2025年广东省江门市蓬江区省实学校中考二模物理试题

2025年广东实验中学附属江门学校中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共7小题，共21分。 1.当玻璃棒与丝绸摩擦时，会因为下列哪种粒子的转移使玻璃棒带电（　　） A. 电子 B. 原子 C. 中子 D. 分子 2.我国自主开发出可被手撕开的“手撕钢”，已广泛应用于高新技术领域。“手撕钢”被撕掉一部分后，其不变的物理量是（　　） A. 质量 B. 密度 C. 体积 D. 重力 3.火星的昼夜温差有时可达到一百多摄氏度。如图，“祝融号”火星车在集热窗中利用“正十一烷”材料进行保温。早上，该材料吸热，状态发生变化，晚上，该材料放热，状态发生变化，整个过程中基本没有气态物质出现，则该材料发生的物态变化过程是（　　） A. 先汽化后液化 B. 先熔化后凝固 C. 先液化后汽化 D. 先升华后凝华 4.“阳燧”是古代先民们利用太阳能取火的一种工具。”在河南•虢国博物馆讲解员讲解道，并现场演示了博物馆文创产品阳燧三秒点燃一支香烟的过程，阳燧的工作原理是（　　） A. 光的直线传播 B. 平面镜成像 C. 光的反射 D. 光的折射 5.如图，在筷子一端捆上适量棉花，做一个活塞。用水蘸湿棉花后塞进两端开口的塑料管中。用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨音。上下推拉“活塞”，会改变声音的（　　） A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 音色和音调 6.厦门市大力推行垃圾分类，为了方便市民便捷投放垃圾，部分收集点增设了如图的垃圾桶“翻盖神器”，向下拉动拉手就能打开桶盖，方便又卫生。下列分析正确的是​​（　　） A. 装置中的滑轮是动滑轮 B. 滑轮起到省力作用 C. 桶盖相当于费力杠杆 D. 滑轮起到改变力方向的作用 7.如图所示，把导体棒ab放在U形磁体产生的磁场中，闭合开关，导体棒ab中有电流通过，导体棒ab受到向右的作用力F。若欲使ab受力方向向左，可行的办法是（　　） A. 使通过ab的电流方向反向 B. 改变磁场的强弱 C. 增大电源电压 D. 同时改变通过ab的电流方向和磁场的方向 二、填空题：本大题共7小题，共21分。 8.《曹刿论战》中曹刿善于利用鼓声。鼓声是由于鼓面______产生的，鼓声震耳欲聋形容鼓声的______大；战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递______。 9.如图所示，无人机向下方推动气流获得向上的力后可以向上加速飞行，说明力可以改变物体的______，无人机匀速升空时，其重力势能______、机械能______（后两空选填：“增大”、“减小”或“不变”） 10.如图所示是某种物质熔化时温度随时间变化的关系图像，根据图像可知该物质是______（选填“晶体”或“非晶体”）；该物质从开始熔化到完全熔化持续了______min,该物质在C点的内能______（选填“大于”“小于”或“等于”）B点的内能。 11.科学与生活密切相关，学好科学可以帮助我们解决生产、生活中的问题。 （1）家庭电路中，灯泡和控制此灯泡的开关之间是______联的；洗衣机工作时，金属外壳要接______。 （2）如图甲所示，是小明家书房的一个两孔插座，他用测电笔测试插座的A孔，氖管发光，当把乙图的台灯接入电路时，将插头的______（选填：“C”或“D”）插脚插入A孔更安全。 12.小海提着如图1所示的自制气压计从一楼走到十楼，观察到吸管中的液面______（选填“上升”“下降”或“不变”），说明大气压强随海拔高度升高而______（选填“增大”“减小”或“不变”）。如图2所示，小珠往B管中吹气，可看到A管中的液面______（选填“上升”“下降”或“不变”）。 13.广东某市高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图。称重表相当于一个______（选填“电压表”或“电流表”），当车辆越重时，R接入电路中的阻值______，称重表的示数将______。（后两空选填“越大”、“越小”或“不变”） 14.“海洋石油122号”是由我国自主设计建造的亚洲首艘圆筒型“海上油气加工厂”，如图甲所示：“海洋石油122号”空载时质量为3.6×107kg,最大排水量为1×105t,g取10N/kg,满载时受到的最大浮力为______N。如图乙a、b所示分别为“海洋石油122号”在某海域内装载石油前后吃水线的示意图，其受到的浮力大小关系为Fa______Fb，船的底部受到液体压强大小关系为pa______pb（后两空均选填“＞”“＜”或“=”）。 三、作图题：本大题共3小题，共7分。 15.小明利用半圆形玻璃砖“探究光折射时的特点”，让光源发出的一束光从空气斜射入玻璃，请你作出反射光线与折射光线。 16.如题图所示，物块静止在斜面上，请画出物块受到的支持力和摩擦力的示意图。 17.如图所示，请把电源的正负极（用符号“+”“-”表示）填写在括号中并把电路图补充完整。 要求：闭合开关时，条形磁铁与电磁铁之间互相排斥，并且向左移动滑动变阻器的滑片时，斥力增强。 四、实验探究题：本大题共5小题，共32分。 18.亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。 （1）图1被测物体A的长度是______cm；图2中体温计的示数为______℃；图3中电能表显示一周消耗的电能为______kW.h； （2）如图所示是探究水沸腾时温度变化的特点，由图像可知，水沸腾时，继续吸热，温度______，用相同装置完成的两组实验中，所用水的质量大小关系为mA______（选填“＞”“＜”或“=”）mB； （3）用天平测量烧杯和盐水的总质量为106g,将烧杯中的部分盐水倒入量筒中，如图甲所示，量筒中盐水的体积为______cm3，用天平测得烧杯和剩余盐水的总质量如图乙所示，则盐水的密度为______g/cm3。 19.小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，所用的器材有：带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等。 （1）实验前，小明调节蜡烛、凸透镜、光屏的中心在______； （2）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，当光屏上出现一个最小最亮的光斑时停止移动光屏，可测出凸透镜的焦距是______cm；此时小明不小心用手遮住了凸透镜的一部分，光屏上是否还会出现光斑______。（选填“是”、“否”） （3）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立、______（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。 （4）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，无论怎样移动光屏都无法光屏上看不到烛焰的像，则人眼在图中______（选填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像； （5）若将乙图中的凸透镜换成透明的玻璃板，则直接往光屏上______（填：能或不能）观察到蜡烛的像。 20.小芳利用如图所示的电路测量未知电阻Rx的阻值，阻值大约为5Ω。 （1）请你根据电路图，用笔画线代替导线，在如图中完成实验电路的连接。 （2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于______端（选填“A”或“B”）。 （3）闭合开关，发现电压表和电流表均无示数。小芳利用另一只完好的电压表进行检测，要把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______。 （4）排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据，多次测量的目的是______。 （5）小芳又设计了一种方案，也测出了Rx的阻值。电路如右图所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下： ①当开关______时，电流表读数为I1； ②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2； ③待测电阻Rx=______（用已知和测出的物理量符号表示）。 21.所示是公园里两个绳长不同的秋千。某同学荡秋千时发现这两个秋千往返一次的时间不同，该同学猜想：秋千往返一次的时间是否与绳长有关？ 【证据】该同学用细线系上一个小球模拟秋千，如图乙所示，悬点O到小球重心的距离为摆长L。每次让小球由静止释放，且保持释放时细线和竖直方向的夹角不变，改变摆长L进行探究，记录的实验结果如下表所示： 实验次数 摆长L/cm 小球往返摆动十次的总时间t总/s 小球往返摆动一次的时间t/s 1 60.0 15.8 1.58 2 80.0 18.1 1.81 3 100.0 20.0 2.00 【解释】同一小球由静止释放，且保持释放时细线和竖直方向的______不变，摆长越长，小球往返摆动一次的时间越______。由此可知，秋千未坐人时（如图甲所示）往返一次的时间与绳长有关。 【交流】 （1）该实验中所需的测量工具有量角器、______和______。 （2）实验中，该同学发现不易测准小球往返摆动一次的时间，于是他测出小球往返摆动十次的总时间，再算出往返摆动一次的时间。测量下列物理量时也可采用类似方法的是______。（选填字母） A.测物理书中一张纸的厚度 B.测一支铅笔的长度 C.测一个苹果的质量 D.测一杯水的温度 （3）该同学联想到杂技演员荡秋千的过程中有时站着，有时坐着。由此合理猜想，演员改变重心的位置相当于改变了摆长，演员在秋千上从同一起点由静止往下荡时，与站着相比，他坐着往返一次的时间更______。（温馨提示：杂技动作，请勿模仿） 22.小明发现夏天经过太阳的暴晒后，位于顶楼的屋内非常闷热，于是开展了“设计隔热房屋”跨学科实践活动。 （1）为了比较材料的隔热性能，小明找到厚度______（选填“相等”或“不相等”）的三种材料，制成大小、形状和结构均相同的房屋模型，用白炽灯模拟太阳光，房屋位置如图甲所示，将温度传感器分别放在房屋模型______（选填“内部”或“外部”）的相同位置。 （2）甲图中三个小屋的摆放位置不合理，原因是没有控制灯到屋顶的______相等。 （3）优化实验方案后进行实验，温度传感器的示数随时间变化如图乙所示，根据图像分析，小明可以选用______作为屋顶隔热材料，其原因是在相同时间内，温度传感器示数变化较______（选填“大”或“小”）。请再举出一个生活中利用该材料隔热的例子：______。 五、计算题：本大题共2小题，共13分。 23.如图所示的物流机器人，若空载时该物流机器人的质量为600kg,轮胎与地面的总接触面积为0.2m2。当该物流机器人完成所有配送任务后返回服务站时，在某平直道路上匀速行驶了4000m,用时1200s,已知机器人匀速行驶时，牵引力为120N，g取10N/kg。求此过程中： （1）该机器人空载是受到的重力是多少？ （2）机器人对水平路面的压强为多少Pa？ （3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为多少瓦？ 24.如图甲所示为一款养生壶，图乙为电路原理简图，如表为它处于加热态时的部分参数，当S1、S2都闭合时，养生壶处于加热状态，只闭合S2时，养生壶处于保温状态。 额定电压 220V 加热功率 880W 额定容量 2L （1）养生壶在加热挡时电路中的电流； （2）如果养生壶在加热挡正常工作2min,消耗多少电能？ （3）若正常工作时保温电功率为加热时的10%，则R2的阻值是多大？ 六、综合题：本大题共1小题，共6分。 25.电动汽车以电动机为主要动力装置，有节能减排、低噪声等优点，是汽车产业的重要发展方向，电池是电动汽车的核心部件之一，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，电池能量密度指的是电池平均单位质量所储存的电能某款电动汽车部分参数如下表，此车支持多种充电方式，一般快充采用直流电，电压高、电流大，半小时即可将电量由30%充至80%；若选“随车充”，通过随车充电设备接入220V家庭电路中充电25小时即可充满，无论哪种充电方式都需要供电系统提供良好的接地线，否则该款电动汽车拒绝接受充电. 长×宽×高 4.7m×2.0m×1.4m 最高续航里程 600km 电池容量 60kW•h 电池质量 400kg 请根据材料回答以下问题： （1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，这是在______（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声； （2）电动汽车充电的过程中电能转化为______能存储在电池中； （3）针对快充特点，为了避免导线过热，快充线适宜选用横截面积较______（选填“大”或“小”）的导线：该车在快充时（由30%充至80%）的充电功率为______kW； （4）此款电动汽车电池的能量密度是______（W•h）/kg； （5）电动汽车运动时受到的总阻力包括空气阻力f1和机械阻力f2，其中f1的大小与车速的平方（v2）成正比.若车速是40m/s时，f1的大小为640N，当车速是50m/s时，f1的大小变为______N。若空气阻力分布（空气阻力占总阻力的比例）与车速关系如题图乙所示，当以最大速度匀速行驶时，汽车牵引力的功率为90kW，此时汽车受到的牵引力等于总阻力，则此款电动汽车行驶的最大速度为______m/s。 1.【答案】  【解析】解：当玻璃棒与丝绸摩擦时，会因为电子的转移而使玻璃棒带电，故A正确，BCD错误。 故选：A。 摩擦起电不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。 本题考查了摩擦起电的实质，基础题。 2.【答案】  【解析】解：B．密度是物质的一种特性，“手撕钢”被撕掉一部分后，密度不变，故B正确，符合题意； ACD．质量是物体所含物质的多少，“手撕钢”被撕掉一部分后，质量减小，由G=mg可知重力减小，它的体积也减小，故ACD错误，不符合题意； 故选：B。 质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关。 质量减小，由G=mg可知重力减小。 密度是物质的一种特性，与质量和体积无关。 理解重力、质量、密度的概念及其特性是解此类题的基础。 3.【答案】  【解析】解：由题意可知，“祝融号”火星车中的正十一烷的物质．这种物质在白天温度高熔化为液态，吸收热量；夜间温度低时会由液态变成固态，凝固放热，从而起到控温作用。故B正确，ACD错误。 故选：B。 物质由液态变成固态是凝固，凝固放热；物质由固态变成液态是熔化，熔化吸热。 本题考查物态变化，属于基础题。 4.【答案】  【解析】解：阳燧是用铜制成的凹面镜，将其凹面正对太阳光将太阳光反射到一点，从而聚焦日光，点燃艾炷取火，这是光的反射现象。 故选：C。 当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的。 此题考查光的反射现象，属于基础题目，难度不大。 5.【答案】  【解析】解：用嘴吹管的上端，管内空气柱因发生振动会产生声音，上下推拉活塞时，空气柱的长度发生改变，因此空气柱的振动快慢会发生改变，所以会发出不同音调的声音。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。 声音是由物体的振动产生的，音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。 此题考查了声音的产生原因及影响声音音调的因素，会结合概念解释现象。 6.【答案】  【解析】解：AB、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，滑轮轴固定不动，所以该装置中的滑轮为定滑轮；定滑轮实质相当于等臂杠杆，不省力，可以改变力的方向，故AB错误； C、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误； D、定滑轮可以改变力的方向，故D正确。 故选：D。 （1）轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮；轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮称为动滑轮； （2）使用定滑轮可以改变力的方向； （3）绳子拉起桶盖时，桶盖可视为杠杆，动力作用点在绳子与桶盖连接处，阻力作用点在桶盖正中心，支点在垃圾桶桶盖最右端端点，故动力臂大于阻力臂。 本题考查了滑轮及其工作特点以及杠杆的分类，属基础题目。 7.【答案】  【解析】解： A．通电导线在磁场中受到力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关，故使通过ab的电流方向反向，可以改变ab受力方向，故A正确； B．改变磁场的强弱只能改变ab受力的大小，无法改变方向，故B错误； C．增大电源电压，增大电流，从而改变ab受力的大小，无法改变方向，故C错误； D．同时改变通过ab的电流方向和磁场的方向，则ab受力的方向不变，故D错误。 故选：A。 通电线圈在磁场中受力转动，受力方向与磁场方向和电流方向有关，因此要改变受力的方向有两种方法：①可保持磁场方向不变，改变电流方向；②可保持电流方向不变，改变磁场方向。 知道通电导体在磁场中受力方向与电流方向、磁场方向的关系是本题的解题关键。 8.【答案】  【解析】解：（1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；鼓声是由于鼓面振动产生的； （2）鼓声震耳欲聋，说明声音的响度大； （3）战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递信息。 故答案为：振动；响度；信息。 （1）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止； （2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性； （3）声音既能传递信息，也能传递能量。 本题考查了声音的产生、声音的特征以及声音的传播等知识，是一道声学综合题。 9.【答案】  【解析】解：力的作用效果有两个，一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态（包括运动速度大小和运动方向 ），无人机在力的作用下由静止变为向上加速飞行，速度发生了变化，这里体现了力可以改变物体的运动状态。 重力势能大小与物体的质量和高度有关，无人机匀速升空时，质量不变，高度增加，所以其重力势能增大。 机械能等于动能与势能之和，无人机匀速升空，速度不变，质量不变，动能不变；又因为重力势能增大，所以机械能增大。 故答案为：运动状态；增大；增大。 （1）力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。 （2）重力势能大小与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大； 动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大； 动能和势能之和为机械能。 本题考查了运动和力的关系以及机械能的相关知识点，题目难度不大，我们要认真分析。 10.【答案】  【解析】解：由图像得，该物质熔化过程中，温度保持80℃不变，说明该物质有固定熔点，是晶体，熔点为80℃。 该物质10min开始熔化，25min熔化结束，说明该物质完全熔化需要的时间是15min。 该物质在BC间是晶体在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变，内能增大，因此该物质在C点的内能大于B点的内能。 故答案为：晶体；15；大于。 （1）晶体有一定的熔化温度，非晶体没有一定的熔化温度，这是晶体和非晶体的区别； （2）分析图象发现物质从第10min开始熔化，到第25min熔化结束； （3）晶体在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，内能增大。 此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别。 11.【答案】  【解析】解：（1）家庭电路中，灯泡和控制此灯泡的开关之间是串联的；洗衣机工作时，金属外壳要接地线。 （2）如图甲所示，是小明家书房的一个两孔插座，他用试电笔测试插座的A孔，氖管发光，A孔与火线相连通。当把乙图的台灯接入电路时，将插头的D插脚插入A孔更安全。 故答案为：（1）串；地线；（2）D。 （1）家庭电路的各个用电器是并联的，灯泡和控制此灯泡的开关之间是串联的，带金属外壳的家用电器应该接地。 （2）开关应该与照明电路的火线相连。 本题考查的是照明电路的组成和安全用电的常识；知道试电笔的使用规则。 12.【答案】  【解析】解：因为大气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，所以将自制气压计从一楼走到十楼，外界大气压减小，瓶内液体在瓶内气压的作用下会使吸管中的液面上升。 往B管中吹气，吸管A上方空气的流速变大、压强变小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以A管中液面上升。 故答案为：上升；减小；上升。 大气压与海拔高度有关，海拔越高，大气压越低；流体压强与流速有关，流速越大的位置，压强越小。 本题考查了对大气压与海拔关系的应用，对流体压强与流速关系的理解，属基础题。 13.【答案】  【解析】解：称重表与电阻串联，应为电流表；当车辆越重时，滑片向下滑，R的阻值越小，根据欧姆定律可知，电路的电流越大，所以称重表的示数越大。 故答案为：电流；越小；越大。 （1）分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表； （2）根据电路中滑片的变化情况得出正确答案。 本题是一道力学和电学的综合题，但比较容易分析，是基础知识。 14.【答案】  【解析】解： “海洋石油122号”满载时受到的最大浮力：F浮=G排=m排g=1×105×103kg×10N/kg=1×109N； 由图乙a、b可知，“海洋石油122号”装载石油前排开海水的体积小于装载石油后排开海水的体积，海水的密度不变，根据F浮=ρ海水gV排可知，“海洋石油122号”装载石油前受到的浮力较小，即Fa＜Fb； 由图可知，“海洋石油122号”装载石油前船的底部的深度小于装载石油后船的底部的深度，海水的密度不变，由p=ρgh可知，“海洋石油122号”装载石油前船底受到液体的压强较小，即pa＜pb。 故答案为：1×109；＜；＜。 （1）根据阿基米德原理求出“海洋石油122号”满载时受到的最大浮力； （2）根据阿基米德原理分析装载石油前后受到浮力的大小关系； （3）根据p=ρgh分析船的底部受到液体压强的大小关系。 本题考查了阿基米德原理和液体压强公式的应用，难度不大。 15.【答案】  【解析】解：（1）由图可知，入射角是50°，反射角等于入射角也为50°。 首先垂直于界面画出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出反射光线，再根据光由空气斜射进入玻璃中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角，在法线右侧的玻璃中画出折射光线，如下图所示： 光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角； 光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。 本题考查光的反射光路图和折射光路图的画法，属于常考题目，掌握光的反射定律、折射规律，以及入射角和反射角的概念是关键。 16.【答案】  【解析】确定物块受到的摩擦力和支持力的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法画出这两个力的示意图。 画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。 17.【答案】  【解析】解： 闭合开关时，条形磁铁与电磁铁之间互相排斥，根据同名磁极相互排斥可知，电磁铁的左端为S极，右端为N极；根据安培定则可知，电磁铁中的电流是右端流入，左端流出的，即电源的右端为正极，左端为负极； 向左移动滑片P，排斥力增强，说明通过电磁铁的电流增大，滑动变阻器的电阻减小，则电路图如图所示： （1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，据此判断通电螺线管的磁极；根据安培定则判断电磁铁中电流的流向，从而判定出电源的正负极； （2）排斥力增强，则表明通过电磁铁的电流增大，滑动变阻器的电阻减小，据此画出滑动变阻器的接法。 本题考查了安培定则的应用、滑动变阻器的画法，知道滑片向右移动时电阻的变化是解题的关键。 18.【答案】  【解析】（1）图1中刻度尺的分度值是1mm,读数为物体A的长度是1.70cm-0.00cm=1.70cm。 图2中温度计的分度值是0.1℃，读数为36.5℃。 图3中电能表最后一位为小数，一周消耗的电能为823.7kW•h-781.5kW•h=42.2kW•h。 （2）据图可知，水在沸腾时吸收热量，内能增大，但是温度保持不变。 A图像中物质的初温高，B图像中物质的初温低，当沸腾前需要加热的时间相同，A和B吸收的热量相同；根据Q吸=cmΔt可知：A的质量大于B的质量，即mA＞mB。 （3）甲图中量筒的分度值是2mL，量筒中盐水的体积为40mL=40cm3。 乙图中天平标尺的分度值是2g,则烧杯和剩余盐水的总质量为50g+10g+2g=62g； 量筒内盐水的质量为m=106g-62g=44g； 盐水的密度为。 故答案为：（1）1.70；36.5；42.2；（2）不变；＞；（3）40；1.1。 （1）根据刻度尺、温度计、电能表的使用规则来读数。 （2）液体在沸腾时吸收热量，内能增大，温度不变；根据Q吸=cmΔt分析水的质量大小。 （3）根据量筒和天平的使用规则进行读数，利用密度公式进行计算。 本题考查的是刻度尺、温度计、量筒和天平的读数；知道电能表的读数；会根据密度公式计算物质的密度。 19.【答案】  【解析】（1）为了使像成在光屏的中央，应调整烛焰中心、凸透镜中心、光屏的中心在同一高度； （2）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点，也就是最小最亮的光斑的位置，焦点到光心的距离是焦距，由图甲可知，该凸透镜的焦距为f=50.0cm-40.0cm=10.0cm； 用手遮住凸透镜的一部分，物体上任一点射向凸透镜的其他部分，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，只是折射光线减少，会聚成的像变暗，所以光屏上还会出现光斑； （3）由图乙可知，物距u=25.0cm-10.0cm=15.0cm 满足物距大于1倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像； （4）由图可知，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，像物同侧，应该在B处观察； （5）若将乙图中的凸透镜换成透明的玻璃板，玻璃板相当于平面镜，平面镜成虚像，虚像不能呈现在光屏上，所以直接在光屏上不能观察到蜡烛的像。 故答案为：（1）同一高度；（2）10.0；是；（3）放大；（4）B；（5）不能。 （1）根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让凸透镜、光屏和烛焰三者中心放在同一高度上，其目的是使其成像在光屏的中心； （2）通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距，读数时估读到分度值的下一位； 当用手指尖遮挡住了凸透镜的一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，光斑会变暗； （3）当物距位于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像； （4）当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，像物同侧； （5）平面镜成像成的是虚像，虚像不能在光屏上呈现。 此题主要考查的是凸透镜成像规律及其探究实验操作的理解，难点是物距的大小与成像性质的关联，但只要熟练掌握凸透镜成像规律即可解答。 20.【答案】  【解析】解：（1）电压表遵循正进负出的原则与电阻并联接入电路，电源电压为3V，电阻的阻值约为5Ω，根据欧姆定律可知通过电路的最大电流为0.6A，所以电流表遵循正进负出的原则选择小量程与电阻串联接入电路，如图： ； （2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即B端； （3）把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明a、电源、b之间是通路，a、电流表、待测电阻、c也是通路；根据接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路； （4）排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据，多次测量的目的是计算平均值减小误差； （5）电路如图丙所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下： ①当开关S1闭合、S2断开时，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电流表读数为I1； 由欧姆定律可得此时定值电阻两端的电压：U0=I1R0， ②当开关S1、S2都闭合时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测通过定值电阻的电流，电流表读数为I2； 由欧姆定律可得电源电压：U=I2R0， 串联电路总电压等于各部分电压之和，则待测电阻两端的电压：Ux=U-U0=I2R0-I1R0， ③由欧姆定律可得待测电阻的阻值：Rx==。 故答案为：（1）如上图；（2）B；（3）滑动变阻器断路；（4）计算平均值，减小误差；（5）①S1闭合、S2断开；③。 （1）电压表遵循正进负出的原则与电阻并联接入电路，电源电压为3V，电阻的阻值约为5Ω，根据欧姆定律可知通过电路的最大电流为0.6A，所以电流表遵循正进负出的原则选择小量程与电阻串联接入电路； （2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处； （3）把电压表接在电路中时，若电压表有示数，说明连接位置有断路；若无示数，则电压表之外有断路，据此分析； （4）该实验测量多组数据的目的是计算平均值，减小误差； （5）根据电源电压不变利用欧姆定律计算出Rx阻值。 本题为测量未知电阻Rx的阻值的实验，考查电路连接、故障分析、欧姆定律的灵活运用和实验方案的设计。 21.【答案】  【解析】【解释】根据控制变量法，同一小球由静止释放，且保持释放时悬线和竖直方向的夹角不变，由表中数据可知，摆长越长，小球往返摆动一次的时间越长。 【交流】（1）实验时，测量摆长和往返时间，需要的测量工具是刻度尺和停表。 （2）测出小球往返摆动十次的总时间，再算出往返摆动一次的时间，和测量物理书中一张纸的厚度方法相同。故选：A； （3）杂技演员荡秋千，同一起点由静止往下荡时，坐着重心低，增加了摆长。站着重心高摆长减少，根据实验结论可知，坐着比站着往返一次的时间长。 故答案为：【解释】夹角；长；（1）刻度尺；停表；（2）A；（3）长。 【解释】根据题中信息，利用的是控制变量法，实验时控制的是同一小球释放时悬线和竖直方向的夹角不变，摆长越长，小球往返摆动一次的时间越长。 【交流】（1）实验时，摆长要用刻度尺测长度，小球往返摆动时间需要用停表测量。 （2）测量物理书中一张纸的厚度和测出小球往返摆动十次的总时间，再算出往返摆动一次的时间，使用的方法相同。测量质量使用天平，测温度需温度计； （3）杂技演员荡秋千，同一起点由静止往下荡时，坐着重心低，增加了摆长，往返一次时间长。站着重心高摆长减少，往返一次的时间短。 本题考查的是控制变量法的应用及结论在生活中的应用。解题时只要认真审题，联系课本实验探究，即可解答。 22.【答案】  【解析】解：（1）相等。为了比较材料的隔热性能，需要控制变量，除了材料不同外，其他条件应相同，所以材料厚度要相等；应将温度传感器放在房屋模型内部的相同位置，这样才能测量不同材料对屋内温度的影响。 （2）甲图中三个小屋的摆放位置不合理，原因是没有控制灯到屋顶的距离相等。如果灯到屋顶距离不同，那么照射到房屋模型上的热量就不同，会影响实验结果，无法准确比较材料的隔热性能。 （3）优化实验方案后进行实验，温度传感器的示数随时间变化如图乙所示，根据图像分析，小明可以选用泡沫板作为屋顶隔热材料，其原因是在相同时间内，温度传感器示数变化较小。生活中利用该材料隔热的例子：比如用泡沫板制作的保温杯，能有效减少热量散失，保持水温。 故答案为：（1）相等；内部；（2）距离；（3）泡沫板；小；用泡沫板制作的保温杯，能有效减少热量散失，保持水温。 物理学中对于多因素或多变量的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。 控制变量法能排除干扰，直接显露单一因素对被研究对象变化的影响情况。 23.【答案】  【解析】（1）该机器人空载是受到的重力：G=mg=600kg×10N/kg=6000N； （2）机器人对水平路面的压力等于它的重力大小，即：F=G=6000N， 地面的受力面积等于轮胎与地面的总接触面积，即：S=0.2m2， 故机器人对水平路面的压强：； （3）机器人匀速行驶时牵引力做的功： ， 机器人匀速行驶时牵引力的功率： 。 答：（1）该机器人空载是受到的重力是6000N； （2）机器人对水平路面的压强为3×104Pa； （3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为400W。 （1）已知机器人的质量，根据G=mg求该机器人空载是受到的重力； （2）机器人对水平路面的压力等于它的重力大小，根据p=求机器人对水平路面的压强； （3）根据W=Fs求机器人匀速行驶时牵引力做的功，根据P=求牵引力的功率。 本题考查重力、压强和功、功率的计算，难度一般。 24.【答案】  【解析】（1）由P=UI可知，养生壶在加热挡时电路中的电流：I===4A； （2）如果养生壶在加热挡正常工作2min,消耗的电能：W=Pt=880W×120s=105600J； （3）根据题意可知，养生壶保温挡功率P保=880W×10%=88W， 由图乙可知，当开关S1断开、S2闭合时，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P=可知，电路的总功率最小，养生壶处于保温挡； 当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最小，总功率最大，养生壶处于加热挡； 由P=可知，R1的阻值：R1===55Ω， R1、R2的串联总电阻：R===550Ω 根据串联电路的特点可知，R2的阻值：R2=550Ω-55Ω=495Ω。 答：（1）养生壶在加热挡时电路中的电流为4A； （2）如果养生壶在加热挡正常工作2min,消耗的电能为105600J； （3）R2的阻值是495Ω。 （1）根据P=UI求出养生壶在加热挡时电路中的电流； （2）根据W=Pt求出养生壶在加热挡正常工作2min,消耗的电能； （3）根据题意求出养生壶保温挡功率；由图乙可知，当开关S1断开、S2闭合时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=可知加热挡和保温挡的电路连接；根据加热挡功率和P=可求出R1的阻值，根据保温挡功率和P=可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值。 本题考查串联电路特点、电功公式以及电功率公式的灵活运用，属于电功率多挡位电路问题，能正确分析电路连接是解题的关键。 25.【答案】  【解析】（1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，属于在声源处减弱噪声。 （2）电动汽车充电时，电能通过电池内部的化学能存储起来，因此电能转化为化学能。 （3）快充时电流较大，根据焦耳定律（Q=I2Rt），导线发热量与电流平方成正比，为避免过热，需减小导线电阻，故应选用横截面积较大的导线。 电量从30%充至80%，实际充电量为50%×60kW•h=30kW•h,快充时间为0.5小时，因此功率 （4） （5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故 当v2=50m/s时，f1=0.4×502N=1000N 由题图乙可知，最大速度时空气阻力占总阻力的100%，即总阻力f总=f1 此时牵引力功率P=90kW=f总×vmax 代入vmax=90m/s。 故答案为：（1）声源处；（2）化学；（3）大；60；（4）150；（5）1000；90。 （1）用电动机作为主要动力装置可以减少汽车的噪声，属于在声源处减弱噪声。 （2）电动汽车充电时，电能通过电池内部的化学反应转化为化学能存储起来，因此电能转化为化学能。 （3）快充时电流较大，根据焦耳定律（Q=I2Rt），导线发热量与电流平方成正比，为避免过热，需减小导线电阻，故应选用横截面积较大的导线。 电量从30%充至80%，实际充电量为50%×60kW•h=30kW•h,快充时间为0.5小时，因此功率。 （4）。 （5）空气阻力f1与车速平方成正比，即f1=kv2，故， 当v2=50m/s时，f1=0.4×502N=1000N 由题图乙可知，最大速度时空气阻力占总阻力的100%，即总阻力f总=f1 此时牵引力功率P=90kW=f总×vmax，代入vmax。 本题考查了减弱噪声的途径及功和功率的计算公式的应用，电源的能量转化及能量的利用效率，学生对欧姆定律和电功率公式的理解和应用。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$