课时跟踪检测（二十八）功能关系的综合应用（练习）-【创新方案】2026年高考物理一轮复习（福建专版）

课时跟踪检测（二十八） 功能关系的综合应用 1.(2025·福清模拟)(双选)如图所示,在一水平向右匀速运动的长传送带的左端A点,每隔相同的时间轻放上一个相同的工件。经测量,发现前面那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离均为L。已知传送带的速率恒为v,工件与传送带间的动摩擦因数为μ,工件质量为m,重力加速度为g,则下列说法正确的是 (　 ) A.工件在传送带上加速运动的时间一定等于 B.传送带对每个工件做的功为mv2 C.每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量一定等于μmgL D.传送带因传送每一个工件而多消耗的能量为mv2 解析:选BD　工件在传送带上先做匀加速直线运动,当速度与传送带速度相等时工件做匀速直线运动,加速度为a=μg,则加速的时间为t=,故A错误;传送带对每个工件做功使工件的动能增加,根据动能定理得W=mv2,故B正确;工件与传送带相对滑动的路程为Δx=v-=,则摩擦产生的热量为Q=μmgΔx=,故C错误;根据能量守恒定律得,传送带因传送一个工件而多消耗的能量为E=mv2+Q=mv2,故D正确。 2.(2025·漳平模拟)如今网上购物非常流行,快递公司把邮件送到家里,消费者足不出户就可以购买到所需的商品。如图是某快递公司搬运邮件的传输装置示意图,足够长的传送带以恒定速率顺时针运行,将一个邮件轻放在传送带底端,第一阶段邮件被加速到与传送带具有相同的速度,第二阶段与传送带相对静止,匀速运动到达传送带顶端。下列说法正确的是 (　 ) A.第一阶段摩擦力对邮件做正功,第二阶段摩擦力对邮件不做功 B.第一阶段摩擦力对邮件做的功等于第一阶段邮件动能的增量 C.第一阶段邮件和传送带间的摩擦生热等于第一阶段邮件机械能的增量 D.邮件从底端到顶端全过程机械能的增量等于全过程邮件与传送带间的摩擦生热 解析:选C　第一阶段是滑动摩擦力,第二阶段是静摩擦力,两个阶段摩擦力都做正功,A错误;第一阶段,合力做的功等于重力及摩擦力做的功,所以根据动能定理,摩擦力做的功大于动能的增量,B错误;设传送带速度为v,共速所用时间为t,则摩擦生热为Q=f=fvt,根据功能关系,机械能的增量等于非重力做的功,即ΔE=f·vt=fvt,C正确;邮件在第二阶段没有相对传送带发生位移,所以在第二阶段没有摩擦生热,在第一阶段与传送带的摩擦生热即为全程产生的热量,而第二阶段机械能的增量等于第二阶段静摩擦力做的功,结合C选项可知,邮件从底端到顶端全过程机械能的增量大于全过程邮件与传送带间的摩擦生热,D错误。 3.(2025·三明模拟)如图所示为速冻食品加工厂生产和包装饺子的一道工序,饺子由水平传送带运送至下一环节。将饺子无初速度地轻放在传送带上,传送带足够长且以速度v匀速转动,饺子与传送带间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,不考虑饺子之间的相互作用力和空气阻力。关于饺子在水平传送带上运动的过程中,下列说法正确的是 (　 ) A.传送带的速度越快,饺子的加速度越大 B.饺子相对于传送带的位移为 C.饺子由静止开始加速到与传送带速度相等的过程中,增加的动能等于因摩擦产生的热量 D.传送带因传送饺子多消耗的电能等于饺子增加的动能 解析:选C　饺子的加速度a===μg,与传送带的速度无关,故A错误;饺子从放上传送带到与传送带共速所用时间t=,饺子在传送带上留下的痕迹长度 Δs=vt-=,故B错误;饺子从静止开始加速到与传送带共速的过程,饺子增加的动能Ek=μmgs饺子,因摩擦产生的热量Q=μmgs相对,又因为饺子从初速度为零开始做匀加速运动到与传送带共速,饺子的位移 s饺子=t,相对位移为s相对=s传送带-s饺子=vt-t=t,故饺子增加的动能等于因摩擦产生的热量,故C正确;传送带多消耗的电能等于饺子增加的动能与因摩擦产生的热量的总和,故D错误。 4.(双选)如图所示,一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向转动,传送带右端有一个与传送带等高的光滑水平面,一物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后,经过一段时间又返回光滑水平面,速率为v3,则在整个运动过程中,若v1<v2,下列说法正确的是 (　 ) A.v3=v1 B.摩擦力对物体做功为零 C.传送带与物体摩擦生热为m(v1+v2)2 D.电动机因传送物体多消耗的电能小于mv1v2+m 解析:选AC　由于传送带足够长,物体在传送带上匀减速向左滑行,直到速度减为零,然后物体在滑动摩擦力的作用下向右匀加速运动,如果v1<v2,返回时物体会先加速到与传送带共速v1,然后匀速运动,物体离开传送带的速度v3=v1,故A正确;整个过程中,根据动能定理可得摩擦力对物体做的功为W=m-m≠0,故B错误;设物体所受的摩擦力大小为f,物体向左运动的加速度大小a=,时间t1==,物体向左运动的位移x1=t1=,传送带的位移x2=v1t1=,故摩擦生热Q1=f(x1+x2)=m+mv1v2,物体向右加速运动时,运动时间为t2==,物体向右运动的位移x3=t2=,传送带的位移x4=v1t2=,摩擦生热Q2=f(x4-x3)=m,传送带与物体摩擦生热共为Q=Q1+Q2=m(v1+v2)2,故C正确;电动机因传送物体多消耗的电能为ΔE=f(x2+x4)=mv1v2+m,故D错误。 5.(2025·厦门模拟)一块质量为 M、长为l的长木板A 静止放在光滑的水平面上,质量为 m 的物体B(视为质点)以初速度v0从左端滑上长木板A 的上表面并从右端滑下,该过程中,物体B 的动能减少量为ΔEkB,长木板 A 的动能增加量为ΔEkA,A、B间摩擦产生的热量为Q,关于ΔEkB、ΔEkA、Q的值,下列可能的是 (　 ) A.ΔEkB=7 J,ΔEkA=5 J,Q=5 J B.ΔEkB=7 J,ΔEkA=2 J,Q=5 J C.ΔEkB=3 J,ΔEkA=2 J,Q=5 J D.ΔEkB=5 J, ΔEkA=3 J,Q=2 J 解析:选B　根据能量守恒可知ΔEkB=ΔEkA+Q,故A、C错误;画出物体B和长木板A的速度—时间图线,分别如图中1和2所示,图中1和2之间的梯形面积表示板长l,图线1与t轴所围的面积表示物体B的位移x1,图线2与t轴所围的面积表示长木板A的位移x2,由图可知,x1>l,x2<l,又有ΔEkB=fx1,ΔEkA=fx2,Q=fl,则有ΔEkB>Q>ΔEkA,故B正确,D错误。 6.(2023·全国乙卷)(双选)如图,一质量为M、长为l的木板静止在光滑水平桌面上,另一质量为m的小物块(可视为质点)从木板上的左端以速度v0开始运动。已知物块与木板间的滑动摩擦力大小为f,当物块从木板右端离开时 (　 ) A.木板的动能一定等于fl B.木板的动能一定小于fl C.物块的动能一定大于m-fl D.物块的动能一定小于m-fl 解析:选BD　当物块从木板右端离开时,对物块有-fxm=m-m,对木板有fxM=M,其中l=xm-xM,由于物块能从木板滑下,说明vm>vM,作出物块和木板运动的v -t图像,如图所示,根据v -t图像与横轴围成的面积表示物体运动的位移可知l=xm-xM>xM,则根据以上分析可知木板的动能一定小于fl,A错误,B正确;对木板与物块组成的系统,由功能关系有m-fl=m+M,则物块的动能一定小于m-fl,C错误,D正确。 7.(4分)(2025·莆田模拟)如图甲所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0 m。选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E机随高度h的变化如图乙所示。g取10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8。 则物体的质量为　　　　，物体与斜面间的动摩擦因数μ=　　　　。  解析：根据题意可知，运动到最高点时，物体的速度为0，结合题图乙可知，此时的重力势能为30 J，又有Ep=mgh，解得m=1 kg；根据题意可知，物体上滑过程中，除重力以外只有摩擦力做功，由功能关系可知-μmgcos α·=ΔE，解得μ=0.5。 答案：1 kg　0.5 8.(10分)(2025·晋江模拟)某仓库采用自动化传送装置运送货物。如图所示,工人借助机器设备推动质量m=1 kg的货物,使其在光滑水平面上获得初速度v,货物从A点滑上长度l=5 m、倾角θ=37°、与货物间动摩擦因数μ=0.8的倾斜传送带,并从传送带最高点B进入右侧半径为R=3 m的光滑圆弧轨道,最终落在右侧水平柜台上。整个过程中货物可看作质点,水平面和圆弧面均与传送带平滑连接,不考虑货物通过A点和B点时的能量损失。(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2) (1)若传送带静止,为使货物能运动到B点,v至少要多大?(4分) (2)若货物在水平面上的速度v=1 m/s,传送带以v1=2 m/s的速度顺时针传动,传送带为了将其传送到B点,需多消耗多少电能?(6分) 解析:(1)传送带静止,为使货物能运动到B点,根据能量守恒有mv2≥mglsin θ+μmglcos θ 解得v≥2 m/s。 (2)货物做加速运动的加速度为 a=μgcos θ-gsin θ=0.4 m/s2 货物做加速运动的时间为t==2.5 s 货物做加速运动的位移x1=t=3.75 m 货物与传送带间的相对位移为 Δx=v1t-x1=1.25 m 货物与传送带间产生的热量为Q=fΔx=μmgΔxcos θ=8 J 传送带为了将货物传送到B点,需多消耗的电能为W=m-mv2+mglsin θ+Q=39.5 J。 答案:(1)2 m/s　(2)39.5 J 9.(12分)如图所示,质量M=8 kg的长木板停放在光滑水平面上,在长木板的左端放置一质量m=2 kg的小物块,小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.2,现对小物块施加一个大小F=8 N的水平向右的恒力,小物块将由静止开始向右运动,2 s后小物块从长木板上滑落,从小物块开始运动到从长木板上滑落的过程中,重力加速度g取10 m/s2。求: (1)小物块和长木板的加速度各为多大;(4分) (2)长木板的长度;(4分) (3)通过计算说明:互为作用力与反作用力的摩擦力对长木板和小物块做功的代数和是否为零。(4分) 解析:(1)长木板与小物块间的摩擦力Ff=μmg=4 N 小物块的加速度为a1==2 m/s2 长木板的加速度为a2==0.5 m/s2。 (2)小物块对地位移为x1=a1t2=4 m 长木板对地位移为x2=a2t2=1 m 长木板的长度为L=x1-x2=3 m。 (3)摩擦力对小物块做功W1=-Ffx1=-16 J 摩擦力对长木板做功W2=Ffx2=4 J, 故W1+W2≠0。 答案:(1)2 m/s2　0.5 m/s2　(2)3 m　(3)见解析 10.(13分)(2025·南安模拟)如图所示,足够长的传送带AB与光滑的水平面BC连接,光滑的半圆轨道与水平面连接,相切于C点。传送带以恒定的速率v=5 m/s顺时针运行,在光滑的水平面上有一质量m=0.5 kg的物体以v1=6 m/s的速度向左滑上传送带,经过2 s物体的速度减为零,物体返回到光滑的水平面且沿着半圆轨道恰能运动到D点,g取10 m/s2。求: (1)物体与传送带之间的动摩擦因数μ;(4分) (2)半圆轨道半径R;(4分) (3)物体在传送带上滑动过程中系统产生的热量。(5分) 解析:(1)物体滑上传送带后在滑动摩擦力作用下做匀减速直线运动,设其加速度大小为a,根据牛顿第二定律有μmg=ma 根据加速度定义式有-a= 联立解得μ=0.3。 (2)根据题意可知vC=v=5 m/s 物体返回到光滑的水平面且沿着半圆轨道恰能运动到D点,设经过最高点D时的速度为vD,在D点根据牛顿第二定律有mg=m 在由C点运动至D点的过程中,根据动能定理有-mg×2R=m-m 联立解得R=0.5 m。 (3)物体向左滑行时,相对传送带的位移为 Δx1=·t+vt 物体向右滑行时,相对传送带的位移为 Δx2=v·- 物体在传送带上滑动过程中系统产生的热量为 Q=μmg(Δx1+Δx2) 联立并代入数据解得Q=30.25 J。 答案:(1)0.3　(2)0.5 m　(3)30.25 J 1 / 6 学科网（北京）股份有限公司 $$