精品解析：2025年广东省第一次普通高中学业水平合格性考试物理试卷

2025年第一次广东省普通高中学业水平合格性考试 一、单选题Ⅰ：本大题共10小题，每小题1分，共10分。在每小题列出的三个选项中，只有一个选项符合题目要求。 1. 下列物理量均为矢量的是（　　） A. 速度、力、质量 B. 位移、力、加速度 C. 位移、功、电荷量 2. 下列哪位科学家利用理想斜面实验推翻了亚里士多德关于“必须有力作用在物体上，物体才能运动”的观点（　　） A. 伽利略 B. 普朗克 C. 爱因斯坦 3. 地球围绕太阳公转，可将地球看成质点。它运用了下列哪种科学研究方法（　　） A. 控制变量法 B. 理想化模型法 C. 微元法 4. 如图所示，货车静止在水平地面，货物静止在车厢上，则货车受到地面的摩擦力（　　） A. 方向向左 B. 方向向右 C. 大小为零 5. 为了减轻火车转弯时火车轮缘与轨道间的挤压，对内、外轨道高度的设计，合理的是（　　） A. 内轨略高 B. 外轨略高 C. 内、外轨一样高 6. 下列各类运动不遵循牛顿力学规律的是（　　） A. 卫星绕地运行 B. 地面上汽车的运动 C. 不同参考系中光的传播 7. 如图所示，人们经常使用验电器检验物体是否带电，发现即便排除了外界的干扰，最终验电器的金属箔片还是会闭合。这一现象说明（　　） A. 电荷不守恒 B. 电荷消失了 C. 电荷转移了 8. 为了防止外界电场对精密仪器的干扰，通常将它们置于屏蔽壳内。下列能作为屏蔽壳材料的是（　　） A. 金属 B. 塑料 C. 干木材 9. 对电势概念的理解，下列说法正确的是（　　） A. 电势是矢量 B. 沿着电场线方向，各点电势逐渐升高 C. 确定电场中某点的电势时，要先规定电势的零点 10. 小明骑自行车向正东行驶3km后，再向正南行驶4km。该过程自行车的位移大小为（　　） A. 1km B. 5km C. 7km 二、单选题Ⅱ：本大题共30小题，每小题2分，共60分。在每小题列出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。 11. 砷化镓薄膜电池可将太阳能转化为电能，其光电转化率高达30%。下列说法正确的是（　　） A. 电池可创造能量 B. 太阳能是不可再生能源 C. 此电池的光电转化率不到100%，说明能量不守恒 D. 此电池通过非静电力做功把太阳能转化为电能 12. 某物体运动的图像如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 0~8s内该物体的平均速度大小为6m/s B. 0~2s内与2~8s内该物体的运动方向不同 C. 0~2s内与2~8s内该物体的加速度大小不同 D. 0~2s内与2~8s内该物体的加速度方向相同 13. 一可视为质点的物体做曲线运动，关于该物体受到的合力，下列说法正确的是（　　） A. 可能为零 B. 一定为零 C. 可能为恒力 D. 一定为恒力 14. 汽车在平直路面上直线行驶一段距离后停止，其行驶的图像如图所示，该汽车在时间内的位移大小为（　　） A. B. C. D. 15. 小明在游乐场坐摩天轮，摩天轮以角速度匀速转动，如图所示。小明的质量为m，离转轴距离为r。下列说法正确的是（　　） A. 小明所需的向心力可能为0 B. 小明所需的向心力大小为 C. 小明在最低点受到的支持力可能为0 D. 小明受到重力、支持力和向心力的作用 16. 某机车牵引力的额定功率为300kW，该机车以额定功率水平匀速行驶，其速度大小为30m/s，则机车提供的牵引力大小为（　　） A. 1000N B. 9000N C. 1.0×104 N D. 9.0×106 N 17. 如图所示，一个网球以速度大小水平飞来，运动员挥拍把它以速度大小反向击回。设网球飞来的方向为正方向，则在此过程中网球的速度变化量为（　　） A. B. C. D. 18. 某滑雪爱好者从山顶滑至山脚的过程中，重力对他所做的功与下列哪个因素有关（　　） A. 阻力的大小 B. 滑行的时间 C. 滑行的路径 D. 山顶到山脚的高度差 19. 如图所示，在堆垛货物时，载货的叉车向前做匀减速直线运动的同时，将货物竖直向上匀速抬起，关于此过程中货物的运动，下列说法正确的是（　　） A. 货物的运动轨迹为直线 B. 货物的运动轨迹为曲线 C. 货物所受的合力为零 D. 货物的速度大小不变 20. 小明乘电梯从一楼直升到十楼，经历了加速、匀速和减速三个阶段，下列说法正确的是（　　） A. 电梯加速阶段，小明处于失重状态 B. 电梯减速阶段，小明处于失重状态 C. 电梯上行过程中，小明一直处于超重状态 D. 电梯上行过程中，小明一直处于失重状态 21. 石磨是劳动人民智慧的结晶。如图所示，M、N为石磨推柄上的两点，在石磨绕竖直轴转动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. M点的角速度比N点的角速度小 B. M点的角速度比N点的角速度大 C. M点的线速度比N点的线速度小 D. M点的线速度比N点的线速度大 22. 中国空间站正常运行的轨道低于地球同步卫星的轨道。关于在轨运行的中国空间站，下列说法正确的是（　　） A. 运行周期大于24h B. 运行的角速度比地球同步卫星的小 C. 运行速度小于第一宇宙速度 D. 运行速度大于第二宇宙速度 23. 图a是“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验装置图。甲、乙两名同学用该装置得到加速度a与拉力F的关系如图b所示。下列分析正确的是（　　） A. 细绳拉力始终等于槽码的重力 B. 甲同学平衡了摩擦力 C. 乙同学平衡了摩擦力 D. 乙同学实验中长木板倾角过大 24. 如图所示的圆锥摆，质量为m的摆球在水平面内做匀速圆周运动，摆线与竖直方向夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。该摆球受到的拉力大小为（　　） A. B. C. D. 25. 蹦床运动员保持姿态不变从最高点自由落下，直到蹦床网被压至最低点的过程中，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A. 运动员的重力势能增大 B. 运动员的动能一直增大 C. 运动员刚触蹦床网时，动能最大 D. 运动员在最低点时，蹦床网的弹性势能最大 26. 如图所示，两水平极板间有竖直向下的匀强电场，上极板中心有一小孔，一带负电油滴以某一速度经小孔竖直落入电场中，之后油滴匀速下落。油滴下落过程中（　　） A. 电场力对其做正功 B. 电势能增加 C. 电势能减少 D. 油滴所经位置的电势依次升高 27. 如图所示，在水平向左的匀强电场中，用绝缘细绳竖直悬挂两个带电小球M和N。若两细绳都保持竖直状态，两小球在同一水平线上，则（　　） A. M和N都带负电 B. M和N都带正电 C. M带负电、N带正电 D. M带正电、N带负电 28. 在如图所示的电路中，先闭合开关，再将滑动变阻器R1的滑片从左端逐渐滑到右端。此过程中电流表的示数变化是（　　） A. 逐渐变大 B. 逐渐变小 C. 先变小后变大 D. 先变大后变小 29. 关于电容器，下列说法正确的是（　　） A. 所带电荷量越少，电容越小 B. 所带电荷量越少，电容越大 C. 极板间电压越高，电容越大 D. 电容反映了电容器的自身属性，与极板间电压及所带电荷量无关 30. 下表列出了某电热水壶的主要参数，该电热水壶正常工作的电流为（　　） 额定容量 1.2L 额定频率 50Hz 额定电压 220V 额定功率 1100W A. 0.5A B. 5A C. 6A D. 22A 31. 通电长直导线周围的磁场可用磁感线描述，下列磁感线描述正确的是（　　） A. B. C. D. 32. 如图所示，把一个带电量为q的试探电荷放在某电场中的P点，测得P点电场强度大小为E，方向水平向右。下列说法正确的是（　　） A. 移走试探电荷，P点的电场强度变为零 B. 试探电荷改为，P点的电场强度方向变为向左 C. 减小试探电荷的电量q，P点的电场强度不变 D. 减小试探电荷的电量q，P点的电场强度减小 33. 修缮房屋时，地面上的工人将砖竖直向上抛出，速度为零时，恰好被二楼的工人接住。已知砖的上抛高度为h，重力加速度为g。忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 砖上升到最高点时加速度为零 B. 砖被抛出时的速度为 C. 砖在空中运动的时间为 D. 若抛更重的砖，须增大砖被抛出时的速度 34. 如图所示，在匀强磁场中有一个闭合的金属线圈，下列哪种方式可使线圈中产生感应电流（　　） A. 在磁场内垂直于磁场方向左右平移线圈 B. 在磁场内垂直于磁场方向上下平移线圈 C. 在磁场内沿磁场方向平移线圈 D. 在磁场内绕线圈某一边转动 35. 某充电宝的铭牌标注“10000mA·h（毫安时）”，它对应下列哪个物理量（　　） A. 时间 B. 电能 C. 电荷量 D. 电流 36. 下列装置或电器不是应用电磁波工作的是（　　） A. 射电望远镜 B. 收音机 C. 微波炉 D. 电熨斗 37. 小明将功率为1500W、1000W、500W的三个电器接通在同一个插线板上，插线板的导线出现发热现象。下列相关说法正确的是（　　） A. 导线的电阻可以忽略，该发热现象与电热无关 B. 更换导线更细的插线板，有利于减少发热 C. 断开500W的电器，最有利于减少发热 D. 不能将几个大功率电器同时接通在同一个插线板上 38. 如图所示是测量重力加速度的装置。为减小实验误差，下列措施正确的是（　　） A. 选用密度较小的重物 B. 精确测量重物的质量 C. 释放纸带前，使重物远离打点计时器 D. 将电磁打点计时器更换为电火花打点计时器 39. 在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，如图所示是打点计时器打出的一条纸带。纸带上相邻两计数点间的距离分别为、、和，相邻两计数点间的时间间隔为T。则加速度a的表达式正确的是（　　） A. B. C. D. 40. 用如图所示的电路测量一节电动势约为1.5V干电池的电动势和内阻。滑动变阻器有阻值范围0~15Ω和0~1000Ω两种规格备选，电流表有量程0.6A和3.0A两种规格备选。下列做法正确的是（　　） A. 选阻值范围为0~15Ω的滑动变阻器 B. 选量程为3.0A的电流表 C. 闭合S前，应调节滑动变阻器的滑片至N端 D. 闭合S后，滑片越靠近N端，电压表示数越大 三、多选题：本大题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题列出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选均不得分。 41. 可视为质点的小球做匀速直线运动，与墙面碰撞后立即反弹，继续做匀速直线运动回到原处。小球的位移-时间（x-t）图像可能为（　　） A. B. C. D. 42. 如图所示，一根竖直悬挂的轻质弹簧。在弹簧弹性限度内，将弹簧下端悬挂物体的质量增大一倍后，下列说法正确的有（　　） A. 弹簧的形变量变为原来的两倍 B. 弹簧的劲度系数变为原来的两倍 C. 弹簧的长度变为原来的两倍 D. 弹簧的弹力变为原来的两倍 43. 如图所示，质量为m的风筝静止在空中。线对风筝的拉力大小为F，方向斜向下且与水平夹角为，重力加速度为g。下列关于风筝所受风力，说法正确的有（　　） A. 与F的大小相等 B. 竖直分量大小为 C. 水平分量大小为 D. 方向与水平夹角大于 44. 如图所示，粗糙轨道顶部离地高为h，底部水平且离地高为l。一个物体从其斜面上某位置由静止滑下，在轨道底部以速度v0水平飞出，在空中飞行时间为t，落地速度为vt。不计空气阻力，已知重力加速度为g。以下说法正确的有（　　） A. 物体克服摩擦力所做的功为 B. 物体在空中飞行的过程中机械能守恒 C. t的大小与物体静止滑下的位置有关 D. vt的大小与物体静止滑下的位置有关 45. 如图所示，质量相同的两颗人造地球卫星P、Q做匀速圆周运动，它们的轨道半径分别为r、2r，则卫星P、Q（　　） A. 向心加速度之比为 B. 向心加速度之比为 C. 受到地球的万有引力之比为 D. 受到地球的万有引力之比为 46. 一台电动机的线圈电阻为2Ω，当它接上220V的电源后，正常工作时通过线圈的电流为4A，下列说法正确的有（　　） A. 电动机消耗电功率为880W B. 电动机消耗电功率为32W C. 线圈发热功率为880W D. 线圈发热功率为32W 47. 如图所示，在“探究平抛运动的特点”实验中，钢球从斜槽上静止释放，经光电门水平抛出。读取小球遮挡光电门的时间，测出小球的直径，可计算出小球的平抛初速度。为了减小测量误差，下列措施正确的有（　　） A. 适当升高释放钢球的位置 B. 适当降低释放钢球的位置 C. 选择直径稍小的钢球 D. 选择质量稍大的钢球 48. 关于如图所示的电路，以下说法正确的有（　　） A. 通过调节外电路电阻的阻值，可改变路端电压 B. 通过调节外电路电阻的阻值，可改变电源的电动势 C. 电源的电动势，在数值上等于断路时的路端电压 D. 无论外电路还是内电路，电流都是从电势高处流向电势低处 49. 如图所示，水平桌面上的物体甲，用细绳与物体乙连接，甲、乙质量分别为m、2m。细绳绷紧后静止释放物体乙，物体乙下降的高度为h。不计滑轮和细绳的质量，忽略摩擦，该过程中（　　） A. 乙的机械能守恒 B. 甲和乙总的机械能守恒 C. 乙的重力势能减少了2mgh D. 甲的动能增加了2mgh 50. 如图所示，在喷墨打印机的匀强电场中，一带电液滴以平行于极板的初速度进入该电场，离开电场时速度向上偏转，偏转角为。忽略空气阻力和重力作用，下列说法正确的有（　　） A. 液滴带负电 B. 增加极板长度，增大 C. 增加极板间电压，增大 D. 增加极板间电压，液滴通过极板的时间变长 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025年第一次广东省普通高中学业水平合格性考试 一、单选题Ⅰ：本大题共10小题，每小题1分，共10分。在每小题列出的三个选项中，只有一个选项符合题目要求。 1. 下列物理量均为矢量的是（　　） A. 速度、力、质量 B. 位移、力、加速度 C. 位移、功、电荷量 【答案】B 【解析】 【详解】A．速度、力是矢量，但质量是标量，故A错误； B．位移、力、加速度均为矢量，故B正确； C．位移是矢量，功和电荷量是标量，故C错误。 故选B。 2. 下列哪位科学家利用理想斜面实验推翻了亚里士多德关于“必须有力作用在物体上，物体才能运动”的观点（　　） A. 伽利略 B. 普朗克 C. 爱因斯坦 【答案】A 【解析】 【详解】伽利略通过理想斜面实验提出：若没有摩擦力，物体将以恒定速度持续运动，从而否定了亚里士多德“力是维持运动的原因”的观点，为惯性定律奠定基础。 故选A。 3. 地球围绕太阳公转，可将地球看成质点。它运用了下列哪种科学研究方法（　　） A. 控制变量法 B. 理想化模型法 C. 微元法 【答案】B 【解析】 【详解】将地球视为质点，忽略了其形状和大小，属于建立理想化模型的方法，AC错误，B正确。 故选B。 4. 如图所示，货车静止在水平地面，货物静止在车厢上，则货车受到地面的摩擦力（　　） A. 方向向左 B. 方向向右 C. 大小为零 【答案】C 【解析】 【详解】对货车和货物整体受力分析，利用平衡条件可知整体只受重力和地面支持力的作用，水平方向不受力的作用，即货车受到地面的摩擦力大小为零，故选C。 5. 为了减轻火车转弯时火车轮缘与轨道间的挤压，对内、外轨道高度的设计，合理的是（　　） A. 内轨略高 B. 外轨略高 C. 内、外轨一样高 【答案】B 【解析】 【详解】外轨略高时，火车转弯时所需的向心力由重力和轨道支持力的合力提供。 故选B。 6. 下列各类运动不遵循牛顿力学规律的是（　　） A. 卫星绕地运行 B. 地面上汽车的运动 C. 不同参考系中光的传播 【答案】C 【解析】 【详解】牛顿力学适用于宏观物体在低速（远低于光速）条件下的运动。 A．卫星绕地运行属于宏观、低速（相对于光速）运动，遵循牛顿力学中的万有引力定律，故A错误； B．地面上汽车的运动是宏观、低速的，完全遵循牛顿力学规律，故B错误； C．光速在不同参考系中恒定，需用狭义相对论（而非牛顿力学）描述，故C正确。 故选C。 7. 如图所示，人们经常使用验电器检验物体是否带电，发现即便排除了外界的干扰，最终验电器的金属箔片还是会闭合。这一现象说明（　　） A. 电荷不守恒 B. 电荷消失了 C. 电荷转移了 【答案】C 【解析】 【详解】根据电荷守恒定律，可知电荷既不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，电荷的总量保持不变。所以发现即便排除了外界的干扰，最终验电器的金属箔片还是会闭合。这一现象说明电荷转移了，故C正确。 故选C。 8. 为了防止外界电场对精密仪器的干扰，通常将它们置于屏蔽壳内。下列能作为屏蔽壳材料的是（　　） A. 金属 B. 塑料 C. 干木材 【答案】A 【解析】 【详解】静电屏蔽要求材料为导体（如金属）。导体内部自由电荷在电场中重新分布，形成反向电场，使内部场强为零，从而屏蔽外电场。绝缘体（如塑料、木材）因无自由电荷，无法实现屏蔽。 故选A。 9. 对电势概念的理解，下列说法正确的是（　　） A. 电势是矢量 B. 沿着电场线方向，各点电势逐渐升高 C. 确定电场中某点的电势时，要先规定电势的零点 【答案】C 【解析】 【详解】A．电势是标量，只有大小没有方向，故A错误； B．沿电场线方向，电势逐渐降低,例如正电荷周围电场线向外，电势递减），故B错误； C．电势是相对量，需选定参考点，通常取无穷远处或某接地点为零点，各点电势才能确定具体数值，故C正确。 故选C。 10. 小明骑自行车向正东行驶3km后，再向正南行驶4km。该过程自行车的位移大小为（　　） A. 1km B. 5km C. 7km 【答案】B 【解析】 【详解】位移是初位置到末位置的直线距离。小明先向正东行驶3km，再向正南行驶4km，两次运动方向互相垂直，形成直角三角形的两条直角边。根据勾股定理，位移大小为 故选B。 二、单选题Ⅱ：本大题共30小题，每小题2分，共60分。在每小题列出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。 11. 砷化镓薄膜电池可将太阳能转化为电能，其光电转化率高达30%。下列说法正确的是（　　） A. 电池可创造能量 B. 太阳能是不可再生能源 C. 此电池的光电转化率不到100%，说明能量不守恒 D. 此电池通过非静电力做功把太阳能转化为电能 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据能量守恒定律，能量不能被创造，电池仅实现能量转化，A错误； B．太阳能源于太阳核聚变，可持续再生，B错误； C．转化率低是因能量散失（如热能），总能量守恒未被破坏，C错误； D．非静电力（如半导体内部电场）驱动电荷分离，将光能转化为电能，D正确。 故选D。 12. 某物体运动的图像如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 0~8s内该物体的平均速度大小为6m/s B. 0~2s内与2~8s内该物体的运动方向不同 C. 0~2s内与2~8s内该物体的加速度大小不同 D. 0~2s内与2~8s内该物体的加速度方向相同 【答案】C 【解析】 【详解】A．图像的面积表示位移，则0~8s内该物体的位移为 则平均速度大小为，故A错误； B．由图可知物体的速度始终为正值，所以0~2s内与2~8s内该物体的运动方向相同，故B错误； CD．图像的斜率表示加速度，由图可知，0~2s内与2~8s内图像的斜率正负和大小均不相同，所以0~2s内与2~8s内该物体的加速度方向和大小均不同，故C正确，D错误。 故选C。 13. 一可视为质点的物体做曲线运动，关于该物体受到的合力，下列说法正确的是（　　） A. 可能为零 B. 一定为零 C. 可能为恒力 D. 一定为恒力 【答案】C 【解析】 【详解】AB．物体做曲线运动时，速度方向不断变化，必须存在加速度，故合力不可能为零，故AB错误； C．当合力为恒力时（如平抛运动中重力为恒力），物体可做曲线运动，故C正确； D．曲线运动的合力可以是变力（如非匀速圆周运动），故D错误。 故选C。 14. 汽车在平直路面上直线行驶一段距离后停止，其行驶的图像如图所示，该汽车在时间内的位移大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】图像的面积表示位移，则该汽车在时间内的位移大小为 故选B。 15. 小明在游乐场坐摩天轮，摩天轮以角速度匀速转动，如图所示。小明的质量为m，离转轴距离为r。下列说法正确的是（　　） A. 小明所需的向心力可能为0 B. 小明所需的向心力大小为 C. 小明在最低点受到的支持力可能为0 D. 小明受到重力、支持力和向心力的作用 【答案】B 【解析】 【详解】AB．摩天轮以角速度匀速转动，则有 可知，小明所需的向心力大小为，不可能为0，故A错误，B正确； C．小明在最低点时，由支持力与重力的合力提供向心力，则有 可知，小明在最低点受到的支持力不可能为0，故C错误； D．向心力是一种效果力，是由其他力提供，实际受力分析时，不能够认为受到向心力作用，故D错误。 故选B。 16. 某机车牵引力的额定功率为300kW，该机车以额定功率水平匀速行驶，其速度大小为30m/s，则机车提供的牵引力大小为（　　） A. 1000N B. 9000N C. 1.0×104 N D. 9.0×106 N 【答案】C 【解析】 【详解】机车以额定功率匀速行驶时，牵引力为 故选C。 17. 如图所示，一个网球以速度大小水平飞来，运动员挥拍把它以速度大小反向击回。设网球飞来的方向为正方向，则在此过程中网球的速度变化量为（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】由题意，网球飞来的方向为正方向，则在此过程中网球的速度变化量为，故选D。 18. 某滑雪爱好者从山顶滑至山脚的过程中，重力对他所做的功与下列哪个因素有关（　　） A. 阻力的大小 B. 滑行的时间 C. 滑行的路径 D. 山顶到山脚的高度差 【答案】D 【解析】 【详解】A．重力做功的公式为，其中是物体初末位置的高度差，阻力的大小影响的是总机械能的损耗，但不影响重力做功的数值，故A错误； B．重力做功的公式中不含时间变量，滑行的时间与重力做功无关，故B错误； C．滑行的路径是曲线或直线不影响重力做功，重力做功仅由高度差决定，故C错误； D．重力做功直接取决于高度差，故D正确。 故选D。 19. 如图所示，在堆垛货物时，载货的叉车向前做匀减速直线运动的同时，将货物竖直向上匀速抬起，关于此过程中货物的运动，下列说法正确的是（　　） A. 货物的运动轨迹为直线 B. 货物的运动轨迹为曲线 C. 货物所受的合力为零 D. 货物的速度大小不变 【答案】B 【解析】 【详解】AB．由题意可知，货物的初速度斜向前上，而加速度水平向后，即初速度与加速度不共线，则货物的运动轨迹为曲线，故A错误，B正确； C．由于货物的加速度不为零，所以货物所受的合力不为零，故C错误； D．货物水平方向速度减小，竖直方向速度不变，所以货物的速度大小减小，故D错误。 故选B。 20. 小明乘电梯从一楼直升到十楼，经历了加速、匀速和减速三个阶段，下列说法正确的是（　　） A. 电梯加速阶段，小明处于失重状态 B. 电梯减速阶段，小明处于失重状态 C. 电梯上行过程中，小明一直处于超重状态 D. 电梯上行过程中，小明一直处于失重状态 【答案】B 【解析】 【详解】A．电梯加速上升时，加速度方向向上，小明处于超重状态，故A错误； B．电梯减速上升时，加速度方向向下，小明处于失重状态，故B正确； C．加速阶段超重，匀速阶段加速度为零，无超重或失重，故C错误； D．加速阶段超重，减速阶段失重，匀速阶段正常，故D错误。 故选B。 21. 石磨是劳动人民智慧的结晶。如图所示，M、N为石磨推柄上的两点，在石磨绕竖直轴转动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. M点的角速度比N点的角速度小 B. M点的角速度比N点的角速度大 C. M点的线速度比N点的线速度小 D. M点的线速度比N点的线速度大 【答案】C 【解析】 【详解】AB．由题意可知，两点为同轴转动，所以角速度相等，故AB错误； CD．根据 可知，M点的运动半径小于N点的半径，则M点的线速度比N点的线速度小，故C正确，D错误。 故选C。 22. 中国空间站正常运行的轨道低于地球同步卫星的轨道。关于在轨运行的中国空间站，下列说法正确的是（　　） A. 运行周期大于24h B. 运行的角速度比地球同步卫星的小 C. 运行速度小于第一宇宙速度 D. 运行速度大于第二宇宙速度 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据牛顿第二定律 解得 因为空间站正常运行的轨道低于地球同步卫星的轨道，所以周期小于24h，故A错误； B．根据牛顿第二定律 解得 因为空间站正常运行的轨道低于地球同步卫星的轨道，所以运行的角速度比地球同步卫星的大，故B错误； CD．第一宇宙速度是最大的环绕速度，运行速度小于第一宇宙速度，故C正确，D错误。 故选C。 23. 图a是“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验装置图。甲、乙两名同学用该装置得到加速度a与拉力F的关系如图b所示。下列分析正确的是（　　） A. 细绳拉力始终等于槽码的重力 B. 甲同学平衡了摩擦力 C. 乙同学平衡了摩擦力 D. 乙同学实验中长木板倾角过大 【答案】B 【解析】 【详解】A．对槽码进行分析有 若已经平衡了摩擦力，对小车进行分析有 解得 可知，细绳拉力始终小于槽码的重力，只有当时才可以近似认为，故A错误； B．根据图b可知，甲图像经过了坐标原点，表明甲同学平衡了摩擦力，故B正确； CD．根据图b可知，乙图像在拉力较小时，加速度仍然为0，表明乙没有平衡摩擦力，或者平衡摩擦力过小，即乙同学实验中长木板倾角过小，故CD错误。 故选B。 24. 如图所示的圆锥摆，质量为m的摆球在水平面内做匀速圆周运动，摆线与竖直方向夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。该摆球受到的拉力大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】摆球在水平面内做匀速圆周运动，由所受外力的合力提供向心力，对摆球进行分析，如图所示 则摆球受到的拉力大小为 故选B。 25. 蹦床运动员保持姿态不变从最高点自由落下，直到蹦床网被压至最低点的过程中，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A. 运动员的重力势能增大 B. 运动员的动能一直增大 C. 运动员刚触蹦床网时，动能最大 D. 运动员在最低点时，蹦床网的弹性势能最大 【答案】D 【解析】 【详解】A．重力势能随高度降低而减小，可知，运动员的重力势能减小，故A错误； BC．自由下落阶段运动员速度增大，则动能增大，触网后，弹力从零逐渐增大，开始弹力小于重力，运动员开始做加速度减小的变加速运动，此过程，运动员动能增大，当弹力与重力平衡时，加速度为0，速度达到最大值，运动员的动能也达到最大值，随后弹力大于重力，加速度方向向上，运动员做加速度反向增大的变减速直线运动，速度减小，运动员的动能减小，故BC错误； D．运动员在最低点时，蹦床网的形变量最大，此时蹦床网的弹性势能最大，故D正确。 故选D。 26. 如图所示，两水平极板间有竖直向下的匀强电场，上极板中心有一小孔，一带负电油滴以某一速度经小孔竖直落入电场中，之后油滴匀速下落。油滴下落过程中（　　） A. 电场力对其做正功 B. 电势能增加 C. 电势能减少 D. 油滴所经位置的电势依次升高 【答案】B 【解析】 【详解】ABC．由题意可知，油滴受到的电场力竖直向上，所以油滴下落时，电场力做负功，电势能增加，故AC错误，B正确； D．沿着电场线的方向电势降低，所以油滴所经位置的电势依次降低，故D错误。 故选B。 27. 如图所示，在水平向左的匀强电场中，用绝缘细绳竖直悬挂两个带电小球M和N。若两细绳都保持竖直状态，两小球在同一水平线上，则（　　） A. M和N都带负电 B. M和N都带正电 C. M带负电、N带正电 D. M带正电、N带负电 【答案】D 【解析】 【详解】A．两细绳都保持竖直状态，可知，小球所受电场力与库仑力方向均沿水平方向，竖直方向绳拉力与重力平衡，则小球所受匀强电场的电场力一定与库仑力平衡，若M和N都带负电，则N所受匀强电场的电场力方向向右，M对N的库仑力方向也向右，N不可能静止，故A错误； B．若M和N都带正电，则M所受匀强电场的电场力方向向左，N对M的库仑力方向也向左，M不可能静止，故B错误； C．若M带负电、N带正电，则N所受匀强电场的电场力方向向左，M对N的库仑力方向也向左，N不可能静止，故C错误； D．若M带正电、N带负电，则M所受匀强电场的电场力方向向左，N对M的库仑力方向向右，M可能静止，N所受匀强电场的电场力方向向右，M对N的库仑力方向向左，N也可能静止，故D正确。 故选D。 28. 在如图所示的电路中，先闭合开关，再将滑动变阻器R1的滑片从左端逐渐滑到右端。此过程中电流表的示数变化是（　　） A. 逐渐变大 B. 逐渐变小 C. 先变小后变大 D. 先变大后变小 【答案】A 【解析】 【详解】滑动变阻器R1的滑片从左端逐渐滑到右端，滑动变阻器左侧接入电阻R左增大，外电路总电阻 当R左增大时，R外减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大。滑动变阻器左侧与定值电阻并联等效电阻为 当R左增大时，R并增大，根据欧姆定律可知，并联部分承担电压增大，则电流表示数逐渐变大。 故选A。 29. 关于电容器，下列说法正确的是（　　） A. 所带电荷量越少，电容越小 B. 所带电荷量越少，电容越大 C. 极板间电压越高，电容越大 D. 电容反映了电容器的自身属性，与极板间电压及所带电荷量无关 【答案】D 【解析】 【详解】电容反映了电容器的自身属性，与极板间电压及所带电荷量无关，ABC错误，D正确。 故选D。 30. 下表列出了某电热水壶的主要参数，该电热水壶正常工作的电流为（　　） 额定容量 1.2L 额定频率 50Hz 额定电压 220V 额定功率 1100W A. 0.5A B. 5A C. 6A D. 22A 【答案】B 【解析】 【详解】电热水壶正常工作时的电流为 已知额定功率 ，额定电压 代入得 故选B。 31. 通电长直导线周围的磁场可用磁感线描述，下列磁感线描述正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】AC．根据安培定则，可判断知图中通电长直导线周围的磁场应为选项A图中所示，故A正确，C错误； BD．根据安培定则，可判断知图中通电长直导线周围的磁场从上往下看，应为以导线为圆心的一圈一圈顺时针方向的同心圆，故BD错误； 故选A。 32. 如图所示，把一个带电量为q的试探电荷放在某电场中的P点，测得P点电场强度大小为E，方向水平向右。下列说法正确的是（　　） A. 移走试探电荷，P点的电场强度变为零 B. 试探电荷改为，P点的电场强度方向变为向左 C. 减小试探电荷的电量q，P点的电场强度不变 D. 减小试探电荷的电量q，P点的电场强度减小 【答案】C 【解析】 【详解】A．电场强度由场源电荷与空间位置共同决定，与试探电荷无关，可知，移走试探电荷，P点的电场强度不变，故A错误； B．结合上述可知，试探电荷改为，P点的电场强度方向仍然向右，故B错误； CD．结合上述可知，减小试探电荷的电量q，P点的电场强度不变，故C正确，D错误。 故选C。 33. 修缮房屋时，地面上的工人将砖竖直向上抛出，速度为零时，恰好被二楼的工人接住。已知砖的上抛高度为h，重力加速度为g。忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 砖上升到最高点时加速度为零 B. 砖被抛出时的速度为 C. 砖在空中运动的时间为 D. 若抛更重的砖，须增大砖被抛出时的速度 【答案】B 【解析】 【详解】A．砖在整个运动过程中加速度始终为重力加速度g（方向竖直向下），即使在最高点速度为零时，加速度仍为g，A错误； B．根据竖直上抛公式 解得，B正确； C．砖上升到最高点的时间为 解得 ，C错误； D．根据得， 上升高度仅由初速度和重力加速度决定，与质量无关，因此抛更重的砖无需增大初速度，D错误。 故选B。 34. 如图所示，在匀强磁场中有一个闭合的金属线圈，下列哪种方式可使线圈中产生感应电流（　　） A. 在磁场内垂直于磁场方向左右平移线圈 B. 在磁场内垂直于磁场方向上下平移线圈 C. 在磁场内沿磁场方向平移线圈 D. 在磁场内绕线圈某一边转动 【答案】D 【解析】 【详解】A．在磁场内垂直于磁场方向左右平移线圈，穿过线圈的磁通量保持不变，不能产生感应电流，故A错误； B．在磁场内垂直于磁场方向上下平移线圈，穿过线圈的磁通量保持不变，不能产生感应电流，故B错误； C．在磁场内沿磁场方向平移线圈，穿过线圈的磁通量保持不变，不能产生感应电流，故C错误； D．在磁场内绕线圈某一边转动，回路的有效面积会发生改变，磁通量会发生改变，则会产生感应电流，故D正确。 故选D。 35. 某充电宝的铭牌标注“10000mA·h（毫安时）”，它对应下列哪个物理量（　　） A. 时间 B. 电能 C. 电荷量 D. 电流 【答案】C 【解析】 【详解】电荷量的单位是库仑（C），而1库仑=1安·秒（A·s）。1mA·h=0.001A×3600s=3.6C，因此“mA·h”是电荷量的单位。 故选C。 36. 下列装置或电器不是应用电磁波工作的是（　　） A. 射电望远镜 B. 收音机 C. 微波炉 D. 电熨斗 【答案】D 【解析】 【详解】A．射电望远镜是通无线电波来接收信号的，是利用电磁波工作，故A错误； B．收音机是通无线电波来接收信号的，是利用电磁波工作，故B错误； C．微波炉利用微波加热食物，其所用的微波也是电磁波，故C错误； D．电熨斗利用电流的热效应工作，不是利用电磁波工作，故D正确。 故选D。 37. 小明将功率为1500W、1000W、500W的三个电器接通在同一个插线板上，插线板的导线出现发热现象。下列相关说法正确的是（　　） A. 导线的电阻可以忽略，该发热现象与电热无关 B. 更换导线更细的插线板，有利于减少发热 C. 断开500W的电器，最有利于减少发热 D. 不能将几个大功率电器同时接通在同一个插线板上 【答案】D 【解析】 【详解】A．导线的电阻虽然较小，但电流较大时，根据焦耳定律 可知发热量仍不可忽略，故A错误； B．根据电阻定律 可知导线越细，横截面积越小，电阻越大，发热量反而增加，故B错误； C．断开500W电器后电路总功率为2500W，电流减小，但断开1500W的电器后，电路总功率为1500W电流减少更显著，所以断开500W的电器并非最有利于减少发热，故C错误； D．多个大功率电器同时使用会导致总电流超过插线板承载能力，引发过热危险，故D正确。 故选D。 38. 如图所示是测量重力加速度的装置。为减小实验误差，下列措施正确的是（　　） A. 选用密度较小的重物 B. 精确测量重物的质量 C. 释放纸带前，使重物远离打点计时器 D. 将电磁打点计时器更换为电火花打点计时器 【答案】D 【解析】 【详解】A．重物体积要小，质量要大，有利于减小重物受到的空气阻力，所以材料要选择密度大重物，故A错误； B．本实验是根据纸带利用逐差法计算得出重力加速度，不需测量重物的质量，故B错误； C．为提高纸带的利用率，释放重物前，重物离打点计时器下端近些，故C错误； D．电火花打点计时器的摩擦产生的误差小，故D正确。 故选D。 39. 在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，如图所示是打点计时器打出的一条纸带。纸带上相邻两计数点间的距离分别为、、和，相邻两计数点间的时间间隔为T。则加速度a的表达式正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】物体做匀加速直线运动，相邻两计数点间的时间间隔为T，为了减小实验误差，利用逐差法计算加速度，则有 故选A。 40. 用如图所示的电路测量一节电动势约为1.5V干电池的电动势和内阻。滑动变阻器有阻值范围0~15Ω和0~1000Ω两种规格备选，电流表有量程0.6A和3.0A两种规格备选。下列做法正确的是（　　） A. 选阻值范围为0~15Ω的滑动变阻器 B. 选量程为3.0A的电流表 C. 闭合S前，应调节滑动变阻器的滑片至N端 D. 闭合S后，滑片越靠近N端，电压表示数越大 【答案】A 【解析】 【详解】A．因干电池内阻较小，为了让外电路的电压有明显变化且滑动变阻器方便调节，需要选择总阻值较小的0~15Ω的滑动变阻器，故A正确； B．一节干电池的电阻大约为几欧姆，允许流经的最大电流约零点几安，为了减小误差，电流表应选量程为0.6A的电流表，故B错误； C．闭合S前，为了防止电路中电流过大，保护电表，应使滑动变阻器接入电路中的有效阻值达最大，故应调节滑动变阻器的滑片至M端，故C错误； D．闭合S后，滑片越靠近N端，滑动变阻器接入电路中的有效阻值变小，外电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知路端电压变小，则电压表示数越小，故D错误。 故选A。 三、多选题：本大题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题列出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选均不得分。 41. 可视为质点的小球做匀速直线运动，与墙面碰撞后立即反弹，继续做匀速直线运动回到原处。小球的位移-时间（x-t）图像可能为（　　） A. B. C. D. 【答案】AB 【解析】 【详解】AB．若取小球原来运动的方向为正方向，根据图像的斜率表示速度，可知与墙面碰撞后小球的运动方向为负方向，继续做匀速直线运动回到原处，但位移仍然为正；同理，若取小球原来运动的方向为负方向，根据图像的斜率表示速度，可知与墙面碰撞后小球的运动方向为正方向，继续做匀速直线运动回到原处，但位移仍然为负，结合选项图像。故AB正确。 CD．根据图像的斜率表示速度，可知小球的速度方向不可能一直为正方向或负方向，而且小球不能回到出发点，故CD错误。 故选AB。 42. 如图所示，一根竖直悬挂的轻质弹簧。在弹簧弹性限度内，将弹簧下端悬挂物体的质量增大一倍后，下列说法正确的有（　　） A. 弹簧的形变量变为原来的两倍 B. 弹簧的劲度系数变为原来的两倍 C. 弹簧的长度变为原来的两倍 D. 弹簧的弹力变为原来的两倍 【答案】AD 【解析】 【详解】A．根据胡克定律有 解得 可知，将弹簧下端悬挂物体的质量增大一倍后，弹簧的形变量变为原来的两倍，故A正确； B．弹簧的劲度系数由弹簧自身材料决定，与弹力大小没有本质上的决定关系，可知，弹簧的劲度系数不变，故B错误； C．根据胡克定律有 解得 可知，将弹簧下端悬挂物体的质量增大一倍后，弹簧的长度小于原来的两倍，故C错误； D．结合上述，根据平衡条件可知，将弹簧下端悬挂物体的质量增大一倍后，弹簧的弹力变为原来的两倍，故D正确。 故选AD。 43. 如图所示，质量为m的风筝静止在空中。线对风筝的拉力大小为F，方向斜向下且与水平夹角为，重力加速度为g。下列关于风筝所受风力，说法正确的有（　　） A. 与F的大小相等 B. 竖直分量大小为 C. 水平分量大小为 D. 方向与水平夹角大于 【答案】BCD 【解析】 【详解】B．对风筝进行分析，其受到重力、拉力与风力N，根据平衡条件可知，风力竖直分量大小为，故B正确； C．结合上述可知，风力水平分量大小为，故C正确； A．风筝所受风力 结合上述解得，故A错误； D．令风筝所受风力方向与水平夹角为，则有 结合上述解得 可知，风力方向与水平夹角大于，故D正确。 故选BCD。 44. 如图所示，粗糙轨道顶部离地高为h，底部水平且离地高为l。一个物体从其斜面上某位置由静止滑下，在轨道底部以速度v0水平飞出，在空中飞行时间为t，落地速度为vt。不计空气阻力，已知重力加速度为g。以下说法正确的有（　　） A. 物体克服摩擦力所做的功为 B. 物体在空中飞行的过程中机械能守恒 C. t的大小与物体静止滑下的位置有关 D. vt的大小与物体静止滑下的位置有关 【答案】BD 【解析】 【详解】A．物体下滑时，根据动能定理 解得，故A错误； B．因为不计空气阻力，所以物体在空中飞行的过程中只受重力，只有重力做功，物体的机械能守恒，故B正确； C．物体从轨道底部飞出后做平抛运动，在竖直方向 可得 可知，t的大小与平抛的初速度无关，即与物体静止滑下的位置无关，故C错误； D．物体从轨道底部飞出后做平抛运动，在竖直方向 落地速度为 即落地速度vt与物体静止滑下的位置有关，故D正确。 故选BD。 45. 如图所示，质量相同的两颗人造地球卫星P、Q做匀速圆周运动，它们的轨道半径分别为r、2r，则卫星P、Q（　　） A. 向心加速度之比为 B. 向心加速度之比为 C. 受到地球的万有引力之比为 D. 受到地球的万有引力之比为 【答案】BD 【解析】 【详解】CD．卫星所受地球的万有引力大小为 又因为两卫星的质量相同，则两卫星受到地球的万有引力之比为，故C错误，D正确； AB．根据牛顿第二定律，解得 又因为两卫星的质量相同，所以向心加速度之比为，故A错误，B正确。 故选BD。 46. 一台电动机的线圈电阻为2Ω，当它接上220V的电源后，正常工作时通过线圈的电流为4A，下列说法正确的有（　　） A. 电动机消耗电功率为880W B. 电动机消耗电功率为32W C. 线圈发热功率为880W D. 线圈发热功率为32W 【答案】AD 【解析】 【详解】A．电动机消耗的电功率为总功率，由公式 ，故A正确； B．线圈的发热功率是32W，而非总电功率，故B错误； C．线圈发热功率由焦耳定律 ，而非880W，故C错误； D．线圈发热功率计算为32W，与选项D一致，故D正确。 故选AD。 47. 如图所示，在“探究平抛运动的特点”实验中，钢球从斜槽上静止释放，经光电门水平抛出。读取小球遮挡光电门的时间，测出小球的直径，可计算出小球的平抛初速度。为了减小测量误差，下列措施正确的有（　　） A. 适当升高释放钢球的位置 B. 适当降低释放钢球的位置 C. 选择直径稍小的钢球 D. 选择质量稍大的钢球 【答案】C 【解析】 【详解】设小球的直径为，通过光电门的遮光时间为，平抛时的初速度为，由题意可知。显然，为了减小测量误差升高和降低释放钢球的位置、选择质量稍大的钢球均对减小误差没有影响，而选择直径稍小的钢球，将使得其通过光电门时的平均速度更接近瞬时速度，故选C。 48. 关于如图所示的电路，以下说法正确的有（　　） A. 通过调节外电路电阻的阻值，可改变路端电压 B. 通过调节外电路电阻的阻值，可改变电源的电动势 C. 电源的电动势，在数值上等于断路时的路端电压 D. 无论外电路还是内电路，电流都是从电势高处流向电势低处 【答案】AC 【解析】 【详解】A．根据闭合电路欧姆定律可知 又因为，所以，通过调节外电路电阻的阻值，可改变路端电压，故A正确； B．电源的电动势由电源本身决定的，与外电路的电阻值无关，故B错误； C．电动势在数值上等于电源没有接入外电路时两极间的电压，故C正确； D．在外电路，电流从电势高处流向电势低处；在内电路，电流从电势低处流向电势高处，故D错误。 故选AC。 49. 如图所示，水平桌面上的物体甲，用细绳与物体乙连接，甲、乙质量分别为m、2m。细绳绷紧后静止释放物体乙，物体乙下降的高度为h。不计滑轮和细绳的质量，忽略摩擦，该过程中（　　） A. 乙的机械能守恒 B. 甲和乙总的机械能守恒 C. 乙的重力势能减少了2mgh D. 甲的动能增加了2mgh 【答案】BC 【解析】 【详解】A．乙下降过程，绳对乙的拉力对乙做负功，可知乙的机械能减小，故A错误； B．对甲、乙构成的系统，系统所受外力只有重力做功，甲和乙总的机械能守恒，故B正确； C．乙所受重力做正功2mgh，则乙的重力势能减少了2mgh，故C正确； D．对甲、乙构成的系统进行分析有 解得 即甲的动能增加了，故D错误。 故选BC。 50. 如图所示，在喷墨打印机的匀强电场中，一带电液滴以平行于极板的初速度进入该电场，离开电场时速度向上偏转，偏转角为。忽略空气阻力和重力作用，下列说法正确的有（　　） A. 液滴带负电 B. 增加极板长度，增大 C. 增加极板间电压，增大 D. 增加极板间电压，液滴通过极板的时间变长 【答案】ABC 【解析】 【详解】A．由题意知液滴向上偏转，则所受电场力方向竖直向上，与场强方向相反，则粒子带负电，故A正确； BC．液滴飞出电场时的速度偏向角满足，，，，， 联立可得 显然，增加极板长度，增大；增加极板间电压，增大，故BC正确； D．液滴通过极板的时间 所以，增加极板间电压，液滴通过极板的时间不变，故D错误。 故选ABC。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $