专项突破1 动量定理处理流体问题-【学霸黑白题】2025-2026学年高中物理选择性必修第一册（人教版2019 江苏专用）

心专项突破1 动量定理处理流体 1.(2025·山东泰安期中)将质量为500g的 杯子放在磅秤上，一水龙头以每秒500g的 流量注入杯中，注入杯时水流的速度是 5m/s,方向垂直于杯中水面.和杯中水面作 用后，水流速度变为零.重力加速度g取 10m/s2.则正确的是 () ①水流对杯中水面的冲击力大小为2.5N ②水流对杯中水面的冲击力大小为4.5N ③注至10s时，磅秤示数为57.5N ④注至10s时，磅秤示数为7.5N A.①③B.①④ C.②③D.②④ 2.(2025·山东德州期中)一次大风恶劣天 气，小张同学路过一片空旷地带，迎风站立 时刚好出现被风吹动相对路面滑动的现 象，立即蹲下才安全停下来事后查阅相关 资料来估算当时的风力等级.小张体重约为 65kg,鞋子和路面的动摩擦因数约为0.8， 空气密度约为1.29kg/m3,迎风站立时受力 面积约为0.8m2,重力加速度g取10m/s2 假设风吹到身上时速度减为零，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力.根据以上数据，估算 当时的风力等级为 A.七级(13.9~17.1m/s) B.八级(17.2-20.7m/s)》 C.九级(20.8-24.4m/s) D.十级(24.5~28.4m/s) 3.(2025·河南周口期中)2024年10月30日 消息，神舟十九号载人飞船与空间站组合 体完成自主快速交会对接若我国空间站离 地高度为H,绕地球做匀速圆周运动，地球 半径为R,地球表面的重力加速度大小为g 由于在空间站运行轨道上存在密度为p的 均匀稀薄气体，为了维持空间站长期在固 定轨道上做匀速圆周运动，需要对空间站 问题 施加一个与速度方向相同的动力，若碰到 稀薄气体后气体速度立刻与空间站速度相 同，此时对空间站施加动力的大小为F,则 空间站在垂直速度方向的面积为( F(R+H) 2F(R+H) A. B. pgR2 pgR2 C. F(R+H) F(R+H) D. 4pgR2 2pgR2 4.(2024·四川绵阳南 山中学月考)如图所 示，某煤矿有一水平 放置的传送带，已知传送带的运行速度为 o=0.8m/s,开采出的煤块以50kgs的流 量（即每秒钟有50kg煤块从漏斗中落至传 送带上)垂直落在传送带上，并随着传送带 运动.为了使传送带保持匀速传动，电动机 的功率应该增加 ( A.32W B.40W C.16W D.20W 5.由高压水枪竖直向上喷出的 铁盒 水柱，将一个质量为40kg 的小铁盒开口向下倒顶在 水柱 空中，如图所示.已知水以水枪 恒定速率20m/s从横截面 积为S=1×103m2的水枪中持续喷出，向上 运动并冲击铁盒后，以不变的速率竖直返 回：忽略水在与盒作用时水的重力的影响， 水的密度为1×103kg/m3,则下列说法正确的 是 () A.水冲击铁盒后以5m/s的速度返回 B.铁盒距水枪口的距离为15m C.水枪的输出功率为8kW D.以上结果均不对 进阶突破·专项练01 心专项突破2 单一方向上的动量 1.如图所示，在光滑的水平面上有一静止的斜 面，斜面光滑，现有一个小球从斜面顶点由 静止释放，在小球下滑的过程中，以下说法 正确的是 ①斜面和小球组成的系统 动量守恒 7 ②斜面和小球组成的系统仅 在水平方向上动量守恒 ③斜面向右运动 ④斜面静止不动 A.①③B.①④C.②③D.②④ 2.(2025·山东日照期中)如图所示，质量为 4m、半径为R的光滑半圆槽a和质量为m 的物块b并排置于光滑水平面上.现将质量 为m的小球c自左侧槽口M的正上方2R 高度处由静止释放，到达M点时与半圆槽 相切进入槽内，N为半圆槽的最低点，P为 半圆槽的右侧槽口.重力加速度大小为g, 忽略一切阻力，下列判断正确的是() A.小球从M到N的过程中，半圆槽的位移 大小为名款 B.小球到达N点时的速度为2√30g 5 C.小球到达P点时，物块b的速度为 gR 5 D.小球从P点滑出时的速度大小为5g 5 Q2黑白题物理|选择性必修第一册 守恒 3.如图所示，在水平光滑细杆上穿着A、B两 个可视为质点的刚性小球，两球间距离为 L,用两根长度同为L的不可伸长的轻绳与 C球连接，已知A、B、C三球质量相等，开始 时三球静止，两绳伸直，然后同时释放三球， 在A、B两球发生碰撞之前的过程中，下列说 法正确的是 A.A、B、C组成的系统机 械能不守恒 B.A、B两球发生碰撞前 瞬间C球速度最大 C.A、B两球速度大小始终相等 D.A、B、C三球动量守恒 4.(2024·江西鹰潭模拟)如图所示，A、B两 球分别用长度均为L的轻杆通过光滑铰链 与C球连接，通过外力作用使两杆并拢，系 统竖直放置在光滑水平地面上.某时刻将系 统由静止释放，A、B两球开始分别向左右两 边滑动.已知A、B两球的质量均为m,C球 的质量为2m,三球体积相同，且均在同一竖 直面内运动，忽略一切阻力，重力加速度为 &.系统从静止释放到C球落地前的过程，下 列说法正确的是 A.A、B、C三球组成的系统动量守恒 B.C球的机械能先增加后减少 C.C球落地前瞬间的速度大小为√2gL D.A球的最大速度大小为3g三角形，则经反射后光线平行于AB边，光路图如图所示： 由几何关系得，DF与法线DO夹角为60°，经BC边反射后光线 与0D夹角为30°，由折射定律m=in60 sin30,解得n=3. (2)由于折射率n=√3，可知到达E点的光线发生全反射.射到 E点的光线在玻璃砖中的光路如解析图所示. 由几何关系可知，其在ABC中的路程总长为4R,而在半圆形 部分的路程长为3R光在玻璃砖中的传播速度为=。=。，因 n3 此在玻璃砖中的总传播时间为1=4+3那_7R_73R 5 第3节光的干涉 A解析：A.设两标准平面的玻璃平品之间的夹角为日，由题图 可得：tan0= ID-Do! 由空气薄膜干涉的条件可知2△tan0= L 人即业。联立解得：1D-以=益放A正确：由上 进阶突破 专项突破1动量定理处理流体问题 1.A2.C 3.A解析：设空间站在垂直速度方向的面积为S,碰到稀薄气 体过程中，空间站对稀薄气体的作用力大小为F,经过△ 时间，以稀薄气体为对象，根据动量定理可得F,△r=m-0, 其中m=pS△，再结合 GMmo GMm m R2 =m6g (R+H)2R+联立可 得F,=pse=ps（Na) gR、 _pSgR R+H,可知碰到稀薄气体过程 中，对控间站施加动力大小为户=瓷矿，则空间站在垂直速 度方向的面积为S2,故A正确，故选A 4.A解析：每秒钟内落到传送带上煤块都将获得与传送带相 等的速度，由动量定理可得=△p=mwo,解得∫=40N,煤块 受到的摩擦力由传送带提供，则电动机对传送带应增加的牵 引力为40N.电动机应增加的功率为P=F,=40×0.8W= 32W,故选A 5.B解析：A.极短时间△：内水与小铁盒作用过程中对水由动 量定理可得F△t=p,△S×2,其中F=m快盒g,解得= 10m/s,故A错误：BD.水从枪口喷出到铁盒处由2- =-2gh,解得h=15m,故B正确，D错误；C.假设枪口离地 高度为h',则时间△山内从枪口喷出水的机械能为E= 选择性必修第一册 述分析可知，A与A直径相差越大，B越大，△L越小，D错误： C.轻压T,右端，若△L增大，则0诚小，说明D>D。,故C错误； B.当A与A,直径相等时，an0=0,空气薄膜的厚度处处相等， 不能形成图乙中的干涉条纹，故B错误故选A 第4节实验：用双缝干涉测量光的波长 B解析：A将屏向左移动，双缝到屏的距离减小，其他不动，根 据相邻条纹间距公式4=子，可知干涉条纹间距变小， 故A错误：B.测量过程中误将5个条纹间距数成6个，根据 L Am一可知相邻条纹间距减小，根据△x=入，可知被长测 量值偏小，故B正确：C.根据上述公式可知将双缝换为间距更 小的双缝后，根据相邻条纹间距公式△：=子入，千涉条纹间距 变宽，故C错误；D将滤光片由紫色换成红色，波长变大，根据 △x=上A可知干涉条纹间距变宽，故D错误故选B d 第5节光的衍射 B解析：根据题目中光分别通过狭缝、圆孔后产生的衍射图 样，可以看出，光通过狭缝（两个边缘）向两边衍射，通过圆孔 时，向整个圆周围衍射，可推测光的衍射方向与缝或孔的边缘 数有关，所以光通过正四边形小孔时，应向四边衍射，B正确。 第6节光的偏振激光 B解析：发现光有强弱变化说明水面上反射的阳光是偏振光， 而阳光本身是自然光，在反射时发生了偏振，当偏振片的透振 方向与光的偏振方向平行时，通过的光最强，而当偏振片的透 振方向与光的偏振方向垂直时，通过的光最弱，因此镜片起到 检偏器的作用.故选B. ·专项练 2pSe△x6+ps,Agh',则水枪的输出功率为P=E △ 2pg×u6+pSvogh'=(4000+200h')W,故C错误放选B. 专项突破2单一方向上的动量守恒 1.C 2.C解析：A.设半圆槽、物块b在水平方向移动的距离为x1, 小球c在水平方向移动的臣离为x2,小球c与半圆槽、物块6 组成的系统在水平方向动量守恒，则有(4m+m）·车=m· 离，=R,联立解得名=石R,A错误：BC,根据上述分析 可知，小球到达N点时的速度2与半圆槽、物块b此时的速 度1的关系满足2=501，根据能量守恒可得mg(2R+R)= 1 1 gR (4n+m)听+2m,联立解得=√兮，=5g歌，在 此之后，物块6与半圆槽分离，故物块b将以此速度向左做 匀速直线运动，B错误，C正确；D.从N点到P点，小球c与 半圆槽组成的系统在水平方向动量守恒，设小球到P点时， 半圆槽、小球的水平速度为书，小球竖直方向上的速度为利， 以水平向右的方向为正方向，根据动量守恒定律可得 -4m,+m,=(4m+m),根据能量守恒可得7×4m+ ×m-宁(4+m)2+×mjmgk.联立解得=器 1 黑白题48