2025年广东省深圳市15校中考二模物理试题

广东省深圳市15校2025年中考二模物理试题 一、单选题(每小题只有一个选项正确，每小题2分， 共计12分) 1．（2分）深圳市聚龙科学中学在研究关于桥历史时候，研究了赵州桥，建于隋朝的赵州桥是世界上现存跨度最大、保存最完整的单孔坦弧敞肩石拱桥。在平静的水面与它的倒影相映成趣。下列现象与“倒影”的形成原理相同的是 A．小孔成像 B．交通广角镜成像 C．游泳池中的水看起来比实际浅 D．雨后彩虹 2．（2分）在深圳市聚龙科学中学校园中有画眉鸟，画眉鸟和蟋蟀都被称为自然界中的“歌唱家”。画眉鸟的叫声洪亮、婉转柔美，被誉为“林中歌手”；蟋蟀通过翅膀的摩擦发出响亮的声音，常被称为“夜鸣虫”。下列对它们声音的说法正确的是 A．画眉鸟和蟋蟀发出的声音都是通过振动产生的 B．画眉鸟声音的响度一定比蟋蟀声音的响度大 C．人们依据音调能区分出画眉鸟和蟋蟀的声音 D．人离画眉鸟越近，听到声音的音调越高 3．（2分）如图甲所示是小深在“植树节”活动中匀速前进提水桶去为小树浇水的情景。下列说法正确的是(乙、丙两桶重力相等) A．提水桶时手上出现压痕是因为水桶的重力作用在手上 B．使用乙、丙两桶提同样多的水，手对乙桶提手的拉力比丙桶的小 C．使用乙、丙两桶提同样多的水，提乙桶时手受到的压强比提丙桶时小 D．把水桶从地面上提起来，提水桶的力没有做功 4．（2分）中国有句古话“自古英雄出少年”，我国运动员在巴黎奥运会男子100米自由泳决赛中，以惊人的46秒40刷新世界纪录，首次为我国摘得该项目奥运金牌。如图所示是运动员比赛时的场景，下列相关说法正确的是 A．以运动员为参照物，现场观众是静止的 B．运动员速度越快，惯性越大，越难停下来 C．运动员在这次比赛中的平均速度约为 2.16 m/s D．停止划水后，运动员慢慢停下，说明物体的运动需要力的维持 5．（2分）2025央视春节联欢晚会武术表演《笔走龙蛇》，展现了太极武术的阴阳之道与书法笔墨的黑白之韵，让观众领略中华文化的博大精深。如图所示，演员在威亚拉力的作用下从A处匀速下降至B处(不计空气阻力)。下列说法正确的是 A．站在地面上的演员对地面的压力与自身的重力是一对平衡力 B．从A处至B处的过程中演员所受的拉力小于自身的重力 C．演员从A处下降到B处的过程中，动能变小 D．演员从A处下降到B处的过程中，重力势能变小 6．（2分）小圳利用实验室的器材连接了如图甲所示的电路，并用两个电压表分别测量灯泡两端的电压U1，和滑动变阻器两端的电压U2。在元件安全的情况下，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P 从最右端向左滑至m点，两电压表示数随电流表示数的变化关系图像如图乙所示。下列说法正确的是 A．a曲线是U2随电流的变化关系图线 B．电源电压为6V C．当滑片在m点时，灯泡的电阻为5Ω D．滑片P移动过程中电路的最大功率为3.75W 二、非选择题：(共11题，共51分) 7．（4分） （1）（2分）如图甲所示，用弹簧测力计测量出物体A的重力为　 　。 （2）（2分）根据图乙中的电流方向，可知通电螺线管的B端为　 　极。 8．（2分） （1）（1分）如图甲所示，在探究光反射时的规律实验中，让一束光沿 AO 方向射人，发现反射光沿着 OB 方向射出。将纸板F沿中间横向剪开，并将上半部分沿ON 向后翻折，在纸板F的上下两部分观察到的现象是　 　，表明光在发生反射时，反射光线、人射光线和法线在同一平面内。 （2）（1分）如图乙所示，用频闪照相机(间隔相同时间自动拍照一次)拍下小车下滑过程中的运动状态，根据照片可知小车做的　 　(选填“是”或“不是”)匀速直线运动。 9．（2分） （1）（1分）在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中，装有螺线管的玻璃板上被均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需　 　玻璃板，观察到铁屑排列成图甲所示的形状。 （2）（1分）小深用如图乙所示的实验装置进行实验，闭合开关，让金属棒AB 水平向左以速度v1运动，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小；保持蹄形磁体的N、S极方向不变，使金属棒AB水平向左以速度v2运动(v1>v2)，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小。小深探究的问题是：感应电流大小与　 　是否有关。 10．（3分）如图甲所示是小聚做探究水沸腾实验时的实验装置。在水温升高到94℃后，每隔1 min 记录一次温度，直到第3分钟水沸腾并持续一段时间，根据实验数据绘制出水沸腾前后温度随时间变化的关系图线如图乙所示 （1）（2分）组装器材时，在确定烧杯和温度计的高度时，应先确定　 　(选填“烧杯”或“温度计”)的高度；由图线 a可知，从计时开始，水沸腾前吸热，温度　 　。 （2）（1分）同学小龙利用相同器材进行实验并绘制出水沸腾前后温度随着时间变化的关系图线如图b所示。对比a、b图线可知小明所用水的质量更　 　。 11．（3分）小深测量某种液体密度的主要实验步骤如下： ①用调节好的天平测量烧杯和液体的总质量为 199.6g ②将烧杯中的部分液体倒入量筒，如图甲所示，量筒中的液体的体积　 　cm3 ③如图乙所示，用天平测出烧杯和杯内剩余液体的总质量为　 　g ④计算出液体的密度为　 　g/cm3。 12．（3分）水平桌面上有甲、乙两只大烧杯，分别盛有盐水和水，已知ρ盐水>ρ水。小深想用压强计区分盐水和水，方法如下：如图所示， 将相同型号压强计的探头浸没到甲、乙两杯液体中，探头在甲液体中深度为h1，U形管两侧的液柱高度差为h甲；探头在乙液体中深度为h乙，U 形管两侧的液柱高度差为h乙。h1<h2，h甲<h乙，小深思考后发现无法直接区分盐水和水，原因是　 　。 小深又思考出两种方法区分盐水和水，请将小深的办法补充完整： ①将压强计的探头先后浸没到甲，乙两杯液体中，使压强计U两侧的液柱上高度差h甲'=h乙'，如果探头浸入液体中的深度 h1'<h2'，则　 　杯中一定是盐水。 ②使探头浸入液体中的深度 h1"=h2"， 如果压强计U形管两侧的液柱高度差h甲"　 　h乙"(选填“>”“=”或“<”)，则乙杯中一定是盐水。 13．（4分）小深测量未知电阻Rx、的阻值，他选用电压不变的电源、已调零的电流表、阻值为Ro的定值电阻、3只开关和导线连接了如图所示的电路。 （1）（2分）请根据实验电路补充完成下面的主要实验步骤。 ①闭合开关S1、S，断开开关S2，电流表的示数为Ⅰ1； ②　 　时，电流表的示数为I2； （2）（2分）未知电阻Rx=　 　(用已知量和所测物理量的符号表示)。 14．（12分）小明同学正在研究水的温度对水仙花生长情况的影响，为此他想用热敏电阻制作一个电子温度计来测量水温。他首先测量了热敏电阻R的阻值随温度变化的关系，并绘制成如图甲所示的图像。然后找来一块0~3V的电压表作为温度计表盘、一个电压为6V的稳压电原、一个阻值为10Ω的定值电阻Ro、开关和一些导线，按照图乙所示的电路图连接电路，制作成一个电子温度计(在一标准大气压下)。 （1）（6分）求水温为水仙花较适宜的生长温度15℃时，电路消耗的功率 （2）（6分）求该温度计能测量的最高温度 15．（10分）如图甲是健身房锻炼手臂力量的健身器材，受此器械的启发，小深组装了如图乙所示的健身器材模拟装置，其中杠杆可绕支点0在竖直平面内转动，重物A悬挂在C点， 人对杠杆的支持力作用在B点，方向竖走向上，且OC=2BC，此时杠杆在水平位整平衡。已知GA=600N，杠杆、悬绳的质量不计。求： （1）（5分）如图乙，此时杠杆对人的压力大小。 （2）（5分）如果小深想要增大杠杆对手臂的压力，分析并说明杠杆在水平位置平衡时，力臂OC需要增大还是减小? 16．（4分）请阅读《空中电站——浮空风力发电系统》并回答问题。 空中电站——浮空风力发电系统 我国是世界高空风能资源最丰富的国家之一，国外环境和气候科学家的研究报告指出，高空中蘊赢的风能超过人类社会总需能源的100多倍。在风能资源丰富的风力发电站区域，地面风力远小于高空，根据风力发电的基本原理，风中的能量与风速的三次方成正比，当风速增加1倍时，风中的能量增加到8倍。因此，风速大的地方是理想的风力发电场。 对此，各国开展相关研究来利用高空风能，我国自主研制的浮空风力发电系统成功升空发电。S1000型涵道式浮空风力发电系统(如图)，是利用充氨浮空器将轻量化的发电机组升至设定高度，利用高空风力发电，再通过系留线缆将电能传输至地面的技术及装备系统，整个系统由浮空平台、发电模块、电力传输和系留线缆组成。2025年1月7日，在共青城市鄱阳湖模型试验研究基地，涵道式浮空风力发系统首次试飞至1000米高空并顺利发电，发电功率超过100千瓦，刷新了浮空风电系统最大升空高度和单台浮空器最大发电功率两项行业世界纪录。 高空风能不仅发电效率高，并且因为风速受地形和气候等自然因素的影响较小，因此发电效果更为稳定和可预测。另外浮空风力发电系统的设计相对轻量化，整个系统的自身能耗较低；浮空风力发电系统在人口稠密地区的环境影响较小，能够在不占用土地资源的情况下提供电力。所以该系统的应用前景十分广阔，可延展至应急救援、智能测绘、城市安保、通信呆津、电力孤岛等多个泛低空经济领域。 请根据上述材料，回答下列问题： （1）（1分）涵道式浮空风力发电系统由浮空平台、　 　、电力传输和系留线缆组成。 （2）（1分）请根据文中信息将下表数据补充完整 平均风速v/(m/s) 5 10 15 20 25 30 1s内获取的能量E/×104J 1 8 　 　 . 64 125 216 （3）（1分）一台“S1000型涵道式浮空风力发电系统”发电功率保持 100kW 恒定发电时，发电6分钟可供额定功率为25W的电灯正常工作　 　h （4）（1分）请根据文中信息，分析涵道式浮空风力系统发电与传统风力发电相比的优势有哪些?写出一条即可　 　。 17．（4分）请阅读《我国万吨级光伏绿氢项目》并回答问题。 我国万吨级光伏绿氢项目 我国首个万吨级光伏绿氢示范项目——新疆库车绿氢示范项目，产出氢气纯度达99.9%，标志着我国首次实现了规模化光伏发电直接制氢工艺与工程成套技术的工业应用。 库车绿氢示范项目利用当地丰富的太阳能资源发电直接制取绿氢，电解水制氢能力每年达2万吨，可实现每小时输送2.8万立方米的氢气。压缩氢气运输是一种常用的氢气运输方式，将产生的氢气通过压缩成液体或高压气体的形式进行运输。项目建设内容主要包括光伏发电、输变电线路、电解水制氢、氢气储输、公用工程及配套辅助生产设施(如图所示)。 电解水制氢已有近百年的技术应用历史，它基于电化学原理，在两个电极之间通电，使水分子分解，在阳极侧产生氧气、在阴极侧产生氢气、水是一种广泛存在的资源，氢气是一种情节能源。氢，因其具备清洁、环保、能源效率高、来源广、储能等优点，发展氢能被看做是清洁能源转型和实现碳中和的要路径氢气是一种无色、无味、无毒的气体，可广泛应用于电力、化工、冶金、交通、航天、食品加工、医疗保健等领域。 2024年12月10日，新疆库车绿氢示范项目制氢配储项目储能电站顺利并网，该电站是一座装机容量为12.5兆瓦/50兆瓦时的电化学储能电站，由3个储能单元构成，是中国石化月前规模最大的用户侧储能电站。 请根据上述材料，回答下列问题 （1）（1分）利用太阳能发电再电解水制取的“绿氢”是一种清洁能源，也是　 　 (选填“一次”或“二次”)能源。为了方便向工地运输氢气，通常将氢气降低到一定温度，然后再通过　 　的方法使其液化并储存于钢罐中。；压缩体积 （2）（1分）下列是光伏绿氢能量转化的一种流程图，请你补充完整　 　。 （3）（2分）为了增强光伏板对太阳能的吸收，减少对太阳光的反射，请你提出采取的措施是(写出一条即可)　 　 。 答案解析部分 广东省深圳市15校2025年中考二模物理试题 一、单选题(每小题只有一个选项正确，每小题2分， 共计12分) 1．深圳市聚龙科学中学在研究关于桥历史时候，研究了赵州桥，建于隋朝的赵州桥是世界上现存跨度最大、保存最完整的单孔坦弧敞肩石拱桥。在平静的水面与它的倒影相映成趣。下列现象与“倒影”的形成原理相同的是 A．小孔成像 B．交通广角镜成像 C．游泳池中的水看起来比实际浅 D．雨后彩虹 【答案】B 【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散；平面镜成像的原理、特点 【解析】【解答】倒影是平面镜成像形成的，属于光的反射； A.小孔成像属于光的直线传播，故A不符合题意； B.交通广角镜成像属于光的反射，与“倒影”的形成原理相同，故B符合题意； C. 游泳池中的水看起来比实际浅是光的折射形成的，故C不符合题意； D. 雨后彩虹是光的色散形成的，故D不符合题意； 【分析】(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等； (2)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，光的折射形成的现象：放在有水的碗中的筷子看起来好像变折了、放大镜、池水看起来变浅等； (3)光射到介质界面上会发生反射，光反射形成的现象：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像。 2．在深圳市聚龙科学中学校园中有画眉鸟，画眉鸟和蟋蟀都被称为自然界中的“歌唱家”。画眉鸟的叫声洪亮、婉转柔美，被誉为“林中歌手”；蟋蟀通过翅膀的摩擦发出响亮的声音，常被称为“夜鸣虫”。下列对它们声音的说法正确的是 A．画眉鸟和蟋蟀发出的声音都是通过振动产生的 B．画眉鸟声音的响度一定比蟋蟀声音的响度大 C．人们依据音调能区分出画眉鸟和蟋蟀的声音 D．人离画眉鸟越近，听到声音的音调越高 【答案】A 【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系；音色；音调、响度与音色的区分 【解析】【解答】A.画眉鸟和蟋蟀发出的声音都是通过振动产生的，故A正确； B.题目中未明确比较画眉鸟声音和蟋蟀声音的响度大小，无法比较，故B不正确； C.人们依据音色能区分出画眉鸟和蟋蟀的声音，不是音调，故C不正确； D.人离画眉鸟越近，听到声音的响度越大，故D不正确。 故选A。 【分析】（1）声音是由物体的振动产生的； （2）响度是指声音的大小，跟距声源的远近和振幅有关； （3）音色又叫音品是指声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。 3．如图甲所示是小深在“植树节”活动中匀速前进提水桶去为小树浇水的情景。下列说法正确的是(乙、丙两桶重力相等) A．提水桶时手上出现压痕是因为水桶的重力作用在手上 B．使用乙、丙两桶提同样多的水，手对乙桶提手的拉力比丙桶的小 C．使用乙、丙两桶提同样多的水，提乙桶时手受到的压强比提丙桶时小 D．把水桶从地面上提起来，提水桶的力没有做功 【答案】C 【知识点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较；功的计算及应用 【解析】【解答】A.提水桶时手上出现压痕是因为水桶对手的压力作用在手上，A错误； BC.使用乙、丙两桶提同样多的水，桶、水的重力大小相等，手对乙桶提手的拉力与手对丙桶提手的拉力大小相等，由相互作用力可知，乙、丙两桶对手的压力相等，而手与乙桶提手的接触面积大，故根据可知，提乙桶时手受到的压强比提丙桶时小，故B错误，C正确； D.把水桶从地面上提起来，提水桶的力在力的方向上移动了距离，提水桶的力做了功 ，故D错误。 故选C。 【分析】（1）物体间力的作用是相互的，手对水桶有拉力，水桶对手有压力； （2）乙、丙两桶重力相等，提同样多的水，手对乙、丙两桶提手的拉力相等； （3）由相互作用力可知，压力大小相等，根据可分析压强的大小； （4）做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在这个力的方向上移动的距离。 4．中国有句古话“自古英雄出少年”，我国运动员在巴黎奥运会男子100米自由泳决赛中，以惊人的46秒40刷新世界纪录，首次为我国摘得该项目奥运金牌。如图所示是运动员比赛时的场景，下列相关说法正确的是 A．以运动员为参照物，现场观众是静止的 B．运动员速度越快，惯性越大，越难停下来 C．运动员在这次比赛中的平均速度约为 2.16 m/s D．停止划水后，运动员慢慢停下，说明物体的运动需要力的维持 【答案】C 【知识点】速度公式及其应用；物体运动状态的变化；惯性及其现象；参照物及其选择 【解析】【解答】A.以运动员为参照物，现场观众与运动员的相对位置发生变化，现场观众是运动的，故A错误； B.惯性大小只与物体的质量有关。无论游泳的速度多快，只要运动员的质量不变，他的惯性就不会改变，故B 错误； C.由速度公式可知，该运动员在这次比赛中的平均速度： ， 故C正确； D.游泳时要不断用力向后划水说明力是改变物体运动状态的原因，停止划水后，运动员慢慢停下，是因为受到阻力的作用，D错误。 故选C。 【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止； （2）惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大； （3）根据计算平均速度； （4）力可以改变物体的运动状态。 5．2025央视春节联欢晚会武术表演《笔走龙蛇》，展现了太极武术的阴阳之道与书法笔墨的黑白之韵，让观众领略中华文化的博大精深。如图所示，演员在威亚拉力的作用下从A处匀速下降至B处(不计空气阻力)。下列说法正确的是 A．站在地面上的演员对地面的压力与自身的重力是一对平衡力 B．从A处至B处的过程中演员所受的拉力小于自身的重力 C．演员从A处下降到B处的过程中，动能变小 D．演员从A处下降到B处的过程中，重力势能变小 【答案】D 【知识点】动能和势能的大小变化；平衡力和相互作用力的区分 【解析】【解答】A.站在地面上的演员对地面的压力与演员的重力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故A错误； B.从A处匀速下降至B处的过程中，运动员处于平衡状态，演员所受的拉力与自身重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，故B错误； CD.演员从A处匀速下降到B处的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度不变，动能不变，C错误，D正确。 故选D。 【分析】（1）二力平衡的条件：两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （2）动能的大小与物体的质量和速度有关，质量不变时，速度越大，动能就越大； （3）重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量不变时，高度越大，重力势能就越大。 6．小圳利用实验室的器材连接了如图甲所示的电路，并用两个电压表分别测量灯泡两端的电压U1，和滑动变阻器两端的电压U2。在元件安全的情况下，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P 从最右端向左滑至m点，两电压表示数随电流表示数的变化关系图像如图乙所示。下列说法正确的是 A．a曲线是U2随电流的变化关系图线 B．电源电压为6V C．当滑片在m点时，灯泡的电阻为5Ω D．滑片P移动过程中电路的最大功率为3.75W 【答案】D 【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；串联动态电路分析；U-I图像分析 【解析】【解答】A.当滑动变阻器的滑片P从最右端向左滑至m点的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，由欧姆定律可知，电路中电流不断增大，根据串联电路分压特点可知，滑动变阻器两端电压不断减小，小灯泡两端电压不断增大，即a曲线是U1随电流的变化关系图线，b曲线是U2随电流的变化关系图线，故A错误； B.当电流表的示数最小为0.2A时，滑动变阻器的滑片位于最右端，此时电压表V1的示数U1=1.5V，电压表V2的示数U2=6V，根据串联电路的电压特点可知，电源电压： U=U1+U2=1.5V+6V=7.5V， 故B错误； C.当滑片在m点时，由图乙可知，电路中电流最大为I=0.5A，滑动变阻器两端电压为UR=2.5V，则灯泡两端电压： UL=U-UR=7.5V-2.5V=5V， 此时滑动变阻器接入电路的阻值： 灯泡的电阻： ， 故C错误； D.滑片P移动过程中，通过电路的最大电流为I=0.5A，电路消耗的最大功率： P=UI=7.5 V×0.5A=3.75 W， 故D正确。 故选D。 【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P从最右端向左滑至m点的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据欧姆定律分析电流中的电流变化，根据串联电路分压特点，判断出灯泡和滑动变阻器两端的电压变化，进而判断出a、b曲线分别是U1还是U2随电流的变化关系图线； （2）当电流表的示数最小为0.2A时，滑动变阻器的滑片位于最右端，此时电压表V1的示数U1=1.5V，电压表V2的示数U2=6V，根据串联电路的电压特点可知，电源电压的大小； （3）.当滑片在m点时，由图乙可知，电路中电流最大为I=0.5A，滑动变阻器两端电压为UR=2.5V，根据串联电路电压的特点可求出灯泡两端电压，根据可求出灯泡的电阻； （4）结合图乙可知，滑片P移动过程中，通过电路的最大电流为I=0.5A，根据P=UI可求出电路消耗的最大功率。 二、非选择题：(共11题，共51分) 7． （1）如图甲所示，用弹簧测力计测量出物体A的重力为　 　。 （2）根据图乙中的电流方向，可知通电螺线管的B端为　 　极。 【答案】（1）2.2 （2）S 【知识点】弹簧测力计及其使用；安培定则 【解析】【解答】（1）弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N，故物体A的重力为2.2N； （2） 图乙中的电流方向向上，根据安培定则可知通电螺线管的A端为N极，B端为S极。 【分析】（1）根据弹簧测力计的分度值读数； （1）利用安培定则判断通电螺线管的南北极。 8． （1）如图甲所示，在探究光反射时的规律实验中，让一束光沿 AO 方向射人，发现反射光沿着 OB 方向射出。将纸板F沿中间横向剪开，并将上半部分沿ON 向后翻折，在纸板F的上下两部分观察到的现象是　 　，表明光在发生反射时，反射光线、人射光线和法线在同一平面内。 （2）如图乙所示，用频闪照相机(间隔相同时间自动拍照一次)拍下小车下滑过程中的运动状态，根据照片可知小车做的　 　(选填“是”或“不是”)匀速直线运动。 【答案】（1）上半部分没有反射光，下半部分有反射光 （2）不是 【知识点】光的反射定律；测量物体运动的平均速度 【解析】【解答】（1）将纸板F沿中间横向剪开，并将上半部分沿ON 向后翻折，在纸板F的上下两部分观察到的现象是上半部分没有反射光，下半部分有反射光，表明光在发生反射时，反射光线、人射光线和法线在同一平面内。 （2）如图乙所示，用频闪照相机(间隔相同时间自动拍照一次)拍下小车下滑过程中的运动状态，由于小车相同时间内运动的路程不同，所以根据照片可知小车做的不是匀速直线匀速。 【分析】（1）在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内； （2）匀速直线运动的特点是相同时间内通过的路程相等。 9． （1）在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中，装有螺线管的玻璃板上被均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需　 　玻璃板，观察到铁屑排列成图甲所示的形状。 （2）小深用如图乙所示的实验装置进行实验，闭合开关，让金属棒AB 水平向左以速度v1运动，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小；保持蹄形磁体的N、S极方向不变，使金属棒AB水平向左以速度v2运动(v1>v2)，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小。小深探究的问题是：感应电流大小与　 　是否有关。 【答案】（1）轻敲 （2）导体棒切割磁感线速度大 【知识点】通电螺线管的磁场；电磁感应 【解析】【解答】(1)在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中，装有螺线管的玻璃板上被均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需轻敲玻璃板，当铁屑跳起时，不受摩擦力的作用，观察到铁屑排列成图甲所示的形状； (2)闭合开关，让金属棒AB水平向左以速度v1运动，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小；保持蹄形磁体的N、S极方向不变，使金属棒AB水平向左以速度v2运动(v1>v2)，观察灵敏电流计指针偏转的角度大小。由控制变量法，小深探究的问题是：感应电流大小与切割磁感线的速度是否有关。 故答案为：(1)轻敲；(2)切割磁感线的速度。 【分析】(1)通电后铁屑分布无明显变化，这时需轻敲玻璃板，观察到铁屑排列成图甲所示的形状。 (2)根据控制变量法分析。 10．如图甲所示是小聚做探究水沸腾实验时的实验装置。在水温升高到94℃后，每隔1 min 记录一次温度，直到第3分钟水沸腾并持续一段时间，根据实验数据绘制出水沸腾前后温度随时间变化的关系图线如图乙所示 （1）组装器材时，在确定烧杯和温度计的高度时，应先确定　 　(选填“烧杯”或“温度计”)的高度；由图线 a可知，从计时开始，水沸腾前吸热，温度　 　。 （2）同学小龙利用相同器材进行实验并绘制出水沸腾前后温度随着时间变化的关系图线如图b所示。对比a、b图线可知小明所用水的质量更　 　。 【答案】（1）烧杯；升高 （2）大 【知识点】探究水的沸腾实验 【解析】【解答】(1)组装器材时，按照自下而上的顺序安装，故在确定烧杯和温度计的高度时，应先确烧杯的高度； 由图乙可知，水沸腾前吸热，温度升高；沸腾时，吸热，温度不变； (2)对比a、b图线可知水的初温相同，加热时间不同，加热时间短的水的质量小，小龙加热时间长，故所用水的质量更大。 故答案为： (1)烧杯；升高；(2)大。 【分析】(1)组装器材时，按照自下而上的顺序安装； 水沸腾前吸热，温度升高；沸腾时，吸热，温度不变； (2)水的初温相同，加热时间不同，加热时间短的水的质量小。 11．小深测量某种液体密度的主要实验步骤如下： ①用调节好的天平测量烧杯和液体的总质量为 199.6g ②将烧杯中的部分液体倒入量筒，如图甲所示，量筒中的液体的体积　 　cm3 ③如图乙所示，用天平测出烧杯和杯内剩余液体的总质量为　 　g ④计算出液体的密度为　 　g/cm3。 【答案】70；122.6；1.1 【知识点】液体密度的测量 【解析】【解答】 ② 量筒的分度值为2mL，量筒中的液体的体积为70mL=70 cm3； ③ 标尺的分度值为0.2g，烧杯和杯内剩余液体的总质量为122.6g； ④ 量筒内液体的质量为： m=199.6g-122.6g=77g， 液体的密度为： 。 故答案为： ②70；③122.6；④1.1。 【分析】 ②根据量筒的分度值读出体积； ③物体的质量等于砝码质量加游码质量，看清标尺分度值，求出质量； ④ 利用密度公式求出液体的密度。 12．水平桌面上有甲、乙两只大烧杯，分别盛有盐水和水，已知ρ盐水>ρ水。小深想用压强计区分盐水和水，方法如下：如图所示， 将相同型号压强计的探头浸没到甲、乙两杯液体中，探头在甲液体中深度为h1，U形管两侧的液柱高度差为h甲；探头在乙液体中深度为h乙，U 形管两侧的液柱高度差为h乙。h1<h2，h甲<h乙，小深思考后发现无法直接区分盐水和水，原因是　 　。 小深又思考出两种方法区分盐水和水，请将小深的办法补充完整： ①将压强计的探头先后浸没到甲，乙两杯液体中，使压强计U两侧的液柱上高度差h甲'=h乙'，如果探头浸入液体中的深度 h1'<h2'，则　 　杯中一定是盐水。 ②使探头浸入液体中的深度 h1"=h2"， 如果压强计U形管两侧的液柱高度差h甲"　 　h乙"(选填“>”“=”或“<”)，则乙杯中一定是盐水。 【答案】探头在两杯液体中深度以及两个U形管两侧的液柱高度差都不相等；甲；< 【知识点】探究液体压强的特点实验 【解析】【解答】大烧杯中分别盛有水和盐水，已知ρ盐水>ρ水，小深将压强计的探头先后浸没到甲、乙两杯液体中，由图甲和图乙可以看出，探头在两杯液体中深度以及两个U形管两侧的液柱高度差都不相等，所以小深无法直接区分盐水和水； ① 将压强计的探头先后浸没到甲，乙两杯液体中，使压强计U两侧的液柱上高度差h甲'=h乙'，即探头受到的压强相等，如果探头浸入液体中的深度 h1'<h2'，根据p=ρgh可知，探头在液体中的深度较小的密度大，则甲杯中一定是盐水； ② 使探头浸入液体中的深度 h1"=h2"，根据p=ρgh可知，液体深度相同，液体密度大的U形管两侧的液柱高度差大的压强大，压强计U形管两侧的液柱高度差h甲"<h乙"，则乙杯中一定是盐水。 故答案为：探头在两杯液体中深度以及两个U形管两侧的液柱高度差都不相等；① 甲； ②<。 【分析】液体压强与液体密度和液体的深度有关，要根据压强大小判断液体密度的大小，需使液体的深度相同。 13．小深测量未知电阻Rx、的阻值，他选用电压不变的电源、已调零的电流表、阻值为Ro的定值电阻、3只开关和导线连接了如图所示的电路。 （1）请根据实验电路补充完成下面的主要实验步骤。 ①闭合开关S1、S，断开开关S2，电流表的示数为Ⅰ1； ②　 　时，电流表的示数为I2； （2）未知电阻Rx=　 　(用已知量和所测物理量的符号表示)。 【答案】（1）闭合开关S、S2，断开开关S1 （2） 【知识点】伏安法测电阻的探究实验 【解析】【解答】(1)①闭合开关S、S1，断开开关S2，此时R0与Rx并联，电流表测通过R0的电流，示数为I1，则电源电压： U=I1R0； ②为了测量Rx的阻值，需要测出通过Rx的电流和其两端的电压，即闭合开关S、S2，断开开关S1，此时R0与Rx并联，Rx两端电压等于电源电压，Ux=U=I1R0，电流表测干路电流，示数为I2，则流过Rx的电流为： Ix=I2-I1； (2)则根据可知，未知电阻Rx的阻值为： 【分析】闭合开关S和S1，断开开关S2，此时R0与Rx并联，此时电流表测的是通过R0的电流，示数为I1，可表示出电源电压U=I1R0，为了测量Rx的阻值，需要测出通过Rx的电流和其两端的电压，即闭合开关S、S2，断开开关S1，此时R0与Rx并联，Rx两端电压等于电源电压，Ux=U=I1R0，电流表测干路电流，示数为I2，根据并联电路电流的规律可求出流过Rx的电流Ix=I2-I1，根据可求出未知电阻Rx的阻值。 14．小明同学正在研究水的温度对水仙花生长情况的影响，为此他想用热敏电阻制作一个电子温度计来测量水温。他首先测量了热敏电阻R的阻值随温度变化的关系，并绘制成如图甲所示的图像。然后找来一块0~3V的电压表作为温度计表盘、一个电压为6V的稳压电原、一个阻值为10Ω的定值电阻Ro、开关和一些导线，按照图乙所示的电路图连接电路，制作成一个电子温度计(在一标准大气压下)。 （1）求水温为水仙花较适宜的生长温度15℃时，电路消耗的功率 （2）求该温度计能测量的最高温度 【答案】（1）解：当温度为 15℃时热敏电阻阻值为30Ω，由 可知，此时电路中的电流： 由 可知，电路消耗的功率： （2）解：由图甲可知，热敏电阻R的阻值随温度的增大而减小，由题意可知，当电压表示数为3V时，电路中允许的电流最大，热敏电阻的阻值最小，温度计测得的温度最高，此时电路中的电流： 则热敏电阻R的电阻： 根据图甲可知，测得的最高温度为 答：（1）水温为水仙花较适宜的生长温度15℃时，电路消耗的功率为0.9W； （2）该温度计能测量的最高温度为80℃。 【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算 【解析】【分析】（1）根据甲图可知，当温度为 15℃时热敏电阻阻值为30Ω，由 求出此时电路中的电流，根据 可求出电路消耗的功率； （2）由图甲可知，热敏电阻R的阻值随温度的增大而减小，由题意可知，当电压表示数最大时，电路中允许的电流最大，热敏电阻的阻值最小，温度计测得的温度最高，根据欧姆定律可求出此时电路中的电流，根据串联电路电压的特点可求出热敏电阻两端的电压，利用可求出此时热敏电阻的阻值，结合甲图可知测得的最高温度。 15．如图甲是健身房锻炼手臂力量的健身器材，受此器械的启发，小深组装了如图乙所示的健身器材模拟装置，其中杠杆可绕支点0在竖直平面内转动，重物A悬挂在C点， 人对杠杆的支持力作用在B点，方向竖走向上，且OC=2BC，此时杠杆在水平位整平衡。已知GA=600N，杠杆、悬绳的质量不计。求： （1）如图乙，此时杠杆对人的压力大小。 （2）如果小深想要增大杠杆对手臂的压力，分析并说明杠杆在水平位置平衡时，力臂OC需要增大还是减小? 【答案】（1）解：杠杆在水平位置平衡，由相互作用力可知，人对杠杆的支持力的大小等于杠杆对人的压力大小，根据杠杆的平衡条件可知： 即 又 则 解得： （2）解：增大；因为，和OB不变，若要增大，则需要增大力臂OC。 【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析 【解析】【分析】（1）杠杆在水平位置平衡，由相互作用力可知，人对杠杆的支持力的大小等于杠杆对人的压力大小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2求出杠杆对人的压力； （2）根据杠杆的平衡条件分析当和OB不变，若要增大，力臂OC需要增大还是减小。 16．请阅读《空中电站——浮空风力发电系统》并回答问题。 空中电站——浮空风力发电系统 我国是世界高空风能资源最丰富的国家之一，国外环境和气候科学家的研究报告指出，高空中蘊赢的风能超过人类社会总需能源的100多倍。在风能资源丰富的风力发电站区域，地面风力远小于高空，根据风力发电的基本原理，风中的能量与风速的三次方成正比，当风速增加1倍时，风中的能量增加到8倍。因此，风速大的地方是理想的风力发电场。 对此，各国开展相关研究来利用高空风能，我国自主研制的浮空风力发电系统成功升空发电。S1000型涵道式浮空风力发电系统(如图)，是利用充氨浮空器将轻量化的发电机组升至设定高度，利用高空风力发电，再通过系留线缆将电能传输至地面的技术及装备系统，整个系统由浮空平台、发电模块、电力传输和系留线缆组成。2025年1月7日，在共青城市鄱阳湖模型试验研究基地，涵道式浮空风力发系统首次试飞至1000米高空并顺利发电，发电功率超过100千瓦，刷新了浮空风电系统最大升空高度和单台浮空器最大发电功率两项行业世界纪录。 高空风能不仅发电效率高，并且因为风速受地形和气候等自然因素的影响较小，因此发电效果更为稳定和可预测。另外浮空风力发电系统的设计相对轻量化，整个系统的自身能耗较低；浮空风力发电系统在人口稠密地区的环境影响较小，能够在不占用土地资源的情况下提供电力。所以该系统的应用前景十分广阔，可延展至应急救援、智能测绘、城市安保、通信呆津、电力孤岛等多个泛低空经济领域。 请根据上述材料，回答下列问题： （1）涵道式浮空风力发电系统由浮空平台、　 　、电力传输和系留线缆组成。 （2）请根据文中信息将下表数据补充完整 平均风速v/(m/s) 5 10 15 20 25 30 1s内获取的能量E/×104J 1 8 　 　 . 64 125 216 （3）一台“S1000型涵道式浮空风力发电系统”发电功率保持 100kW 恒定发电时，发电6分钟可供额定功率为25W的电灯正常工作　 　h （4）请根据文中信息，分析涵道式浮空风力系统发电与传统风力发电相比的优势有哪些?写出一条即可　 　。 【答案】（1）发电模块 （2）27 （3）400 （4）发电更稳定，高空风能不仅发电效率高并且因为风速受地形和气候等自然因素的影响较小，因此发电效果更为稳定和可预测。 【知识点】电功的计算；电功率的计算 【解析】【解答】（1）根据短文可知，整个系统由浮空平台、发电模块、电力传输和系留线缆组成； （2）因为风中的能量与风速的三次方成正比，设能量E=kv3，当风速为5时，能量为1， 1=k×53 解得： k=1125 当风速为15时，能量为： （3）发电时间， 发电的电能W总=P总t1，灯泡功率P灯=25W=0.025KW，灯泡工作时间： （4）根据短文信息可知， 高空风能不仅发电效率高，并且因为风速受地形和气候等自然因素的影响较小，因此发电效果更为稳定和可预测。另外浮空风力发电系统的设计相对轻量化，整个系统的自身能耗较低；浮空风力发电系统在人口稠密地区的环境影响较小，能够在不占用土地资源的情况下提供电力。 【分析】（1）（4）根据短文信息分析解答； （2）根据风中的能量与风速的三次方成正比，设能量E=kv3，当风速为5时，能量为1，求出k值，当风速为15时，根据能量E=kv3求出能量值； （3）根据发电的能量等于灯泡消耗的电能建立平衡关系式P总t1=P灯t2，求出电灯正常工作的时间。 17．请阅读《我国万吨级光伏绿氢项目》并回答问题。 我国万吨级光伏绿氢项目 我国首个万吨级光伏绿氢示范项目——新疆库车绿氢示范项目，产出氢气纯度达99.9%，标志着我国首次实现了规模化光伏发电直接制氢工艺与工程成套技术的工业应用。 库车绿氢示范项目利用当地丰富的太阳能资源发电直接制取绿氢，电解水制氢能力每年达2万吨，可实现每小时输送2.8万立方米的氢气。压缩氢气运输是一种常用的氢气运输方式，将产生的氢气通过压缩成液体或高压气体的形式进行运输。项目建设内容主要包括光伏发电、输变电线路、电解水制氢、氢气储输、公用工程及配套辅助生产设施(如图所示)。 电解水制氢已有近百年的技术应用历史，它基于电化学原理，在两个电极之间通电，使水分子分解，在阳极侧产生氧气、在阴极侧产生氢气、水是一种广泛存在的资源，氢气是一种情节能源。氢，因其具备清洁、环保、能源效率高、来源广、储能等优点，发展氢能被看做是清洁能源转型和实现碳中和的要路径氢气是一种无色、无味、无毒的气体，可广泛应用于电力、化工、冶金、交通、航天、食品加工、医疗保健等领域。 2024年12月10日，新疆库车绿氢示范项目制氢配储项目储能电站顺利并网，该电站是一座装机容量为12.5兆瓦/50兆瓦时的电化学储能电站，由3个储能单元构成，是中国石化月前规模最大的用户侧储能电站。 请根据上述材料，回答下列问题 （1）利用太阳能发电再电解水制取的“绿氢”是一种清洁能源，也是　 　 (选填“一次”或“二次”)能源。为了方便向工地运输氢气，通常将氢气降低到一定温度，然后再通过　 　的方法使其液化并储存于钢罐中。；压缩体积 （2）下列是光伏绿氢能量转化的一种流程图，请你补充完整　 　。 （3）为了增强光伏板对太阳能的吸收，减少对太阳光的反射，请你提出采取的措施是(写出一条即可)　 　 。 【答案】（1）二次；压缩体积 （2）化学 （3）在光伏板上涂防反射涂层 【知识点】液化及液化放热；物体的颜色；能量的转化或转移；能源及其分类 【解析】【解答】(1)“绿氢”的主要来源是电解水生成，不能直接提取，因此绿氢是二次能源； 气体液化的两种方式是降低温度和压缩体积，为了方便向工地运输氢气，通常将氢气降低到一定温度，然后再通过压缩体积的方法使其液化并储存于钢罐中； (2)太阳能通过光伏板转化为电能，水通过电解生成氢气，这个过程中是电能转化为化学能，最后按需再将氢气的化学能转化为其他能； (3)为了增强光伏板对太阳能的吸收，减少光伏板对太阳光的反射，可采取的措施是在光伏板上涂防反射涂层或使用透明导电膜，或在背面安装黑色材料制成的背板，合理即可。 【分析】（1）直接从自然界中获得的能源，是一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过一次能源加工才能得到的能源，是二次能源； 气体液化的两种方式是降低温度和压缩体积； （2）电解水是将电能转化为化学能； （3）为了增强光伏板对太阳能的吸收，减少对太阳光的反射，可以涂防反射的材料或能吸收全部色光的黑色材料等。 学科网（北京）股份有限公司 $$