初升高物理入门检测卷-【黄金起点】2026年初高中衔接必刷题物理

参考答案 一0.5s的斜率的绝对值相等，运动员的加速度大小相 5,答案：A 等，即a=g,根据牛顿第二定律可知kx一mg=ma,解得 x=75cm.C正确：00.3s内运动员竖直向上做加速运 解析：格运动的连度为v一c0S)10m/s,故D正确：船 动，加速度向上，运动员处于超重状态，D错误 6.答案：(1)500N(2)700N(3)250N 运动的速度为v格一05月可知随着0的增大，船的连度 解析：(1)匀速上升时，由平衡条件得：FvN1=mg=500N 逐渐增大，加速度逐渐变小，故A错误；根据受力分析，可 由牛顿第三定律得：人对体重计压力为500N,即体重计 知船受到重力、浮力、拉力、阻力的作用，故B正确：根据 示数为500N。 牛顿第二定律有F淬十Fsin0-mg,解得此时船受到的浮 (2)加速上升时，由牛顿第二定律得：FN2一mg=ma1 力大小为F浮=700N,故C正确 解得F2=mg+ma1=700N 6.答案：D 由牛顿第三定律得：人对体重计压力为700N,即体重计 解析：“吨”不是国际单住制中的基本单位，A错误：“力箭 示数为700N 一号”点火瞬间，推力大于重力，加速度向上不为零。所 (3)加速下降时，由牛顿第二定律得：mg一FN3=a3 楊带的卫星也县有向上的加递度，支持力大于重力，处于 解得Fg=mg一ma3=250N 超重状态，B,C错误：“力箭一号”加速上升过程中，所携 带的卫星也具有向上的加速，支持力大于重力，处于超重 由牛顿第三定律得：人对体重计压力为250N,即体重计 状态，D正确。 示数为250N 7.答案：D 第三部分 初升高物理人门检测 解析：由题可得物体0一2s内的位移即为传送带上、下两 端的间距，-t图像与t轴所园面积表示位移，可知位移x 初升高物理入门检测卷 号X1.0×10.0m+2×(10.0+12.0)×1m=16m, 1.答案：C 解析：体积很大的物体，也能视为质点，比如地球绕太阳 故C错误：由题图得0~18内物体加速度a1=A △t1 转时地球可看成质点，故A错误：物体做单向直线运动 10 时，位移大小一定等于路程，故B错误：平均速度等于位 m/g2=10m/s2,根据牛顿第二定律得mgin+angcos0 移与时间之比，平均速率等于路程与时间之比，则知平均 速度为零的运动，其位移为零，但路程不为零，所以平均 =ma11~2s内加速度大小a2==2m/s2,根据牛顿第 △12 速率不为零，故C正确：加速度为正值，表示与规定的正 二定律得mngsin0一ngcos0=ma2,解得0=37°， 方向相同，但若速度是负值，表示与规定的正方向相反， 0.5,故B错误：物体在传送带上先以10m/s2的加速度 即加速度与速度方向相反，则速度大小越来越小，故D 匀加速到与传送带有共同速度，再以2m/s的加速度匀 错误。 加速运动，由题图知传送带的速率u0=10.0m/s,0一1s 2.答案：A 内，传送带的位移为x1=10.0X1m=10m,故相对位移 解析：由题知，甲、乙两物体同时从 1有mg少 同一地，点沿同一方向做直线运动， 的△x1=10m一2×10×12m=5m,物体相对传送带 则当二者速度相同时甲、乙相距最 远，且沙1图像中图线与时间轴围 0123456成 上运动。1~2s内物体的位移为=号×(10.0+12.0) 成的面积表示位移，在1=1s时，甲 ×1m=11m,传送带的位移为10m,故相对位移为△x2 比乙多走的位移如下图阴影部分所示 一11m一10m一1m,物体相对传送带向下运动，则痕迹 在1一4s时，乙比甲多走的位移如下图阴影部分所示。 重叠1m,因此物体在传送带上留下的狼迹长度为5m,故 m) A错误，D正确。 8.答案：AC 甲 解析：火箭的加速度等于零时，速度可不等于零，火箭做 0123456h 匀速运动，A正确：火箭的速度增大，加速度也可以减小· 做加速度诚小的加速运动，B错误：加速度表示速度变化 则在0一6s内，两物体相距最远的时刻是4s末，A正确、 的快慢，则火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大，C C错误：1=2s时乙的位移为x=2X2X4=4m,甲的位 正确：火箭，点火升空的过程为加速过程，没有减速阶段， 加速度与速度同向，D错误 移为x'=2×2=4m,两者位移相同，又是从同一地面出 9,答案：BCD 发，故2s末时二者相遇，B错误：乙的速度一直为正，说 解析：纵坐标的变化量表示位移，从0到1时间内·两车 明其运动方向始终未发生变化，D错误。 的位移不相等，可知工甲<乙，两车做单向直线运动，其 3.答案：B 路程等于位移的大小，所以乙的路程大于甲的路程，A错 解析：设“1型”挡板BC部分与水平方向的夹角为日，在 误：从11到12时间内两车位移相等，都为x2一x1,根据平 “1,型”挡板由图示位置顺时针缓慢转至水平的过程中，日 逐渐减为0°，以笔记本电脑为对象，根据平衡条件可得F1 均速度计算式口=二。可知，两车平均速度相同，B正确： =ngsin0,F2=mgcos0,由于0逐渐减小，可知F1逐渐 从11到t2时间内，甲、乙两车路程都相等，都等于位移的 减小，F2逐渐增大；以“1.型”挡板和笔记本电脑为整体， 根据平衡条件可知，机械臂O口对“L.型”挡板的作用力 大小，由平均递度一时间 位移 和平均速率=客可知，两车的 F2与整体重力等大反向，则F3保持不变。 平均速度大小和平均速率相等，C正确：xt图像中阁线 4.答案：D 的斜率表示某时刻的瞬时速度，由此分析在t1时刻甲车 解析：由图知当拉力F增大到10N时，木块受的摩擦为 的速度小于乙车的速度，12时刻甲车的速度大于乙车的 静摩擦力，当拉力F增大到12N时，木块受的摩擦力为 速度，从t1到12时间内，甲车速度逐渐增大，乙车做匀速 直线运动，速度不变，所以在t1到t2时间内的某时刻，两 最大静摩擦力，后续木块开始运动，受的滑动摩擦力，大 车速度相等，D正确。 小为10N:当拉力F增大到10N时，木块受到静摩擦力， 10.答案：AC 此时木块仍处于静止状态，故A错误：当拉力F增大到 解析：对B受力分析，由平衡条件知，轻绳对B的拉力 11N时，木块仍受到静摩擦力作用，木块处于静止状态， FT=mg=20N,根据牛顿第三定律知，轻绳对A的拉 故B错误：滑动摩擦力大小为10N,动摩擦因效以= F 力大小为F'=20N,方向沿斜面向上：故C正确，D错 mg 误：对A受力分析，由于mAg8in30>F-'=20N:故A =9=0.5,故C错误：当拉力F增大到13N时，木块受 有沿斜面下滑的趋势，摩擦力方向沿斜面向上，根据平 20 衡条件得nAgsin30°=F(十FT,解得F=m agsin30 到滑动摩擦力作用，大小为10N,故D正确。 FT=5N,故A正确，B错误。 衔接必刷题 物理 11.答案：BD 14.答案：(1)2.2×10N1.8×10N 解析：由图乙可知，物块运动过程为在0一t0时间内向下 (2)①0.50m/s1.5m/s②见解析 做减速运动，在t0一21和时间内向上做加速运动，且整 解析：(1)由牛顿第二定律有F-mg=ma 过程加速度不变（图线斜率大小不变），始终沿着传送 由t图像可知，F1和F2对应的加速度分别是 向上，可以得到物块与传送带的滑动摩擦力大于重力沿 传送带向下的分力，因最后速度为，所以传送带速 a1=1.0m/s 大于等于0：因物块上滑初速度为，而传送带速度大 ag=-1.0m/s2 于等于，故物块不可能减速，故AC错误：当传送带速 F1=m(g+a)=2.0×103×(10+1.0)N=2.2×10'N 度等于阳时，物块与传送带无相对运动趋势，只有静摩 Fg=m(g+a2)=2.0×103×(10-1.0)N=1.8× 擦力，由于滑动摩擦力大于重力沿传送带向下的分力， 10'N 最大静摩擦力大于等于滑动摩擦力，故此时物块速度与传 (2)①类比可得，所求速度变化量等于第1s内：1图线 送带保持一致为物，故D正确：当传送带速度大于出时，物 与横轴国成的面积，即 块相对于传送带下滑，有向上的摩擦力，此时物块做沿传送 △=0.50m/s 带向上的匀加速运动直到与传送带共速，故B正确 同理前2$内速度变化量 12.答案：(1)CE/EC(2)A(3)0.48(4)0.80 解析：(1)电火花计时器需要使用电压220V的交流电 △2=v2一0=1.5m/s 源，需要使用刻度尺测量纸带上计数点间的距离：本实 %=0 验通过打点计时器可以知道计数，点间的时间间隔，不需 第2s末的速率v2=△2=1.5m/s: 要秒表测时间，也不需要天平测质量，故C、E正确。 ②由1图像可知，第18内的加速度与时间的关系式、 (2)为了充分利用纸带，诚小误差，实验时因先接通电 逸度与时间的关系式分别为 源，待打点稳定后让纸带运动，故A正确。(3)相邻两个 a=1.0t(m/s2) 计数点之间还有四个打出，点没有画出，可知相邻计数，点的 v=△v=0.5at=0.5t(m/s) 时间间隔为T=5×0.02s=0.1s,根据匀变速直线运动中 15.答案：(1)10m/s2(2)1.525s (3)19m 间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下C点时的速 解析：(1)根据牛顿第二定律可得mgsin9十r1 ngcos日 度大小为c=2示 x驰_(4.38+5.20)×10-2 2×0.1 m/s=0.48m/s 解得a1=10m/s2 (④)根据逐差法，小车运动的加速度大小a一匹如 (2)煤块与传送带共速时，位移为 (3T2 u一w682一42 [5.99+6.80+7.62-(3.62+4.38+5.20)]×10 共= m/s2= 2a1 2X10m=2.4m<L.a (3×0.1)2 0.80m/s2 由于川= =tan 0 3 13.答案：(1)A(2)AE/EA(3)0.53 即mgsin8=mgcos8 (4)↑m+ 所以共速后煤块与传送带一起做匀速直线运动，所以 0.6 1=四+LA8-1=1.525s (3)当煤块滑上长木板时，分别对煤块和长木板，根据牛 颜第二定律可得r2mg=ma2 0 mmg-u3(M++m)g=Ma3 所以a2=3m/s2,a3=5m/s2 煤块向右做匀减速直线运动，木板向右做匀加速直线运 动，设经过时间t1二者共速，则=w一42t=a3t 解得t1=1s,1=5m/s U十功 0.10.20.3040.50.6 此过程中煤块的位移为x,= 2t1=6.5m (5)0.42(0.400.44范围内均可) 解析：(1)实验中需要刻度尺测量纸带上的点间距，故A 谋块与木板共速后一起向右微匀减速运动，根据牛顿第 正确：本实验不是探究落体运动规律，不需要铁架台，故 二定律可得3(M十m)g=(M十m)a B错误：打点计时器本身具有计时功能，不需要秒表，故 解得a1=1m/s C错误：本实验探究运动学规律，不需要测量质量，故D 52 错误。(2)可以从打，点计时器打出的纸带上直接别量得 则煤块速度减为零的位移为=2,2×m=12,5m 到的物理量是位移和时间，速度、加速度和平均速度需 所以煤块停止运动时与B点的距离为x=x1十x2 要进一步计算才能获取，故A、E正确。(3)由题意可知，相 19 ma 邻两计数点间的时间同隔为T=马 =0.1s,打下计效点5 16.答案：(1)10N6N(2)64.8N(3)76.4N 时小车的速度为5==26,5-15,95)X10-2 解析：(1)分析P点受力如图，设PB绳的拉力为FTm m/s PA绳的拉力为FTm·由平衡条件可得 2T 2×0.1 =0.53m/s。(4)如图所示。 /(m-) 0.6 《 0.4 03 F =G1tan37°=6N 03 又6，=FAc0s37 则FT =10N (2)分新G2的受力情况由物体的平衡条件可得 0 F=Ga sin 37+FTm cos 37 0. 0.203040.5 0.6 可得F=64.8N。 (5)沙1图像中图线的斜率表示加速度，所以小车运动的 (3)再分析G2的受力情况由物体的平衡条件可得 加速度大小为4=4”-057-0.32 FN十FT sin37°=G2cos37 △ 0.6 m/s2=0.42m/s2。 可得FN=76.4N。 92第三部分) 初升高物理入门检测 初升高物理人门检测卷 (时间：75分钟 满分：100分)》 一、单选题（本题共7小题，每小题3分，共21分） A.F1逐渐增大，F2逐渐减小，F3逐渐增大 1.下列说法正确的是 B.F1逐渐减小，F2逐渐增大，F3保持不变 A.体积很大的物体，不能视为质点 C.F1逐渐减小，F2逐渐减小，F3保持不变 B.做单向直线运动的物体，其位移等于路程 D.F1逐渐增大，F2保持不变，F3逐渐减小 C.平均速度为零的运动，其平均速率不一定为零 4.如图甲所示，重20N的木块放在水平桌面上，给 D.加速度为正值，表示速度的大小一定越来越大 木块施加一随时间逐渐增大的水平拉力F,传感 2.甲、乙两物体同时从同一地点沿同一方向做直线 器描绘出木块受到的摩擦力随F变化的图像如 运动的速度一时间图像如图所示，则下列说法中 图乙所示。下列说法正确的是 ( 正确的是 ↑FN ↑/(m·s 12 10 分 09 123456t/s F F2 FIN A.在0~6s内，两物体相距最远的时刻是4s末 分 B.2s末乙在甲前面 A.当拉力F增大到10N时，木块开始运动 C.两物体两次相遇的时刻是1s末和4s末 B.当拉力F增大到11N时，木块已经运动 D.乙物体先加速向前运动2s,随后反向减速运动 C.木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.6 3.图甲是某款笔记本电脑支架，由“L型”挡板和机 D.当拉力F增大到13N时，木块受到的摩擦力 械臂构成，挡板使用一体成型材料制成。简化如 大小仍为10N 图乙，其AB、BC部分相互垂直，可绕O点的轴 5.如图所示，有人 在竖直面内自由调节。AB、BC部分对电脑的弹 在河面上方的岸 力分别为F1和F2(不计电脑与挡板间的摩擦)， 上用跨过定滑轮 机械臂OO对“L型”挡板的作用力为F3,在“L型” 的长绳拴住一条 挡板由图示位置顺时针缓慢转至水平的过程中，其 小船，人以8m/s的恒定速率拉绳使小船靠岸， 他部位保持不动。下列说法正确的是 ) 已知船的质量为100kg,某时刻人的拉力大小为 500N,绳与水面夹角为37，g=10m/s2,sin37°= 笔记本电胶 0.6,以下说法错误的是 A.船是匀加速靠近河岸 底座 B.船受到重力、浮力、拉力、阻力的作用 C.此时船受到的浮力大小为700N D.此时船的速度大小为10m/s 衔接必刷题 物理 6.2022年7月“力箭一号” 9.甲、乙两车在同一平直公路 甲 (ZK一1A)运载火箭采用 上同向运动，甲做加速直线 “一箭六星”的方式，成功 运动，乙做匀速直线运动。 将六颗卫星送入预定轨 甲、乙两车的位置x随时间 道。“力箭一号”运载火箭 t的变化如图所示.下列说 是四级固体运载火箭，起 法正确的是 () 0 飞重量135吨，起飞推力200吨，总长30米，芯 A.从0到1时间内，两车走过的路程相等 级直径2.65米，首飞状态整流罩直径2.65 B.从t1到2时间内两车平均速度相同 米，500公里太阳同步轨道运载能力1500公 C.从t1到t2时间内，两车的平均速率和平均速 斤。下列说法正确的是 () 度大小相等 A.信息中的“吨、米”是均为国际单位制中的基 D.在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等 本单位 10.A、B两物体由轻绳相连，跨过定滑轮，A物体 B.“力箭一号”点火瞬间，加速度为零 静止在斜面上，且轻绳与斜面平行；B物体由轻 C.“力箭一号”点火瞬间，所携带的卫星处于失 绳拉住悬在半空，如图所示，斜面倾角为30°，B 重状态 物体的质量为2kg,A物体质量为5kg,g取 D.“力箭一号”加速上升过程中，所携带的卫星 10N/kg,斜面对A的摩擦力和轻绳对A的拉 处于超重状态 力分别为 ( 7.如图甲所示，倾角为0的传送带以恒定的速率功沿 逆时针方向运行。t=0时，将质量m=1kg的物体 (可视为质点)轻放在传送带上端，物体相对地面的 A ℃t图像如图乙所示，2s时滑离传送带。设沿传送 0 带向下为正方向，重力加速度的大小g取10m/s2, 7217777777777777777707772 sin37°=0.6，cos37°=0.8。则 A.摩擦力大小为5N,方向沿斜面向上 B.摩擦力大小为20N,方向沿斜面向下 4/(m·8 12 C.轻绳对A的拉力为20N,方向沿斜面向上 10 D.轻绳对A的拉力为50N,方向沿斜面向上 7.5 11.如图甲所示，一足够长的倾斜传送带以恒定速 2.5 率顺时针传动。t=0时刻一小物块由传送带顶 10 端以大小为%的初速度沿传送带向下运动，物 0 2 3 t/s 甲 块下滑过程中速率口随时间t变化的图像如图 A.传送带的速度为12m/s 乙所示。若使小物块仍以大小为%的初速度自 B.物体与传送带之间的动摩擦因数：=0.4 传送带底端沿传送带向上运动，则小物块的速率 C.传送带上、下两端的间距为15m 随时间1变化的图像可能正确的是 D.物体在传送带上留下的痕迹长度为5m 二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分） 8.梦天实验舱由长征五号B遥四运载火箭执行发 2 射任务。关于火箭点火升空的过程中速度和加 速度的判断，下列说法正确的是 A.火箭的加速度等于零时，火箭可能运动 B.火箭的速度增大，加速度也一定增大 C.火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大 D.若取该过程的速度方向为正，则加速度方向 为负 78 第三部分初升高物理入门检测 三、实验题（本题共2小题，每小题15分，共30分） (2)可以从打点计时器打出的纸带上直接测量得 12.实验课上同学们利用电火花计时器等器材，研 到的物理量是 究小车做匀加速直线运动的规律，其中一个小 A.位移 B.速度 组的同学从所打的几条纸带中选取了一条点迹 C.加速度 D.平均速度 清晰的纸带，如图所示，图中O、A、B、C、D是按 E.时间 打点先后顺序依次选取的计数点，在纸带上选 (3)根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出 定的相邻两个计数点之间还有四个打出点没有 了打下1、2、3、5、6这五个计数点时小车的速 画出，电源频率为50Hz。 度，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的 速度5= m/s。(结果保留两位有效 A B 数字) 3.62cm4.38cm520cm 5.99cm 680cm 7.62cm (4)以速度v为纵轴、时间t为横轴在坐标纸上建 立直角坐标系，根据表中的、t数据，在坐标系中 (1)在本次实验中，所用实验器材除了电火花计 描点，并作出小车运动的心t图像。 时器、小车、一端带定滑轮的长木板、细绳、钩码 (5)根据t图像可知，小车运动的加速度大小 等器材之外，还必须使用的有 为 m/s2。(结果保留两位有效数字) A.秒表 B.天平 C.刻度尺 D.8V以下交流电源 计数点 2 3 4 6 E.220V交流电源F.电压合适的直流电源 t/s 0.1 0.20.3 0.40.5 0.6 (2)接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这 两个操作之间的时间顺序关系是 o/(m·s1)0.360.400.440.49 ).57 A.先接通电源，后让纸带运动 m·8) B.先让纸带运动，后接通电源 0.6 C.让纸带运动的同时接通电源 0.5 D.先让纸带运动或先接通电源都可以 (3)由图中的数据可知，打下C点时的速度大小 0.4 为 m/s. (4)由图中的数据可知，小车运动的加速度大小 0.3 a= m/s2。(以上计算结果均保留两 0.2 位有效数字) 13.某同学在做“测量直线运动物体的瞬时速度”的 0.1 实验中，从打下的若干纸带中选出了如图所示 的一条纸带，已知电火花打点计时器使用的电 0.10.20.30.40.50.6t/s 源频率为50Hz,每两个相邻计数点间有四个 四、解答题（本题共3小题，共33分） 点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上 14.(12分)摩天大楼中一部直通高层的客运电梯， 所示。 行程超过百米。电梯的简化模型如图1所示。 考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a 是随时间t变化的。已知电梯在t=一0时由静止 3.35 7.15 开始上升，t图像如图2所示，取向上为正方 1135 15.95 21.0 向。电梯总质量m=2.0×103kg。忽略一切阻 26.55 32.45 力，重力加速度g取10m/s2。 单位m (1)为了达到实验的目的，除了有打点计时器 拉力 ↑a/(m·s) 1.0 纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、 长木板外，还需要的仪器有 电梯 30314041 01210 t/s A.刻度尺 B.铁架台 -1.0 C.秒表 D.天平 图1 图2 79 衔接必刷题物理 (1)求电梯在上升过程中受到的最大拉力F1和 (1)煤块刚滑上传送带时的加速度大小： 最小拉力F2: (2)煤块从A运动到B点经历的时间1； (2)类比是一种常用的研究方法。对于直线运 (3)煤块停止运动时与B点的距离x。 动，教科书中讲解了由t图像求位移的方法。 请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根 据图乙所示t图像，回答下列问题 ①求电梯在第1s内的速度改变量△1的大小 和第2s末的速率2： ②写出电梯在第1s内的加速度与时间的关系 式，速度与时间的关系式。 16.(10分)重为G=8N的砝码悬挂在绳PA和 PB的结点P上，PA偏离竖直方向37°角，PB 沿水平方向，且与重为G2=100N的木块相连 接，木块静止于倾角为37的斜面上，如图所示， sin37°=0.6，cos37°=0.8，试求： ∠L∠L GA 37 37P G 15.(11分)如图所示，传送带与水平方向成30°角， (1)绳PA,PB的拉力各为多大： 顺时针匀速转动的速度大小v=8m/s,传送带 (2)木块与斜面间的摩擦力大小： 长LAB=11.4m,水平面上有一块足够长的木 (3)斜面对木块的弹力大小。 板。质量为m=3kg的煤块（可视为质点，整个 过程质量不变)以初速度o=4m/s,自A端沿 AB方向滑上传送带，在底端B滑上紧靠传送 带上表面的静止木板，木板质量为M=1kg,不 考虑煤块冲上木板时碰撞带来的机械能损失。 已知煤块与传送带间的动摩擦因数为：=， 3 煤块与木板间的动摩擦因数为2=0.3，木板 与地面间的动摩擦因数为=0.1，取重力加 速度g=10m/s2,求： ..30C 777777777777777777777777777777 80