北京市顺义区2024--2025学年八年级下学期期末考试物理试题

北京市顺义区2024--2025学年下学期八年级期末物理试题 一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共30分，每小题2分） 1．（2分）在国际单位制中，力的单位是（　　） A．牛顿 B．米 C．千克 D．米/秒 2．（2分）物理课上同学们学习了力（F）、重力（G）、压强（p）、功（W）、功率（P）几个物理量，他们将这些物理量的计算公式进行梳理，即①②③④，其中正确的是（　　） ①G＝mg m—质量 ②p＝ S—受力面积 ③W＝Fs s—距离 ④P＝ t—时间 A．①②③④ B．只有② C．只有③ D．只有④ 3．（2分）自行车轮胎上刻有花纹，关于花纹的作用，下列说法正确的是（　　） A．增大接触面的粗糙程度，增大摩擦 B．增大接触面的压力，增大摩擦 C．减小接触面的粗糙程度，减小摩擦 D．减小接触面的压力，减小摩擦 4．（2分）如图所示的实例中，目的为了减小压强的是（　　） A．载重车装有很多车轮 B．逃生锤的锤头很尖 C．盲道上有凸起 D．吸管的一端剪成斜口 5．（2分）下列情境中物体处于平衡状态的是（　　） A．火箭从地面发射升空 B．卫星绕地球做圆周运动 C．垒球被竖直向上抛出 D．雨滴竖直匀速下落 6．（2分）如图所示，男孩用水平向右的力F1推柜子，女孩用水平向右的力F2拉柜子，已知F1＞F2，关于这两个力的合力，下列说法正确的是（　　） A．大小为F1+F2，方向水平向右 B．大小为F1﹣F2，方向水平向右 C．大小为F1+F2，方向水平向左 D．大小为F1﹣F2，方向水平向左 7．（2分）如图所示，下列判断正确的是（　　） A．图甲中人将篮球投出后，球离开手飞入篮筐过程中，人对球施加的力做了功 B．图乙中运动员将杠铃从地面上举起的过程中，运动员对杠铃施加的力做了功 C．图丙中机器人托着餐盘水平匀速向前行进，机器人对餐盘施加的力做了功 D．图丁中人用力推车而车未动，人对车施加的力做了功 8．（2分）如图所示，取两支铅笔平行放在桌面上，将乒乓球A、B放在两支铅笔上，使乒乓球刚刚能离开桌面，两球之间距离大约为2cm，P为其中点，M、N分别为A、B两球左、右侧一点。用一支吸管向两只乒乓球之间吹气，则下列说法正确的是（　　） A．两乒乓球会静止不动 B．两乒乓球会向相互远离的方向运动 C．P点气体压强等于M、N点气体压强 D．P点气体压强小于M、N点气体压强 9．（2分）如图所示的四种现象中，属于大气压应用的是（　　） A．伽利略斜面实验中小球滚动 B．挂着物体的吸盘吸在竖直墙壁上 C．推出去的铅球做曲线运动后落地 D．推出去的冰壶在水平冰面上滑行 10．（2分）如图所示，工人用撬棍撬石头。O是支点，工人对撬棍的动力F1作用在A点，石头对撬棍的阻力F2作用在B点。撬石头时，工人尽量将A点远离O点，这样做是为了（　　） A．减小动力臂，方便使用 B．减小阻力臂，能够省力 C．增大动力臂，能够省力 D．增大阻力臂，方便使用 11．（2分）关于惯性，下列说法正确的是（　　） A．液体、气体也有惯性 B．百米赛跑运动员起跑前没有惯性，跑起来后有惯性 C．赛车冲过终点后不能立即停下来，是因为受到惯性作用 D．投出的篮球下落过程中速度越来越快，是因为篮球具有惯性 12．（2分）如图所示，容器底部的出水口塞着橡胶塞，关于橡胶塞是否受容器里水的压力、浮力，下列判断正确的是（　　） A．不受水的压力，受水的浮力 B．受水的压力，不受水的浮力 C．既受水的压力，也受水的浮力 D．既不受水的压力，也不受水的浮力 13．（2分）如图所示，用弹簧测力计测量钩码的重力，钩码静止。下列说法正确的是（　　） A．弹簧测力计对钩码的拉力和钩码对弹簧测力计的拉力是一对平衡力 B．弹簧测力计对钩码的拉力和钩码的重力是一对平衡力 C．钩码对弹簧测力计的拉力和钩码的重力是一对相互作用力 D．钩码对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对手的拉力是一对相互作用力 14．（2分）如图所示，用定滑轮提升物体A，A的重力为GA。分别用拉力F1、F2、F3将物体A竖直匀速提升h，各拉力做功分别为W1、W2、W3，不考虑绳重和轮轴间摩擦。下列说法正确的是（　　） A． B．F1＜F2＜F3 C．W1＝GAh D．W1＜W2＜W3 15．（2分）如图所示，把一个香瓜和一个李子放入水中，静止后，香瓜漂浮在水面上，李子沉到水槽底部。下列判断正确的是（　　） A．香瓜漂浮在水面上，它受到的浮力大于它受到的重力 B．李子在水槽底静止，它受到的浮力等于它受到的重力 C．由香瓜漂浮、李子沉底，可以判断出香瓜比李子质量小 D．若已知香瓜和李子静止时浸入水中体积的大小关系，则可以判断出它们所受浮力的大小关系 二、多选题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共10分，每小题2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分） （多选）16．（2分）下列说法正确的是（　　） A．力只能使物体发生形变 B．重力的施力物体是地球 C．物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力 D．相对地面静止的物体不会受到滑动摩擦力 （多选）17．（2分）如图所示的实例中，属于连通器应用的是（　　） A．茶壶 B．锅炉水位计 C．船闸 D．潜水艇 （多选）18．（2分）如图所示，一辆叉车把质量为1.5×103kg的货物竖直匀速举高2m，用时1min，g取10N/kg，则下列说法正确的是（　　） A．叉车对货物的支持力大小为1.5×104N B．叉车对货物的支持力所做的功为1.5×104J C．叉车对货物的支持力的功率为5×102W D．若举高2m用时2min，则叉车支持力的功率是原来2倍 （多选）19．（2分）神舟飞船的返回舱在进入大气层一段时间后，由于受阻力作用会匀速下降。关于返回舱匀速下降过程，下列说法正确的是（　　） A．返回舱的动能变大 B．返回舱的重力势能变小 C．返回舱的机械能不变 D．返回舱的机械能变小 （多选）20．（2分）如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，重为500N的工人用300N竖直向下的拉力拉动绳子自由端，使重540N的物体A匀速上升。已知两个滑轮的质量相等，不计滑轮组的绳重和轮轴间摩擦。下列判断正确的是（　　） A．动滑轮的重力大小为60N B．滑轮组的机械效率为90% C．工人对地面的压力大小为800N D．支架受到滑轮组的拉力大小为900N 三、实验题（共48分。21、22、24题各4分，23、25题各6分，26、27、28题各8分） 21．（4分）（1）图1所示弹簧测力计的示数为　 　 N。 （2）如图2甲、乙所示，用相同的滑轮组采用不同绕绳方法提升同一重物，绳端拉力较小的是　 　 。（选填“甲”或“乙”） 22．（2分）如图所示为被踢出去的足球，请画出足球的受力示意图。（不考虑空气的作用） 23．（2分）如图，请在图中画出力F对应的力臂L1。 24．（6分）用如图所示3块规格相同的长方体铁块、海绵等器材探究“压力作用效果与压力大小的关系”，请完成下列问题。 （1）本实验中，压力作用效果是　 　 （选填“自变量”“因变量”或“控制变量”），测量方法是　 　 。 （2）本实验需要控制不变的量是　 　 。 25．（4分）用如图所示器材探究“滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小是否有关”。 （1）实验中测量滑动摩擦力，拉动木板在底板上水平运动，当木块相对于底板静止时，木块在水平方向受到滑动摩擦力F摩和拉力F拉作用，依据　 　 可得F摩＝F拉。 （2）实验步骤如下： ①将木块放在木板上，拉动木板，当木块相对底板静止时，读出弹簧测力计示数。 ②将木块换成形状和体积相同、质量不同的铁块，重复①的操作。 这样操作存在的错误是　 　 。 26．（6分）（1）小力用图甲所示器材进行探究，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，分别倒入深度相同、密度不同的酒精和水，橡皮膜向某一侧凸起时，说明橡皮膜两侧液体压强不同。小力探究的问题是　 　 。 （2）如图乙所示，用微小压强计探究“水产生的压强与深度的关系”时，用U形管两侧液面高度差表示压强，测得实验数据如表： 深度h/cm 3.0 6.0 9.0 U形管两侧液面高度差Δh/cm 2.6 5.4 8.2 分析论证：U形管两侧液面高度差Δh越大，说明　 　 ，可得出实验结论：　 　 。 27．（8分）用实验探究杠杆平衡条件。 （1）首先探究：杠杆水平平衡时，保持阻力和阻力臂不变，动力臂L1与动力F1有什么关系？实验前，杠杆如图所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 　 　 侧调节。测得实验数据如下表所示，分析表中数据可得出结论：　 　 。 F2＝1.5N L2＝10cm F1/N 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 L1/cm 15 10 7.5 6.0 5.0 4.3 （2）在（1）的基础上进一步提出问题：杠杆水平平衡时，动力跟动力臂的乘积（F1L1）等于阻力跟阻力臂的乘积（F2L2）吗？继续通过实验进行探究，在这个探究问题中，自变量是 　 　 ，改变自变量的方法是 　 　 。 28．（8分）实验桌上有弹簧测力计、大烧杯、水、密度为1.1g/cm3的浓盐水、细线、金属块。现利用这些器材探究“浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度是否有关”。 （1）请将实验步骤补充完整： ①测出金属块重力G，并记录数据； ②将金属块浸没在水中，不与烧杯接触，用弹簧测力计测出拉力F，并记录数据； ③　 　 ； ④根据F浮＝　 　 ，计算金属块受到的浮力，并记录数据。 （2）画出实验数据记录表。 （3）分析论证：金属块在水和浓盐水中受到的浮力不相等，由此得出结论，浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度　 　 （选填“有关”或“无关”）。 29．（8分）用如图所示的小球、木块、轨道等器材探究动能大小的影响因素。将小球从倾斜轨道上某点由静止释放，探究“小球运动到A点时的动能大小与它到A点时速度大小的关系”。 （1）本实验的自变量是　 　 ，因变量是　 　 。 （2）“物体能够对外做功，就说这个物体具有能量”，这是物理课上学到的能量概念，能够做的功越多，则表示物体的能量越大。据此，小球运动到A点时的动能大小可用　 　 来表示。 （3）关于改变小球的速度大小，除了本实验所用的方法，请你再列举出一种。（可画图辅助说明） 四、科普阅读题（共4分） 30．（4分）请阅读《海上“大力神”》并回答问题。 海上“大力神” 半潜船也称半潜式母船，与同在大海中遨游的，或流线飘逸、或刚劲有力的舰船相比，它的长相实在是怪异。在高高的船楼建筑之下，就是“海拔高度”猝然下跌的开放式甲板，远看上去甚至有一点像大型平板车，因此有海上“大力神”之称。“船不可貌相”，从技术角度上讲，半潜船与潜水艇工作原理相同，只不过潜水艇可以将自己完全藏匿于茫茫大海之中，而半潜船只要将船身甲板潜入水下，船楼建筑露在水外即可。 “新光华”号半潜船为10万吨级半潜船，是我国最大、全球第二大半潜船，如图22甲所示。它总长255米，型宽68米，下潜吃水30.5米，载重量为98000吨，服务航速14.5节，装货甲板长210米、宽68米，甲板面积达到13500平方米。全船有118个压载水舱，每一个压载水舱都有一个阀门直接通向海底。下潜时，打开相应压载水舱的海底阀门，在不超过6小时之内，船就能自动潜入水中30.5米、主甲板以上16米（用结构简图描述如图22乙所示）。上浮时，则通过船上配备的4台大型空压机往相应的压载水舱注入空气，使得舱内压强大于此处水的压强与大气压强之和p，压载舱内的压载水就会自动排出船外，船实现上浮。这艘“大力神”可以通过下潜、上浮或码头滚装的方式来装卸不可分割的大型物体，主要用于运输特大件货物，如海洋平台、大型钢制结构、浮船坞、不适合远洋航行的支线船等，也可作为救助打捞之用。 半潜船的巨大价值不仅体现在其托运能力上，更在于其对未来海上交通发展的深远影响。随着海洋资源的不断开发和利用，大型设备在海上的运输需求将日益增长，而半潜船作为能够运输几乎所有类型船只的特种船，将为未来的海上交通提供有力的保障。 阅读上述材料，回答下列问题。 （1）半潜船通过　 　 实现下潜和上浮。 （2）“新光华”号半潜船装载好货物后，若船体和货物质量共计1×105t，请估算此时半潜船受到的浮力。 （3）“新光华”号半潜船下潜水中30.5m，上浮时船上配备的大型空压机往相应的压载水舱内注入空气，使得舱内压强大于p，舱内的压载水被自动排出船外，已知1个标准大气压p0＝1.01×105Pa，估算p的数值。 五、计算论述题（共8分，30、31题各4分） 31．（4分）如图所示，水平地面上有一圆柱形容器，容器中装有一定量的水，一个体积V＝1×10﹣3m3的正方体A悬浮在水中，g取10N/kg，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3。完成下列问题： （1）求出A所受的浮力大小； （2）分析说明A所受浮力方向为什么竖直向上。 32．（4分）如图是小明利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆OB可绕固定点O在竖直平面内转动，在A点用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F1，横杆冰平，OA：OB＝2：3。已知小明的质量为60kg，g取10N/kg，不考虑横杆的重力。完成下列问题： （1）画出小明的受力示意图； （2）求出F1的大小； （3）求出小明对水平地面的压力大小。 北京市顺义区2024--2025学年下学期八年级期末物理试题 参考答案与试题解析 一．选择题（共15小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 A A A A D A B D B C A 题号 12 13 14 15 答案 B B C D 二．多选题（共5小题） 题号 16 17 18 19 20 答案 BC ABC AC BD AB 一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共30分，每小题2分） 1．（2分）在国际单位制中，力的单位是（　　） A．牛顿 B．米 C．千克 D．米/秒 【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。 【解答】解：在物理学中， A、牛顿是力的基本单位。故A符合题意； B、米是长度的基本单位。故B不符合题意； C、千克是质量的基本单位。故C不符合题意； D、米/秒是速度的基本单位。故D不符合题意。 故选：A。 【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。 2．（2分）物理课上同学们学习了力（F）、重力（G）、压强（p）、功（W）、功率（P）几个物理量，他们将这些物理量的计算公式进行梳理，即①②③④，其中正确的是（　　） ①G＝mg m—质量 ②p＝ S—受力面积 ③W＝Fs s—距离 ④P＝ t—时间 A．①②③④ B．只有② C．只有③ D．只有④ 【分析】根据重力、压强和功、功率的公式得出正确选项。 【解答】解：①重力的公式为G＝mg，其中m表示质量，故①正确； ②压强的定义式为p＝，其中F表示压力，S表示受力面积，故②正确； ③功的公式为W＝Fs，其中s表示距离，故③正确； ④功率的定义式为P＝，其中t表示时间，故④正确。 故选：A。 【点评】本题考查重力、压强和功、功率的公式，难度不大。 3．（2分）自行车轮胎上刻有花纹，关于花纹的作用，下列说法正确的是（　　） A．增大接触面的粗糙程度，增大摩擦 B．增大接触面的压力，增大摩擦 C．减小接触面的粗糙程度，减小摩擦 D．减小接触面的压力，减小摩擦 【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。据此利用控制变量法分析解答。 【解答】解：自行车轮胎上刻有花纹，增大接触面的粗糙程度，在压力一定时，可以增大摩擦力。故选项A正确、BCD错误。 故选：A。 【点评】掌握摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小摩擦力的问题。 4．（2分）如图所示的实例中，目的为了减小压强的是（　　） A．载重车装有很多车轮 B．逃生锤的锤头很尖 C．盲道上有凸起 D．吸管的一端剪成斜口 【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强； 减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。 【解答】解：A、载重车装有很多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A符合题意； B、逃生锤的锤头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B不合题意； C、盲道上有凸起，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不合题意； D、吸管的一端剪成斜口，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不合题意。 故选：A。 【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。 5．（2分）下列情境中物体处于平衡状态的是（　　） A．火箭从地面发射升空 B．卫星绕地球做圆周运动 C．垒球被竖直向上抛出 D．雨滴竖直匀速下落 【分析】物体处于平衡状态的情况有两种，一是静止状态，二是匀速直线运动状态，由此分析。 【解答】解：A、火箭从地面发射升空，速度大小和运动方向都发生变化，处于非平衡状态，故A错误。 B、卫星绕地球做圆周运动，运动方向发生变化，处于非平衡状态，故B错误。 C、垒球被竖直向上抛出，速度不断变小，处于非平衡状态，故C错误。 D、雨滴竖直匀速下落时处于平衡状态，故D正确。 故选：D。 【点评】此题考查平衡状态的判断，属于基础题目，难度不大，正确理解平衡状态的概念是关键。 6．（2分）如图所示，男孩用水平向右的力F1推柜子，女孩用水平向右的力F2拉柜子，已知F1＞F2，关于这两个力的合力，下列说法正确的是（　　） A．大小为F1+F2，方向水平向右 B．大小为F1﹣F2，方向水平向右 C．大小为F1+F2，方向水平向左 D．大小为F1﹣F2，方向水平向左 【分析】根据同一直线上力的合成方法分析答题； （1）两个力在同一直线上，方向相同时，合力大小等于两分力大小之和，方向与分力方向相同； （2）两个力在同一直线上，方向相同反，合力大小等于两分力大小之差，方向与较大力的方向相同。 【解答】解：已知男孩用水平向右的力F1推柜子，女孩用水平向右的力F2拉柜子，两个力方向相同时，合力F＝F1+F2；合力的方向与分力方向相同，即合力的方向水平向右，故A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】本题考查了求合力，掌握力的合成方法、分清两个力是同向还是反向是解题的关键。 7．（2分）如图所示，下列判断正确的是（　　） A．图甲中人将篮球投出后，球离开手飞入篮筐过程中，人对球施加的力做了功 B．图乙中运动员将杠铃从地面上举起的过程中，运动员对杠铃施加的力做了功 C．图丙中机器人托着餐盘水平匀速向前行进，机器人对餐盘施加的力做了功 D．图丁中人用力推车而车未动，人对车施加的力做了功 【分析】物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。 【解答】解：A、球离开手飞入篮筐过程中，人不再对球施加力的作用，所以对篮球不做功，故A错误。 B、运动员将杠铃从地面上举起的过程中，运动员对杠铃施加了力，杠铃在该力的方向上通过了距离，所以运动员对杠铃施加的力做了功，故B正确。 C、机器人托着餐盘水平匀速向前行进，机器人对餐盘施加的力竖直向上，而其运动方向与其垂直，所以机器人对餐盘施加的力不做功，故C错误。 D、人用力推车而车未动，人对车施加了力，但车没有在该力的方向上通过距离，所以人对车不做功，故D错误。 故选：B。 【点评】此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。 8．（2分）如图所示，取两支铅笔平行放在桌面上，将乒乓球A、B放在两支铅笔上，使乒乓球刚刚能离开桌面，两球之间距离大约为2cm，P为其中点，M、N分别为A、B两球左、右侧一点。用一支吸管向两只乒乓球之间吹气，则下列说法正确的是（　　） A．两乒乓球会静止不动 B．两乒乓球会向相互远离的方向运动 C．P点气体压强等于M、N点气体压强 D．P点气体压强小于M、N点气体压强 【分析】分析乒乓球中间的空气流速，根据流速和压强的关系判断乒乓球在压力差作用下的运动情况。 【解答】解：对着两乒乓球的中间吹气，两乒乓球中间的空气流速变大，压强变小，P点气体压强小于M、N点气体压强，产生了一个向内的压强差，将两球压向中间，故两球相互靠近，故ABC错误、D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了流体压强与流速的关系，属于基础题。 9．（2分）如图所示的四种现象中，属于大气压应用的是（　　） A．伽利略斜面实验中小球滚动 B．挂着物体的吸盘吸在竖直墙壁上 C．推出去的铅球做曲线运动后落地 D．推出去的冰壶在水平冰面上滑行 【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。 【解答】解：A、在伽利略斜面实验中，小球在重力的作用下向下滚动；到达水平面后由于惯性继续向前滚动，与大气压无关，故A不符合题意； B、塑料吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，所以在吸盘上挂毛巾吸盘也不会掉下来，此现象与大气压有关，故B符合题意； C、重力的方向是竖直向下的。推出去的铅球在重力的作用下做曲线运动后落地，与大气压无关，故C不符合题意； D、推出去的冰壶在水平冰面上滑行，是由于冰壶具有惯性，还要继续保持原来的运动状态不变，此现象与大气压有关，故D符合题意。 故选：B。 【点评】本题考查大气压知识在生活中的应用，此类问题一定要在学习中多注意灵活运用。 10．（2分）如图所示，工人用撬棍撬石头。O是支点，工人对撬棍的动力F1作用在A点，石头对撬棍的阻力F2作用在B点。撬石头时，工人尽量将A点远离O点，这样做是为了（　　） A．减小动力臂，方便使用 B．减小阻力臂，能够省力 C．增大动力臂，能够省力 D．增大阻力臂，方便使用 【分析】根据杠杆平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，结合图中分析动力臂的变化。 【解答】解：根据杠杆平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，而当将A点远离O点时，动力竖直向下，动力臂在水平方向，故动力臂变大，可以减小动力，能够更省力。 故选：C。 【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，属于基础题。 11．（2分）关于惯性，下列说法正确的是（　　） A．液体、气体也有惯性 B．百米赛跑运动员起跑前没有惯性，跑起来后有惯性 C．赛车冲过终点后不能立即停下来，是因为受到惯性作用 D．投出的篮球下落过程中速度越来越快，是因为篮球具有惯性 【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。 【解答】解：A、任何物体在任何情况下都有惯性，液体、气体也有惯性，故A正确； B、百米赛跑运动员起跑前有惯性，跑起来后也有惯性，故B错误； C、赛车冲过终点后不能立即停下来，是因为赛车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故C错误； D、投出的篮球下落过程中速度越来越快，是因为受到重力的作用，是重力改变了篮球的运动状态，故D错误。 故选：A。 【点评】本题考查了学生对惯性的理解，要知道一切物体都有惯性，会利用惯性对生活中的现象做出解释。 12．（2分）如图所示，容器底部的出水口塞着橡胶塞，关于橡胶塞是否受容器里水的压力、浮力，下列判断正确的是（　　） A．不受水的压力，受水的浮力 B．受水的压力，不受水的浮力 C．既受水的压力，也受水的浮力 D．既不受水的压力，也不受水的浮力 【分析】浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压强大于向下的压强，向上的压力大于向下的压力，物体受到向上和向下的压力差的作用，这个压力差是物体受到的浮力（适用于气体和液体），浮力的方向总是竖直向上的。 【解答】解：容器底部的出水口塞着橡胶塞，橡胶塞受到水向下的压力，但橡胶塞的下表面没有水，没有受到水向上的压力，所以橡胶塞不受浮力，故ACD错误、B正确。 故选：B。 【点评】本题考查了浮力产生的原因，属于基础题。 13．（2分）如图所示，用弹簧测力计测量钩码的重力，钩码静止。下列说法正确的是（　　） A．弹簧测力计对钩码的拉力和钩码对弹簧测力计的拉力是一对平衡力 B．弹簧测力计对钩码的拉力和钩码的重力是一对平衡力 C．钩码对弹簧测力计的拉力和钩码的重力是一对相互作用力 D．钩码对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对手的拉力是一对相互作用力 【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； 一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。 【解答】解：A、弹簧测力计对钩码的拉力和钩码对弹簧测力计的拉力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故A错误； B、弹簧测力计对钩码的拉力和钩码所受的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确； C、钩码对弹簧测力计的拉力与钩码所受的重力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误； D、钩码对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对手的拉力方向相同，二者大小不同，不是一对相互作用力，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了对平衡力和相互作用力条件的理解和辨别，属力学基础题，难度不大。 14．（2分）如图所示，用定滑轮提升物体A，A的重力为GA。分别用拉力F1、F2、F3将物体A竖直匀速提升h，各拉力做功分别为W1、W2、W3，不考虑绳重和轮轴间摩擦。下列说法正确的是（　　） A． B．F1＜F2＜F3 C．W1＝GAh D．W1＜W2＜W3 【分析】定滑轮不省力；根据功的公式W＝Fs进行分析。 【解答】解：题图中的滑轮为定滑轮，使用定滑轮不省力，也不省距离，不计绳重和轮轴间摩擦，F1＝F2＝F3＝GA；各个拉力所做的功均相等，即：W1＝W2＝W3＝GAh；故C正确，ABD错误。 故选：C。 【点评】本题考查的是定滑轮的特点；会利用功的公式进行分析。 15．（2分）如图所示，把一个香瓜和一个李子放入水中，静止后，香瓜漂浮在水面上，李子沉到水槽底部。下列判断正确的是（　　） A．香瓜漂浮在水面上，它受到的浮力大于它受到的重力 B．李子在水槽底静止，它受到的浮力等于它受到的重力 C．由香瓜漂浮、李子沉底，可以判断出香瓜比李子质量小 D．若已知香瓜和李子静止时浸入水中体积的大小关系，则可以判断出它们所受浮力的大小关系 【分析】A、物体漂浮时受到的浮力等于它受到的重力； B、物体沉底时所受的浮力小于自身重力； C、香瓜漂浮说明其密度小于水的密度，李子沉底说明其密度大于水的密度，无法判断出香瓜比李子质量小； D、若已知香瓜和李子静止时浸入水中体积的大小关系，根据阿基米德原理可以判断出它们所受浮力的大小关系。 【解答】解：A、香瓜漂浮在水面上，它受到的浮力等于它受到的重力，故A错误； B、李子沉底时处于静止状态，根据物体的浮沉条件可知，李子所受的浮力小于自身重力，故B错误； C、香瓜漂浮、李子沉底，不可以判断出香瓜比李子质量小，只能说明李子的密度大于香瓜的密度，故C错误； D、若已知香瓜和李子静止时浸入水中体积的大小关系，根据阿基米德原理可以判断出它们所受浮力的大小关系，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查物体浮沉条件的灵活运用和学生对阿基米德原理的理解。 二、多选题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共10分，每小题2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分） （多选）16．（2分）下列说法正确的是（　　） A．力只能使物体发生形变 B．重力的施力物体是地球 C．物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力 D．相对地面静止的物体不会受到滑动摩擦力 【分析】A．力的作用效果包括改变物体的运动状态和使物体发生形变； B．重力的施力物体是地球； C．物体发生弹性形变在恢复形变的过程中，对与它接触的物体产生的力叫弹力； D．相对于接触面有相对运动，则会受到滑动摩擦力。 【解答】解：A．力可以改变物体的运动状态或使物体发生形变，故A错误； B．重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，施力物体是地球，故B正确； C．物体发生弹性形变在恢复形变的过程中，对与它接触的物体产生的力叫弹力，故C正确； D．相对地面静止的物体，如果相对于接触面有相对运动，则会受到滑动摩擦力，故D错误。 故选：BC。 【点评】本题综合考查重力、弹力、摩擦力和力的作用效果相关的知识，属于基础知识考查。 （多选）17．（2分）如图所示的实例中，属于连通器应用的是（　　） A．茶壶 B．锅炉水位计 C．船闸 D．潜水艇 【分析】根据连通器的定义（上端开口、底部相互连通的容器叫连通器）进行判断。 【解答】解： A、茶壶的壶身和壶嘴上端都开口，底部相互连通，是连通器，故A符合题意； B、锅炉水位计，水位计上端和锅炉炉身的上端都是开口的，底部是连通的，是连通器，故B符合题意； C、船闸上端开口，底部相互连通，是连通器，故C符合题意； D、潜水艇是通过改变自身重力来实现上浮和下沉的，不是连通器，故D不合题意。 故选：ABC。 【点评】本题抓住连通器的定义是关键，连通器是上端都要开口，下端都要连通的容器。 （多选）18．（2分）如图所示，一辆叉车把质量为1.5×103kg的货物竖直匀速举高2m，用时1min，g取10N/kg，则下列说法正确的是（　　） A．叉车对货物的支持力大小为1.5×104N B．叉车对货物的支持力所做的功为1.5×104J C．叉车对货物的支持力的功率为5×102W D．若举高2m用时2min，则叉车支持力的功率是原来2倍 【分析】（1）根据G＝mg求货物的重力；货物匀速竖直上升时，受到叉车对它的支持力和自身重力的作用，这两个力是一对平衡力，根据力的平衡条件可得支持力的大小； （2）根据W＝Fs求叉车对货物的支持力所做的功； （3）根据P＝求叉车对货物的支持力的功率； （4）若举高2m用时2min，做的功一定，所用时间是原来的2倍，根据P＝判断叉车支持力的功率大小。 【解答】解：A、货物的重力：G＝mg＝1.5×103kg×10N/kg＝1.5×104N； 货物匀速竖直上升时，受到叉车对它的支持力和自身重力的作用，这两个力是一对平衡力， 根据力的平衡条件可得，支持力的大小：F支＝G＝1.5×104N，故A正确； B、叉车对货物的支持力所做的功：W＝F支s＝1.5×104N×2m＝3×104J，故B错误； C、叉车对货物的支持力的功率：P＝＝＝5×102W，故C正确； D、若举高2m用时2min，做的功一定，所用时间是原来的2倍，根据P＝可知， 叉车支持力的功率为原来的一半，故D错误。 故选：AC。 【点评】本题考查重力、功和功率的计算，以及二力平衡条件的应用，难度一般。 （多选）19．（2分）神舟飞船的返回舱在进入大气层一段时间后，由于受阻力作用会匀速下降。关于返回舱匀速下降过程，下列说法正确的是（　　） A．返回舱的动能变大 B．返回舱的重力势能变小 C．返回舱的机械能不变 D．返回舱的机械能变小 【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。动能和势能之和称为机械能。 【解答】解：A、根据动能大小的影响因素，动能由质量和速度决定，返回舱匀速下降过程中，质量不变，速度不变，所以动能不变，故A错误。 B、根据重力势能大小的影响因素，重力势能由质量和高度决定，返回舱匀速下降时，质量不变，高度不断减小，所以重力势能变小，故B正确。 CD、机械能是动能与势能的总和，由于返回舱动能不变，重力势能变小，所以机械能变小，故C错误，D正确。 故选：BD。 【点评】掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。 （多选）20．（2分）如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，重为500N的工人用300N竖直向下的拉力拉动绳子自由端，使重540N的物体A匀速上升。已知两个滑轮的质量相等，不计滑轮组的绳重和轮轴间摩擦。下列判断正确的是（　　） A．动滑轮的重力大小为60N B．滑轮组的机械效率为90% C．工人对地面的压力大小为800N D．支架受到滑轮组的拉力大小为900N 【分析】（1）由图可知，动滑轮上的绳子段数，不计滑轮组的绳重和轮轴间摩擦，根据F＝（G+G动）可得动滑轮的重力大小； （2）根据η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率； （3）工人站立时，受到竖直向上的支持力、绳子拉力和竖直向下的重力作用，处于静止状态，根据力的平衡条件可得工人受到的支持力，工人对地面的压力与工人受到的支持力是一对相互作用力，根据力的相互性可得工作对地面的压力大小； （4）分析滑轮组和物体整体的受力情况，根据力的平衡条件可得支架对滑轮组的拉力，由力的相互性可得支架受到滑轮组的拉力。 【解答】解：A、由图可知，动滑轮上的绳子段数为n＝2，不计滑轮组的绳重和轮轴间摩擦， 根据F＝（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×300N﹣540N＝60N，故A正确； B、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故B正确； C、工人站立时，受到竖直向上的支持力、绳子拉力和竖直向下的重力作用，处于静止状态， 根据力的平衡条件可得工人受到的支持力：F支＝G﹣F＝500N﹣300N＝200N， 工人对地面的压力与工人受到的支持力是一对相互作用力， 根据力的相互性可得工作对地面的压力大小：F压＝F支＝200N，故C错误； D、将滑轮组和物体看作一个整体，整体受到竖直向上的支架拉力和竖直向下的两个滑轮的重力、物体的重力和绳子的拉力作用，根据力的平衡条件可得，支架对滑轮组的拉力： F拉＝G轮+G+F＝2×60N+540N+300N＝960N， 由力的相互性可得，支架受到滑轮组的拉力与支架对滑轮组的拉力是一对相互作用力， 由力的相互性可得，支架受到滑轮组的拉力：F′拉＝F拉＝960N，故D错误。 故选：AB。 【点评】本题考查滑轮组中有关力和机械效率的计算，以及力的平衡条件和相互性的应用，难度适中。 三、实验题（共48分。21、22、24题各4分，23、25题各6分，26、27、28题各8分） 21．（4分）（1）图1所示弹簧测力计的示数为　2.8　 N。 （2）如图2甲、乙所示，用相同的滑轮组采用不同绕绳方法提升同一重物，绳端拉力较小的是　甲　 。（选填“甲”或“乙”） 【分析】（1）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直； （2）使用滑轮组时，承担物重的绳子股数是n，则所用拉力等于提升物重的n分之一。 【解答】解：（1）由图1可知，弹簧测力计分度值为0.2N，其示数为2.8N； （2）由图2可知，甲滑轮组承担物重的绳子股数n＝3，乙滑轮组承担物重的绳子股数n＝2，使用甲滑轮组拉力较小。 故答案为：（1）2.8；（2）甲。 【点评】本题考查了弹簧测力计的读数和滑轮组的省力特点，属于基础题目。 22．（2分）如图所示为被踢出去的足球，请画出足球的受力示意图。（不考虑空气的作用） 【分析】被踢出去的足球，不考虑空气的作用，先对足球进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。 【解答】解：不考虑空气的作用，被踢出去的足球只受到竖直向下的重力G，作用点画在足球的重心（球心），从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G，如图所示： 【点评】本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。 23．（2分）如图，请在图中画出力F对应的力臂L1。 【分析】过杠杆的支点作出垂直于力作用线的垂线段，可得力F的力臂。 【解答】解： 沿长F的作用线，从点O作力F的作用线的垂线，垂线段的长就是力F的力臂L1．如图所示： 【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。 24．（6分）用如图所示3块规格相同的长方体铁块、海绵等器材探究“压力作用效果与压力大小的关系”，请完成下列问题。 （1）本实验中，压力作用效果是　因变量　 （选填“自变量”“因变量”或“控制变量”），测量方法是　控制变量　 。 （2）本实验需要控制不变的量是　受力面积　 。 【分析】本实验中，探究“压力作用效果与压力大小的关系”，据此分析；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法。 【解答】解：（1）本实验中，探究“压力作用效果与压力大小的关系“，压力作用效果是因变量，压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，即测量方法是控制变量。 （2）由控制变量法，本实验需要控制不变的量是受力面积。 故答案为：（1）因变量；控制变量；（2）受力面积。 【点评】探究“压力作用效果与压力大小的关系”，主要考查控制变量法的运用。 25．（4分）用如图所示器材探究“滑动摩擦力的大小与接触面受到的压力大小是否有关”。 （1）实验中测量滑动摩擦力，拉动木板在底板上水平运动，当木块相对于底板静止时，木块在水平方向受到滑动摩擦力F摩和拉力F拉作用，依据　二力平衡　 可得F摩＝F拉。 （2）实验步骤如下： ①将木块放在木板上，拉动木板，当木块相对底板静止时，读出弹簧测力计示数。 ②将木块换成形状和体积相同、质量不同的铁块，重复①的操作。 这样操作存在的错误是　没有控制木块与木板之间接触面粗糙程度相同　 。 【分析】（1）根据二力平衡的条件分析； （2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。 【解答】解：（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数； （2）探究滑动摩擦力与压力大小的关系时，应控制接触面粗糙程度相同，换成质量不同的铁块时，接触面粗糙程度也相应的改变。 故答案为：（1）二力平衡；（2）没有控制木块与木板之间接触面粗糙程度相同。 【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。 26．（6分）（1）小力用图甲所示器材进行探究，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，分别倒入深度相同、密度不同的酒精和水，橡皮膜向某一侧凸起时，说明橡皮膜两侧液体压强不同。小力探究的问题是　深度相同时，液体压强与液体密度的关系　 。 （2）如图乙所示，用微小压强计探究“水产生的压强与深度的关系”时，用U形管两侧液面高度差表示压强，测得实验数据如表： 深度h/cm 3.0 6.0 9.0 U形管两侧液面高度差Δh/cm 2.6 5.4 8.2 分析论证：U形管两侧液面高度差Δh越大，说明　液体压强越大　 ，可得出实验结论：　在液体密度一定时，压强随深度的增大而变大　 。 【分析】（1）液体内部压强的大小是通过橡皮膜凸起的情况来判断的，液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。 （2）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，结合控制变量法分析。 【解答】解：（1）隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，分别倒入深度相同、密度不同的酒精和水，橡皮膜向某一侧凸起时，说明橡皮膜两侧液体压强不同，由控制变量法，研究的问题是：深度相同时，液体压强与液体密度的关系。 （2）分析论证：U形管两侧液面高度差Δh越大，由转换法，说明液体压强越大，可得出实验结论：在液体密度一定时，压强随深度的增大而变大。 故答案为：（1）深度相同时，液体压强与液体密度的关系； （2）液体压强越大；在液体密度一定时，压强随深度的增大而变大。 【点评】本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。 27．（8分）用实验探究杠杆平衡条件。 （1）首先探究：杠杆水平平衡时，保持阻力和阻力臂不变，动力臂L1与动力F1有什么关系？实验前，杠杆如图所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 　左　 侧调节。测得实验数据如下表所示，分析表中数据可得出结论：　当杠杆平衡时，在阻力和阻力臂保持不变的条件下，动力和动力臂的乘积不变　 。 F2＝1.5N L2＝10cm F1/N 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 L1/cm 15 10 7.5 6.0 5.0 4.3 （2）在（1）的基础上进一步提出问题：杠杆水平平衡时，动力跟动力臂的乘积（F1L1）等于阻力跟阻力臂的乘积（F2L2）吗？继续通过实验进行探究，在这个探究问题中，自变量是 　阻力跟阻力臂的乘积（F2L2）　 ，改变自变量的方法是 　通过改变阻力F2或阻力臂L2的大小　 。 【分析】（1）在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂，实验前，应首先进行杠杆平衡调节，杠杆左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节； 根据动力臂l1和动力F1的数据进行多种运算判断，当阻力与阻力臂不变时，动力F1跟动力臂l1的数学变化关系。 （2）根据实验探究的内容分析。 【解答】解：（1）发现杠杆左端上翘，调节时重心应向左移动，应将杠杆两端的平衡螺母向左移，使杠杆在水平位置平衡； 分析表中数据可知，此时阻力和阻力臂保持不变即F2L2＝1.5N×10cm＝15N•cm，研究的是动力的大小与动力臂的关系：分析数据：F1L1：1.0N×15cm＝15N•cm；1.5N×10cm＝15N•cm；2.0N×7.5cm＝15N•cm；2.5N×6.0cm＝15N•cm；3.0N×5.0cm＝15N•cm；3.5N×4.3cm≈15N•cm，可知：F1L1的乘积为15N•m，始终不变，故可得出其关系为：当杠杆平衡时，在阻力和阻力臂保持不变的条件下，动力和动力臂的乘积不变； （2）探究的是动力臂乘以动力与阻力臂乘以阻力的关系，自变量是阻力跟阻力臂的乘积（F2L2），动力的应为因变量，改变方法是改变阻力F2或阻力臂L2，从而改变F2L2的值。 故答案为：（1）左；当杠杆平衡时，在阻力和阻力臂保持不变的条件下，动力和动力臂的乘积不变；（2）阻力跟阻力臂的乘积（F2L2）；通过改变阻力F2或阻力臂L2的大小。 【点评】杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小，力会变大。同时，本题还考查了利用杠杆的平衡条件来对杠杆的动态平衡情况进行分析，是我们应该掌握的。 28．（8分）实验桌上有弹簧测力计、大烧杯、水、密度为1.1g/cm3的浓盐水、细线、金属块。现利用这些器材探究“浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度是否有关”。 （1）请将实验步骤补充完整： ①测出金属块重力G，并记录数据； ②将金属块浸没在水中，不与烧杯接触，用弹簧测力计测出拉力F，并记录数据； ③　将金属块浸没在浓盐水中，重复②的步骤　 ； ④根据F浮＝　G﹣F　 ，计算金属块受到的浮力，并记录数据。 （2）画出实验数据记录表。 （3）分析论证：金属块在水和浓盐水中受到的浮力不相等，由此得出结论，浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度　有关　 （选填“有关”或“无关”）。 【分析】（1）结合实验目的，根据重法重复②的步骤；根据称重法得出金属块受到的浮力； （2）根据实验步骤，设计出记录数据的表格； （3）金属块在水和浓盐水中受到的浮力不相等，根据称重法回答。 【解答】解：（1）请将实验步骤补充完整： ③将金属块浸没在浓盐水中，重复②的步骤； ④根据F浮＝G﹣F，计算金属块受到的浮力，并记录数据。 （2）根据实验步骤，记录数据的表格如下所示： 金属块的重力G/N 浸没在水中时测力计的示数F/N 浸没在盐水中时测力计的示数F′/N 浸没在水中时受到浮力F浮/N 浸没在盐水中时受到浮力F′浮/N （3）分析论证：金属块在水和浓盐水中受到的浮力不相等，根据称重法，由此得出结论，浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度有关。 故答案为：（1）将金属块浸没在浓盐水中，重复②的步骤；G﹣F；（2）见解析；（3）有关。 【点评】本题探究“浸没在液体里的物体受到的浮力大小与液体密度是否有关”，考查实验方案的设计及实验结论。 29．（8分）用如图所示的小球、木块、轨道等器材探究动能大小的影响因素。将小球从倾斜轨道上某点由静止释放，探究“小球运动到A点时的动能大小与它到A点时速度大小的关系”。 （1）本实验的自变量是　速度　 ，因变量是　物体的动能　 。 （2）“物体能够对外做功，就说这个物体具有能量”，这是物理课上学到的能量概念，能够做的功越多，则表示物体的能量越大。据此，小球运动到A点时的动能大小可用　木块在水平面移动的距离　 来表示。 （3）关于改变小球的速度大小，除了本实验所用的方法，请你再列举出一种。（可画图辅助说明） 【分析】（1）本实验探究动能与速度的关系，故自变量是速度，因变量是动能； （2）本实验通过木块在水平面移动的距离反映动能的大小； （3）将小球A分别拉到与竖直方向成不同角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，据此探究动能与速度的关系。 【解答】解：（1）本实验探究“小球运动到A点时的动能大小与它到A点时速度大小的关系”，故自变量是速度，因变量是动能； （2）小球运动到A点后撞击木块，通过木块在水平面移动的距离反映动能的大小； （3）将小球A分别拉到与竖直方向成不同角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，通过木块C在水平面移动的距离可探究动能与速度的关系。 故答案为：（1）速度；物体的动能；（2）木块在水平面移动的距离；（3）将小球A分别拉到与竖直方向成不同角度的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，通过木块C在水平面移动的距离可探究动能与速度的关系。 【点评】本题探究动能大小的影响因素实验，掌握动能的影响因素是关键。 四、科普阅读题（共4分） 30．（4分）请阅读《海上“大力神”》并回答问题。 海上“大力神” 半潜船也称半潜式母船，与同在大海中遨游的，或流线飘逸、或刚劲有力的舰船相比，它的长相实在是怪异。在高高的船楼建筑之下，就是“海拔高度”猝然下跌的开放式甲板，远看上去甚至有一点像大型平板车，因此有海上“大力神”之称。“船不可貌相”，从技术角度上讲，半潜船与潜水艇工作原理相同，只不过潜水艇可以将自己完全藏匿于茫茫大海之中，而半潜船只要将船身甲板潜入水下，船楼建筑露在水外即可。 “新光华”号半潜船为10万吨级半潜船，是我国最大、全球第二大半潜船，如图22甲所示。它总长255米，型宽68米，下潜吃水30.5米，载重量为98000吨，服务航速14.5节，装货甲板长210米、宽68米，甲板面积达到13500平方米。全船有118个压载水舱，每一个压载水舱都有一个阀门直接通向海底。下潜时，打开相应压载水舱的海底阀门，在不超过6小时之内，船就能自动潜入水中30.5米、主甲板以上16米（用结构简图描述如图22乙所示）。上浮时，则通过船上配备的4台大型空压机往相应的压载水舱注入空气，使得舱内压强大于此处水的压强与大气压强之和p，压载舱内的压载水就会自动排出船外，船实现上浮。这艘“大力神”可以通过下潜、上浮或码头滚装的方式来装卸不可分割的大型物体，主要用于运输特大件货物，如海洋平台、大型钢制结构、浮船坞、不适合远洋航行的支线船等，也可作为救助打捞之用。 半潜船的巨大价值不仅体现在其托运能力上，更在于其对未来海上交通发展的深远影响。随着海洋资源的不断开发和利用，大型设备在海上的运输需求将日益增长，而半潜船作为能够运输几乎所有类型船只的特种船，将为未来的海上交通提供有力的保障。 阅读上述材料，回答下列问题。 （1）半潜船通过　改变自身重力　 实现下潜和上浮。 （2）“新光华”号半潜船装载好货物后，若船体和货物质量共计1×105t，请估算此时半潜船受到的浮力。 （3）“新光华”号半潜船下潜水中30.5m，上浮时船上配备的大型空压机往相应的压载水舱内注入空气，使得舱内压强大于p，舱内的压载水被自动排出船外，已知1个标准大气压p0＝1.01×105Pa，估算p的数值。 【分析】（1）潜水艇是通过改变自身重力实现浮沉的，半潜船与潜水艇工作原理相同。 （2）根据漂浮时F浮＝G＝mg，得到半潜船受到的浮力。 （3）由液体压强公式得到压载水舱处的水的压强，舱内压强p等于此处水的压强与大气压强之和。 【解答】解： （1）半潜船与潜水艇工作原理相同，潜水艇是通过改变自身重力实现浮沉的，所以半潜船通过改变自身重力实现下潜和上浮。下潜时打开压载水舱阀门让水进入增加重力，上浮时向压载水舱注入空气排出水减小重力。 （2）“新光华”号半潜船装载好货物后处于漂浮状态，根据漂浮条件，浮力等于重力，即F浮＝G总＝m总g＝1×108kg×10N/kg＝1×109N。 （3）下潜深度h＝30.5m时，压载水舱处的水的压强p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×30.5m＝3.05×105Pa。 舱内压强p等于此处水的压强与大气压强之和即p＝p水+p0＝3.05×105Pa+1.01×105Pa＝4.06×105Pa。 答：（1）改变自身重力； （2）此时半潜船受到的浮力为1×109N； （3）p的数值为4.06×105Pa。 【点评】本题考查液体压强公式的应用、潜水艇浮沉的工作原理和物体的浮沉条件，难度不大。 五、计算论述题（共8分，30、31题各4分） 31．（4分）如图所示，水平地面上有一圆柱形容器，容器中装有一定量的水，一个体积V＝1×10﹣3m3的正方体A悬浮在水中，g取10N/kg，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3。完成下列问题： （1）求出A所受的浮力大小； （2）分析说明A所受浮力方向为什么竖直向上。 【分析】（1）根据阿基米德原理计算浮力； （2）根据液体压强特点结合浮力产生的原因分析。 【解答】解：（1）一个体积V＝1×10﹣3m3的正方体A悬浮在水中，A所受的浮力大小是F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N； （2）液体压强随着深度的增加而增大，物体下表面的深度比上表面大，A所受浮力方向竖直向上的原因是下表面向上的压力大于上表面向下的压力。 答：（1）A所受的浮力大小是10N； （2）浮力方向竖直向上的原因是下表面向上的压力大于上表面向下的压力。 【点评】本题考查阿基米德原理和浮力产生的原因，属于基础题。 32．（4分）如图是小明利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆OB可绕固定点O在竖直平面内转动，在A点用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F1，横杆冰平，OA：OB＝2：3。已知小明的质量为60kg，g取10N/kg，不考虑横杆的重力。完成下列问题： （1）画出小明的受力示意图； （2）求出F1的大小； （3）求出小明对水平地面的压力大小。 【分析】（1）对小明进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，根据力的示意图的画法作图（可以不标出力的大小）； （2）根据杠杆的平衡条件求出F1的大小； （3）对小明进行受力分析，计算对地面的压力。 【解答】解：（1）此时小明受到竖直向下的重力G、竖直向下的压力F压、竖直向上的支持力F支，三力的作用点都画在小明的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G、F压、F支，如下图所示： ； （2）横杆OB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA：OB＝2：3，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，小明在B端施加竖直方向的力F1， 根据杠杆平衡知，F1×OB＝G×OA， 即F1×3＝300N×2；解得F1＝200N，方向向上； （3）小明在B端施加竖直方向的力F1＝200N，由于力的作用是相互的，小明受到竖直向下的压力F压＝F1＝200N， 由（2）小明的受力示意图可得：F支＝G人+F压＝m人g+F压＝60kg×10N/kg+200N＝800N， 由于力的作用是相互的，小明对水平地面的压力：F＝F支＝800N。 答：（1）见解答图； （2）F1的大小为200N； （3）小明对水平地面的压力大小为800N。 【点评】本题考查了杠杆平衡条件、力的示意图的画法、力的相互性、力的平衡知识的应用，综合性较强，要细心！ 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$