第1节 选择题-【快乐假期每一天】2024-2025学年高一物理暑假作业

第三部分题型练习 DISANBUFEN 第三部分 题型练习 第一节 选择题 1.我国无人艇装上相控阵雷达。如图所示，某无人艇 A.物体匀速运动时的速度为v=4m/s 位于与对岸的最近距离为20、3m的O点处，从O B.整个过程摩擦力对物体所做的功为W=一8J 点向下游20m处有一危险区，当时水流速度为 C,整个过程合外力对物体所做的功为W=4J 17,5ms,为了使无人艇避开危险区沿直线到达对 D.滑动摩擦力大小4N 岸，无人艇在静水中的速度大小至少是 4.(多选)连准扬镇高铁 D 扬州段12月11日正 安全区 式开通，如图所示，“复 205m 兴号”列车正沿直线驶 出扬州东站，假设列车 危险区 质量为m,牵引电机的 00m 输出功率恒为P,所受阻力恒为∫。某时刻速度 为、加速度为41，一段时间1后速度为2，在这段 A.20 m/s B.203 m/s 时间内位移为x。下列关系式正确的是 C.25.5m/s D.50 m s 2.如图所示，修正带是通过两个齿轮的相互咬合进 A.十2 P t 2 B.a1= mvl m 行工作的，其原理可简化为图中所示的模型。 A,B是转动的大小齿轮边缘的两点，C是大轮上 C.x-ml+gone D. 的一点。若大轮半径是小轮的两倍，两轮中心到 5.如图所示，质量为m的 A、C两点的距离相等，则A、B、C三点 ) 蹦极运动员从蹦极台 上跃下。设运动员由 C. 静止开始下落，且下落 过程中（蹦极绳被拉直 之前)所受阻力恒定， A.线速度大小之比是2：2：1 B.角速度之比是1：1：1 大小为号mg,在运动员 C.转速之比是2：2：1 下落h的过程中（蹦极绳未拉直），下列说法正确 D.转动周期之比是2：1：1 的是 ( 3.一质量为4kg的物 ↑FN A.运动员的动能增加了3mg 5 体，在水平恒定拉力 的作用下在粗糙的水 4 1m B.运动员的重力势能减少了3mg 平面上做匀速直线运 动。当运动一段时间 C.运动员的机械能减少了2mg 5 后拉力逐渐减小，且 2 当拉力减小到零时， x(m) D.运动员克服阻力所做的功为3mg 5 物体刚好停止运动。如图所示为拉力F随位移 6.(多选)如图所示，一质量为1kg可视为质点的 x变化的关系图像。g取10m/s2,则据此可以 小物块从传送带A点以初速度vo=4m/s滑上 求得 ( 传送带，传送带以6m's的恒定速率顺时针运 假期作业·物理 行，传送带A、B间距离为8m,小物块与传送带 A.小物块在传带上A、B之间的运动时间为1.5s 间的动摩擦因数为0.2。取g=10ms2,下列说 B.传送带对小物块做功为18J 法正确的是 C.小物块在传送带上运动时，因摩擦产生的热 量为2J D.整个过程中电动机多消耗的电能为16J 第二节 实验题 1.我国对儿童玩具枪的弹丸的射出速度有严格要 ①图乙中的纸带是实验过程中打点计时器打出 求。实验小组研究某款玩具枪是否符合规定。 的一条纸带。打点计时器频率为50Hz,打下O 小组同学使玩具枪从O点射出弹丸，将弹丸离开 点（图中未标出）时，钩码开始下落，Q、b、c是打点 枪口后的运动看作平抛运动，用照相机拍出弹丸 计时器连续打下的3个点。刻度尺的0刻线与 的运动轨迹如图所示。A、B、C是小球平抛轨迹 O点对齐，a、b、c三个点所对刻度如图乙所示。 上三个不同时刻对应的位置，OM是水平线，MN 打点计时器在打出b点时钩码下落的速度为 是竖直线，OA,OB,OC的延长线与MN交点的间距 m/s(计算结果保留三位有效数字)： 分别为和2。已知照片与实际大小的比例为 ②若打点计时器在打出b点时的速度表示为6， 1：50,测得照片中OM=10cm,y=1.0cm,A、B.C 钩码下落的高度表示为h6,当地的重力加速度为 三点在水平方向的间距x=0.6cm,.2=1.2cm。 g,若在误差允许范围内表达式呢 D (用题中所给的物理量表示)成立，则机械能 守恒。 C 15em16 17 18 19 20 21 2223 2425 乙 (2)采用光电门验证机械能守恒 !电磁铁 定律，装置如图丙所示。切断电 (1)照片中的2= cm 磁铁电源，让小钢球自由下落， 回口光电门1 (2)若取重力加速度大小g=10m/s2,则弹丸从 下落过程中小钢球经过光电门1 枪口射出的初速度大小为 m.'s: 和光电门2，光电计时器记录下 (3)为了减小实验误差，请提出一条合理的建议： 小钢球通过光电门1、2的时间 光电J2 △1、△2，用刻度尺测出两光电门 2.以下是利用落体法验证机械能守恒定律的两种 间距离h,已知小钢球的直径为 方案。 d,当地的重力加速度为g。 内 (1)采用打点计时器验证机械能守恒定律的实验 ①小钢球通过光电门1时的瞬时速度1= 装置如图甲所示。 (用题中所给的物理量表示)； ②保持光电门1位置不变，上下调节光电门2，多 ,纸带 次实验记录多组数据，作出（随么变化的图 打点计 时器 像，如果不考虑空气阻力，若该图线的斜率k (用题中所给的物理量表示)，就可以验 夹子 证小钢球下落过程中机械能守恒； 命重物 ③若考虑空气阻力的影响，则实验得出的， (△12) 随h变化的图像的斜率一定 (填“大于” “小于”或“等于”)不考虑空气阻力时图线的 斜率。参考答案 动，平均速度为0=2士0 2 m/s=1m/s,所以有P=F8= 第三部分 题型练习 3W,D正确 3.【答案】B 第一节 选择题 【解析】一t图像中图线与时间轴所包围的面积可知， 1.【答案】C 物体在3s内的位移大小5=6X3 2 m=9m,同理，物体在 【解析】若无人艇刚好避开危险区，无人艇应沿OP方向 1 以速度行驶，如图所示 第1s内和后28内的位移大小分别为1= 2×6X1m 6X2m=6m对整个过程，由动能定理得F1 安金区 =3m,2 2 一Fs=0解得F:F=3:1,故A错误，B正确：对整个 203m 过程，由动能定理得WF一W:=0可得WF：W:= 1：1,故C、D错误。 0 危险区 0 4.【答案】AC 20m 【解析】物体m2沿杆竖直下滑，令其最大速度为，则 m1的速度与m2沿绳方向的追度大小相等，如图所示 由几何知识得an0=203=5,故0=60,1为水流速 20 度，当无人艇在静水中的速度2Lv时，2最小2=sin0 =176x m's=25.5ms显然无人艇沿其他方向，如 浴OQ以速度'行驶时，在静水中的速度2>2，测无人 艇在静水中的速度至少为25.5ms,C正确。 0 可得的速度大小=cos0下滑过程，系统机械能守 安全区 ,则有ms品（品。）n=m+ 203m 2mi,解得0=2√5gd,A正确：当m2速度最大时，m2 20m cos0>mgsin a表 受力平衡，剥有Tcos0=mg可知T="ms 2.【答案】A 明之后m1还在加速，即m2速度达到最大时，m1的速度 【解析】 A、B是转动的大小齿轮边缘的两，点，可知)A= 不是最大，B错误：设m2下滑的最大距离为h,则有mgh 1 一mg(/d产+h产-d)sina=0,因此可以求得m2下滑的 vB根据u=ar,rA=ZrB可得mA=2aB:由于B,C两点 最大距离，C正确：m2下滑的过程，绳子的拉力对其一直 都在大轮上，可知wB=wC根据v=r,rB=2rC可得VB= 做负功，m2的机减能一直减小，D错误。 2CA、B,C三，点线速度大小之比为UA:B:心=2：2 5.【答案】CD :1则A,B、C三点角速度之比为A:wB:=2:1t1,故 【解析】对物块，根据动能定理有Ek一0=(F一D(s十1) A正确，B错误：根据创=2xn可知A、B、C三点转速之比 所以物块动能变化为(F一)(x十)，A错误：物块对小车 为nA:nB:nC=A:wB:C=2:1:1,故C错误；根据 有摩擦力作用，对小车有Ek一「x所以小车的动能变化为 ,B错误：系统产生的内能Q等于系统克服摩擦力做 T=2红可知A,B,C三点周期之比为TA:TB:Tc=1:2 功，为f1,C正确：由能量守恒定律，有F(1十x)=△E十Q :2,故D错误。 则物块和小车增加的机械能为△E=F(l十s)一Q=F(l+ 3.【答案】D s)一fl,D正确 【解析】从图像可知，0~2m内，物体做匀速直线运动， 6.【答案】B 摩擦力和拉力相等，即F1=F=4N,2~4m内拉力逐渐 【解析】0~。过程中，Ek一h图像为一段直线，由动能 减小，物体做减速运动，速度减小到零。整个过程中拉力 定理得(F-mg)h0=△E=mgh6一0解得F=2mg,故A 错误：由A可知，在0~hn过程中，F做功为2mgho,在ho 微功对应图维国成的面积，即W=号×4X(2十4)J= ~2ho过程中，由动能定理可知Ws-mgh0=1.5mgh0一 12J整个过程中摩擦力做功W=一fx=一4×4J=一16J, mgho,解得Wr=1.5mgha图此在0~ho和ho~2ha过程 则整个过程合外力对物体所做的功为W合=WF十W: 中，F做功之比为4：3，故B正确：在0一2h0过程中，F 一直做正功，故物体的机械能不断增加，故C错误；在2。 (12一16)J=一4J,根据动能定理可知W合=△Ek,即0- ~3.5ho过程中，由动能定理得We'一L.5mghp=0 1 L,5mgho解得WF'=0故F做功为0，物体的机械能保持 m=W参，解得气√m 4 不变，故D错误。 √2m/s,故A、B,C错误，D正确。 39 假期作业·物理 4.【答案】AB 【解析】(1)设O点和轨迹点的连线的延长线与MN的 【解析】列车以恒定功率运动过程，由牛颜第二定律和 交点到M点的距离为y,则O点和轨迹点的连线的延长 功率公式可知F-∫=ma,F=P可知速度增大，牵引力 1 减小，加速度减小，即车做加速度减小的变加速直线运 线与OM的夹角的正切值an=义=2 厂工wt=20由于照 动，不是匀变递直线运动，则位移表达式不成立，C错误： 片与实际大小的比例为1：50，因此y=50OM·tan0 根据上述分析，作出一1图如图所示。 50OM·x1即该投影点是匀速下降的。由于从A点 2u0 到B点、从B点到C点的水平位移大小之比为1：2，因 此运动的时间之比也为1：2，可得y2=2y1=2.0cm。 (2)投影点是匀速下降的，根据y=50OM·是可知，投影 20 t+ 点是匀追下降的，连度大小为=义=50OM·燕，又由 由于车做加速度减小的变加速直线运动，则该运动的位 于50.x1=nt,50y1=t解得弹九从枪口射出的初速度大 移大于如圈虚线描运的匀加造直线运动的位移，则有号 小v0=√15m/s。 >四十必，A正确：列车速度为1时，率引力是卫，根据 (3)实验误差主要来源于空气阻力与测量时读数严生的 2 误差，因此为了减小空气阻力的影响，弹丸的质量大一 丰领第二定徐得号-m1解得@1=卫 一上，B正 些，体积小一些，或在无风的情况下测量，为了减小测量 时读数的误差，可多次测量求平均值等。 确：根据动能定理可知P1十W=名m…透-名md解得P 2.【答案】(1①1.95②2gh,20@器 △11 =md-名mf-w,D错误. ③小于 【解析】(1)①用a、c两点之间的平均速度代表b,点的瞬 5.【答案】AC 【解析】根据动能定理可得，动能的增加量等于合力所 时建度有6=h,二=(23,50-15,70)X10 2T 0.02×2 微的功，即△=W=(mg一号mg)h=号mg,A正 1.95ms:②若机拔能守恒，则有mg6=号m话整理后 确：运动员下落的过程中，重力势能的减少量等于重力 有v话=2gh 所做的功，即|△Ep|=WG=mgh,B错误：运动员克服阻 (2)①小钢球通过光电门1时的醉时速度为1=，：@ d 力所做的功等于机械能的减少量，即△E机=W克= 2 mgh,C正确，D错误。 不考店空气阻力，由m=名一名所，助=品 6.【答案】AC 【解析】设物块经过1与传送带共速，小物块位移为1， 传送带位移为x2,因为小物块相对传送带速度较小，小物 块受到摩擦力向右，根据牛顿第二定律有mg=ma可得 )随么变化图像的针率为一器批可以验证小钢球 1 a=2m/s2,根据匀变速直线运动v=%十at,x1=o1十 下落过程中机械能守恒：③考虑空气阻力的影响，则小钢 之a心代入量据解得1=1s=5m,所以小物换运动位 球下落的加速度小于g,由=器可知，实验得出的 移小于A、B之间距离，则小物块与传送带共速后一起匀 速运动，设匀速运动时间为2，有2=二=8.5 (2)随人变化的图像的斜率一定小于不考虑空气阻力 1 6 s=0.5s, 时图线的斜率。 得小物块在传送带上A、B之间的运动时间为1恶=1s十 3.【答案】(1)a(2)1√10 0.5s=1.5s,A正确：由动能定理得传送带对小物块做的 【解析】(1)小球做平抛运动时，水平方向是匀速直线运 功为小物块动能的变化量，有W=Ek2一Ek:代入数值得 动，竖直方向是自由落体运动，故A处摄像头所拍摄的频 W=10J,B错误：共速前过程中传送带的位移为x2= 闪照片为a。 =6m所以物块与皮带的相对位移为△x=6m一5m= /22 1m,所以因摩擦产生的热量为Q=mg△x代入数值得Q (2)坚直方向上有)=2可得1气√令 2×0.455 10 =2J,C正确：由能量守恒可知，整个过程电动机多消耗 的电能为小物块增加的动能和因摩擦产生的热量，所以 0.3s则平抛小球的初速度w=二=1ms,小球在P点 多消耗的电能为10J+2J=12J,D错误。 竖直方向的速度y=g1=10×0.3m/s=3ms则p 第二节实验题 、6+=,/0ms. 4.【答案】(1)控制变量法(2)①1：2②1：4③当质 1.【答案】(1)2.0(2)15(3)弹丸的质量大一些，体 量、半径一定时，所需向心力大小F与角速度的平方 积小一些（在无风的情况下测量、多次测量求平均值等） 成正比关系。 40