A. 重力 B. 不受力 C. 向前的推力 D. 向前的推力和重力 4. 电动起重机中有一种滑轮，如图所示，使用该滑轮可以（　　） A. 省力 B. 省功 C. 省距离 D. 改变力的方向 5. 天工开物“北耕兼种”中，耧下端的“蹴尖”是通过什么方式增大压强的（ ） A. 增大受力面积 B. 减小受力面积 C. 增大压力 D. 减小压力 6. 如图所示，为正在下落的排球。已知排球的重力为2.7N，所受的空气阻力为0.5N，则此时排球所受的合力的方向和大小为（ ） A. 竖直向下，3.2N B. 竖直向上，3.2N C. 竖直向下，2.2N D. 竖直向上，2.2N 7. 如图所示，用手掌平托着两个鸡蛋升高50cm，此过程中手掌对鸡蛋做的功约为（ ） A. 0.05J B. 0.5J C. 5J D. 50J 8. 如图所示，草莓悬浮在盐水中，若向杯中加入适量水并搅拌，则草莓（　　） A. 仍悬浮 B. 将上浮 C. 将下沉 D. 无法判定 9. 关于下图中的情景，说法正确的是（　　） A. 甲图：把自制气压计从山下移到山顶，细管内的水柱将下降 B. 乙图：飞机飞行时获得升力，是应用了流体压强与流速的关系 C. 丙图：建筑工人在砌墙时常使用铅垂线，是利用重力方向竖直向下 D. 丁图：洗手池排水管的U形“存水湾”，是连通器原理在生活中的应用 10. 图甲为我国古代的计时工具漏刻，图乙为简化原理图。漏水壶通过底部出水口向受水壶中滴水，受水壶中箭尺始终处于漂浮状态。当受水壶中液面升高时，下列说法正确的是（　　） A. 箭尺受到的浮力变小 B. 箭尺排开水的质量不变 C. 水对箭尺底面的压强变大 D. 水对受水壶底的压强变大 二、非选择题（本大题共10题，11-18题每空、每图各1分，19题6分，20题9分，共50分。） 11. 如图所示是运动员在进行蹦床比赛时的情景。在比赛过程中，运动员借助弹力床的弹力将身体弹向空中，在空中做各种体操动作和翻筋斗的竞技运动。 （1）当运动员从高处落向蹦床（未接触蹦床）的过程中，将______能转化为_____能。 （2）当运动员落在蹦床上后，蹦床逐渐向下凹陷，说明力可以改变物体的______；当蹦床被压到最低位置时，蹦床具有最大的___能。 （3）离开蹦床向上运动时，运动员克服重力做功的功率逐渐变小，表示做功在逐渐变______。 12. 立定跳远是长春市体育中考选考项目，其动作主要分四个部分∶蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，落地缓冲，如图所示。 （1）参加该项目考试时，应穿鞋底有凹凸不平花纹的运动鞋，目的是_______。 （2）起跳时用力向后蹬地就能向前运动，这说明物体间力的作用是_______的。 （3）起跳后身体在空中仍会继续向前运动，这是因为身体具有_______。 （4）落地时屈膝，是通过_______的办法来提高着地时身体的稳定性。 13. 如图所示是活塞式抽水机的示意图。活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动，A、B是只能向上开启的阀门。将手柄COD看作一个杠杆，用力下压C点，活塞被提起，低处的水进入圆筒。 （1）提起活塞时，阀门__________关闭，低处的水在__________的作用下进入圆筒； （2）观察结构可知，手柄COD的实质为__________杠杆； （3）请在图中画出用力下压C点时最小压力F的示意图。 14. 小宇在探究“二力平衡条件”的实验中，设计了如图所示的装置。 （1）图甲所示，小宇往一侧托盘放入一个砝码时，发现木块静止不动，其原因是__________。 （2）经老师指导后，小宇仅将图甲中小木块更换成轻质小卡片，其他不变，发现卡片向左运动。当小宇往右托盘也放一个与左盘相同砝码后，小卡片能保持静止，如图乙所示，这说明二力平衡时，两个力大小________。 （3）小宇把图乙中的小卡片转动后如图丙所示，松手后观察到小卡片转动并恢复到原状，说明两个力必须作用在________才能平衡。 （4）若想探究二力平衡时，两个力是否要作用在同一物体上，可对图乙中小卡片的操作是___________。 15. 在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”时，使用的器材有弹簧测力计、两个相同的铁块长木板。 （1）将铁块放在长木板上，用弹簧测力计拉着铁块沿水平方向做__________运动，弹簧测力计示数如图甲所示，则铁块受到的滑动摩擦力等于__________N； （2）如图乙所示，将两个铁块叠放在一起，重复上面的操作。比较甲、乙两次实验可得：在接触面的材料和粗糙程度相同时，__________越大，滑动摩擦力越大； （3）将两个铁块按照图丙所示的方式放在长木板上进行实验。比较乙、丙两次实验可得：滑动摩擦力的大小与接触面积大小__________； （4）实验后交流讨论时发现：在实验中很难控制铁块的运动，于是设计了丁图所示的实验。当水平向左拉动长木板时，铁块受到水平向__________的滑动摩擦力。 16. 在“探究杠杆平衡条件”时，实验装置如图甲所示。 实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 1.0 0.2 2.0 0.1 2 1.5 0.1 1.0 0.15 3 2.0 0.15 1.5 0.2 （1）不挂钩码时，调节平衡螺母，使杠杆在______位置平衡； （2）请在答题卡的相应位置，画出点所受拉力的力臂； （3）实验中得到上表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是______；（写公式） （4）思思利用长木棒、秤钩、轻质细绳和秤砣自制了杆秤。如图乙所示，秤钩挂在点，在点用细线悬挂后发现杆秤恰好水平平衡。当秤砣移动到如图丙所示位置时，被测物体的质量为______kg；为了增大杆秤的最大测量值，可______秤砣的质量。 17. 在“测量滑轮组机械效率”时，进行了三次实验，实验数据如下表。 实验次数 物重 物体上升的高度 测力计示数 测力计移动的距离 机械效率 1 6 3 2.5 9 80.0 2 8 3 3.2 9 3 10 3 3.9 9 85.5 （1）由表中数据可知，该实验是用__________图所示的滑轮组进行的。 （2）第2次实验中，滑轮组的机械效率是__________%（结果保留到0.1%）。 （3）分析表中数据可得∶同一滑轮组，提起的钩码__________，滑轮组的机械效率越高。 （4）请你根据所学知识判断∶利用同一滑轮组竖直匀速提升同一物体，物体上升的高度不同，滑轮组的机械效率将__________。 18. 在“探究液体压强与哪些因素有关”时，在U形管接头处加装了一个“三通接头”，如图甲所示。 （1）U形管与探头连接时，为确保U形管内的水面相平，阀门K应处于__________（选填“打开”或“关闭”）状态。 （2）比较__________两图可得出：液体压强随深度的增加而增大。 （3）比较丙、丁两图可初步得出：液体在同一深度向各个方向的压强__________。 （4）若想通过丁、戊两图得出液体压强与液体密度关系，应将图戊中的探头向__________移动适当的距离。 19. 在“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”时，实验步骤如下图所示。 （1）在石块浸入溢水杯之前，应先将溢水杯__________； （2）请在答题卡的相应位置，画出B图中石块所受浮力的示意图。 （3）由以上步骤可初步得出结论：浸在液体中的物体所受浮力的大小等于__________； （4）为了减小实验误差，你认为最合理的实验顺序是__________； （5）如图E所示，将装满水的溢水杯放到电子秤上，再用手提着一个铝块，将其缓慢浸入溢水杯中。从铝块底部入水到浸没的过程，电子秤的读数将__________。 20. 思思在“探究浮力大小与哪些因素有关”中： （1）用手把空的饮料罐按入水中，如图甲所示，发现：当饮料罐浸入水中越深、排开的水越多时，手越吃力。思思猜想：浮力大小可能与______有关。 （2）为了进一步验证猜想，思思用金属块进行了如图乙所示实验。分析图乙中______三次实验可得，（1）中的猜想是正确的。 分析A、C、D三次实验可得：浮力大小与______无关。 思思又设计了如图丙的装置，用浮力知识测量圆柱体木块的密度（木块不吸水），实验步骤如下： ①将木块和固定在容器底部的拉力传感器通过细线相连，向空的容器中加水，当木块的一半体积浸入水中时，拉力传感器的示数为0.3N； ②继续往容器中加水，当木块完全浸没在水中时，拉力传感器的示数为1.8N。 请计算木块的密度为______。（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 汽开区2024—2025学年度第二学期期末核心素养调研八年级物理试卷 一、选择题（本大题共10题，每题2分，共20分。1—8题只有一个选项符合题意；9—10题有多个选项符合题意，全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。） 1. 下列单位中，能量的单位是（　　） A. 瓦特 B. 牛顿 C. 焦耳 D. 帕斯卡 【答案】C 【解析】 【详解】A．瓦特是功率的单位，故A不符合题意； B．牛顿是力的单位，故B不符合题意； C．焦耳是能量的单位，故C符合题意； D．帕斯卡是压强的单位，故D不符合题意。 故选 C。 2. 为减弱洗衣机在洗衣时产生的振动，会在其底部加装减震垫。这是利用了减震垫的（　　） A. 塑性 B. 弹性 C. 脆性 D. 导热性 【答案】B 【解析】 【详解】洗衣机底部加装减震垫，是利用减震垫的弹性来减弱洗衣时产生的振动。弹性是指物体受力发生形变，撤去外力后能自动恢复原来形状的性质。洗衣机运转时，减震垫通过弹性产生可恢复的压缩、拉伸或剪切变形，吸收并缓冲振动能量，减少向地面的传递，实现减震。塑性是指物体受力发生形变后，撤去外力不能自动恢复原来形状的性质。脆性是指物体受外力易破碎、断裂的性质。导热性是指物体传递热量的能力。塑性、脆性、导热性均与减震无关，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 3. 若不计空气阻力，在空中飞行着的子弹头受到的力是（　　） A. 重力 B. 不受力 C. 向前推力 D. 向前的推力和重力 【答案】A 【解析】 【详解】子弹头具有质量，在空中飞行靠的是惯性，若不计空气阻力，子弹头只受到重力的作用，射出后在空中飞行不再受到向前的推力，故选项A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4. 电动起重机中有一种滑轮，如图所示，使用该滑轮可以（　　） A. 省力 B. 省功 C. 省距离 D. 改变力的方向 【答案】A 【解析】 【详解】ACD．图中滑轮随物体一起运动，是动滑轮，能省力，但是费距离，不能改变力的方向，故A符合题意，CD不符合题意； B．任何机械都不能省功，甚至还要做额外功，则使用该动滑轮不能省功，故B不符合题意。 故选A。 5. 天工开物“北耕兼种”中，耧下端的“蹴尖”是通过什么方式增大压强的（ ） A. 增大受力面积 B. 减小受力面积 C. 增大压力 D. 减小压力 【答案】B 【解析】 【详解】耧下端的“蹴尖”受力面积较小，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。 故选B。 6. 如图所示，为正在下落的排球。已知排球的重力为2.7N，所受的空气阻力为0.5N，则此时排球所受的合力的方向和大小为（ ） A. 竖直向下，3.2N B. 竖直向上，3.2N C. 竖直向下，2.2N D. 竖直向上，2.2N 【答案】C 【解析】 【详解】排球在竖直下落过程中，所受重力竖直向下，空气阻力竖直向上，排球所受合力的大小为F合=G-f=2.7N-0.5N=2.2N 其方向竖直向下。 故选C。 7. 如图所示，用手掌平托着两个鸡蛋升高50cm，此过程中手掌对鸡蛋做的功约为（ ） A. 0.05J B. 0.5J C. 5J D. 50J 【答案】B 【解析】 【详解】两个鸡蛋的重力约为1N，手掌对鸡蛋做的功大约是 故B符合题意，ACD不符合题意。 8. 如图所示，草莓悬浮在盐水中，若向杯中加入适量水并搅拌，则草莓（　　） A. 仍悬浮 B. 将上浮 C. 将下沉 D. 无法判定 【答案】C 【解析】 【详解】草莓悬浮在盐水中，草莓受到的浮力等于草莓的重力；缓慢向杯中加入清水，则盐水的密度变小，由于草莓排开的水的体积不变，根据阿基米德原理公式可知，草莓受到的浮力变小，浮力小于重力，会下沉，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 9. 关于下图中的情景，说法正确的是（　　） A. 甲图：把自制气压计从山下移到山顶，细管内的水柱将下降 B. 乙图：飞机飞行时获得升力，是应用了流体压强与流速的关系 C. 丙图：建筑工人在砌墙时常使用铅垂线，是利用重力的方向竖直向下 D. 丁图：洗手池排水管的U形“存水湾”，是连通器原理在生活中的应用 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．把自制气压计从山下移到山顶，外界大气压减小，瓶内气压等于外界大气压和瓶内水柱产生的压强，瓶内的气压不变，水柱压强增大，所以细管内的水柱上升，故A错误； B．飞机机翼设计成流线型，上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，飞机受到向上的压力差，飞机受到一个向上的升力，所以是利用流体压强与流速的关系获得升力来升空，故B正确； C．建筑工人砌墙时，常用重垂线来检查墙壁是否竖直，这是利用了重力的方向总是竖直向下的性质，故C正确； D．洗手池排水管的U形“反水管”，上端开口、下端相通，构成了连通器，故D正确。 故选BCD。 10. 图甲为我国古代的计时工具漏刻，图乙为简化原理图。漏水壶通过底部出水口向受水壶中滴水，受水壶中箭尺始终处于漂浮状态。当受水壶中液面升高时，下列说法正确的是（　　） A. 箭尺受到的浮力变小 B. 箭尺排开水的质量不变 C. 水对箭尺底面的压强变大 D. 水对受水壶底的压强变大 【答案】BD 【解析】 【详解】A．因受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知，箭尺受到的浮力等于箭尺的重力，由于箭尺的重力不变，则浮力不变，故A错误； BC．由于箭尺受到的浮力不变，根据阿基米德原理可知，排开水的重力等于箭尺受到的浮力，则箭尺排开水的重力不变，根据可知，箭尺排开水的质量不变；根据浮力产生的原因，漂浮的物体下底面的压力等于浮力，故水对箭尺底面的压力不变，而受力面积不变，则压强不变，故C错误，B正确； D．当受水壶中液面升高时，由于液体密度一定，深度变大，则根据可知，水对受水壶底压强变大，故D正确。 故选BD。 二、非选择题（本大题共10题，11-18题每空、每图各1分，19题6分，20题9分，共50分。） 11. 如图所示是运动员在进行蹦床比赛时的情景。在比赛过程中，运动员借助弹力床的弹力将身体弹向空中，在空中做各种体操动作和翻筋斗的竞技运动。 （1）当运动员从高处落向蹦床（未接触蹦床）的过程中，将______能转化为_____能。 （2）当运动员落在蹦床上后，蹦床逐渐向下凹陷，说明力可以改变物体______；当蹦床被压到最低位置时，蹦床具有最大的___能。 （3）离开蹦床向上运动时，运动员克服重力做功的功率逐渐变小，表示做功在逐渐变______。 【答案】（1） ①. 重力势 ②. 动 （2） ① 形状 ②. 弹性势 （3）慢 【解析】 【小问1详解】 [1][2]当运动员从高处落向蹦床的过程中，运动员质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，所以将重力势能转化为动能。 【小问2详解】 [1]当运动员落在蹦床上后，蹦床逐渐向下凹陷，形状发生了变化，说明了力可以改变物体的形状。 [2]当蹦床被压到最低位置时，蹦床的弹性形变程度最大，具有的弹性势能最大。 【小问3详解】 离开蹦床向上运动时，运动员克服重力做功的功率逐渐变小，功率表示做功的快慢，所以表示做功在逐渐变慢。 12. 立定跳远是长春市体育中考选考项目，其动作主要分四个部分∶蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，落地缓冲，如图所示。 （1）参加该项目考试时，应穿鞋底有凹凸不平花纹的运动鞋，目的是_______。 （2）起跳时用力向后蹬地就能向前运动，这说明物体间力的作用是_______的。 （3）起跳后身体在空中仍会继续向前运动，这是因为身体具有_______。 （4）落地时屈膝，是通过_______的办法来提高着地时身体的稳定性。 【答案】（1）增大摩擦力 （2）相互 （3）惯性 （4）降低重心 【解析】 【小问1详解】 穿鞋底有凹凸不平花纹的运动鞋，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，目的是增大摩擦力。 【小问2详解】 起跳时用力向后蹬地，人给地面一个向后的力，人能向前运动，是因为受到地面施加的向前的反作用力，说明物体间力的作用是相互的。 【小问3详解】 起跳后，因为身体具有惯性，所以身体保持原来向前的运动状态，可在空中继续向前运动。 【小问4详解】 重心越低，稳定性越高，运动员着地时屈膝，是通过降低重心的办法来提高着地时身体的稳定性。 13. 如图所示是活塞式抽水机的示意图。活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动，A、B是只能向上开启的阀门。将手柄COD看作一个杠杆，用力下压C点，活塞被提起，低处的水进入圆筒。 （1）提起活塞时，阀门__________关闭，低处的水在__________的作用下进入圆筒； （2）观察结构可知，手柄COD的实质为__________杠杆； （3）请在图中画出用力下压C点时最小压力F的示意图。 【答案】（1） ①. A ②. 大气压 （2）省力 （3） 【解析】 【小问1详解】 [1][2]如图使用活塞式抽水机时，若提起活塞，阀门A关闭，活塞下面的空气稀薄，气压低，低处的水受到大气压的作用进入圆筒。 【小问2详解】 手柄COD在使用过程中，O为支点，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，是省力杠杆。 【小问3详解】 在C点施加压力，根据杠杆平衡条件可知，阻力和阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小，OC的距离最长，所以连接OC，然后过C点作OC的垂线，末端带箭头，方向斜向下，标上力的符号F，如图所示： 14. 小宇在探究“二力平衡条件”的实验中，设计了如图所示的装置。 （1）图甲所示，小宇往一侧托盘放入一个砝码时，发现木块静止不动，其原因是__________。 （2）经老师指导后，小宇仅将图甲中小木块更换成轻质小卡片，其他不变，发现卡片向左运动。当小宇往右托盘也放一个与左盘相同砝码后，小卡片能保持静止，如图乙所示，这说明二力平衡时，两个力大小________。 （3）小宇把图乙中小卡片转动后如图丙所示，松手后观察到小卡片转动并恢复到原状，说明两个力必须作用在________才能平衡。 （4）若想探究二力平衡时，两个力是否要作用在同一物体上，可对图乙中小卡片的操作是___________。 【答案】（1）木块受到桌面施加的摩擦力 （2）相等 （3）同一直线 （4）用剪刀将小卡片从中间剪开 【解析】 【小问1详解】 图甲中往一侧托盘放入一个砝码时，木块静止不动，原因是木块受到桌面的摩擦力。木块与桌面间存在摩擦，当一侧托盘加砝码产生拉力时，摩擦力与拉力平衡，使木块保持静止。 【小问2详解】 当往右侧托盘也放入一个与左盘相同的砝码后，小卡片能保持静止，这说明二力平衡时，两个力大小相等。 【小问3详解】 把图乙中的小卡片转动后松手，小卡片受到的两个力不在同一直线上，小卡片转动并恢复到原状，说明图乙中的小卡片处于非平衡状态，故两个力必须作用在同一条直线上才能平衡。 【小问4详解】 若想探究二力平衡时两个力是否要作用在同一物体上，可对图乙中小卡片的操作是用剪刀将小卡片从中间剪开。观察剪开后的两个小卡片是否还能保持平衡状态，若不能平衡，则说明二力平衡时两个力必须作用在同一物体上。 15. 在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”时，使用的器材有弹簧测力计、两个相同的铁块长木板。 （1）将铁块放在长木板上，用弹簧测力计拉着铁块沿水平方向做__________运动，弹簧测力计示数如图甲所示，则铁块受到的滑动摩擦力等于__________N； （2）如图乙所示，将两个铁块叠放在一起，重复上面的操作。比较甲、乙两次实验可得：在接触面的材料和粗糙程度相同时，__________越大，滑动摩擦力越大； （3）将两个铁块按照图丙所示的方式放在长木板上进行实验。比较乙、丙两次实验可得：滑动摩擦力的大小与接触面积大小__________； （4）实验后交流讨论时发现：在实验中很难控制铁块的运动，于是设计了丁图所示的实验。当水平向左拉动长木板时，铁块受到水平向__________的滑动摩擦力。 【答案】（1） ①. 匀速直线 ②. 1.2 （2）压力 （3）无关 （4）左 【解析】 【小问1详解】 [1][2]由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.2N；弹簧测力计水平拉动铁块做匀速直线运动时，铁块处于平衡状态，水平方向上铁块受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，滑动摩擦力大小等于拉力大小，故滑动摩擦力的大小等于1.2N。 【小问2详解】 比较甲、乙两次实验知，接触面的粗糙程度相同，压力的大小不同，且压力越大，弹簧测力计的示数越大，滑动摩擦力越大，故可以得出：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。 【小问3详解】 比较乙、丙两次实验，压力大小和接触面的粗糙程度相同，接触面积的大小不同，弹簧测力计示数相同，则摩擦力相同，故可得滑动摩擦力的大小与接触面积大小无关。 【小问4详解】 图丁拉动长木板的过程中，铁块相对于地面静止不动，处于平衡状态，所受的弹簧测力计的拉力和木板对铁块的摩擦力是一对平衡力，两个力的大小相等，方向相反，弹簧测力计对铁块的拉力为水平向右，故铁块受到水平向左的滑动摩擦力。 16. 在“探究杠杆的平衡条件”时，实验装置如图甲所示。 实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 1.0 0.2 2.0 0.1 2 1.5 0.1 1.0 0.15 3 2.0 0.15 1.5 0.2 （1）不挂钩码时，调节平衡螺母，使杠杆在______位置平衡； （2）请在答题卡的相应位置，画出点所受拉力的力臂； （3）实验中得到上表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是______；（写公式） （4）思思利用长木棒、秤钩、轻质细绳和秤砣自制了杆秤。如图乙所示，秤钩挂在点，在点用细线悬挂后发现杆秤恰好水平平衡。当秤砣移动到如图丙所示位置时，被测物体的质量为______kg；为了增大杆秤的最大测量值，可______秤砣的质量。 【答案】（1）水平 （2） （3） （4） ①. 0.4 ②. 增大 【解析】 【小问1详解】 不挂钩码时，调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。 【小问2详解】 拉力作用点在A点，方向竖直向下，先作出A点的拉力，从支点O作到拉力作用线的垂线段，即为拉力的力臂，如图所示： 【小问3详解】 根据表格中的实验数据 得出杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂或。 【小问4详解】 [1]如图乙所示，秤钩挂在点，在点用细线悬挂后发现杆秤恰好水平平衡，则杆秤自重对称量没有影响。如图丙，以O为支点，因为杠杆平衡，所以 即 所以 [2]由可知，在两侧力臂一定的情况下，要增大杆秤的量程，可增大秤砣的质量。 17. 在“测量滑轮组机械效率”时，进行了三次实验，实验数据如下表。 实验次数 物重 物体上升的高度 测力计示数 测力计移动的距离 机械效率 1 6 3 2.5 9 80.0 2 8 3 3.2 9 3 10 3 3.9 9 85.5 （1）由表中数据可知，该实验是用__________图所示的滑轮组进行的。 （2）第2次实验中，滑轮组的机械效率是__________%（结果保留到0.1%）。 （3）分析表中数据可得∶同一滑轮组，提起的钩码__________，滑轮组的机械效率越高。 （4）请你根据所学知识判断∶利用同一滑轮组竖直匀速提升同一物体，物体上升的高度不同，滑轮组的机械效率将__________。 【答案】（1）甲 （2）83.3 （3）重力越大 （4）不变 【解析】 【小问1详解】 由表格数据可知，当物体上升的高度为3cm时，测力计移动的距离为9cm，可知滑轮组绳子承重股数为 由题图可知，甲滑轮组的绳子承重股数为3股，乙滑轮组的绳子承重股数为2股，所以该实验是用甲图所示滑轮组进行操作的。 小问2详解】 第2次实验中，克服物体重力做的功为有用功，有用功为 测力计拉力做的功为总功，总功为 根据公式可知，滑轮组的机械效率是为 【小问3详解】 由表中的实验数据可知，使用同一滑轮组，提升物体（钩码）的重力越大，机械效率越高。 【小问4详解】 根据公式可知，其中的拉力为，因此机械效率和物体的重力、动滑轮的重力和绳子承重股数有关，与物体提升的高度无关，现三次实验所用滑轮组相同（绳子承重股数、动滑轮重力相同），物体的重力相同，则滑轮组的机械效率不变。 18. 在“探究液体压强与哪些因素有关”时，在U形管接头处加装了一个“三通接头”，如图甲所示。 （1）U形管与探头连接时，为确保U形管内的水面相平，阀门K应处于__________（选填“打开”或“关闭”）状态。 （2）比较__________两图可得出：液体压强随深度的增加而增大。 （3）比较丙、丁两图可初步得出：液体在同一深度向各个方向的压强__________。 （4）若想通过丁、戊两图得出液体压强与液体密度的关系，应将图戊中的探头向__________移动适当的距离。 【答案】（1）打开 （2）乙、丙 （3）相等 （4）上 【解析】 【小问1详解】 U形管与探头连接时，为确保U形管内的水面相平，阀门K应处于打开状态，两管液面上方气体与大气连通，液面即是相平的。 【小问2详解】 研究液体压强与深度的关系，要控制液体的密度不变，改变探头在液体中的深度，所以可以比较 乙、丙两图。 【小问3详解】 比较丙、丁两图可知，液体的密度不变，探头在液体中的深度不变，探头在液体中的方向改变，U形管两侧液面高度差相同，即产生的液体压强相同，可初步得出：液体在同一深度向各个方向的压强相等。 【小问4详解】 若想通过丁、戊两图得出液体压强与液体密度的关系，要控制深度相同，应将图戊中的探头向上移动适当的距离。 19. 在“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”时，实验步骤如下图所示。 （1）在石块浸入溢水杯之前，应先将溢水杯__________； （2）请在答题卡的相应位置，画出B图中石块所受浮力的示意图。 （3）由以上步骤可初步得出结论：浸在液体中的物体所受浮力的大小等于__________； （4）为了减小实验误差，你认为最合理的实验顺序是__________； （5）如图E所示，将装满水的溢水杯放到电子秤上，再用手提着一个铝块，将其缓慢浸入溢水杯中。从铝块底部入水到浸没的过程，电子秤的读数将__________。 【答案】（1）装满水 （2） （3）排开液体所受的重力 （4）DABC （5）不变 【解析】 【小问1详解】 在石块浸入溢水杯之前，应先将溢水杯装满水，这样石块浸入时排出的水才能全部流入小桶，确保测量的排开水重力准确。 【小问2详解】 根据甲图知，重力，乙图拉力，根据称重法知，浮力 浮力方向竖直向上，作用点画在重心上，如图所示： 【小问3详解】 根据CD知，排开液体的重力 可得出的结论：浸在液体中的物体所受浮力的大小等于排开液体所受的重力。 【小问4详解】 为了减小液体附着引起的误差，最合理的实验顺序是：先测空桶重力（D），再测石块重力（A），然后将溢水杯装满水，石块浸入溢水杯测拉力（B），最后测排开水和桶总重力（C），即最合理的实验顺序是 D、A、B、C。这样可避免石块沾水导致重力测量偏大。 【小问5详解】 将装满水的溢水杯放到电子秤上，再用手提着一个铝块，将其缓慢浸入溢水杯中。从铝块底部入水到浸没的过程，铝块受到的浮力等于溢出的液体的重力，而电子秤的示数等于杯内液体的重力与杯子重力加上浮力，故电子秤示数保持不变。 20. 思思在“探究浮力大小与哪些因素有关”中： （1）用手把空的饮料罐按入水中，如图甲所示，发现：当饮料罐浸入水中越深、排开的水越多时，手越吃力。思思猜想：浮力大小可能与______有关。 （2）为了进一步验证猜想，思思用金属块进行了如图乙所示的实验。分析图乙中______三次实验可得，（1）中的猜想是正确的。 分析A、C、D三次实验可得：浮力大小与______无关。 思思又设计了如图丙的装置，用浮力知识测量圆柱体木块的密度（木块不吸水），实验步骤如下： ①将木块和固定在容器底部的拉力传感器通过细线相连，向空的容器中加水，当木块的一半体积浸入水中时，拉力传感器的示数为0.3N； ②继续往容器中加水，当木块完全浸没在水中时，拉力传感器的示数为1.8N。 请计算木块的密度为______。（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） 【答案】（1）见解析 （2） ①. A、B、C ②. 浸没深度 ③. 【解析】 【小问1详解】 如图甲所示，用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，饮料罐浸入水中的体积越大，手会感到越吃力说明浮力变大，说明浮力的大小与物体浸入液体中的体积有关。 【小问2详解】 [1]探究浮力的大小与物体浸入液体中的体积有关，需要控制液体的密度相同，浸入液体的体积不同，并且需要利用称重法 计算浮力的大小，分析图乙中A、B、C三次实验，液体的密度相同，浸入液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力大小不同，可得（1）中的猜想是正确的。 [2]分析A、C、D三次实验，浸没状态排开液体的体积相同，液体密度相同，深度不同，但是弹簧测力计的示数相同，由称重法 可知，浮力大小相同，可得：浮力大小与液体深度无关。 [3]设木块的重力为，木块的体积为。由 可得，当木块的一半浸入水中时，受到的浮力为 当木块浸没水中时，受到的浮力为 所以 木块受到竖直向上的浮力，竖直向下的重力和拉力，则有 代入数值得① ② 联立①②解得 由得，木块的体积为 由可得，木块的质量为 木块的密度为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $