(四)位移与时间的关系、匀变速直线运动规律的应用、自由落体运动【衡水金卷·先享题】2024-2025学年高一物理必修1同步周测卷（教科版）

高一同步周测卷/物理必修第一册 (四)位移与时间的关系，匀变速直线运动规律的应用、自由落体远动 (考试时利40分钟，满分100分) 一、单项选择疆（木题共8小题，每小题分，共36分。在每小圈给出的四个选项中，只 有一项是存合题日要求的】 1,做匀变速直线运动的物体的位移随时列变化的线律为上一0一5：《m》,限据这一关 系式可知物体的速度为零的时刻为 A.f-25 H.=3w C,t■4s D.t-5 2.物体从某一高度处由静止释政并什为=0时刻：=司s时刻物体刚好通过了全程的 一半，若不计空气阻力，则物体落地还雷要的时间的为 A.1 81.58 C.3(2-1)m D32+1)4 3,瑰水远动员从5m跳台双脚蘭下自由落下，某同学利用手机连拍功能，连柏了多张照 片，测得其中两张连拍照片中运动员双脚距水面的高度分划为4,2m和3,2m,重力 加速度装一10m:,则此次连抽的时词隔为 A.0.5s 且.0.4s C.0.38 D,0.2= .如图所示，一辆赛车在平直赛道上做匀加速直线运动，途经A,B,,D四个标志杆， 其中AB=1m,CD=15m,车手发现自己通过AB和CD这两段位移的时间均为 2.,而通过BC段位移的时间仅为1，若将赛车看成质点，下列说法正确的是 A.赛车做匀加速直线运动的加蓬度大小为2m/s B.赛车敏匀加建直线运动的加速度大小为3m/ C,赛道上B,C两标志轩同的距高为后m D).赛车经过A标志杆时的速度大小为3m/: 5,如图所示，两光滑斜面在B处平滑连接，小球在A处由静止释成，经过B,C两点时的 速度大小分别为3m/:和m,A-。BC,设小球经过B点前、后的速度大小不 变，下列说法正确的是 物理（数料极）必修第一册第1页（共贾） 面水金卷·先享盈 A.小球在AB、BC段的加速度大小之比为8：9 B.小球经过AB、C段的时间之比为3：4 C,小球在AB、BC段的平均速率之比为314 D.小球在AB,C段的平均述率之比为38 6,某同学为研究机动车的运动情况绘制了子-图像，如图所示。已烟机动车的运动 轨连为直线，但是不知机动车是处于加速状态还是莉车找态，下列说法情误的是 A.机动车处于斜布状态 1 B.机动车的初建度大小为20m/s C,机动车的加建度大小为8回/s D.杭动车在0一3s内的位移大小为24m 二，多项选择题（本题共2小题，每小圈8分，共16分。在樽小题给出的四个选项中，有 多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对不全的得4分，有远错的得4分) ?,小明在燃放冲天炮时将其经直故置在地面上，冲天泡高地1”后燃料燃尽，但冲天地 一直未燥炸。已知燃料魅烧时冲天炮的加速度大小为0m/分，重力加速度装一 10m/,不计空气阻力，则冲天炮 A.上升的最大速率为20m/s 甚离地的最大高度为10m .在空中起动的时间为2十，2) D.落同地面时的速度大小为10m然 .如图所示，物体从)点由静止开始做匀加速直线运动，A,BC,D点为其运动轨迹上 的四个点，测得AB-2m,C-3m,且特体通过AB,BC,CD所用的时问相等，则下 说法正确的是 A.可以求出物体的加速度大小 B,可以求出C,D两点间的距离 C,可求出0,4两点间的距离为1,125m D.若A,B、C点的辞时速皮分别表示为4，w,的，可以求出一一m一# 肝规 姓名 分数 超号 答案 高一闭步周测楼回 物理（数料版》必修第一甜第？页（共4置） 三，非选择题（本圈共3小题，共8分。请按要求完成下列各题） ,《12分)研党小组用如图甲所示的装置来研凳自由落体运动，如图乙所示为实验中 稀川电磁打点计时器记承白由落体运动的轨迹时得到的一条纸带，图乙中的点是从 于开始打下的连接的计数点，其中相邻两计数点之间的距离一9,6m,: 13.4mm,3-17.3mm,s,一21,11mm,电源的领率/一50Hz 《1)下列说法正确的是 。 (填正确答案标号) A.电磁打点计时器的工作电压为220V B.实验中使用秒表国量时问 C.实验时应先由静止释效纸带，然后赶紧接通电源 D求出的加速度一般比当地的重力知速度小：是因为纸带和重物受到阳力 《2)根据纸带上的数据，可求出D点的速度 m/,用逐差法可求出加速 度的表达式： 《用，，为，4∫表示)，重物的加速度大小为 m/。。(结果保阳两位有效数字) 物理敏料版}多修第一曲第3页（共4页） 衡水金雄·先享抛 10.(16分)电动作斯门由于方便美是的特点被广泛用下季校和小区等场所。知图所 示，一辆汽车匀速直找行驶到A位置时，电动门才以秋=0,5m/:的速度从门柱C 匀速向左打开，考虑电动门的违度过漫：可机经过反应时间一1后，汽军开始利 车，当汽车在B位置停下时，汽车左恰好设碰到电动门，已知汽车的宽度上一 1.8器m,汽车右璃与门柱C的水平距离一直为d一0.5m (1)求汽车做匀减速运动的时间： (2)如果汽车在A,B两位置间的距离x一55n,求汽车判车时的加建度大小 1L,(20分)我国首般装有弹射系统的航母完成了“」一15”显战年机首次起降飞行焱 并联得成功。已知“」一5”在路道上加速时产生的量大加速度为5m/,起飞的最 小道度为50m/,弹射系统能够使飞机获得的最大初速度为25m/s,设航母处于静 止状态 (1)“J一15”在跑道上至少需要加速多长时间才能起笔 (2)“」一15”在跑道上至少需要加速多长距离才能起飞？ (3)若航母上不装弹射系统，设航每跑道的长度L=160m,“】一15”仍能从航每上正 常起飞，期航母航行的速度至少为多少？ 高一同步周剧卷四 物理[数科餐引必修第一质第4页【共4页}高一周测卷 ·物理（教科版）必修第一册· 高一同步周测卷/物理必修第一册（四）》 品题要素一览表 注： 1.能力要求： 1.理解能力Ⅱ.推理能力 Ⅲ，分析综合能力V,应用数学处理物理间题的能力V,实验能力 2.学科素养： ①物理视念 ②科学思维③科学探究①科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ① ②③ 档次 系数 1 单项选择题 6 位移变化规律的数学应用 易 0.85 2 单项选择题 6 匀加速直线运动 易 0.85 3 单项选择题 白由落体运动的实际应用 易 0.80 4 单项选择题 位移变化规律的实际应用 中 0.75 5 单项选择题 6 加速度、平均速案 中 0.75 6 单项选择题 6 图像 中 0.70 7 多项选择题 8 匀变速直线运动 中 0.65 8 位移变化规律及推论公式的综 多项选择题 8 难 0.55 合应用 9 非选择题 利用电磁打点计时器研究自由 12 中 0.70 落体运动的实验 10 非选择题 16 位移变化规律的实际应用 中 0.65 11 非选择题 20 位移变化规律的综合应用 0.50 香考管案及解析 一、单项选择题 1.B【解析】根据x=30一5产(m),可知物体的初速度 落的距离么=5m一4.2m=0.8m,A=了4= 4=30m/s,加速度a=-10m/s,根据u=w十at: 0.4s:双脚距水面的高度为3.2m时，运动员下落的 可知当w=0时，t=3$,B项正确。 距离6=5m-3.2m=1.8m,k=号g,6 2.C【解析】初速度为0的匀加速直线运动，从t=0 0.6s,故此次连拍的时间间隔△1=t:一t:=0.2s,D 时刻开始计时经过连续相等的两段位移所用的时间 项正确。 之比为1：(2一1)，所以物体落地还需要的时间为 4,A【解析】如图所示，设AB段中间时刻的位置为P 3(√瓦一1)s,C项正确。 点，CD段中间时刻的位置为Q点，根据匀变速直线 3.D【解析】双脚距水面的高度为4,2m时，运动员下 运动中间时刻的速度等于平均速度，有妙=AB t ·9 ·物理（教科版）必修第一册· 参考答案及解析 2m/s,o=D=8m/s,从P点到Q点的运动时间t 间T=1十t十t4=(2十√2)s,C项正确：落回地面时 t =1s+1s十1s=3s,根据加速度的定义式有a= 的速度大小=gt:=10W2m/s,D项结误。 8.BCD【解析】由匀变速直线运动的位移差推论有 二迎=2m/s,A项正确，B项错误：在B标志杆时 △x=aT=CD-BC=BC-AB=1m,解得CD 的速度a=w十a号=4m/s,B,C两标志杆间的距 4m,a=下，由于时间间隔不知道，故无法求出物体 离x=十乞a=5m,C项错误：车手经过A标志 的加速度大小，A项错误，B项正确；根据匀变速直线 运动中间时刻的速度等于该段过程的平均速度，可得 杆时的速度=一口之=0，D项错误。 物体经过B点时的速度vn=x一7，再根据速度 位移公式，可得2a·OB=,联立解得OB= 3.125m,可得OA=OB-AB=1.125m,C项正确： 5,D【解析】小球在AB段和BC段均做匀加速直线运 物体通过AB、BC段的时问相等，根据加速度定义 动，根据v一6=2ax,可得AB、BC段的加速度分别 式，可得c一g=一，D项正确。 为a1=3-0 a4-5-3 2 又=子，可得小 三、非选择题 9.(1)D(3分) 球在AB、BC段的加速度大小之比a:'a,=9:8,A项 错误：设AB段的路程为x,则BC段的路程为2x,有 (2)0.58(3分) (十-一)E（3分》9.6 4 =0生宁12x=3生宁，联立可得小球经过AB,BC (3分) 【解析】(1)电磁打点计时器的工作电压一般为4~ 段的时间之比t,1:=4:3,小球在AB、BC段的平均 6V,A项结误：打点计时器可以直接记录时间，不需 速率之比1=去芹=38，B.C项错误，D项 要秒表，B项错误：实验时应先接通电源，后释放纸 正确。 带，C项错误：求出的加速度一般比当地的重力加速 1 度小，是因为纸带和重物受到阻力，使得加速度小于 6.D【解桥】由r=十之a,可得芹=4· 重力加速度g,D项正确。 2,由图像与坐标轴的两个交点可得初速度= (2)电源的频率为50Hz,周期为0,02s,根据纸带上 的数据，由中何时刻的瞬时速度等于这段时间的平均 20m/s,加速度a=一8m/s,故机动车的初速度大 小为20m/s,加速度大小为8m/s,做匀减速运动， 速度可得D点的速度0=严≈0,58m/s,用逐差法 处于刹车状态，A,B,C项正确：机动车的速度减到零 求出加速度的表达式a=十）一（十） (2T)9 所需的时间。=二=2.5s,机动车在0一3s内的位 一a 十二1一)上，重物的加速度大小“ 移大小=或a一25mD项错误， 4 (17.3+21.1-9.6-13.4)×103 m/s≈9.6m/s'。 二、多项选择题 4×0.029 7,BC【解析】燃料燃尽时，冲天炮上升过程的速率最 10.【解析】(1)汽车左端恰好没碰到电动门，电动门的 大，有v=at=10m/s,A项错误；加速上升阶段h:= 运动时间1=d+L=10s (3分) 之a1=5m,竖直上抛阶段的位移h:一最 1 =5m,竖 司机的反应时间to=1s 直上抛的时间41=巴=1s,则离地的最大高度h= 汽车做匀减速运动的时间：=（一t=9s (3分) (2)设汽车的初速度大小为U,汽车运动的总距离s 十h:=10m,B项正确：下落过程的位移h=之，解 1 =么十芸 (3分) 得下落的时间红=√厄s,则冲天炮在空中运动的总时 且=at (3分) ·10 联立解得汽车利车时的加速度大小a=吕m/。 (3)设飞机从开始到起飞所用的时间为(，在时间 内航母航行的距离为L1,航母的最小速度为 (4分) 对航母有L,= (2分) 11.【解析】(1)在跑道上加速时产生的最大加速度a= 对飞机有=十a (2分) 5m/s2,根据匀变速直线运动的速度一时间公式 -=2a(L+L) (2分) =w十at (2分) 飞机起飞的最小速度u=50m/s 可得t=一=50-25 (3分) a 5 s=53 联立解得u=10m/s (3分) (2)根据速度一位移公式一=2ax (3分) 可得。-0浮 2×5m=187.5m (3分)