精品解析：安徽省合肥市第一中学2024-2025学年高一上学期1月月考物理试题

安徽省合肥市第一中学2024-2025学年高一上学期 1月 月考 物理试题 （考试总分：100 分 考试时长： 75 分钟） 一、 单选题 （本题共计8小题，总分32分） 1. 用国际单位制的基本单位表示功的单位，下列表示正确的是（ ） A. kg·m2/s2 B. N·m/s C. J D. N·m 【答案】A 【解析】 【详解】根据公式 其中m的单位为，a的单位是，x的单位是m，则功的单位为，而N、J都是导出单位。 故选A。 2. 如图所示，质量均为m的A、B两小球用两轻弹簧连接悬挂于天花板上并处于静止状态，已知重力加速度为g。现在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力，在力刚作用于B球的瞬间（　　） A. B球加速度大小为，A球加速度大小为 B. B球加速度大小为2g，A球加速度大小为0 C. B球加速度大小为0，A球加速度大小为g D. B球加速度大小为g，A球加速度大小为0 【答案】D 【解析】 【详解】在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力前，上方的弹簧对整体的拉力是2mg，下方的弹簧对B球拉力是mg，在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力后瞬间，上方弹簧的拉力和下方的弹簧拉力不变，球A受重力，上方弹簧的拉力及下方弹簧的拉力，合力为 故加速度为0，对B，受到重力，向上的拉力，及向下的拉力，根据牛顿第二定律可知 解得 故选D。 3. 如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接，放在倾角为θ的斜面上，用始终平行于斜面向上的拉力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ。为了增加轻线上的张力，可行的办法是（　　） A. 增大A物块的质量 B. 增大B物块的质量 C. 增大倾角θ D. 增大动摩擦因数μ 【答案】B 【解析】 【详解】根据牛顿第二定律，对整体有 对B有 联立可得 由此可知，当增大A物块的质量时，T减小，增大B物块的质量，T增大，增大倾角、增大动摩擦因数，T不变。 故选B。 4. 如图所示，在斜面上有四条光滑细杆，其中OA杆竖直放置，OB杆与OD杆等长，OC杆与斜面垂直放置，每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），四个环分别从O点由静止释放，沿OA、OB、OC、OD滑到斜面上所用的时间依次为t1、t2、t3、t4．下列关系不正确的是（） A. t1>t2 B. t1＝t3 C. t2＝t4 D. t2<t4 【答案】C 【解析】 【详解】以OA为直径画圆，根据等时圆模型，对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为（为杆与竖直方向的夹角） 由图中的直角三角形可知，小滑环的位移 所以 t与无关，可知从圆上最高点沿任意一条弦滑到底所用时间相同，故沿OA和OC滑到底的时间相同，即，OB不是一条完整的弦，时间最短，即，OD长度超过一条弦，时间最长，即 故选C。 5. 如图所示，互不黏合的A、B两物体紧贴放在水平地面上，水平地面与物体间的摩擦可忽略，已知A、B两物体质量分别为、。时，水平作用力、分别作用于A、B上，其中，。则下列说法正确的是（ ） A. 物体先向右运动，再反向向左运动 B. 当时，A、B将分离 C. 时，A物体的加速度大小为 D. 时，A物体的加速度大小为 【答案】A 【解析】 【详解】BC．A、B两物体分离前，两者以相同加速度一起向右运动，根据牛顿第二定律可得 分离瞬间，A、B间无相互作用力，但加速度大小相等，即 解得 AB分离，选项BC错误； D．当时，A、B两物体已分离，对A物体受力分析得 选项D错误； A．由以上分析可知，A、B两物体先向右做加速运动，后两者分离，因的大小和方向变化，A物体在分离以后，继续向右先加速再减速，最后反向向左做加速运动，A正确。 故选A。 6. 如图所示，质量mB=2kg的水平托盘B与一竖直放置的轻弹簧焊接，托盘上放一质量mA=1kg的小物块A，整个装置静止。现对小物块A施加一个竖直向上的变力F，使其从静止开始以加速度a=2m/s2做匀加速直线运动，已知弹簧的劲度系数k=600N/m，g=10m/s2。以下结论正确的是（　　） A. 变力F的最小值为2N B. 变力F的最小值为8N C. 小物块A与托盘B分离瞬间的速度为0.2m/s D. 小物块A与托盘B分离瞬间的速度为m/s 【答案】C 【解析】 【详解】AB．A、B整体受力产生加速度，则有 可得 当最大时，F最小，即刚开始施力时，最大且等于A和B的重力之和，则N 故AB错误； CD．刚开始，弹簧的压缩量为m A、B分离时，其间恰好无作用力，对托盘B，由牛顿第二定律可知 解得m 物块A在这一过程的位移为m 由运动学公式可知 代入数据得 故C正确，D错误。 故选C。 7. 如图甲所示，倾角为的传送带以恒定速率沿顺时针方向转动。一物块以初速度从底部冲上传送带向上运动，其图像如图乙所示，物块到达传送带顶端时速度恰好为零，取，，，则（　　） A. 传送带的速度为 B. 传送带底端到顶端的距离为 C. 物块与传送带间的动摩擦因数为0.25 D. 物块所受摩擦力方向一直与其运动方向相反 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图乙可知，传送带速度为，故A错误； B．物块上升的位移大小等于图像所包围的面积大小，为 所以传送带底端到顶端的距离为10m，故B错误。 C．在内物块的加速度大小为 根据牛顿第二定律得 解得 故C正确； D．由乙图可知在内物块的速度大于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向下，与物块运动的方向相反；内，物块的速度小于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向上，与物块运动的方向相同，故D错误。 故选C。 8. 如图所示，一种巨型机动游戏设备可以使人体验超重和失重，一个可乘十几个人的环形座舱套装在竖直柱子上，由升降机送到的高处，然后让座舱自由落下。落到离地面时，制动系统启动，使座舱做匀减速运动，到达地面时刚好停下（空气阻力忽略不计）。座舱中某人的质量，重力加速度g取。关于游客随座舱一起运动的过程，下列说法正确的是（　　） A. 下落过程中游客一直处于失重状态 B. 下落过程中游客的最大速度为 C. 制动后，游客的减速时间为 D. 制动后，游客对座舱的压力大小为 【答案】D 【解析】 【详解】A．游客先向下加速后向下减速，所以游客先失重后超重，故A错误； B．制动前，游客做自由落体运动，自由下落的高度为 根据速度位移关系公式，可得 代入数据解得最大速度为 故B错误； C．座舱制动后，令加速度为，根据速度位移关系公式，可得 ， 代入数据解得 根据速度公式 则 故C错误； D．制动后，座舱对游客的支持力为，根据牛顿第二定律，有 代入数据解得 由牛顿第三定律可知，制动后，游客对座舱的压力大小为，故D正确。 故选D。 【点睛】本题考查的是超重和失重问题。在物理概念方面，考查的是对超重和失重的理解；在学科核心素养方面考查了科学思维中的模型建构能力。 二、 多选题 （本题共计2小题，总分10分） 9. 某同学利用阿特伍德机研究超重和失重现象，其研究步骤如下：如图所示，轻质定滑轮左侧悬挂质量为m的物块，右侧悬挂质量为2m的物块，弹簧测力计示数为mg，不计一切阻力，则（重力加速度为g）（ ） A. 若在右侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 B. 若在右侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 C. 若在左侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 D. 若在左侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 【答案】BC 【解析】 【详解】AB.若在右侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，对整体根据牛顿第二定律得： 对左侧物块根据牛顿第二定律得： 解得： 所以弹簧测力计的读数是，选项B正确A错误； CD.若在左侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，对整体根据牛顿第二定律得： 对左侧物块根据牛顿第二定律得： 解得： 所以弹簧测力计的读数是，选项C正确D错误。 10. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块BC间用一不可伸长的轻绳相连，A、B木块间的最大静摩擦力是f1，C、D木块间的最大静摩擦力是f2．现用水平拉力F拉A木块，使四个木块以同一加速度运动（假设绳子不会断），则 A. 当f1>2 f2，且F逐渐增大到时，CD间即将滑动 B. 当f1>2 f2，且F逐渐增大到时，AB间即将滑动 C. 当f1<2 f2，且F逐渐增大到时，CD间即将滑动 D. 当f1<2 f2，且F逐渐增大到时，AB间即将滑动 【答案】AD 【解析】 【详解】AC．若CD间即将滑动，则CD间的静摩擦力为f2，此时系统的加速度 对BCD系统 即要使此时AB不滑动必须要满足 f1>2 f2 此时对ABCD整体 F=6ma=3f2 故选项A正确，C错误； BD．若AB间即将滑动，则AB间的静摩擦力达到了f1，此时对BCD系统 解得 此时CD间的摩擦力 则 对ABCD系统 F=6ma=f2 故选项D正确，B错误； 故选AD． 三、 实验题 （本题共计2小题，总分20分） 11. 小明同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。 （1）关于该实验的器材安装及平衡阻力的操作，下列说法正确的是_____。 A. 为平衡阻力，实验前挂上槽码，轻推小车让其在木板上匀速运动 B. 为平衡阻力，实验前将长木板一端垫高，未挂槽码牵引的前提下，轻推小车，让其拉着打点的纸带在木板上做匀速直线运动 C. 连接小车与槽码时，调节定滑轮的高度使细绳与桌面平行 D. 连接小车与槽码时，调节定滑轮的高度使细绳与木板平行 （2）图乙是某同学打出的纸带，其中每相邻两个计数点之间有4个点未画出。由图可求得小车运动的加速度大小a=_____m/s2（结果保留三位有效数字）。 （3）为探究加速度与力的关系，根据测得的小车加速度与力的多组数据，作出关系图像如图丙所示。已知该图像段近似为一条过原点的倾斜直线，由此可得出的实验结论是_____。 （4）已知图丙中段明显偏离方向，则产生此误差的原因可能是槽码质量未满足_____小车的质量（选填“远大于”“远小于”“近似等于”）。 （5）平衡阻力后，保持槽码质量不变，改变小车和槽码的总质量，小明根据测得的和小车的加速度，作出如图丁所示的图像，图线与纵轴的交点为，则_____（选填“” “” “” “”）。 【答案】（1）BD （2）2.36 （3）保持小车质量不变，加速度与合外力成正比 （4）远小于 （5） 【解析】 【小问1详解】 AB．根据平衡阻力的操作可知，实验前将长木板一端垫高，未挂槽码牵引的前提下，轻推小车，让其拉着打点的纸带在木板上做匀速直线运动，故A错误，B正确； CD．连接小车与槽码时，调节定滑轮的高度使细绳与木板平行，故C错误，D正确； 故选BD。 【小问2详解】 每相邻两个计数点之间有4个点未画出，则两点间时间为 s=0.1s 根据逐差法可知小车运动的加速度大小为 【小问3详解】 图像段近似为一条过原点的倾斜直线，由此可得出的实验结论是：保持小车质量不变，加速度与合外力成正比。 【小问4详解】 设小车质量M，槽码质量m，绳子拉力大小T，根据牛顿第二定律 联立得 所以实验要满足条件“槽码的质量要比小车的质量小很多”，满足这一条件能够实现的目的是使得槽码的重力近似等于绳子的拉力，段明显偏离方向，则产生此误差的原因可能是槽码质量未满足远小于小车的质量。 【小问5详解】 根据牛顿第二定律 联立得 所以图像的纵截距为-m。 12. 某物理学习小组的同学利用如图（a）所示的实验装置来探究“两个互成角度的力的合成规律”的实验。 （1）本实验所用的物理学研究方法是________； A．放大法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．理想模型法 （2）图（b）的四个力中，不是由弹簧秤直接测得的是________（用表示力的字母表示），某次测量中，弹簧秤甲的读数如图（c）所示，为________N； （3）图（a）中保持结点O的位置及OB方向不变，将弹簧秤乙绕O点逆时针缓慢旋转，使OC与OA的夹角由90°缓慢增大至180°，在此过程中弹簧秤甲的读数将________，弹簧秤乙的读数将________（选填“增大”、“减小”、“先增大后减小”、“先减小后增大”）。 【答案】 ①. B ②. F ③. 2.80##2.78##2.79##2.81 ④. 减小 ⑤. 先减小后增大 【解析】 【详解】（1）[1]本实验中两个力拉橡皮条的效果与一个力拉橡皮条的效果相同，所用的物理学研究方法是等效替代法。 故选B。 （2）[2]图（b）的四个力中，F是通过作平行四边形得到的，所以不是由弹簧秤直接测得的是F； [3]弹簧秤的分度值为，弹簧秤甲的读数为。 （3）[4][5]保持结点O的位置及OB方向不变，将弹簧秤乙绕O点逆时针缓慢旋转，使OC与OA的夹角由90°缓慢增大至180°，可知两弹簧秤的合力保持不变，如图所示 可知在此过程中弹簧秤甲的读数将减小，弹簧秤乙的读数将先减小后增大。 四、 解答题 （本题共计3小题，总分38分） 13. 如图所示，倾角的斜面体放在水平地面上，质量的物块A在斜面上受平行斜面向上的拉力而匀速上滑，斜面体保持静止。（重力加速度取，，） （1）求物块A与斜面间的动摩擦因数； （2）求地面对斜面体的摩擦力大小。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）A物块受力分析如图 由平衡条件可得，垂直斜面方向上 平行斜面方向上 且 解得 （2）由整体法可得，地面对斜面体的摩擦力为 14. 在大型物流货场广泛使用传送带运送货物如图甲所示，倾角为θ的传送带以恒定速率逆时针运动，皮带始终是绷紧的，将的货物无初速度放在传送带上的A处，经过1.2s货物到达传送带的B端，用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化的图像如图乙所示，已知，求： （1）斜面的倾角和货物与传送带之间的动摩擦因数； （2）A、B两点间的距离； （3）传送带上留下的黑色痕迹长度。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 由图像可知，货物与传送带共速前的加速度大小为 货物受到的摩擦力方向沿传送带向下，对货物根据牛顿第二定律可得 货物与传送带共速后的加速度大小为 共速后，货物受到的摩擦力方向沿传送带向上，对货物根据牛顿第二定律可得 联立解得 ， 【小问2详解】 根据图像与横轴围成的面积表示位移，可知A、B两点间的距离为 【小问3详解】 在0~时间内，货物相对传送带向上发生的位移大小为 在0.2s~1.2s时间内，货物相对传送带向下发生的位移大小为 由于 则传送带上留下的黑色痕迹长度为。 15. 物体的质量为，静止在光滑水平面上的平板车的质量为、长为．某时刻以水平向右的初速度滑上平板车的上表面，在滑上的同时，给施加一个水平向右的拉力．忽略物体的大小，已知与之间的动摩擦因数为，取重力加速度．试求：如果要使A不至于从B上滑落，拉力F的大小应满足的条件． 【答案】 【解析】 【分析】由题意可知考查牛顿第二定律的综合应用，运用整体法、隔离法根据临界条件列方程计算可得． 【详解】物体滑上平板车以后，做匀减速运动，由牛顿第二定律得 解得 物体不从的右端滑落的临界条件是到达的右端时，、具有共同的速度， ， 联立解得， 取车为研究对象，由牛顿第二定律可得 代入数值可得F=1N 若，则滑到的右端时，速度仍大于的速度，于是.将从上滑落，所以必须大于等于． 当较大时，在到达的右端之前，就与具有相同的速度，之后，必须相对静止，才不会从的左端滑落 对、整体应用牛顿第二定律得 ， 对A应用牛顿第二定律可得 ， 解得 若大于，就会从的左端滑落． 综合得出拉力应满足的条件是． 【点睛】当F比较小时，车的加速度比较小，物体会从车的右端滑出，当物体减速到右端时刚好和车的速度相同此情况F有最小值．当F比较大时，车的加速度比较大，为使物体不从车的左端滑出，物体和车最终相对静止，二者有相同的加速度，此时F有最大值． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 安徽省合肥市第一中学2024-2025学年高一上学期 1月 月考 物理试题 （考试总分：100 分 考试时长： 75 分钟） 一、 单选题 （本题共计8小题，总分32分） 1. 用国际单位制的基本单位表示功的单位，下列表示正确的是（ ） A. kg·m2/s2 B. N·m/s C. J D. N·m 2. 如图所示，质量均为m的A、B两小球用两轻弹簧连接悬挂于天花板上并处于静止状态，已知重力加速度为g。现在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力，在力刚作用于B球的瞬间（　　） A. B球加速度大小为，A球加速度大小为 B. B球加速度大小为2g，A球加速度大小为0 C. B球加速度大小为0，A球加速度大小为g D. B球加速度大小为g，A球加速度大小为0 3. 如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接，放在倾角为θ的斜面上，用始终平行于斜面向上的拉力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ。为了增加轻线上的张力，可行的办法是（　　） A. 增大A物块的质量 B. 增大B物块的质量 C. 增大倾角θ D. 增大动摩擦因数μ 4. 如图所示，在斜面上有四条光滑细杆，其中OA杆竖直放置，OB杆与OD杆等长，OC杆与斜面垂直放置，每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），四个环分别从O点由静止释放，沿OA、OB、OC、OD滑到斜面上所用的时间依次为t1、t2、t3、t4．下列关系不正确的是（） A. t1>t2 B. t1＝t3 C. t2＝t4 D. t2<t4 5. 如图所示，互不黏合的A、B两物体紧贴放在水平地面上，水平地面与物体间的摩擦可忽略，已知A、B两物体质量分别为、。时，水平作用力、分别作用于A、B上，其中，。则下列说法正确的是（ ） A. 物体先向右运动，再反向向左运动 B. 当时，A、B将分离 C. 时，A物体的加速度大小为 D. 时，A物体的加速度大小为 6. 如图所示，质量mB=2kg的水平托盘B与一竖直放置的轻弹簧焊接，托盘上放一质量mA=1kg的小物块A，整个装置静止。现对小物块A施加一个竖直向上的变力F，使其从静止开始以加速度a=2m/s2做匀加速直线运动，已知弹簧的劲度系数k=600N/m，g=10m/s2。以下结论正确的是（　　） A. 变力F的最小值为2N B. 变力F的最小值为8N C. 小物块A与托盘B分离瞬间的速度为0.2m/s D. 小物块A与托盘B分离瞬间的速度为m/s 7. 如图甲所示，倾角为的传送带以恒定速率沿顺时针方向转动。一物块以初速度从底部冲上传送带向上运动，其图像如图乙所示，物块到达传送带顶端时速度恰好为零，取，，，则（　　） A. 传送带的速度为 B. 传送带底端到顶端的距离为 C. 物块与传送带间的动摩擦因数为0.25 D. 物块所受摩擦力方向一直与其运动方向相反 8. 如图所示，一种巨型机动游戏设备可以使人体验超重和失重，一个可乘十几个人的环形座舱套装在竖直柱子上，由升降机送到的高处，然后让座舱自由落下。落到离地面时，制动系统启动，使座舱做匀减速运动，到达地面时刚好停下（空气阻力忽略不计）。座舱中某人的质量，重力加速度g取。关于游客随座舱一起运动的过程，下列说法正确的是（　　） A. 下落过程中游客一直处于失重状态 B. 下落过程中游客的最大速度为 C. 制动后，游客的减速时间为 D. 制动后，游客对座舱的压力大小为 二、 多选题 （本题共计2小题，总分10分） 9. 某同学利用阿特伍德机研究超重和失重现象，其研究步骤如下：如图所示，轻质定滑轮左侧悬挂质量为m的物块，右侧悬挂质量为2m的物块，弹簧测力计示数为mg，不计一切阻力，则（重力加速度为g）（ ） A. 若在右侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 B. 若在右侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 C. 若在左侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 D. 若在左侧悬挂的物块上再增加质量为m的物块，弹簧测力计的读数是 10. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块BC间用一不可伸长的轻绳相连，A、B木块间的最大静摩擦力是f1，C、D木块间的最大静摩擦力是f2．现用水平拉力F拉A木块，使四个木块以同一加速度运动（假设绳子不会断），则 A. 当f1>2 f2，且F逐渐增大到时，CD间即将滑动 B. 当f1>2 f2，且F逐渐增大到时，AB间即将滑动 C. 当f1<2 f2，且F逐渐增大到时，CD间即将滑动 D. 当f1<2 f2，且F逐渐增大到时，AB间即将滑动 三、 实验题 （本题共计2小题，总分20分） 11. 小明同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。 （1）关于该实验的器材安装及平衡阻力的操作，下列说法正确的是_____。 A. 为平衡阻力，实验前挂上槽码，轻推小车让其在木板上匀速运动 B. 为平衡阻力，实验前将长木板一端垫高，未挂槽码牵引的前提下，轻推小车，让其拉着打点的纸带在木板上做匀速直线运动 C. 连接小车与槽码时，调节定滑轮的高度使细绳与桌面平行 D. 连接小车与槽码时，调节定滑轮的高度使细绳与木板平行 （2）图乙是某同学打出的纸带，其中每相邻两个计数点之间有4个点未画出。由图可求得小车运动的加速度大小a=_____m/s2（结果保留三位有效数字）。 （3）为探究加速度与力的关系，根据测得的小车加速度与力的多组数据，作出关系图像如图丙所示。已知该图像段近似为一条过原点的倾斜直线，由此可得出的实验结论是_____。 （4）已知图丙中段明显偏离方向，则产生此误差的原因可能是槽码质量未满足_____小车的质量（选填“远大于”“远小于”“近似等于”）。 （5）平衡阻力后，保持槽码质量不变，改变小车和槽码的总质量，小明根据测得的和小车的加速度，作出如图丁所示的图像，图线与纵轴的交点为，则_____（选填“” “” “” “”）。 12. 某物理学习小组的同学利用如图（a）所示的实验装置来探究“两个互成角度的力的合成规律”的实验。 （1）本实验所用的物理学研究方法是________； A．放大法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．理想模型法 （2）图（b）的四个力中，不是由弹簧秤直接测得的是________（用表示力的字母表示），某次测量中，弹簧秤甲的读数如图（c）所示，为________N； （3）图（a）中保持结点O的位置及OB方向不变，将弹簧秤乙绕O点逆时针缓慢旋转，使OC与OA的夹角由90°缓慢增大至180°，在此过程中弹簧秤甲的读数将________，弹簧秤乙的读数将________（选填“增大”、“减小”、“先增大后减小”、“先减小后增大”）。 四、 解答题 （本题共计3小题，总分38分） 13. 如图所示，倾角的斜面体放在水平地面上，质量的物块A在斜面上受平行斜面向上的拉力而匀速上滑，斜面体保持静止。（重力加速度取，，） （1）求物块A与斜面间的动摩擦因数； （2）求地面对斜面体的摩擦力大小。 14. 在大型物流货场广泛使用传送带运送货物如图甲所示，倾角为θ的传送带以恒定速率逆时针运动，皮带始终是绷紧的，将的货物无初速度放在传送带上的A处，经过1.2s货物到达传送带的B端，用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化的图像如图乙所示，已知，求： （1）斜面的倾角和货物与传送带之间的动摩擦因数； （2）A、B两点间的距离； （3）传送带上留下的黑色痕迹长度。 15. 物体的质量为，静止在光滑水平面上的平板车的质量为、长为．某时刻以水平向右的初速度滑上平板车的上表面，在滑上的同时，给施加一个水平向右的拉力．忽略物体的大小，已知与之间的动摩擦因数为，取重力加速度．试求：如果要使A不至于从B上滑落，拉力F的大小应满足的条件． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $