2025年山东省临沂市沂水县部分学校中考物理二模试卷

2025年山东省临沂市沂水县部分学校中考物理二模试卷 一、单选题：本大题共15小题，共30分。 1.中医是中国传统医学，通过“望闻问切”来诊断疾病，其中的“切”就是我们平时所说的“号脉”。古人强调每次号脉的时间应不少于脉跳五十次，据此可知中医“号脉”一次大约至少需要(    ) A. 左右 B. 左右 C. 左右 D. 20s左右 2.“安全用电莫侥幸，人命关天勿大意”，图中关于安全用电的说法正确的是(    ) A. 甲图：插座中的用电器同时工作可能会导致漏电保护器断开 B. 乙图：氖管会发光，使用者会有触电的危险 C. 丙图：冰箱使用两孔插座，打开冰箱门时不会触电 D. 丁图：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线 3.高唐老豆腐是山东聊城高唐的风味名吃。它的特点是豆腐洁白明亮、嫩而不松、卤清而不淡、油香而不腻。如图是一碗刚出锅的高唐老豆腐，下列说法正确的是(    ) A. 卤汤在锅中加热时通过做功的方式改变了内能 B. 在远处能闻到老豆腐的香味是因为分子在不停地做无规则运动 C. 老豆腐温度降低时，汤含有的热量减少 D. 汤面上冒着白气属于扩散现象 4.2025年1月7日，美国加利福尼亚州发生罕见山火，此次山火已成为美国史上最严重的自然灾害。掌握消防技能，必不可少，当室内发生火灾时，受困人员应用湿毛巾捂住口鼻，身体尽量贴近地面撤离，这是因为燃烧产生的有害气体(    ) A. 受热膨胀，密度变大，飘于室内上方 B. 受热膨胀，密度变大，飘于室内下方 C. 受热膨胀，密度变小，飘于室内上方 D. 受热膨胀，密度变小，飘于室内下方 5.随着科技的发展，现在很多快递公司使用5G无人派送车如图甲所示。派送车前往派送点和派送完成后返回出发位置，其路程s与所用时间t的关系如图乙所示，派送车辆在派送点需要停留几分钟，停留的时间是(    ) A. B. C. D. 无法判断 6.2025年1月20日，在锡林郭勒国际冰上龙舟锦标赛上，来自中国、俄罗斯、日本、美国、西班牙等十余个国家的20支队伍近400名运动员参赛。下列说法正确的是(    ) A. 鼓手敲击鼓面力度越大，鼓声的音调越高 B. 鼓声的响度越大，鼓声传播的速度越大 C. 选手能从听到的各种声音中分辨出是鼓声，是通过音色来辨别的 D. 使船前行的力是人对船桨的力 7.物理新课程标准注重“知行合一，学以致用”的课程理念，以具体事实、鲜活案例、生活经验引导学生理性思考。如图的相关实验，其中分析正确的是(    ) A. 甲图：将竖直玻璃管稍微倾斜，水银柱的高度变高 B. 乙图：把自制气压计从山顶移到山下，细管内的水柱下降 C. 丙图：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理 D. 丁图：向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾，可知气压减小，水的沸点升高 8.中华的古诗词意境优美，博大精深，许多诗句中蕴含着丰富的物理知识，对下列诗词中涉及的光现象，解释错误的是(    ) A. “端阳逢日食”，诗句中的“日食”的成因是光的折射现象 B. “楼台倒影入池塘”，诗句中的“倒影”是光的反射形成的 C. “雾雨当空飞彩虹”，诗句中的“彩虹”是光的色散现象 D. “削冰引火生”，诗句中冰透镜在阳光下能生火是因其对光有会聚作用 9.2024年10月30日，我国利用“长征二号F遥十九”运载火箭成功发射“神舟十九”号载人飞船。对于火箭发射涉及的物理知识，下列说法正确的是(    ) A. 火箭发动机应选用比热容大的燃料 B. “神舟十九”号载人飞船加速上升的过程中，它的机械能保持不变 C. “神舟十九”号载人飞船升空过程中，以神舟十九号载人飞船为参照物，地面是静止的 D. 火箭升空过程中，将燃气的内能部分转化为火箭的机械能 10.新型无线充电技术由于其便捷性和兼容性，迅速风靡社会。当交变电流通过充电底座中的线圈时，线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能产生电流，来实现充电。下列各图能反映无线充电原理的是(    ) A. B. C. D. 11.为了保证全校师生的安全，小明所在学校安装了新的门禁系统，它通过人脸识别或持有校园卡才能开启闸门。打开闸门需要启动电动机，人脸识别装置相当于开关，读取校园卡信息装置相当于开关。下列选项中，能正确模拟其工作原理的是(    ) A. B. C. D. 12.如图甲是一款老式胶卷电影放映机，其成像原理如图乙所示。下列说法正确的是(    ) A. 若要屏幕上清晰的像变得更大一些，只将胶片远离凸透镜即可 B. 白色屏幕上成的像是虚像 C. 放映时，胶片应放在镜头的二倍焦距以外 D. 放映时，如果一只小飞蛾停在放映机的镜头上电影画面依然完整 13.寒假期间，小明学校发起了“悦享劳动喜迎新年”活动。他在帮妈妈洗菜时发现，茄子浮在水面，西红柿沉在水底。利用所学知识他对此作出分析，其中正确的是(    ) A. 西红柿的密度大于茄子的密度 B. 由于茄子漂浮，它受到的浮力大于它自身的重力 C. 由于西红柿沉底，它不受浮力 D. 茄子受到的浮力大于西红柿受到的浮力 14.为了省力，工人师傅常利用斜面把重物搬运到汽车上，如图所示，斜面高为1m，长为3m，工人师傅用400N沿斜面向上的力将重为900N的箱子匀速推到车上，用时15s。下列说法正确的是(    ) A. 推力做功的功率为100W B. 斜面的机械效率为 C. 物体受到的摩擦力为100N D. 推力大小和摩擦力大小相等 15.某烟雾报警装置如图所示，的电阻为，R为光敏电阻，其阻值随光强E的增大而减小，电源电压恒为。电流表的量程为“”，当光强小于或等于30cd时，烟雾报警器报警。 光强 10 15 30 60 40 30 20 10 5 ①开始报警时电路中电流为 ②不报警时光强的变化范围是 ③不报警时的电功率变化范围是 ④在报警和不报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比为2：1 以上说法正确的是(    ) A. ①②③ B. ①③④ C. ①②④ D. ②③④ 二、填空题：本大题共4小题，共11分。 16.2024年12月26日，我国的六代机在成都成功首飞，由于其形状像银杏叶，被网友们亲切地称为“银杏叶飞机”。其设计独具一格，流线型机身和“三航发”布局是其最大亮点。据网友分析起飞质量能达到近60吨，飞机起飞升空时，机翼上方空气的流速比机翼下方空气的流速______选填“快”或“慢”，压强______选填“大”或“小”，从而产生向上升力。 17.小明在秋收季节回农村老家。路上他发现，在急转弯处放有一面大的反光镜，这是利用光的______原理看到转弯处对面的车辆。到家后发现农用车发动机采用循环流动的水进行冷却，这是利用水的______较大的特性。1千克的柴油用掉一半后剩下柴油的热值将______选填“变大”“变小”或“不变”。他读科普知识书时知道“嫦娥一号”在绕月飞行的1年时间里，可能会遭遇两次月食，期间没有太阳光照射，“嫦娥一号”表面的温度会急剧下降，这是通过______的方式改变物体的内能。 18.过春节时，小明在冰箱里拿出冷冻的鲜枣，发现鲜枣上有一层白霜，白霜的形成是______填物态变化现象。把一些冷冻的鲜枣放入盛有少量水的碗中后，发现结了一层薄冰，薄冰的形成是______填物态变化现象，需要______选填“吸”或“放”热。 19.据最新发布的行业报告，2025年我国新能源汽车销量预计将达到1650万辆。其中，纯电车型继续占据主导地位，而插电式混合动力以及增程式电动车也在迅速崛起。电能作为人类利用的最重要的能源之一，它属于______选填“一次”或“二次”能源。纯电动车在行驶过程中______选填“能”或“不能”把电能全部转化为机械能。 三、实验探究题：本大题共4小题，共30分。 20.如图甲是小明“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。 时间 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 温度 86 89 92 94 96 98 99 99 99 99 当水温升高到时，每隔记录一次水温，共记录9次数据，如表，由此可知水的沸点为______； 根据表中数据在图乙中画出“温度一时间”的关系图像；小明发现本实验用时太长，为节约时间可以______；合理即可 图丙是水在沸腾前后持续加热过程中出现的两个现象，请按它们出现的先后顺序排列起来：______；填序号 将酒精灯移开停止对水加热，小明仔细观察，发现水还能继续沸腾一会儿，由此可以得出结论：水沸腾时温度不变，不需要吸热；这个结论______选填“正确”或“错误”，还能继续沸腾一会儿的原因：______。 21.小明和同组同学在实践课上完成了“探究杠杆平衡条件的实验”。 实验前如图甲所示，要使杠杆在水平位置平衡，可将平衡螺母向______选填“左”或“右”旋转。将杠杆调至水平平衡的目的是便于______； 杠杆调至水平平衡后，进行实验，得到了如下表所示的实验数据： 实验序号 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 1 10 2 5 2 2 15 3 10 3 2 10 4 5 4 10 1 15 分析数据，可得出杠杆的平衡条件是______； 小明建议，改用弹簧测力计代替钩码，在B点向下拉杠杆如图乙所示，使杠杆仍在水平位置平衡，当测力计从a位置转动到b位置时，其示数大小将______选填“变大”“变小”或“不变”。 在图乙中保持A点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时测出多组动力臂和动力数据，绘制了的关系图像如图丙所示。由图像推算，当为时，为______ N，此实验中______选填“能”或“不能”将的单位换成J。 小明探究得出杠杆的平衡条件后，利用身边的材料制作了一架杆秤如图丁所示，当不挂秤砣且秤盘不放物体时，在O点提起提纽，杆秤水平平衡，该杆秤的量程为，若想增大该杆秤的量程，下列方案可行的是______多选。 A.将提纽O向右移 B.将提纽O向左移 C.增大秤砣质量 D.减小秤砣质量 22.如图是小明所在兴趣小组探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。 实验过程中，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______运动时，木块所受滑动摩擦力的大小______选填“大于”“等于”或“小于”弹簧测力计示数； 比较______实验得到的结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；比较甲、丙实验得到的结论：______； 兴趣小组的同学利用图乙中实验装置继续探究“滑动摩擦力大小与速度的关系”，改变木块的速度，进行实验，记录实验数据如下表，分析实验数据可得到的结论是滑动摩擦力的大小与物体运动的速度______选填“有关”或“无关”。 实验次数 1 2 3 4 运动速度 1 测力计的示数 他们小组又进行了如下实验，如图丁所示在粗糙水平地面上向右运动的物体，受到方向不变的水平拉力F作用，F大小与时间t的关系如图戊所示，物体运动速度v与时间t的关系如图己所示。由图像可知：当时，物体受到的滑动摩擦力为______N；当时，物体受到的滑动摩擦力为______N。 23.小明参加的兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行“测量定值电阻阻值”的实验。 伏安法测电阻的实验原理：______； 请用笔画线代替导线将图乙电路连接完整，要求实物图中滑动变阻器滑片向左移动时电流表示数变大； 按照电路图连接好实物，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至最______选填“左”或“右”端。闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，其原因可能是定值电阻______选填“通路”“短路”或“断路”； 排除故障后，闭合开关，调节滑片P，进行了六次测量，其中当电压表示数为时，电流表示数如图丙所示，示数为______A。并将实验数据记录在下表中； 数据序号 1 2 3 4 5 6 电压 2 电流 电阻 电阻平均值 根据六次实验记录数据，小明经过计算，得出待测电阻的阻值为______，此实验多次测量的目的是______； 小红用两只电压表和一个已知阻值为的定值电阻也测出了未知电阻的阻值，设计了如图丁所示的电路图。闭合开关S，读出电压表和的示数分别为和，则电阻的阻值表达式为______用、和表示。 四、计算题：本大题共1小题，共8分。 24.“绿水青山就是金山银山”，水环境质量是生态文明建设的重要内容。如图是一艘保洁船正在作业情景。若此时保洁船和垃圾的总质量为3000kg，吃水深度为，该船以1500N的牵引力在湖上匀速行驶6km用时。水的密度为，g取求： 保洁船底部受到水的压强为多少？ 保洁船静止在湖面上时，排开水的体积为多少？ 保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为多少？ 五、综合题：本大题共3小题，共21分。 25.小明刚学习了测量物体的密度后，非常想知道李子的密度，于是拿到学校实验室，用调节好的天平测量李子的质量，当横梁平衡，所用砝码和游码的位置如图所示时，则李子的质量为______ g，测出李子的体积为，则李子的密度为______。请画出此时李子的受力示意图要求标出力的大小，g取。 26.小明家乔迁新居，新安装一台电热水器，电热水器铭牌参数如下表，当该电热水器装满水正常使用时：[水的密度为，水的比热容为 贮水式电热水器 容量：40L 额定电压：220V 功率：2000W 额定频率：50Hz 该电热水器满箱水的质量为多少？ 将满箱水从加热到，水吸收的热量为多少？ 该电热水器正常工作时将满箱水从加热到需要，则该电热水器的加热效率为多少？ 小明发现：安装电热水器后比安装前用电量明显增加，电热水器白白浪费掉一部分电能。为减少电热水器浪费的电能，请你对小明家使用电热水器提出合理化的建议至少两条。 27.如图是一款电取暖器及其简化电路图，和均为发热电阻且阻值不变，工作状态分为高、低温两挡，其部分参数如下表。 额定电压 220V 额定功率 高温挡 1000W 低温挡 600W 电取暖器中有一种叫电磁继电器的原件，它是利用电流的______效应来实现对电路通断的控制。当只有S闭合时，电取暖器处于______温挡。 高温挡时电路中的电流为多少保留一位小数？ 电阻丝的阻值为多少？ 电取暖器工作时会放出大量的热，而与其相连的电源线却不怎么发热，试分析其原因。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近1秒。古人强调号脉时间不少于脉搏跳动五十次，那么所需时间至少为50秒左右，1分钟秒，50秒左右接近1分钟，所以中医“号脉”一次大约至少需要左右，C选项正确。 故选：C。 根据生活经验和对时间单位的认识分析。 本题考查时间的估测，要认真观察生活，注意收集生活中常见的时间数据。 2.【答案】D  【解析】解：A、甲图：插座中的用电器同时工作，会导致干路中的电流过大，可能会导致空气开关跳闸，故A错误； B、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，接触火线时氖管发光，有电流通过人体，但是人体不会触电，故B错误； C、丙图；冰箱使用两孔插座，如果冰箱漏电，打开冰箱门时可能会触电，应该使用三孔插座将金属外壳接地，故C错误； D、丁图：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线，故D正确。 故选：D。 插座中使用多个大功率用电器可能导致空气开关跳闸。 使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，接触火线时氖管发光，有电流通过人体，但是人体不会触电。 有金属外壳的家用电器要使用三孔插座将外壳接地，避免漏电时触电。 当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线。 本题考查的是三孔插座的好处和空气开关的作用；知道触电的急救。 3.【答案】B  【解析】解：A、卤汤在锅中加热时，是通过热传递的方式改变了内能，热量从锅传递给卤汤，故A错误。  B、在远处能闻到老豆腐的香味，这是因为分子在不停地做无规则运动，香味分子扩散到空气中，被人嗅觉器官感知，属于扩散现象，故B正确。  C、热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”热量，不能说“含有”热量，老豆腐温度降低时，是向外放出热量，其内能减少，故C错误。  D、汤面上冒着的“白气”是汤中汽化产生的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，不是扩散现象，故D错误。 故选：B。 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。 热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量。 液化指物质由气态转变成液态。 此题考查扩散现象及热量的概念，液化现象及对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。 4.【答案】C  【解析】解： A、发热膨胀后密度应变小，且密度大的气体会下沉，不会聚集于上方，故A错误； B、发热膨胀后密度应变小，而非变大，故B错误； C、发热膨胀后密度变小，气体会上升聚集于上方，故C正确； D、密度变小的气体会上升，不会聚集于下方，故D错误。 故选：C。 题目描述了火灾发生时，燃烧产生的有害气体的行为特点，并询问为什么人员应该用湿毛巾捂住口鼻并尽量贴近地面。关键在于理解燃烧产生的有害气体的物理性质，尤其是其密度变化和运动方向。 燃烧气体的性质：燃烧时，气体受热膨胀，温度升高。根据热力学原理，气体受热后体积膨胀，密度会变小因为质量不变，体积增大。 气体运动方向：密度较小的气体会因为浮力作用而上升，密度较大的冷空气会下沉。因此，燃烧产生的有害气体会向上升腾，而靠近地面的空气相对清洁。 本题考查了气体受热后的物理性质及其在实际生活中的应用。关键点在于： 气体受热膨胀后密度变小。 密度小的气体会上升，密度大的气体会下沉。 掌握这一原理后，类似的生活常识题如火灾逃生、烟囱排烟等均可轻松解答 5.【答案】B  【解析】解：由图可知，的路程随时间的增大而增大，的路程随时间的增大而不变； 段的路程随时间的增大而增大，说明是静止状态，是停留阶段，停留时间共计，故B符合题意。 故选：B。 派送车整个运动过程分为三个阶段，第一个阶段是从出发点到派送点，第二个阶段是到达派送点后，等待取货过程，第三个阶段是从派送点返回出发点的过程；结合图像的信息可以知道不同阶段的运动状态。 本题考查图像的理解，属于基础题。 6.【答案】C  【解析】解：A、鼓手敲击鼓面力度越大，鼓面振动的幅度越大，响度越大，而音调与频率有关，与振幅无关，故A错误。  B、声音传播的速度与介质的种类和温度有关，与响度无关，故B错误。  C、不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，选手能从听到的各种声音中分辨出是鼓声，是通过音色来辨别的，故C 正确。 D、使船前行的力是水对船桨的力，因为力的作用是相互的，人用船桨划水时，船桨对水有一个向后的力，同时水对船桨有一个向前的力，这个力使船前行，故D错误。 故选：C。 鼓手敲击鼓面力度越大，鼓面振动的幅度越大，响度越大。 声音传播的速度与介质的种类和温度有关。 不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，选手能从听到的各种声音中分辨出是鼓声，是通过音色来辨别的。 物体间力的作用是相互的。 此题考查的是音色、声速、力的相互性、影响响度大小的因素，是一道基础题，熟记即可。 7.【答案】B  【解析】解：A、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，其大小由外界大气压决定，不会因玻璃管的倾斜而改变。若将竖直玻璃管稍微倾斜，水银柱的高度不变，但长度会变长，故A错误。  B、大气压随高度的升高而变小。把自制气压计从山顶移到山下，外界大气压增大，瓶内气压不变，液柱就会在内部气压的作用下下降，故B正确。  C、盆景中的水位能保持一定高度，是因为瓶内空气与外界大气不相通，是大气压支撑着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理。连通器是上端开口、下端连通的容器，盆景不符合连通器的特征，故C错误。 D、向外拉活塞，试管内气压减小，根据液体沸点与气压的关系，气压降低，水的沸点也降低，所以原来停止沸腾的水会再次沸腾，故D错误。 故选：B。 在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，其大小由外界大气压决定，不会因玻璃管的倾斜而改变。 大气压随高度的升高而变小。 盆景中的水位能保持一定高度，是因为瓶内空气与外界大气相通，是大气压支撑着瓶内的水不会流出来，不是利用连通器原理。 向外拉活塞，试管内气压减小，根据液体沸点与气压的关系，气压降低，水的沸点也降低。 本题考查的是大气压随高度变化的规律及沸点与气压的关系，托里拆利实验，要注意管内外水银柱的高度差与管的倾斜度、位置的深浅、水银槽内水银的多少以及管的粗细均无关。 8.【答案】A  【解析】解：A、“日食”的成因是光的直线传播形成的，故A错误； B、“倒影”是平面镜成像现象，是楼台经水面反射所成的虚像，故B正确； C、“彩虹”是光的色散现象，是太阳光经空气中的小水珠折射后形成的，故C正确； D、“削冰引火生”，诗句中冰透镜在阳光下能生火是因其对光有会聚作用，故D正确。 故选：A。 光在同种均匀介质中沿直线传播，影子、日食、小孔成像等都是光的直线传播形成的； 倒影是平面镜成像现象，属于光的反射； 彩虹的形成是光的色散现象，其实质是光的折射； 凸透镜对光线具有会聚作用。 本题通过诗句考查了光的反射、光的直线传播、光的色散现象，平时要注意区分。此外此题还考查了凸透镜对光线的作用。在平时学习中注意将所学知识与自然现象联系起来。 9.【答案】D  【解析】A.火箭发动机应选用热值较大的燃料，在燃料质量相同时，热值大的释放出的热量越多，故A错误； B.“神舟十九”号载人飞船加速上升的过程中，质量不变时，速度变大，动能变大，上升时高度变大，重力势能变大，机械能变大，故B错误； C.“神舟十九”号载人飞船升空过程中，飞船与地面之间有位置的变化，以神舟十九号载人飞船为参照物，地面是运动的，故C错误； D.燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，推动火箭升空，把内能转化为机械能，故D正确。 故选：D。 热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多； 动能与物体的质量和速度有关；重力势能与物体的质量和高度有关；机械能是动能和势能的总和； 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止； 燃料燃烧释放的内能部分转化成火箭的机械能。 本题考查了燃料的热值、动能、势能的变化、机械运动和能量的转化，属于基础知识。 10.【答案】D  【解析】解： 由题意可知，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场就能接受磁场，产生电流，实现充电过程，是利用电磁感应现象来工作的； A、该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意； B、图中电磁铁通电后具有磁性，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意； C、图中通电导体在磁场中受力而运动，不是电磁感应现象，故C不符合题意； D、该装置中，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，能够产生感应电流，这是电磁感应现象，故D符合题意。 故选：D。 无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理进行解答。 本题考查了学生对磁现象中几个实验的掌握情况，知道手机无线充电的原理是解题的关键。 11.【答案】C  【解析】解：根据题意可知，读取人脸信息闭合开关或校园卡信息闭合开关，则打开闸门电动机工作，这说明两个开关互不影响，所以两个开关、并联，电动机在干路上，故C正确。 故选：C。 根据题意分析两个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。 本题考查了电路图的设计，属于基础题。 12.【答案】D  【解析】解：A、要白墙上清晰的像变得更大一些，根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大可知，将胶片靠近凸透镜，故A错误； BC、电影放映机的镜头相当于一个凸透镜，可以成放大的实像，则此时物距，即胶片应放在一倍焦距到二倍焦距之间，故B、C错误； D、放映电影时，如果一只小飞蛾停在放映机的镜头上，会遮住一部分光线，但其余的光线仍可通过镜头成完整的像，只是像会稍暗一些，故D正确。 故选：D。 凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大； 投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距，像距； 根据物体成像的特点可做出判断。 此题主要考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时还考查了对物体颜色规律、漫反射的认识等，有一定综合性。 13.【答案】A  【解析】解：A、由物体的浮沉条件可知，茄子漂浮在水面，茄子的密度比水的密度小，西红柿沉在水底，西红柿的密度大于水的密度，所以西红柿的密度大于茄子的密度，故A正确。 B、由图可知，茄子漂浮在水面，茄子受到的浮力等于它受到的重力，故B错误； C、西红柿沉在水底，由于上下表面存在压力差，所以仍受浮力，故C错误； D、放入茄子和西红柿后，排开水的体积无法比较，根据可知，茄子受到的浮力与西红柿受到的浮力无法比较，故D错误。 故选：A。 根据物体的浮沉条件判断茄子和西红柿密度的大小； 根据物体的漂浮条件判断茄子受到的浮力与它受到的重力大小关系； 根据浮力产生的原因分析解答； 根据阿基米德原理分析判断浮力大小关系。 本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理的应用，一定要掌握不同状态下漂浮、悬浮、沉底物体所受重力与浮力的大小关系。 14.【答案】C  【解析】解：A、推力做的总功为： ， 推力做功的功率为： ，故A错误； B、克服箱子重力做的有用功为： ， 则斜面的机械效率为： ，故B错误； CD、克服摩擦力做的额外功为： ， 则物体受到的摩擦力为： ，故C正确，D错误。 故选：C。 根据求出推力做的总功，利用求出推力做功的功率； 根据求出克服箱子重力做的有用功，利用求出斜面的机械效率； 根据求出克服摩擦力做的额外功，利用求出物体受到的摩擦力，并与推力进行大小比较。 本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。 15.【答案】A  【解析】解：由图可知，光敏电阻R与定值电阻串联，电流表测电路中的电流； ①由题意和表中数据可知，开始报警时，光强为30cd，此时光敏电阻的阻值为， 此时电路中的总电阻：， 则开始报警时电路中的电流为：，由表中数据可知光强减小时，光敏电阻的阻值增大，总电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流将减小，即报警时的最大电流为，故①正确； ②由表中数据可知：，即光敏电阻的阻值R与光强E的乘积一定为，R与E成反比； 由电流表的量程为可知，不报警时电路中最大电流， 由 可得不报警时电路中的最小总电阻为：， 由串联电路电阻的规律可知光敏电阻R的最小阻值为：， 此时光强最大为：， 已知当光强小于或等于30cd时，烟雾报警器报警，所以不报警时光强的变化范围是，故②正确； ③不报警时，电流最大为，的电功率最大为：； 刚开始报警时的电功率为：， 所以不报警时的电功率变化范围是，故③正确； ④不报警时，电流最大为，电路消耗的最大功率为：， 刚开始报警时，电流最大为，此时电路消耗的最大功率为：， 所以：：：2， 即在报警和不报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比为1：2，故④错误； 综上可知，只有①②③正确。 故选：A。 由图知，光敏电阻R与定值电阻串联，电流表测电路中的电流； ①开始报警时，光强为30cd，由表中数据可知此时光敏电阻的阻值，由串联电路电阻的规律求出此时电路的总电阻，根据欧姆定律求出开始报警时电路中电流； ②由表中数据可知光敏电阻的阻值R与光强E的乘积一定，则R与E成反比； 由电流表的量程为可知不报警时电路中最大电流，由欧姆定律求出电路的最小总电阻，由串联电路电阻的规律求出光敏电阻R的最小阻值，进一步求出不报警时的最大光强；已知当光强小于或等于30cd时，烟雾报警器报警，据此可知不报警时光强的变化范围； ③不报警时，知道电路中的最大电流，根据求出的最大电功率；知道开始报警时电路中电流，根据求出报警开始时的电功率； ④根据求出不报警时电路消耗的最大功率和开始报警时电路的最大功率，进而算出在不报警和报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，利用好题干中所给的条件是关键。 16.【答案】快  小  【解析】解：在相同是时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大。所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。 故答案为：快；小。 飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。 本题考查了流体压强与流速关系，属于基础题。 17.【答案】反射  比热容  不变  热传递  【解析】解：光在传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中，这就是光的反射。急转弯处的反光镜通常是凸面镜，它可以将光线反射到不同方向，使司机能看到转弯处对面的车辆，扩大了视野，从而减少交通事故的发生。比热容是指单位质量的某种物质升高或降低所吸收或放出的热量。水的比热容较大，这意味着相同质量的水和其他物质相比，升高相同的温度时，水能够吸收更多的热量。所以农用车发动机采用循环流动的水进行冷却，能有效带走发动机产生的热量，使发动机保持在合适的温度范围内，避免因过热而损坏。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。1 千克的柴油用掉一半后，剩下柴油的种类没有改变，所以其热值将不变。热传递是由于温度差引起的热能传递现象。“嫦娥一号”在绕月飞行时遭遇月食，没有太阳光照射，其表面与周围环境存在温度差，热量会从“嫦娥一号”表面传递到周围环境中，导致其表面温度急剧下降，这是通过热传递的方式改变了物体的内能。 故答案为：反射；比热容；不变；热传递。 反光镜利用光的反射原理：光在传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中，这就是光的反射。急转弯处的反光镜通常是凸面镜，它可以将光线反射到不同方向，使司机能看到转弯处对面的车辆，扩大了视野，从而减少交通事故的发生。水冷却发动机利用比热容大的特性：比热容是指单位质量的某种物质升高或降低所吸收或放出的热量。水的比热容较大，这意味着相同质量的水和其他物质相比，升高相同的温度时，水能够吸收更多的热量。柴油热值不变：热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。1 千克的柴油用掉一半后，剩下柴油的种类没有改变，所以其热值将不变。“嫦娥一号”温度下降通过热传递改变内能：热传递是由于温度差引起的热能传递现象。 本题考查改变内能的方法及热量热值的影响因素，水的比热容较大的应用及光的反射的应用。 18.【答案】凝华  凝固  放  【解析】解：冰箱内的空气中含有水蒸气，当拿出冷冻的鲜枣时，鲜枣温度很低，空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态的小冰晶，附着在鲜枣上，形成白霜，这是凝华现象。 把冷冻的鲜枣放入盛有少量水的碗中，由于鲜枣温度很低，会吸收水的热量，使水的温度降低，当水的温度降到凝固点以下时，水会凝固成冰，所以薄冰的形成是凝固现象，凝固过程需要放热。 故答案为：凝华；凝固；放。 物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。 物质由液态变为固态的过程，叫凝固，凝固放热。 本题考查凝华及凝固放热，属于基础题。 19.【答案】二次  不能  【解析】解：电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源。 纯电动车在行驶过程中要克服摩擦做功，一部分电能转化为内能，不能把电能全部转化为机械能。 故答案为：二次；不能。 可以直接从自然界获得的能源称为一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源为二次能源。 纯电动车在行驶过程中，大部分电能转化为机械能，一部分电能转化为内能。 此题考查了能源的分类、能量的转化，比较简单，属基础题。 20.【答案】99；  见解析；适当减少水的质量或提高水的初温或给烧杯加盖；  先②后①；  错误；石棉网的温度高于水的沸点，水可以继续吸热  【解析】水沸腾时温度保持不变，由表格数据可知，水温达到后不再升高，所以水的沸点是。 根据表格中的数据在坐标系中描点，然后用光滑的曲线将它们连接起来即可得到“温度-时间”的关系图像如图所示： 为节约时间，可以适当减少水的质量或提高水的初温或给烧杯加盖。 水沸腾前，气泡从下往上逐渐变小，沸腾后，气泡从下往上逐渐变大。所以先出现②的现象，后出现①的现象。 水沸腾的条件是达到沸点且持续吸热，撤去酒精灯后，由于石棉网温度高于水的沸点，水可继续从石棉网吸热，所以还能沸腾一会儿，这说明水沸腾时需要吸热。 故答案为：；见解析；适当减少水的质量或提高水的初温或给烧杯加盖；先②后①；错误；石棉网的温度高于水的沸点，水可以继续吸热。 水沸腾时温度保持不变。 根据表格中的数据在坐标系中描点，然后用光滑的曲线将它们连接起来即可得到“温度-时间”的关系图像。 为节约时间，可以适当减少水的质量或提高水的初温或给烧杯加盖。 水沸腾前，气泡从下往上逐渐变小，沸腾后，气泡从下往上逐渐变大。 水沸腾的条件是达到沸点且持续吸热。 此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。 21.【答案】右；测量力臂；  ；  变大；  ；不能；  BC  【解析】调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响； 综合分析数据可得杠杆的平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力臂，即； 保持B点不变，当测力计从a位置转动到b位置时，此时阻力阻力臂不变，F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，拉力变大； 由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，；故若当为时，； 不能将“”中的单位换成J；理由是：功等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积，杠杆平衡条件中的力与力臂垂直，所以力与力臂的乘积不是功； 设所称物体的质量为m，秤砣的质量为， 支点O不动，要增大杆秤的量程，就是增大秤砣与OB的乘积，如果秤砣不变，可以把支点左移，增大OB的长度，减小OA的长度，故A错误，B正确； 由杠杆的平衡条件知：，，所以增大，m增大，故C 可行；D不可行. 故选BC。 故答案为：右；测量力臂；；变大；；不能；。 调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂； 分析表格数据，得出杠杆平衡条件； 保持B点不变，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，拉力变大； 由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得；根据功等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积分析； 若支点O不动，要增大杆秤的量程，就是增大秤砣与OB的乘积，如果秤砣不变，可以把支点右移，增大OB的长度，减小OA的长度，根据杠杆平衡条件分析秤砣质量变化。 本题考查了“探究杠杆的平衡条件”的实验，难度较小，属于基础性题目。 22.【答案】匀速直线；等于；  甲、乙；在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；  无关；  4；3  【解析】用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块受平衡力的作用，由二力平衡知识可知，此时木块所受的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数； 探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系，控制压力不变，只改变接触面粗糙程度，故选甲、乙两实验； 比较甲、丙两次实验，接触面的粗糙程度相同，丙中压力大，测力计示数大，即摩擦力大，故可以得出结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； 由表格中测力计的示数不随与运动速度的变化而变化，可知滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关； 由图己可知，在内时物体做匀速直线运动，此时水平方向上的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图乙可知，此时的拉力为4N，则滑动摩擦力的大小为4N；当时，物体做减速运动，物体对水平面的压力大小、接触面的粗糙程度均不变，物体受到的滑动摩擦力保持不变，物体受到的摩擦力为4N； 当时，由图己可知，物体的速度为0，物体处于静止状态，则物体受到的静摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，此时的拉力为3N，所以物体受到的摩擦力3N。 故答案为：匀速直线；等于；甲、乙；在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；无关；；3。 根据二力平衡的条件分析； 影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论； 分析表格中测力计的示数与运动速度的关系得出结论； 根据二力平衡条件求在内时物体受到的摩擦力；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。 本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。 23.【答案】；  见解答；  右侧；断路；  ；  5；取平均值减小误差；   【解析】伏安法测电阻的实验原理是欧姆定律的变形公式； 在本实验中应将滑动变阻器串联接入电路，且根据题干要求滑动变阻器滑片向左移动时电流表示数变大，说明此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，由此判断左下部分电阻接入电路，据此完成电路连接如下图所示： ； 为了保护电路，在连接电路时，应就将开关断开且将滑动变阻器滑片置于阻值最大端，即最右端；闭合开关，电流表无示数，说明电路断路，发现电压表有示数，电压表与电源正负极相通，故是R断路；  图丙电流表选用的是的小量程，对应的分度值为，读数为； 分析表格数据有：， ， ， ， ， ， 此实验多次测量的目的是取平均值减小误差，故；   如图丁所示的电路图，两个电阻串联，电压表分别测量其电压，根据串联分压规律知， ：：，解得待测电阻表达式为。 故答案为：；见解答；右侧；断路；；；取平均值减小误差；。 伏安法测电阻的实验原理是欧姆定律的变形公式； 在本实验中应将滑动变阻器串联接入电路，且根据题干要求滑动变阻器滑片向左移动时电流表示数变大，说明此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，由此判断哪一部分电阻接入电路，据此完成电路连接； 为了保护电路，在连接电路时，应就将开关断开且将滑动变阻器滑片置于阻值最大端；根据电流表示数分析故障，根据电压表示数确定故障位置； 根据电流表选用的量程和对应的分度值，结合指针位置读数； 分析表格数据得出结论；此实验多次测量的目的是取平均值减小误差， 根据串联分压规律计算解答。 本题考查伏安法测电阻与特殊方法测电阻，属于较难题。 24.【答案】保洁船底部受到水的压强为；   保洁船静止在湖面上时，排开水的体积为；   保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为7500W  【解析】保洁船底部受到水的压强为： ； 保洁船静止在湖面上时处于漂浮状态，保洁船受到的浮力为： ， 则保洁船排开水的体积为： ； 保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为： 。 答：保洁船底部受到水的压强为； 保洁船静止在湖面上时，排开水的体积为； 保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率为7500W。 根据求出保洁船底部受到水的压强； 保洁船静止在湖面上时处于漂浮状态，根据求出保洁船受到的浮力，利用求出排开水的体积； 根据求出保洁船匀速行驶时牵引力做功的功率。 本题考查了液体压强、阿基米德原理和功率的计算等知识。 25.【答案】21    【解析】解：由图可知，李子的质量，李子的密度为： ； 李子放在平衡的天平上，此时李子受到重力G、天平左盘的支持力F的作用，其中重力方向为竖直向下、大小，李子静止在天平左盘上，支持力方向为竖直向上、大小，如图所示： 故答案为：21；；见解答。 李子的质量等于砝码的总质量与游码对应的刻度值之和，由密度公式可以求出李子的密度； 对李子进行受力分析，画出受力示意图。 本题考查了用天平和量筒测量李子的密度，考查了天平的使用、密度公式的应用以及力的示意图的画法，一定要熟练掌握。 26.【答案】该电热水器满箱水的质量为40kg；   将满箱水从加热到，水吸收的热量为；   该电热水器的加热效率为；   一是要合理设置水温，二是要善用定时、预约功能  【解析】由可知，该该电热水器满箱水的质量为：； 水吸收的热量为：； 电热水器消耗的电能：， 该电热水器的加热效率：； 为减少电热水器浪费的电能，一是要合理设置水温，二是要善用定时、预约功能。 答：该电热水器满箱水的质量为40kg； 将满箱水从加热到，水吸收的热量为； 该电热水器的加热效率为； 一是要合理设置水温，二是要善用定时、预约功能。 根据密度公式求出该电热水器满箱水的质量； 根据求出水吸收的热量； 根据求出电热水器消耗的电能，根据效率公式求出该电热水器的加热效率； 从减少电能消耗角度分析解答。 本题考查密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，难度适宜。 27.【答案】热；低；   高温挡时电路中的电流为；   电阻丝的阻值为；   见解析  【解析】电取暖器是利用电流的热效应工作的。闭合开关S和时，和并联，电路总电阻最小，根据可知，功率最大，电取暖器处于高温挡；当只有S闭合时，只有电阻工作，电阻变大，电取暖器处于低温挡； 由表中数据可知，高温挡时，功率，由可得， 高温挡时电路中的电流为：； 闭合开关S和时，和并联，此时电取暖器处于高温挡；当只闭合开关S时，只有工作，电暖气处于低温挡。 电阻丝的功率； 所以电阻丝的阻值：； 通过电取暖器和电源线的电流相等，而电源线的电阻远小于电取暖器的电阻，根据焦耳定律可知，通电时间相同，电取暖器产生的热量远大于电源线产生的热量，所以电取暖器工作时会发出大量的热，而其电源线却不怎么发热。 答：热；低； 高温挡时电路中的电流为； 电阻丝的阻值为； 见解析。 电热器的工作原理是电流的热效应；识别电路的连接方式； 根据计算公式计算高温挡时电路中的电流； 根据高温挡和低温挡的功率得出的功率，再利用的变形公式计算出的电阻； 电源线的电阻远小于电取暖器的电阻，根据焦耳定律分析解答。 本题主要考查了电热器的原理和电能的计算，属于中等难度题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$