精品解析：2025年四川省德阳市中考一模物理试题

2025年四川省德阳市中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共30分。 1. 下列有关物理量估测，符合实际的是（ ） A. 一节干电池的电压约220V B. 我国居民身份证的长度约8.56cm C. 夏季昆明平均气温约50℃ D. 一张普通A4纸的质量约500g 【答案】B 【解析】 【详解】A．一节干电池的电压1.5V，故A不符合题意； B．我国居民身份证，一只手差不多握住，一只手掌的宽度大约为8cm，故B符合题意； C．昆明是避暑胜地，气温四季如春，50℃太高了，故C不符合题意； D．500g为一斤，一张普通A4纸的质量不可能为一斤，而是大约为4g，故D不符合题意。 故选B。 2. 下面关于各种事例的描述，其中正确的是（　　） A. 把药液注射进肌肉里，利用了大气压强 B. 民航客机能够腾空而起，利用了流体压强与流速的关系 C. “踢足球”时利用了力使物体的形状发生改变的道理 D. 深海鱼到浅海后由于外界液体压强的增大，所以不能存活 【答案】B 【解析】 【详解】A．把药液注射进肌肉里，利用了推力作用，不是利用大气压，故A错误； B．民航客机能够腾空而起，是由于机翼的特殊形状，导致机翼上方气流较快，下方气流较慢，根据流体的流速越大，压强越小，因此下方空气压强较大，获得了向上的升力，故B正确； C．踢足球时，因为足球受到力的作用，足球的运动状态就会发生改变，是利用了力可以改变物体的运动状态，故C错误； D．深海鱼到浅海后，液体的深度减小，则外界液体压强减小，体内压强大于外界压强，内外气压不平衡，所以不能存活，故D错误。 故选B。 3. 下列关于光现象的说法正确的是（ ） A. 图甲中，手影是光的反射形成的 B. 图乙中，潜望镜利用光的折射来观察物体 C. 图丙中，铅笔“错位”是光沿直线传播形成的 D. 图丁中，光的色散现象表明太阳光是由多种色光组成的 【答案】D 【解析】 【详解】A．手影是光在同一均匀介质中沿直线传播，被手挡住形成黑影，因此手影是由光的直线传播形成的，故A错误； B．潜望镜是利用两次平面镜成像来观察物体，属于光的反射现象，故B错误； C．铅笔“错位”是铅笔反射的光从水中斜射入空气中，发生光的折射形成的，故C错误； D．光的色散现象是通过三棱镜将太阳光分成七种色光，说明太阳光是由多种色光组成的，故D正确。 故选D。 4. 图所示的四种物态变化的实例中，属于凝华的是（　　） A. 冰雪消融 B. 草叶上形成“露珠” C. 湖水结冰 D. 草叶上形成“白霜” 【答案】D 【解析】 【详解】A．春天，冰雪消融是属于熔化现象，故A不符合题意； B．露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B不符合题意； C．湖水结冰，是水遇冷凝结成固体，属于凝固现象，故C不符合题意； D．草叶上的霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故D符合题意。 故选D。 5. 初二年级组为了缓解同学们的学习压力，在校期间举行了班级排球和篮球比赛。对于比赛过程中的一些现象，下列说法正确的是（　　） A. 投出去的篮球落地后，滚动一段距离才停下来，说明力可以改变物体的运动状态 B. 竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用 C. 扣球时，手对排球施加了力的作用，排球对手没有施加力的作用 D. 被击打出去的排球可以继续向前飞行，是因为受到惯性力的作用 【答案】A 【解析】 【详解】A．篮球滚动一段距离后停下来，是因为受到阻力作用，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确； B．竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到竖直向下的重力，受非平衡力作用，故B错误； C．因物体间力的作用是相互的，扣球时，手对排球施加了力的作用，同时排球对手施加力的作用，故C错误； D．被击打出去的排球可以继续向前飞行，是由于排球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力，故D错误。 故选A。 6. 如图所示，是火箭搭载卫星加速升空的场景，在火箭升空的过程中下列说法中不正确的是（　　） A. 卫星的动能增大 B. 燃料的化学能转化为内能 C. 卫星的重力势能增大 D. 卫星的机械能不变 【答案】D 【解析】 【详解】A．火箭搭载卫星加速升空，卫星的质量不变，速度增大，动能增大，故A正确，不符合题意； B．火箭的燃料在燃烧时将化学能转化为内能，故B正确，不符合题意； C．火箭搭载卫星加速升空，卫星的质量不变，高度增大，重力势能增大，故C正确，不符合题意； D．火箭搭载卫星升空时，卫星的质量不变，速度变大，动能增大，高度变大，重力势能增大，机械能等于动能与势能之和，因此机械能增大，故D错误，符合题意。 故选D。 7. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R1的滑片P位于中点，当开关S闭合，滑动变阻器R1的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　） A. 电路的总功率保持不变 B. 滑动变阻器R1的电功率变小 C. 电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大 D. 电流表 A2的示数与电流表A1的示数的差值保持不变 【答案】B 【解析】 【详解】A．当开关S闭合，R1、R2并联，滑动变阻器R1的滑片P向左移动时，R1的阻值增大，电路中总电阻增大，根据 可知，电路的总功率变小，故A错误； B．R1、R2并联，支路电压等于电源电压，滑动变阻器R1的滑片P向左移动时，R1的阻值增大，通过R1的电流减小，R1两端电压保持不变，根据 可知，滑动变阻器R1的电功率变小，故B正确； C．由电路图可知，电压表V测量R2两端电压，电流表A1测通过R2的电流，R2为定值电阻，所以电压表V的示数与电流表A1的示数的比值不变，故C错误； D．当开关S闭合，R1、R2并联，电流表 A2测干路电流，电流表A1测通过R2的电流，滑动变阻器R1的滑片P向左移动时，R1的阻值增大，通过R1的电流减小，根据并联电路中干路电流等于各支路电流总和可知，电流表A1示数保持不变，电流表 A2的示数变小，电流表 A2的示数与电流表A1的示数的差值变小，故D错误。 故选B。 8. 盛有适量水的柱形容器静止于水平桌面上，先把质量与碗相等的土豆放置于碗中，并将其放入柱形容器的水中，它们处于漂浮状态，如图甲所示；再把土豆从碗中取出轻放入水中，静止时土豆沉底，碗处于漂浮状态，如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. 水对碗减少的浮力（甲、乙两图对比）等于图乙中水对土豆的浮力 B. 图乙中水对碗的浮力小于水对土豆的浮力 C. 图甲容器中水对容器底部压强大于图乙容器中水对容器底部的压强 D. 图甲容器对桌面的压强大于图乙容器对桌面的压强 【答案】C 【解析】 【详解】A．因为碗和土豆的质量相等，则它们的重力相等，都为G；由物体的沉浮条件可知，水对碗减少的浮力；而图乙中土豆沉底，则；所以水对碗减少的浮力大于图乙中水对土豆的浮力，故A错误。 B．图乙中碗漂浮，则水对碗的浮力，，故B错误。 C．在图甲中，土豆和碗整体受到的浮力为，在图乙中，土豆和碗整体受到的浮力为，由可知，土豆和碗整体排开水的体积减小，水面下降，由可知水对容器底部的压强变小，故C正确。 D．因为容器对桌面的压力等于容器的总重力，所以容器对桌面的压力不变，由可知容器对桌面的压强不变，故D错误。 故选C。 9. 如图所示，固定的斜面长s=2m，高h=0.5m，沿斜面向上用50N的拉力在4s内把一个重60N的物体从斜面底端匀速拉到顶端，这一过程中（　　） A. 对物体做的有用功为120J B. 物体受的摩擦力为50N C. 拉力做功的功率为25W D. 斜面的机械效率为70% 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据题意，对物体做的有用功为 故A不符合题意； B．总功为 则额外功为 则物体受的摩擦力为 故B不符合题意； C．拉力做功的功率为 故C符合题意； D．斜面的机械效率为 故D不符合题意。 故选C。 10. 如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，灯泡标有“2.5V1.25W”字样，不考虑灯丝电阻的变化．若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡也能安全工作，下列说法中正确的是 A. 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4～20Ω B. 电流表示数的变化范围是0～0.5A C. 灯泡的最小功率是0.9W D. 滑动变阻器的功率可以为1W 【答案】D 【解析】 【详解】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流． D．由于灯泡标有“2.5V1.25W”字样，说明灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，由于串联电路总电压等于各分电压之和，所以，当灯泡正常发光时，电压表的示数是： U滑 =U-UL =4.5V-2.5V=2V， 即没有超出电压表的量程，所以，灯泡两端的电压可以达到2.5V，又因为串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI知道，灯泡正常发光时电路中的电流是： ， 因电流表的量程为0～0.6A，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流是： I大 =0.5A， 此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，阻值是： 滑动变阻器的电功率是： P滑 =U滑 I大 =2V×0.5A=1W， 即滑动变阻器的功率可以为1W，故D正确； B．灯泡的电阻是： 当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电功率最小，此时灯泡两端的电压是： UL ′=U-U滑大 =4.5V-3V=1.5V， 电路中的最小电流是： ， 即电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故B错误； A．当电路中有最小电流时，滑动变阻器接入电路中的最大阻值，且 ， 所以，滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故A错误； C．当电路中有最小电流时，灯泡有最小功率： PL′=（I小）2 RL =（0.3A）2 ×5Ω=0.45W， 故C错误． 二、填空题：本大题共5小题，共20分。 11. 家庭用电是发电厂的发电机发出的。发电机是根据______原理制成的，它将________能转化为电能。 【答案】 ①. 电磁感应 ②. 机械能 【解析】 【详解】[1]在发电机内部是由转动的线圈和磁场两大部分组成，在发电机工作时，其转子即转动的线圈在外力的作用下旋转，在磁场中做切割磁感线的运动，从而产生电流，故该装置是利用电磁感应现象的原理工作的。 [2]在工作过程中，消耗机械能，产生电能，故发电机是将机械能转化为电能的过程。 12. 聊城到菏泽的铁路线全长为156千米，K1281次列车12:19 从聊城出发，14:19 到达菏泽，则这列火车全程平均速度为______ km/h；火车出站时，若以行驶中的火车为参照物，聊城站站台是______（选填“静止”或“运动”）的。 【答案】 ①. 78 ②. 运动 【解析】 【详解】[1]这列火车从聊城到菏泽的时间为 t=14:19-12:19=2h 火车全程平均速度 [2]火车出站时，若以行驶中的火车为参照物，聊城站站台的位置发生了变化，是运动的。 13. 李白《望庐山瀑布》中与到“日照香炉生紫烟”，这是通过________（选填“做功”或“热传递”）方式改变水的内能，加热1千克水，使其温度上升2℃。过程中水吸收热量为______J（水的比热容为） 【答案】 ①. 热传递 ②. 【解析】 【详解】[1]“日照香炉生紫烟”的意思是：香炉峰在阳光的照射下生起紫色烟霞，香炉峰中的水在阳光的照射下，吸收热量，这是通过热传递方式改变水的内能。 [2]水吸收热量为 14. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡上标有“6V 3.6W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。当只闭合开关，滑动变阻器的滑片P在最右端时，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为，消耗的功率为；接着将滑片移到最左端，再闭合开关，此时消耗的功率为，电流表的示数变化了0.75A；当只闭合开关、，滑片P在中点时，此时电压表的示数是3V，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为，已知，；则电流表示______；通过开关的通断和滑片的移动，电路消耗的最小总功率为______W。 【答案】 ①. ②. 0.6 【解析】 【详解】[1]①当只闭合开关，滑动变阻器的滑片P在最右端时，滑动变阻器的最大阻值和串联，电压表测电压，电流表测电路电流，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为，消耗的功率为；②接着将滑片移到最左端，再闭合开关，此时、并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，此时消耗的功率为；因为，阻值不变，根据可知前后的电压之比为，则①状态下的电压为电源电压的一半，根据串联分压规律，则滑动变阻器两端的电压；③当只闭合开关、，滑片P在中点时，滑动变阻器的最大阻值的一半与灯泡串联，电压表测灯泡电压，电流表测电路电流，此时电压表的示数是3V，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为。因为，在①③状态下电阻之比为，根据可知。 [2]灯泡电阻为 ③状态下，，所以和灯泡分压相同，均为3V，则电源电压，根据串联分压原理可知滑动变阻器的最大阻值的一半与灯泡阻值相同，即，则；①状态下、的电压为电源电压的一半，根据串联分压原理，、的阻值相同，即。则此时电流为 则②状态下干路电流为 此时支路电流为 根据并联电流规律，则支路电流为 则阻值为 只闭合时，、、、灯泡串联，当滑动变阻器的最大阻值接入电路时，电路中的总电阻最大，根据可知总功率最小为 15. 某工程组设计的利用汽车提升重物的装置如上图甲所示。图中支架固定在水平地面上，当汽车以拉力匀速竖直提升物体A的过程中，物体A的速度为，物体A的重为，滑轮组的机械效率为。当汽车以拉力匀速竖直提升物体B的过程中，物体B的速度为，物体B的重为，滑轮组的机械效率为。拉力、做的功随时间变化的图像分别如图乙中①、②所示。已知：，，不计绳的质量，不计滑轮与轴的摩擦。则为________，提升物体A时的机械效率为_________。 【答案】 ①. 2∶3 ②. 70% 【解析】 【详解】[1]由W-t图象可知，t=2s时，W1=1.8×104J，W2=0.9×104J，由可得，相同时间内两次汽车拉力的功率之比 由 可得，汽车两次的拉力之比 [2]由图可知，n=2，所以有 即 由于不计绳的重力，不计滑轮与轴的摩擦，所以滑轮组的机械效率 即 整理可得 则 三、作图题：本大题共2小题，共4分。 16. 根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。 【答案】 【解析】 【详解】因为平面镜所成的像关于镜面对称，所以先作出端点A、B关于平面镜的对称点、，用虚线连接、，即为物AB在平面镜中所成的像，如下图所示： 17. 如图所示，重为4N的小球静止在水平地面上，用力的示意图画出小球所受的力。 【答案】 【解析】 【详解】重为4N的小球静止在水平地面上，受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力，大小为4N，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上，作用点在重心上，画出两个力的线段长度相等，如图所示： 四、实验探究题：本大题共3小题，共24分。 18. 在“探究凸透镜成像规律”的实验时： （1）从左至右依次将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，并使它们的中心大致在______。调节它们的位置，可在光屏上得到了一个清晰的缩小清晰的像，此时物距范围为______； （2）调节蜡烛的位置，使蜡烛距透镜的距离小于一倍焦距，则此时从透镜的______（选填“左”或“右”）侧透过透镜可看到蜡烛______的像； （3）如果没有好的用眼习惯，容易使眼睛近视。近视眼看不清远处的物体，是由于来自远处某点的光会聚在视网膜______（选填“前”或“后”）方，其矫正方法是佩戴______； （4）有位同学把近视眼镜放在蜡烛与透镜之间（靠近透镜）结果光屏上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜位置，应将光屏向______凸透镜调节（选填“远离”或“靠近”），才能使像变清晰。 【答案】（1） ①. 同一高度上 ②. 大于2倍焦距 （2） ①. 右 ②. 正立放大 （3） ①. 前 ②. 凹透镜 （4）远离 【解析】 【小问1详解】 [1]探究凸透镜成像规律的实验时，从左向右依次将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，为了使得像成在光屏的中央，应使它们的中心大致在同一高度。 [2]据凸透镜的成像规律可知，若在光屏上得到了一个清晰的缩小的像，则此时物距一定大于2倍焦距，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，照相机就是利用该原理制成的。 【小问2详解】 [1][2]由凸透镜成像规律可知，u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。调节蜡烛的位置，使蜡烛距透镜的距离小于一倍焦距，则此时从透镜的右侧透过透镜可看到蜡烛正立、放大的虚像，放大镜就是利用该原理制成的。 【小问3详解】 [1][2]近视眼看不清远处的物体，是由于是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜，即凹透镜，使光线推迟会聚。 【小问4详解】 把近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置，由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线比以前会聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需将光屏远离凸透镜。 19. 学习了浮力和机械后，同学们发现了许多种利用生活中的物品来测量密度的特殊方法。 I.小芳利用电子秤、柱形玻璃杯、长方体木块、长细针（质量和体积忽略不计）、抹布等测量木块的密度，主要步骤如下： ①向柱形玻璃杯内倒入适量的水，电子秤示数如图1甲所示； ②将木块放入柱形玻璃杯的水中漂浮，电子秤示数如图1乙所示； ③用长细针将木块缓慢完全压入水中静止，电子秤的示数如图1丙所示； （1）根据图1中的甲、乙、丙，可以得出木块的质量为______g，木块的体积为______cm3； （2）如图1丙中，长细针对木块的压力为______N； Ⅱ.小婷则利用迷你手提电子秤、螺母等测量木块的密度。 （1）操作步骤如下： ①用细线将木块挂在电子秤下方，记下电子秤示数为F1； ②按照如图2乙所示，将螺母挂在木块下方，并将螺母浸没在水中，记下电子秤示数为F2； ③按照图2丙所示，将螺母和木块一起浸没在水中，记下电子秤示数为F3。 （2）则木块密度的表达式为______（用已经测量的量和ρ水表示）； （3）如果交换乙、丙两步骤顺序，木块密度测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”）； Ⅲ.小佳用一根粗细不均匀的筷子、刻度尺、细线、螺母、带盖塑料小瓶、水，制作杠杆密度计测量消毒液的密度。测量过程如下： （1）将带盖的小瓶系在筷子的细端P处，用细线把筷子悬挂起来，调整系细线的位置O，如图3甲所示，使筷子在水平位置平衡； （2）保持P、O的位置不变，在塑料小瓶中加满水，盖好盖子，调整螺母到A点时，筷子在水平位置平衡，如图3乙所示，测得OP、OA的长度分别为2.00cm、10.00cm； （3）把瓶中的水倒干净，加满消毒液，盖好盖子，调整螺母到B点时，筷子又在水平位置平衡，如图3丙所示，测得OB的长度为8.70cm，则消毒液的密度ρ消毒液=______kg/m3； （4）若小佳在步骤（3）中，出现下列两种情况： ①瓶中没有加满消毒液就盖好盖子，调整螺母位置使筷子水平平衡，测得OB的值，则消毒液密度的测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）； ②瓶中加满消毒液并盖好盖子，调整螺母位置，但在筷子右端偏高时就测出了OB的值，则消毒液密度的测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）； （5）小佳要给自己制作的杠杆密度计标刻度值，则A处应标______g/cm3，然后从A向左、向右标注，每隔0.1cm，密度变化______g/cm3。 【答案】 ①. 45 ②. 90 ③. 0.45 ④. ⑤. 偏小 ⑥. 0.87×103 ⑦. 偏小 ⑧. 偏小 ⑨. 1 ⑩. 0.01 【解析】 【详解】[1]由图甲和图乙可知木块的质量 [2]由图甲和图丙可知，木块排开水的质量 则木块所受浮力 因为木块浸没在水中，所以木块的体积等于木块排开水的体积，即 [3]木块的重力 由二力平衡可得长针对木块的压力 [4]由图2甲可知，木块的重力为，由图2丙、丁知木块受到的浮力为 因为木块浸没在水中，所以木块排开水的体积等于木块的体积，由阿基米德原理可得木块的体积 木块的质量 则木块密度 [5]如果交换乙、丙两步骤的顺序，则因乙中木块上沾有水，导致偏大，由密度的表达式可知，木块密度测量值比真实值偏小。 [6]根据杠杆平衡条件可得， 代入数据得， 解得 [7]由， 化简可得 根据此式，若瓶中没有加满消毒液就盖好盖子，调整螺母位置使筷子水平平衡，则B点的位置就会偏向支点，测得OB的长度就会偏小，因此的值就会偏小。 [8]加满消毒液并盖好盖子，调整螺母位置，但在筷子右端偏高时就测出了OB的长度，若要让筷子平衡，螺母就要向右移动，故右端偏高时，螺母位置偏左，读数偏小，即测量值OB的长度偏小，根据表达式可知消毒液密度的测量值比真实值偏小。 [9]A处对应的是，因此应标。 [10]AB间的距离 因此从A向左、向右标注，每隔，密度变化为。 20. 小明在“测定小灯泡电阻”的实验中，设计的电路图如图甲所示。 （1）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是___________A；若灯丝突然烧断，则电压表的示数会___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （2）换相同规格的灯泡，重新实验，根据测得的数据绘出I﹣U图像如图丙中的A所示，A是一条曲线而不是一条直线，说明灯丝的电阻是变化的，原因是___________； （3）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图像如图丙中的B所示。你认为错误的原因可能是___________； （4）小明同时利用器材测出定值电阻与小灯泡的阻值并绘制出I﹣U图像，如图丁中a、b所示，分析图像中A、B、C三点电阻RA、RB、RC，则电阻值最大的是___________； （5）小明利用连接好的甲图电路测量小灯泡电功率，闭合开关时记录了第1组数据，当小灯泡正常发光时记录了第2组数据，把滑片移到左端点时小灯泡闪亮一下，后熄灭，并记录了第3组数据，如表所示，则他所用灯泡的额定功率为___________W，滑动变阻器的最大阻值___________Ω。 物理量 实验序号 电压表示数 电流表示数 小灯亮暗程度 1 1.3V 0.16A 暗 2 2.5V 0.26A 正常发光 3 4.5V 0A 不发光 【答案】（1） ①. 0.26 ②. 变大 （2）灯丝电阻受温度影响 （3）将电压表并联在滑动变阻器两端了 （4）RB （5） ①. 0.65 ②. 20 【解析】 【小问1详解】 [1]乙图中电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，读数为0.26A。 [2]据甲图可知，电路是灯泡和变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，若灯丝突然烧断，电压表串联接入电路，测电源电压，因此电压表的示数会变大。 【小问2详解】 由于灯泡的电阻受温度的影响会发生改变，因此灯泡的I﹣U图像是一条曲线而不是一条直线。 【小问3详解】 据丙图可知，当电流一定时，两图像电压值和是定值，因此说明B图像的原因是由于电压表并联在变阻器两端，测变阻器两端电压。 【小问4详解】 丁图中，A、B两点的电流相同，B点的电压大于A点的电压，根据可知，B点的电阻大于A点的电阻；B、C两点电压相同，C点的电流大于B点的电流，根据可知，C点的电阻小于B点的电阻，因此电阻值最大的是RB。 【小问5详解】 [1]据表格数据可知，灯泡正常发光时的电压为2.5V，电流为0.26A，则他所用灯泡的额定功率为 [2]据表可知，电流表示数为0时，此时电压表串联接入电路，测电源电压，可得电源电压为4.5V；当电压表的示数为1.3V时，此时电路中电流最小，变阻器接入电路中的阻值最大，此时变阻器两端电压为 变阻器的最大阻值为 五、计算题：本大题共3小题，共17分。 21. 请在图中标出磁感线方向和小磁针的N极，并在括号中标出电源的正负极。 【答案】 【解析】 【详解】磁体周围的磁感线方向都是从N极出发回到S极，所以可以判断磁感线方向从右到左，通电螺线管的左端是N极，右端是S极；通电螺线管的左端是N极，根据磁体间的相互作用规律，小磁针的右端为S极，左端为N极；通电螺线管的左端是N极，右端是S极，根据安培定则判断，电流从通电螺线管的右端进入，从左端流出，可以判断电源的左端是负极，右端是正极，如图所示： 22. 如图甲是一底面积为1m²的货物静止在地面上，其重力 为1200N； 图乙是小明用拉力F将货物竖直向上匀速提升2m， 动滑轮的机械效率为80%， g 取10N/kg。 （1）求货物静止时对地面的压强； （2）求绳端的拉力F做的总功； （3）若动滑轮的质量为10kg， 求克服摩擦和钢绳重所做的功。 【答案】（1）1200Pa；（2）3000J；（3）400J 【解析】 【详解】解：（1）货物静止时对地面的压强为 （2）提升重物所做的有用功 W有=Gh=1200N×2m=2400J 绳端的拉力F做总功 （3）克服动滑轮重力所做的功 W动=G动h=mgh=10kg×10N/kg×2m=200J 额外功 W额=W总-W有=3000J-2400J=600J 克服摩擦和钢绳重所做的功 W=W额- W动=600J-200J=400J 答：（1）货物静止时对地面的压强是1200Pa； （2）绳端的拉力F做的总功是3000J； （3）克服摩擦和钢绳重所做的功是400J。 23. 如图所示电路，电源电压恒为20V，定值电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1.2A”的字样，电流表的量程为“0~3A”，电压表的量程为“0~15V”。闭合开关S，移动滑片P至某一位置，电流表的示数为0.8A。 （1）求此时电阻R2两端的电压； （2）在电路安全的情况下，移动滑片P，求电阻R1的最大功率； （3）若用一定值电阻R0替换电阻R1，闭合开关S后，在电路安全的情况下，移动滑片P，发现电压表示数的最大值与最小值之比为3∶2，求R0的可能值。 【答案】（1）8V （2）15W （3）20Ω或5Ω 【解析】 【小问1详解】 定值电阻 R1​=15Ω，当电流I1=0.8A时，由欧姆定律可得，R1两端电压 电源电压U总=20V，根据串联电路电压关系，R2两端电压U2​=U总-U1​=20V-12V=8V 【小问2详解】 电流表所选量程能测的电流最大值为3A，滑动变阻器允许最大电流 1.2 A，电压表所选量程能测的电压最大值为15V，当电压表示数最大为U2=15V时，通过R1的电流 则电路中最大电流 I最大​​=1A，此时R1​的最大功率P最大​= U2 I最大​​=15V×1A =15W 【小问3详解】 若电压表示数最大能达到15V，即R0两端的电压最大Ua=15V时，此时电流Ia<1.2A 根据题意，电压表的最小电压 此时滑动变阻器在阻值最大端，电流 那么 若电压表示数达到15V时，电流超过滑动变阻器允许通过的最大电流1.2A，那么电压表的最大示数为允许电流最大Im=1.2A时的电压，此时电压表示数Um=Im×R0=1.2A×R0 根据题意，电压表的最小电压 此时滑动变阻器在阻值最大端，电流In=0.8A时，滑动变阻器分得电压 R0两端的电压 R0的阻值 综上所述，R0的阻值为20Ω或5Ω。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025年四川省德阳市中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共10小题，共30分。 1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是（ ） A. 一节干电池的电压约220V B. 我国居民身份证的长度约8.56cm C. 夏季昆明平均气温约50℃ D. 一张普通A4纸的质量约500g 2. 下面关于各种事例的描述，其中正确的是（　　） A. 把药液注射进肌肉里，利用了大气压强 B. 民航客机能够腾空而起，利用了流体压强与流速的关系 C. “踢足球”时利用了力使物体的形状发生改变的道理 D. 深海鱼到浅海后由于外界液体压强的增大，所以不能存活 3. 下列关于光现象的说法正确的是（ ） A. 图甲中，手影是光的反射形成的 B. 图乙中，潜望镜利用光的折射来观察物体 C. 图丙中，铅笔“错位”是光沿直线传播形成的 D. 图丁中，光的色散现象表明太阳光是由多种色光组成的 4. 图所示四种物态变化的实例中，属于凝华的是（　　） A. 冰雪消融 B. 草叶上形成“露珠” C. 湖水结冰 D. 草叶上形成“白霜” 5. 初二年级组为了缓解同学们的学习压力，在校期间举行了班级排球和篮球比赛。对于比赛过程中的一些现象，下列说法正确的是（　　） A. 投出去的篮球落地后，滚动一段距离才停下来，说明力可以改变物体的运动状态 B. 竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用 C. 扣球时，手对排球施加了力的作用，排球对手没有施加力的作用 D. 被击打出去的排球可以继续向前飞行，是因为受到惯性力的作用 6. 如图所示，是火箭搭载卫星加速升空的场景，在火箭升空的过程中下列说法中不正确的是（　　） A. 卫星的动能增大 B. 燃料的化学能转化为内能 C. 卫星重力势能增大 D. 卫星的机械能不变 7. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R1的滑片P位于中点，当开关S闭合，滑动变阻器R1的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　） A. 电路的总功率保持不变 B. 滑动变阻器R1的电功率变小 C. 电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大 D. 电流表 A2的示数与电流表A1的示数的差值保持不变 8. 盛有适量水的柱形容器静止于水平桌面上，先把质量与碗相等的土豆放置于碗中，并将其放入柱形容器的水中，它们处于漂浮状态，如图甲所示；再把土豆从碗中取出轻放入水中，静止时土豆沉底，碗处于漂浮状态，如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. 水对碗减少的浮力（甲、乙两图对比）等于图乙中水对土豆的浮力 B. 图乙中水对碗的浮力小于水对土豆的浮力 C. 图甲容器中水对容器底部的压强大于图乙容器中水对容器底部的压强 D. 图甲容器对桌面的压强大于图乙容器对桌面的压强 9. 如图所示，固定的斜面长s=2m，高h=0.5m，沿斜面向上用50N的拉力在4s内把一个重60N的物体从斜面底端匀速拉到顶端，这一过程中（　　） A. 对物体做的有用功为120J B. 物体受的摩擦力为50N C. 拉力做功的功率为25W D. 斜面的机械效率为70% 10. 如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，灯泡标有“2.5V1.25W”字样，不考虑灯丝电阻的变化．若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡也能安全工作，下列说法中正确的是 A. 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是4～20Ω B. 电流表示数的变化范围是0～0.5A C. 灯泡的最小功率是0.9W D. 滑动变阻器的功率可以为1W 二、填空题：本大题共5小题，共20分。 11. 家庭用电是发电厂的发电机发出的。发电机是根据______原理制成的，它将________能转化为电能。 12. 聊城到菏泽的铁路线全长为156千米，K1281次列车12:19 从聊城出发，14:19 到达菏泽，则这列火车全程平均速度为______ km/h；火车出站时，若以行驶中的火车为参照物，聊城站站台是______（选填“静止”或“运动”）的。 13. 李白《望庐山瀑布》中与到“日照香炉生紫烟”，这是通过________（选填“做功”或“热传递”）方式改变水的内能，加热1千克水，使其温度上升2℃。过程中水吸收热量为______J（水的比热容为） 14. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡上标有“6V 3.6W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。当只闭合开关，滑动变阻器的滑片P在最右端时，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为，消耗的功率为；接着将滑片移到最左端，再闭合开关，此时消耗的功率为，电流表的示数变化了0.75A；当只闭合开关、，滑片P在中点时，此时电压表的示数是3V，滑动变阻器两端的电压为，电流表示数为，已知，；则电流表示______；通过开关的通断和滑片的移动，电路消耗的最小总功率为______W。 15. 某工程组设计的利用汽车提升重物的装置如上图甲所示。图中支架固定在水平地面上，当汽车以拉力匀速竖直提升物体A的过程中，物体A的速度为，物体A的重为，滑轮组的机械效率为。当汽车以拉力匀速竖直提升物体B的过程中，物体B的速度为，物体B的重为，滑轮组的机械效率为。拉力、做的功随时间变化的图像分别如图乙中①、②所示。已知：，，不计绳的质量，不计滑轮与轴的摩擦。则为________，提升物体A时的机械效率为_________。 三、作图题：本大题共2小题，共4分。 16. 根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。 17. 如图所示，重为4N的小球静止在水平地面上，用力的示意图画出小球所受的力。 四、实验探究题：本大题共3小题，共24分。 18. 在“探究凸透镜成像规律”的实验时： （1）从左至右依次将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，并使它们的中心大致在______。调节它们的位置，可在光屏上得到了一个清晰的缩小清晰的像，此时物距范围为______； （2）调节蜡烛的位置，使蜡烛距透镜的距离小于一倍焦距，则此时从透镜的______（选填“左”或“右”）侧透过透镜可看到蜡烛______的像； （3）如果没有好的用眼习惯，容易使眼睛近视。近视眼看不清远处的物体，是由于来自远处某点的光会聚在视网膜______（选填“前”或“后”）方，其矫正方法是佩戴______； （4）有位同学把近视眼镜放在蜡烛与透镜之间（靠近透镜）结果光屏上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜位置，应将光屏向______凸透镜调节（选填“远离”或“靠近”），才能使像变清晰。 19. 学习了浮力和机械后，同学们发现了许多种利用生活中的物品来测量密度的特殊方法。 I.小芳利用电子秤、柱形玻璃杯、长方体木块、长细针（质量和体积忽略不计）、抹布等测量木块的密度，主要步骤如下： ①向柱形玻璃杯内倒入适量的水，电子秤示数如图1甲所示； ②将木块放入柱形玻璃杯的水中漂浮，电子秤示数如图1乙所示； ③用长细针将木块缓慢完全压入水中静止，电子秤的示数如图1丙所示； （1）根据图1中的甲、乙、丙，可以得出木块的质量为______g，木块的体积为______cm3； （2）如图1丙中，长细针对木块的压力为______N； Ⅱ.小婷则利用迷你手提电子秤、螺母等测量木块的密度。 （1）操作步骤如下： ①用细线将木块挂在电子秤下方，记下电子秤示数为F1； ②按照如图2乙所示，将螺母挂在木块下方，并将螺母浸没在水中，记下电子秤示数为F2； ③按照图2丙所示，将螺母和木块一起浸没在水中，记下电子秤示数为F3。 （2）则木块密度的表达式为______（用已经测量的量和ρ水表示）； （3）如果交换乙、丙两步骤的顺序，木块密度测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”）； Ⅲ.小佳用一根粗细不均匀的筷子、刻度尺、细线、螺母、带盖塑料小瓶、水，制作杠杆密度计测量消毒液的密度。测量过程如下： （1）将带盖的小瓶系在筷子的细端P处，用细线把筷子悬挂起来，调整系细线的位置O，如图3甲所示，使筷子在水平位置平衡； （2）保持P、O的位置不变，在塑料小瓶中加满水，盖好盖子，调整螺母到A点时，筷子在水平位置平衡，如图3乙所示，测得OP、OA的长度分别为2.00cm、10.00cm； （3）把瓶中的水倒干净，加满消毒液，盖好盖子，调整螺母到B点时，筷子又在水平位置平衡，如图3丙所示，测得OB的长度为8.70cm，则消毒液的密度ρ消毒液=______kg/m3； （4）若小佳在步骤（3）中，出现下列两种情况： ①瓶中没有加满消毒液就盖好盖子，调整螺母位置使筷子水平平衡，测得OB的值，则消毒液密度的测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）； ②瓶中加满消毒液并盖好盖子，调整螺母位置，但在筷子右端偏高时就测出了OB的值，则消毒液密度的测量值比真实值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）； （5）小佳要给自己制作的杠杆密度计标刻度值，则A处应标______g/cm3，然后从A向左、向右标注，每隔0.1cm，密度变化______g/cm3。 20. 小明在“测定小灯泡电阻”实验中，设计的电路图如图甲所示。 （1）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是___________A；若灯丝突然烧断，则电压表的示数会___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （2）换相同规格的灯泡，重新实验，根据测得的数据绘出I﹣U图像如图丙中的A所示，A是一条曲线而不是一条直线，说明灯丝的电阻是变化的，原因是___________； （3）另外一组同学用相同器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图像如图丙中的B所示。你认为错误的原因可能是___________； （4）小明同时利用器材测出定值电阻与小灯泡的阻值并绘制出I﹣U图像，如图丁中a、b所示，分析图像中A、B、C三点电阻RA、RB、RC，则电阻值最大的是___________； （5）小明利用连接好的甲图电路测量小灯泡电功率，闭合开关时记录了第1组数据，当小灯泡正常发光时记录了第2组数据，把滑片移到左端点时小灯泡闪亮一下，后熄灭，并记录了第3组数据，如表所示，则他所用灯泡的额定功率为___________W，滑动变阻器的最大阻值___________Ω。 物理量 实验序号 电压表示数 电流表示数 小灯亮暗程度 1 1.3V 0.16A 暗 2 2.5V 0.26A 正常发光 3 4.5V 0A 不发光 五、计算题：本大题共3小题，共17分。 21. 请在图中标出磁感线方向和小磁针的N极，并在括号中标出电源的正负极。 22. 如图甲是一底面积为1m²的货物静止在地面上，其重力 为1200N； 图乙是小明用拉力F将货物竖直向上匀速提升2m， 动滑轮的机械效率为80%， g 取10N/kg。 （1）求货物静止时对地面的压强； （2）求绳端的拉力F做的总功； （3）若动滑轮的质量为10kg， 求克服摩擦和钢绳重所做的功。 23. 如图所示电路，电源电压恒为20V，定值电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1.2A”的字样，电流表的量程为“0~3A”，电压表的量程为“0~15V”。闭合开关S，移动滑片P至某一位置，电流表的示数为0.8A。 （1）求此时电阻R2两端电压； （2）在电路安全的情况下，移动滑片P，求电阻R1的最大功率； （3）若用一定值电阻R0替换电阻R1，闭合开关S后，在电路安全的情况下，移动滑片P，发现电压表示数的最大值与最小值之比为3∶2，求R0的可能值。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $