第1章 第一讲 描述运动的基本概念（课件）-【创新方案】2026年高考物理一轮复习（福建专版）

第一章 运动的描述 匀变速直线运动 1 描述运动的基本概念 第 一讲 |纲举目张|·|精要回顾| 质量 大小 形状 不动 同一 不同 有向线段 直线距离 初位置 末位置 快慢 速度变化量 (1)质点是一种理想化模型，实际并不存在。 ( ) (2)在足球运动中，踢香蕉球时足球可视为质点。 ( ) (3)参考系必须是静止不动的物体，运动的物体不能选作参考系。 ( ) (4)(人教版课后习题)位移是矢量，取决于物体的始末位置；路程是标量，取决于物体实际通过的路线。 ( ) 微点判断 √ × × √ (5)平均速度的方向与对应时间段内的位移方向相同。 ( ) (6)(教科版课后习题)物体的加速度为正值时，其速度一定在增加。 ( ) (7)(鲁科版课后习题)物体的加速度不断减小，速度可不断增大。 ( ) (8)甲的加速度a甲=2 m/s2，乙的加速度a乙=-3 m/s2，则a甲>a乙。 ( ) √ × √ × 1 逐点清(一)　质点、参考系和位移 (基础点速过) 2 逐点清(二)　平均速度和瞬时速度 (基础点速过) CONTENTS 目录 4 课时跟踪检测 3 逐点清(三)　加速度(重难点疏通) 逐点清(一)　 质点、参考系和位移(基础点速过) |关键知能|·|升维学习| 1．[质点](2024·浙江1月选考)杭州亚运会顺利举行，如图所示为运动会中的四个比赛场景。在下列研究中可将运动员视为质点的是 (　 ) A．研究甲图运动员的入水动作 B．研究乙图运动员的空中转体姿态 C．研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度 D．研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作 √ 解析：研究甲图运动员的入水动作时，运动员的形状和大小对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够视为质点，故A错误；研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和大小对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够视为质点，故B错误；研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和大小对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够视为质点，故C正确；研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和大小对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够视为质点，故D错误。 2．[参考系]2024年10月30日，“神舟十九号”飞船和空间站“天和”核心舱成功对接，在轨运行的过程中 (　 ) A．选地球为参考系，“天和”是静止的 B．选地球为参考系，“神舟十九号”是静止的 C．选“天和”为参考系，“神舟十九号”是静止的 D．选“神舟十九号”为参考系，“天和”是运动的 √ 解析：以地球为参考系，“天和”和“神舟十九号”都是运动的，故A、B错误；由于“神舟十九号”和“天和”核心舱成功对接，二者是相对静止的，因此选“天和”为参考系，“神舟十九号”是静止的，同理选“神舟十九号”为参考系，“天和”也是静止的，故C正确，D错误。 √ 3．[位移和路程](2025·福州模拟)(双选)学校的田径场一共有8条跑道。每条跑道的直道部分均为87 m，其中最内圈跑道周长为400 m，最外圈跑道周长为453 m。校运会800 m跑比赛中，甲、乙两位运动员分别在最内圈和最外圈起跑，假定两位选手都在最内圈跑道上到达终点线。则二者跑完全程时 (　 ) A．路程相同，位移不同 B．位移相同，路程不同 C．甲的位移大小一定为0 D．乙的位移大小一定为106 m √ 解析：因800 m跑比赛中运动员起点的位置不同，终点位置相同，故路程相同，位移不同，故A正确，B错误；甲在最内圈跑道，他的起跑线和终点线在同一位置，故他的位移大小一定为零，故C正确；乙在最外圈，他的起跑线和终点线不同，因条件不足，无法求出乙的位移大小，故D错误。 1．四步法定质点 2．参考系的选取 (1)由于运动描述的相对性，凡是提到物体的运动，都应该明确它是相对哪个参考系而言的，在没有特殊说明的情况下，一般选地面作为参考系。 (2)在同一个问题中，若要研究多个物体的运动情况或同一物体在不同阶段的运动情况，则必须选取同一个参考系。 (3)对于复杂运动的物体，应选取能最简单描述物体运动情况的物体作为参考系。 3．位移和路程的两点区别 决定因素不同 位移由始、末位置决定，路程由实际的运动轨迹决定 运算法则不同 位移应用矢量的平行四边形定则运算，路程应用标量的代数运算法则运算 逐点清(二)　 平均速度和瞬时速度(基础点速过) 1．[平均速度](2025·厦门模拟)小蚂蚁从a点沿着边长为L的立方体三条棱ab、bc、cd运动到d点，在三条棱上运动的时间相同，则小蚂蚁 (　 ) A．从a点运动到c点的位移大小为2L B．从a点到c点的位移与从b点到d点的位移相同 C．从a点到c点的平均速度大小是从a点到b点平均速度大小的倍 D．从a点到b点的平均速度大小是从a点到d点平均速度大小的倍 √ 解析：小蚂蚁从a点到c点的位移大小为x1==L，故A错误；从a点到c点的位移与从b点到d点的位移大小相同，方向不同，故B错误；设小蚂蚁在每一条棱上运动的时间为t，则在ab段的平均速度大小为-ab=，从a点到c点的平均速度大小为==，故C错误；从a点到d点的平均速度大小为==，故D正确。 2．[瞬时速度]为了测定气垫导轨上滑块的速度，滑块上安装了宽度为d=3．0 mm的遮光板，如图所示，滑块在牵引力作用下加速先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过光电门1的时间为Δt1=0．03 s，通过光电门2的时间为Δt2=0．01 s，则遮光板前端通过光电门1和光电门2的瞬时速度分别为 (　 ) A．0.10 m/s　0.30 m/s B．0.20 m/s　0.30 m/s C．0.10 m/s　0.20 m/s D．不能计算出 √ 解析：遮光板通过光电门1时的平均速度v1==0．10 m/s，遮光板通过光电门2时的平均速度v2==0．30 m/s，由于遮光板通过光电门1和光电门2的时间很短，故可以将v1和v2视为所求的瞬时速度，A正确。 3．[平均速度与平均速率](2023·福建高考)“祝融号”火星车沿如图所示路线行驶，在此过程中揭秘了火星乌托邦平原浅表分层结构，该研究成果被列为“2022年度中国科学十大进展”之首。“祝融号”从着陆点O处出发，经过61天到达M处，行驶路程为585米；又经过23天，到达N处，行驶路程为304米。已知O、M间和M、N间的直线距离分别约为463米和234米，则火星车 (　 ) A．从O处行驶到N处的路程为697米 B．从O处行驶到N处的位移大小为889米 C．从O处行驶到M处的平均速率约为20米/天 D．从M处行驶到N处的平均速度大小约为10米/天 √ 解析：由题意可知从O到N处的路程为SON=SOM+SMN=585 m+304 m=889 m，故A错误；位移的大小为两点之间的直线距离，OM距离为463 m，MN距离为234 m，则ON的距离一定小于463 m+234 m=697 m，故B错误；平均速率为路程与时间的比值，故从O处行驶到M处的平均速率为==米/天≈10米/天，故C错误；平均速度大小为位移与时间的比值，则从M处行驶到N处的平均速度为==米/天≈10米/天，故D正确。 1．平均速度和瞬时速度 项目 平均速度 瞬时速度 大小 v= v=(Δt→0) 方向 从初位置指向末位置 物体在该时刻的运动方向沿运动轨迹中该点的切线方向 区别 对应某段位移或某段时间 对应某一位置或某一时刻 联系 瞬时速度等于运动时间Δt→0时的平均速度 2．平均速率≠平均速度大小 (1)平均速度是位移与对应时间之比，平均速率是路程与对应时间之比。 (2)一般情况下，平均速率大于平均速度的大小。 (3)单向直线运动中，平均速率等于平均速度的大小。 逐点清(三)　加速度(重难点疏通) 1．三个概念的比较 比较项目 速度 速度变化量 加速度 物理意义 描述物体运动快慢和方向的物理量，是状态量 描述物体速度改变的物理量，是过程量 描述物体速度变化快慢和方向的物理量，是状态量 定义式 v= Δv=v-v0 a== 续表 决定因素 v的大小由v0、a、Δt决定 Δv由v与v0进行矢量运算，由Δv=aΔt知Δv由a与Δt决定 a不是由v、Δt、Δv来决定的，而是由来决定 方向 平均速度与位移同向，瞬时速度的方向为运动方向 由v-v0或a的方向决定 与Δv的方向一致，由F的方向决定，而与v0、v的方向无关 2．计算加速度的方法 3．根据a与v方向的关系判断加速或减速 (1)当a与v同向或夹角为锐角时，物体加速。 (2)当a与v垂直时，物体速度的大小不变。 (3)当a与v反向或夹角为钝角时，物体减速。 √ 题点1　对加速度的理解 1．(2025·漳州模拟)某高铁在平直铁轨上由静止开始加速，速度达到300 km/h后开始匀速行驶，某汽车在平直高速公路上由静止启动，速度达到120 km/h后开始匀速行驶，下列说法正确的是(　 ) A．在相同时间内，该高铁匀速行驶时通过的路程大于该汽车匀速行驶时通过的路程 B．该高铁启动时的平均加速度一定大于该汽车启动时的平均加速度 C．该汽车加速过程中的速度方向与加速度方向可能相反 D．该汽车启动后，随着汽车的速度越来越大，加速度也一定越来越大 解析：由于v高铁>v汽车，故在相同时间内，该高铁匀速行驶时通过的路程大于该汽车匀速行驶时通过的路程，故A正确；根据a=，由于时间未知，故平均加速度大小未知，故B错误；汽车由静止启动，在加速过程中加速度方向与速度方向相同，故C错误；汽车在做加速运动，故加速阶段汽车的加速度可能不变，也可能增大或减小，最后匀速运动时加速度为0，故D错误。 2．(双选)礼花弹从专用炮筒中射出后，在4 s末到达离地面100 m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案。有关礼花弹腾空的过程，以下说法正确的是 (　 ) A．礼花弹的速度越大，加速度不一定越大 B．礼花弹的速度变化越快，加速度一定越大 C．礼花弹的速度变化量越大，加速度一定越大 D．某时刻礼花弹速度为零，其加速度一定为零 √ √ 解析：速度越大指运动的越快，不能说明速度变化越快，即加速度不一定越大，故A正确；根据加速度表示物体速度变化的快慢，可知礼花弹的速度变化越快，加速度一定越大，故B正确；加速度等于速度变化量与对应时间的比值，速度变化量越大，不能说明加速度越大，故C错误；礼花弹在最高点时速度为零，但由于礼花弹受到重力的作用，所以其加速度不为零，故D错误。 题点2　加速度的计算 3．(2025·泉州模拟)梦天实验舱中宇航员用毛巾加工成球拍，可将水做成的“乒乓球”弹开，当水球以速率v1飞来时，航天员若将其以v2的速率反向击回，在水球与球拍作用的时间Δt内，下列说法正确的是(　 ) A．水球的速度变化量为v2-v1 B．水球的加速度为 C．水球加速度方向与速度变化量方向相反 D．水球加速度方向与初速度方向相反 √ 解析：设初速度方向为正方向，则水球的速度变化量为Δv=-v2-v1，A错误；水球的加速度为a==，方向与速度变化量方向相同，与初速度方向相反，B、C错误，D正确。 4．核潜艇是战略核威慑手段之一，我国自主研制的“094A”核潜艇在世界上处于比较领先的地位。如图所示，在某次实战训练中核潜艇遇到情况需要紧急下潜，假设在某段时间内可视为匀减速下潜，若在这段时间内5 s末的速度比2 s末的速度小3 m/s，则“094A”核潜艇在该段时间内的加速度大小为 (　 ) A．1 m/s2　B．1．5 m/s2　C．2 m/s2　D．3 m/s2 解析：设5 s末的速度为v5，2 s末的速度为v2=v5+3 m/s，时间Δt=3 s，核潜艇在该段时间内的加速度为a===-1 m/s2，故B、C、D错误，A正确。 √ 课时跟踪检测 (单击进入电子文档) $$