模块综合检测(一)（Word练习）-【百汇大课堂】2026年高考物理总复习下册·第1轮（浙江专用）

模块综合检测(一) 　　　　　　　　　　　　　　　　 本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间90分钟。 可能用到的相关参数：重力加速度g取10 m/s2。 选择题部分 一、选择题 Ⅰ(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．(2024·浙南名校联盟联考)下列物理量的单位用国际单位制基本单位表示正确的是(　　) A．电势差 V B．磁感应强度kg·m/(A·s2) C．电场强度kg·m/(A·s3) D．功率kg·m/s3 C　解析：由公式E＝，F＝ma，q＝It可得E＝，则电场强度的单位为＝kg·m/(A·s3)，由公式U＝Ed可知，电势差的单位为· m＝kg·m2/(A·s3)，A错误，C正确；由公式B＝，F＝ma，可得B＝，则磁感应强度的单位为＝kg/(A·s2)，B错误；由公式P＝Fv，F＝ma，v＝可得P＝ma·，则功率的单位为kg·m/s2·m/s＝kg·m2/s3，D错误。 2.如图所示是拆开某电表内部结构的照片，则下列说法正确的是(　　) A．这是一只安培表 B．图中的电阻作用是分去一部分电流 C．接入ac的量程比接入ab的量程大 D．测量时b端接正极，c端接负极 答案：C 3.(2025·温州检测)通电螺线管的电流方向如图所示，内部产生的磁场可认为匀强磁场，磁感应强度大小为B。在螺线管的中轴线上有一沿轴线向上的很长的直线电流，以O点为圆心垂直于轴线的平面内有一圆，圆直径上有a、b两点，直线电流在a、b两点产生的磁感应强度大小也为B，下列说法正确的是(　　) A．通电螺线管产生的磁场方向沿轴线向下 B．a、b两点合磁场的方向相反 C．a、b两点合磁场的磁感应强度大小均为0 D．a、b两点合磁场的磁感应强度大小均为B 答案：D 4．(2024·稽阳联谊学校联考)高压线常常是裸露的导线，非常危险，但小鸟站在上面却安然无事。小徐同学为了搞清楚其中的原因，查阅了相关数据：某发电厂发出的交流电电功率为6.4×104 kW，电压为10 kV，通过变压器升压后以200 kV的电压输电，导线横截面积为100 mm2，电阻率为3.0×10－8 Ω·m。用所学知识结合查阅的数据分析正确的是(　　) A．高压线的输电电流有效值为3.2 A B．小鸟两脚间的输电线电阻约为1.5×10－3 Ω C．因小鸟双脚绝缘，流过小鸟的电流为零，所以它不会触电 D．因小鸟两脚间的电压太小，流过小鸟的电流也很小，所以小鸟不会触电 D　解析：高压线上的电流I＝＝3.2×102 A，A错误；小鸟两脚间距离大约为5 cm，则输电线的电阻R＝ρ＝3.0×10－8× Ω＝1.5×10－5 Ω，B错误；小鸟两脚间的电压约为U＝IR＝4.8×10－3 V，所以高压线上的小鸟两脚间有电压，但是电压很小，所以不会触电，C错误，D正确。 5.把如图所示的两个白炽灯串联接到220 V的电路中，则下列判断正确的是(　　) A．甲灯比较亮 B．甲灯两端的电压小 C．相同时间内乙灯消耗的电能较多 D．相同时间内通过乙灯的电荷量多 A　解析：由题得，甲灯的电阻R1＝＝1 210 Ω，乙灯的电阻R2＝＝484 Ω，两灯串联在电路中，流过两灯电流相同，由U＝IR知甲灯两端电压大，又由P＝I2R知甲灯比较亮，A正确，B错误；由Q＝I2Rt知相同时间内甲灯消耗的电能较多，C错误；由q＝It知相同时间内通过两灯的电荷量一样大，D错误。 6.静电喷涂是利用高压静电场使带电涂料微粒发生定向运动，并最终吸附在工件表面上的一种喷涂方法，其工作原理如图所示，图中虚线为涂料微粒的运动轨迹。若不计涂料微粒的重力、微粒间的相互作用力及一切阻力，下列说法正确的是(　　) A．涂料微粒带正电 B．涂料微粒所受电场力方向为轨迹切线的方向 C．减小喷枪枪口与工件之间的距离，各个涂料微粒运动过程中电场力所做的功不变 D．涂料微粒运动过程中电势能逐渐增加 C　解析：由题图知，工件带正电，在涂料微粒向工件靠近的过程中被吸附在工件上，所以涂料微粒带负电，A错误；涂料微粒做曲线运动，速度方向沿运动轨迹切线方向，电场力的方向与粒子运动的速度方向不共线，则涂料微粒所受电场力方向不是轨迹切线的方向，B错误；工件接地，电势不变，减小喷枪枪口与工件之间的距离，则它们间的电势差不变，各个涂料微粒运动过程中电场力所做的功不变，C正确；涂料微粒在运动过程中电场力对它做正功，则动能增大、速度增大，电势能逐渐减少，D错误。 7.密立根油滴实验原理如图所示。两块水平放置相距为d的金属板A、B分别与电源正、负极相接。从A板上小孔进入两板间的油滴因摩擦而带有一定的电荷量，将两板间的电压调到U时，一带电油滴恰好悬浮在两板间；然后撤去电场，该油滴开始下落并很快达到匀速，通过显微镜可观测到这一速度大小为v。已知油滴所受阻力的大小与其速度的大小成正比，比例系数为k，重力加速度为g。则该油滴所带电荷量的值为(　　) A． B． C． D． 答案：A 8.如图所示的电路中，已知电源电动势为E，内阻为r。闭合开关，调节滑动变阻器R的滑片的位置，可以改变外电路的电阻，电压表的示数U、电流表的示数I、电源的总功率P都将随之改变。若电表均为理想电表，以下四幅图中能正确反映PI、PU关系的是(　　) C　解析：电源的总功率P＝IE，可知PI图像是过原点的倾斜直线，A、B错误；电源的总功率P＝IE＝E＝－U，可知PU图像是斜向下的倾斜直线，C正确，D错误。 9.静电纺纱工艺示意图如图所示，虚线可视为等量异号电极产生电场的电场线，a、b、c为电场中的三点，a、c在中间水平虚线上的等势点到b的距离相等，b为中间水平虚线的中点，电场线关于水平虚线的垂直平分线对称，一电子在外力驱动下从a点经过b点运动到c点，下列说法正确的是(　　) A．a、b、c三点的电势逐渐降低 B．三点的电场强度大小关系为Ea＞Eb＞Ec C．电场力对电子做的功Wab＝Wbc D．电子可仅受电场力沿实线轨迹从a点经过b点运动到c点 C　解析：由题图可知，该电场的电场线由右向左，沿电场线方向电势逐渐降低，可知a、b、c三点的电势逐渐升高，A错误；电场线的疏密程度表示电场强度的大小，从题图中可以看出，a点的电场线最密集，b点的电场线最稀疏，故三点的电场强度的大小关系为Ea＞Ec＞Eb，B错误；因a、c在中间水平虚线上的等势点到b点的距离相等，又b为水平虚线的中点，电场线关于水平虚线的中垂线对称，可知Uab＝Ubc，根据W＝qU可知，电场力对电子做的功Wab＝Wbc，C正确；因电场线是曲线，电子沿轨迹运动时所受电场力的大小和方向不断变化，假设电子仅受电场力作用时沿实线轨迹从a点经b点运动到c点，在b点到c点过程中电子受到的力向右，没有指向轨迹的凹侧，故不满足电子做曲线运动的条件，D错误。 10.空气炸锅的等效简化电路图如图所示，电源的电动势为6 V，电源的内阻不计，小风扇M的额定电压为6 V，额定功率为3 W，线圈内阻为r＝1 Ω，电阻R1＝R2＝10 Ω，则下列说法中正确的是(　　) A．只闭合开关S1，小风扇正常工作时电流为6 A B．只闭合开关S1，小风扇正常工作时发热功率为2.75 W C．同时闭合开关S1和S2，若小风扇正常工作，则通过电阻R1的电流为0.3 A D．同时闭合开关S1和S2，若小风扇正常工作，则电阻R1消耗的功率为3.6 W D　解析：由题图可看出当只闭合S1时，电阻R1与R2串联，再与小风扇M并联，且电源的内阻不计，则小风扇M的电压刚好为额定电压，则PM＝IME，解得IM＝0.5 A，则小风扇M正常工作时发热功率为PM热＝IM2r＝0.25 W，A、B错误；由题图可看出同时闭合开关S1和S2，电阻R2被短路，则R1与小风扇M并联，且电源的内阻不计，则通过电阻R1的电流为I1＝，解得I1＝0.6 A，则电阻R1消耗的功率为P1＝I12R1，解得P1＝3.6 W，C错误，D正确。 二、选择题 Ⅱ(本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11．交警使用的某型号酒精测试仪如图甲，其工作原理如图乙所示，传感器电阻R的电阻值随酒精气体浓度的增大而减小，电源的电动势为E，内阻为r，电路中的电表均为理想电表。当一位酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，下列说法中正确的是(　　) A．电压表的示数变大，电流表的示数变小 B．电压表的示数变小，电流表的示数变大 C．酒精气体浓度越大，电源的输出功率越大 D．电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比保持不变 BD　解析：当一位酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，传感器的电阻减小，电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律I＝可知电路中总电流变大，电流表的示数变大，电阻R0以及内阻r上的电压变大，则R上的电压减小，可知电压表示数变小，A错误，B正确；电源的输出功率P＝I2(R0＋R)＝(R0＋R)＝，酒精气体浓度越大，传感器电阻越小，当R0＋R>r，电源的输出功率增大；当R0＋R＝r，电源的输出功率最大，当R0＋R<r，电源的输出功率减小，C错误；根据闭合电路欧姆定律有U＝E－I(R0＋r)，则有＝R0＋r，可知电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比保持不变，D正确。 12.据不完全统计，我国的风能资源总储量约32.26×108 kW，可开发和利用的陆地上风能储量有2.53×108 kW，近海可开发和利用的风能储量有7.5×108 kW，共计约10×108 kW。风力发电已成为我国节能减排的重要途径之一，风力发电机主要由风轮(转轴和叶片)、发电机和塔筒三部分组成。如图所示，风轮正面面向风，其上的转子叶片与旋转的平面呈一定角度，以便风驱动风轮转动。某地的风速为v，空气的密度为ρ，转子叶片扫过的面积为S，则以下说法正确的是(　　) A．风力发电装置的输出功率与风速的立方成正比 B．每秒钟风轮上输入的空气动能为ρSv3 C．风场的风速越大，发电机将风能转化为电能的效率一定越高 D．如果我国风能资源有10%被利用，则每年可发电约8.76×1012 kW·h AB　解析：风力发电装置是将风的动能转化为电能，时间t内P＝＝＝＝ρSv3，由此可知，风力发电装置的发电功率与风速的立方成正比，则其输出功率也与风速的立方成正比，A正确；每秒钟风轮上输入的空气动能Ek1＝mv2＝×ρSv×1×v2＝ρSv3，B正确；风场的风速越大，只能表明相同时间内吹到叶片的风的动能越大，风的动能转化为转轮的动能还与叶片与风的角度等因素有关，最终转轮的动能转化为电能还与装置的其他因素有关，C错误；如果我国风能资源有10%被利用，则每年可发电约E＝0.1×32.26×108×365×24 kW·h≈2.8×1012 kW·h，D错误。 13.如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ＝60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM＝MN，则(　　) A．UMO＝UNM B．粒子带负电 C．带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能 D．由O到N运动过程中，电场力的功率增大 BCD　解析：UMO＝E·OM，UNM＝E·MNcos θ＝UMO，A错误；根据粒子的运动轨迹可知，粒子受电场力的方向斜向下，可知粒子带负电，B正确；带电粒子从O点运动到N点的过程中，电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能，C正确；根据P＝Eqv，带电粒子由O点运动到N点的过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大，可知电场力的功率增大，D正确。 非选择题部分 三、非选择题(本题共5小题，共58分) 14．实验题(Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三题共14分) 14­Ⅰ.(6分)某学习小组要测量一个电源的电动势及内阻。除该电源外还准备的器材有：一个电阻箱R(最大阻值为99.9 Ω)，一个电流表A(量程0～200 mA，内阻为10 Ω)，一个定值电阻R0(阻值为5 Ω)，一个开关和若干导线。 (1)如果用多用电表粗测电流表的内阻，需要将红表笔与电流表___________(填“正”或“负”)接线柱相连。 (2)由于电流表A的量程较小，考虑到安全因素，同学们利用定值电阻R0将该电流表进行改装，改装后的量程为___________。 (3)根据器材在虚线框中画出设计的电路图(改装部分也要画出)。若实验中记录电阻箱的阻值R和电流表的示数I，并计算出，得到多组数据后描点作出R-图线如图所示，则该电源的电动势E＝__________ V，内阻r＝__________ Ω。(结果保留2位有效数字) 答案：(1)负　(2)0～0.6 A(或0～600 mA)　(3)见解析图　6.0　2.7 解析：(1)用多用电表测电阻时，电流从黑表笔流出，连接时要注意红表笔要与电流表的负接线柱相连。 (2)将定值电阻R0与电流表并联进行改装，改装后的量程I＝Ig＋＝0.2 A＋ A＝0.6 A。 (3)根据提供的器材，采用安阻法进行测量，电路图如图所示： 根据电路图可知，电流表读数为I时，电路中总电流为3I，则 E＝IRg＋3I(R＋r) 即R＝·－ 由题图像可知＝＝2，＝6 解得E＝6.0 V，r＝ Ω≈2.7 Ω。 14­Ⅱ.(3分)某小组利用如图甲所示装置进行“观察电容器的充、放电现象”实验，将开关S掷到1，给电容器充电，然后将开关S掷向2，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的It图像，如图乙所示。 (1)图乙中阴影部分的面积表示__________。 A．0.1 s内回路消耗的电能 B．0.1 s内通过电阻R的电荷量 C．0.1 s内电容器两端电压变化量 (2)若将图甲电路中的电阻用阻值更大一些的电阻代替，其他保持不变，则电容器的放电时间__________(填“变长”“不变”或“变短”)。 答案：(1)B　(2)变长 解析：(1)题图阴影部分面积是电流I和时间t的乘积，表示相应时间内通过电阻的电荷量，B正确。 (2)换用阻值更大一些的电阻后，放电电流相应变小，电容器所带电荷量不变的情况下，放电时间变长。 14­Ⅲ.(5分)随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。我市质量监督部门对市场上出售的纯净水进行了抽测，结果发现了有不少样品的电阻率不合格。某实验小组通过以下方案测量纯净水样品的电阻率。 (1)用游标卡尺测量圆柱形玻璃管的内径d，游标卡尺示数如图甲，则d＝________mm； (2)向玻璃管内注满纯净水样品，用金属圆片电极密封玻璃管两端，并用刻度尺测量水柱长度L； (3)采用图乙中电路测量样品的电阻(电源内阻忽略不计)。先闭合开关S1，将开关S2接1，调节电阻箱R，使电压表读数尽量接近满量程，读出这时电压表和电流表的示数U1、I1；再将开关S2接2，读出这时电压表和电流表的示数U2、I2；则Rx表达式为______________(用U1、I1、U2、I2表示)；Rx的测量值________(填“小于”“等于”或“大于”)真实值；纯净水样品的电阻率的表达式为ρ＝______________(用π、d、L、U1、I1、U2、I2表示)。 答案：(1)30.00 (3)Rx＝－　等于　 解析：(1)游标卡尺的读数为d＝30 mm＋0×0.05 mm＝30.00 mm。 (3)当开关S2接1时，由欧姆定律有U1＝I1(Rx＋R＋RA)，当开关S2接2时，由欧姆定律有U2＝I2(R＋RA)，联立两式解得Rx＝－，由以上分析可知，电流表内阻对未知电阻的计算结果没有影响，所以Rx的测量值等于真实值。根据电阻公式可得Rx＝ρ＝，结合前面式子可得 ρ＝。 15.(8分)如图所示，电路中电源电动势E＝3 V，内阻r＝1 Ω，R2＝6 Ω。闭合S1、断开S2时，理想电压表的示数为2.25 V。求： (1)R1的阻值； (2)闭合S2后，电压表的示数； (3)闭合S2后，电源的输出功率。 答案：(1)3 Ω　(2)2 V　(3)2 W 解析：(1)由闭合电路欧姆定律E＝U＋Ir可得，I＝＝0.75 A，由部分电路欧姆定律得R1＝＝3 Ω。 (2)闭合S2后有E＝I′(R并＋r)，其中R并＝＝2 Ω，可得I′＝1 A，U′＝I′R并＝2 V。 (3)电源输出功率P出＝U′I′＝2 W。 16.(11分)如图所示，长为L的轻质细绳上端固定在O点，下端连接一个质量为m的可视为质点的带电小球，小球静止在水平向左的匀强电场中的A点，绳与竖直方向的夹角θ＝37°。此匀强电场的空间足够大，且电场强度为E。取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，不计空气阻力。 (1)请判断小球的电性，并求出所带电荷量的大小q； (2)如将小球拉到O点正右方C点(OC＝L)后静止释放，求小球运动到最低点时所受细绳拉力的大小F； (3)O点正下方B点固定着锋利刀片，小球运动到最低点时细绳突然断了。求小球从细绳断开到再次运动到O点正下方的过程中重力对小球所做的功W。 答案：(1)小球带负电　 (2)　(3) 解析：(1)因为电场线水平向左，小球要平衡，需要受到向右的电场力，则小球带负电。由受力平衡可得Eq＝mg tan θ，解得q＝。 (2)由动能定理得mgL－EqL＝mvB2－0，在B点受力分析得F－mg＝，联立解得F＝。 (3)在断开瞬间由上式得vB＝，小球水平方向先减速到0再反向加速，在水平方向，a＝＝，小球从细绳断开到再次运动到O点正下方的时间t＝2＝，竖直方向做自由落体运动h＝gt2，重力对小球所做的功W＝mgh＝。 17.(12分)如图所示的装置放置在真空中，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板之间加一电压U1＝2 500 V，发射出的电子被加速后，从金属板上的小孔S射出。装置右侧有两个相同的平行金属极板水平正对放置，板长l＝6.0 cm，相距d＝2 cm，两极板间加以电压U2＝200 V的偏转电场。从小孔S射出的电子恰能沿平行于板面的方向由极板左端中间位置射入偏转电场。已知电子的电荷量e＝1.6×10－19 C，电子的质量m＝0.9×10－30 kg，设电子刚离开金属丝时的速度为0，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力。求： (1)电子射入偏转电场时的动能Ek； (2)电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y。 答案：(1)4.0×10－16 J　(2)0.36 cm 解析：(1)电子在加速电场中，根据动能定理有eU1＝Ek，解得Ek＝4.0×10－16 J。 (2)电子在加速电场中有Ek＝mv12，设电子在偏转电场中运动的时间为t，电子在水平方向做匀速运动l＝v1t，解得t＝，电子在竖直方向受电场力F＝，电子在竖直方向做匀加速直线运动，设其加速度为a，依据牛顿第二定律有＝ma，解得a＝，电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y＝at2＝，联立上式解得y＝0.36 cm。 18．(13分)如图甲所示，静电除尘装置中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板使用绝缘材料，上、下面板使用金属材料。图乙是装置的截面图，上、下两板与电压为U0的高压直流电源相连。质量为m、电荷量为－q、分布均匀的尘埃以水平速度v0进入矩形通道，当带负电的尘埃碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集。通过调整两板间距d可以改变收集效率η。当d＝d0时η＝64%(即离下板0.64d0范围内的尘埃能够被收集)。不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用。 (1)求尘埃在电场中运动的加速度大小； (2)如图乙所示，假设左侧距下板y处的尘埃恰好能到达下板的右端边缘，请写出收集效率的表达式，并推测收集效率为100%时，上、下两板间距的最大值dm； (3)若单位体积内的尘埃数为n，求稳定工作时单位时间内下板收集的尘埃质量与两板间距d的函数关系，并绘出图线。 答案：(1) (2)η＝×100%　0.8d0　(3)见解析 解析：(1)根据牛顿第二定律可知，尘埃的加速度a＝＝。 (2)根据题意可知，收集效率η＝×100%，收集效率η为64%，即离下板0.64d0的尘埃恰好到达下板的右端边缘，设高压电的电压为U，则在水平方向有：L＝v0t，在竖直方向有：0.64d0＝at2 当减小两板间距时，能够增大电场强度，提高装置对尘埃的收集效率，收集效率恰好为100%时，两板间距即为dm，如果进一步减小d，收集效率仍为100%。因此 在水平方向有：L＝v0t 在竖直方向有：dm＝a′t2 其中有a′＝＝，联立解得d m＝0.8d0。 (3)稳定工作时单位时间内下板收集的尘埃质量＝ηnmbdv0，①当d≤0.8d0时，η＝1，因此＝nmbdv0， ②当 d≥0.8d0时，有η＝×100%，y＝·()2，解得η＝0.64()2，因此＝0.64nmbv0，绘出的图线如图所示。 学科网（北京）股份有限公司 $$