专题训练(十四) 直流电路与交流电路-【成功方案】2025年大暑假小一轮高二物理专题复习

专题训练（十四） 直流电路与交流电路 [保分基础练] 大阻值为10.为使灯泡正常上作，滑动 1.随着社会发展，人类对能源的需求口益增 变阻器接入电路的电阻应调节为( ) 加，节能变得愈加重要.甲，乙两地采用电 22 压U进行远距离输电，输电线上损耗的电 ×10s 功察为输人总功率的倍(0<k1).在保 2209 持输人总功率和输电线电阻都不变的条件 A.12 B.52 C.62 D.82 下，现改用U的电压输电，若不考虑其他 4.（多选)如图甲所示，电动势为E、内阻为x的 因索的影响，输电线上损耗的电功率将变 电源与R一82的定值电阻、滑动变阻器 为输人总功率的 Rn、开关S组成闭合电路，已滑动变阻 A务 R号 C.5 D.25k 器消耗的功率P与其接入电路的有效阻 2.如图甲所示，在匀强磁场中有一个n一10 值Rp的关系如图乙所示.下列说法正确 匝的闭合矩形线圈绕轴匀速转动，转轴 的是 O,O2垂直于磁场方向，线圈电阳为52， +P/W 从图甲所示位置开始计时，通过线圈平而 0.4 的磁通量随时间变化的图像如图乙所示，则 ) R.R/0 甲 A,电源的电动势E=20 V,内阳r= 20 A.线圈转动过程中消耗的电功率为 B.图乙巾R=252 10x2W C.当滑动变阻器的滑片向左移动时，R上 B.在t=0.2s时，线圈中的感应电动势为 消耗的功率先增人后减小 零，且电流改变一次方向 D.调整滑动变阻器R,的阻值可以得创该 C,所产生的交变电流感应电动势的瞬时 电源的最大输出功率为1.28W 值表达式为e=10xsin(5π)V 5.两个完全相同的电热器，分别通以如图甲、 D.线圈从图示位置转过90时穿过线圈的 乙所示的交变电流，在一段相同且较长时间 磁通量变化最快 内，它们的发热量之比为Q：Q一4：1，则 3.图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比 I1:12等于 ：n2=22:3,输入端a、b所接电压u随时 间t的变化关系如图乙所示.灯泡L的电 阻恒为152，额定电压为24V.定值电阻 ×103s) R,一102、R,一52，滑动变阻器R的最 41 A.4:1 B.2√2：1 阻R一82，在用户端用降压变压器把电 C.1:2 D.1:1 压降为U,=220V.已知输电线上损失的 6.教学用发电机能够 功率P线=5kW,假设两个变压器均是理 产生正弦式交变电 想变压器，下列说法正确的是 流.利用该发电机 R (内阻可忽略)通过理想变压器向定值电 阻R供电，电路如右图所示，理想交流电 流表A、理想交流电压表V的读数分别为 升压变压器 降压变压器 I、U,R消耗的功率为P.若发电机线圈的 A.发电机输出的电流J1=40A 转速变为原来的2，则 B.输电线上的电流I=625A C.降压变压器的匝数比n:n=190:11 A.R消耗的功*变为2P D.用户得到的电流11-455A [争分提能练 B.电压表V的读数变为U 9.(多选)如右图所示，电 C.电流表A的读数变为2I 路中定值电阻R的阻 D.通过R的交变电流频率不变 值大于电源内阻r的 7,如图甲，理想变压器的原、副线圈币数比 阻值，开关S闭合，将 1：n=10:1,副线圈电路接有滑动变阻 滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表 器R和额定电压为12V、线脚电阻为22 的电动机M.原线圈输入的交流电压如图 V、V2、V的示数变化最的绝对值分别为 乙.闭合开关S,电动机止常工作，理想电 △U1、△U2、△U3,理想电流表示数变化量的 流表示数为1A.下列说法正确的是 绝对值为△I,下列说法正确的是( A.理想电压表V,的示数增大 B.△U3>AU>AU2 2202 (C.电源的输出功率减小 20×10s) D.△U与△I的比值不变 -220/2 10.(多选)在如图甲所示的电路中，电源电动 乙 势E-6V,内阻r一12，外电路接有三个 A.刷线圈两端的电压有效值为22√2V B.滑动变阻器R的接人电阻为102 定值电阻R.=22、R,=32、R,=62,虚 C.电动机输出的机械功率为12W 线框内的比路可等效为一个比源，如图乙 D.若电动机突然卡住，原线圈输人功率将 所示，共等效电动势E等丁CD间未接人 变小 州电器时CD间的电压，若州导线直接将 8.如图所示，某小型水电站发电机的输出功 C、D两点连接起来，通过该导线的电流 率P=100kW,发电机的电压U,=250V, 等于等效电源的短路电流.下列说法止确 经变压器升压后向远处输电，输电线总电 的是 ( 42 R-102,R=20,潸动变阻器R最大 R 阻值为402，滑片P处于止中间位置，则 R D ( ) 甲 A.通过R,的电流为8A A.等效电源的电动势E=5V B.电乐表读数为400V B.等效电源的短路电流为1.2A C.若向上移动P,电压表读数将变大 C.等效巾源的内阻r-7.5 D.若向上移动P,电源输出功率将变小 ).等效电源的最大输出功率为0.3W 11.(多选)在如图甲所示的电路中，I,、L、 13.如右图所示，电 【3为三个规格相同的小灯泡，这种小灯 源电动势为E, 泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关S 内电阻恒为r,R R 闭合后，电路中的总电流为0.25A,则 是定值电阻，热 此时 敏电阻R,的阻值随温度降低而增大，C ↑IA 0.3 是平行板电容器.闭合开关S,带电液滴刚 0.3 好静止在C内.在温度降低的过程中，分 0. 别用△I,△U,、△U,和△U2表示电流表、电 1.0 2.0 3.0/V W 压表1、电压表2和电压表3示数变化量 A.L,两端电压为L两端电压的2倍 的绝对值.关于该电路工作状态的变化， B.L消耗的屯功率为0.75W 下列说法正确的是 ( C.I2的电阻为4 A. U:△U△U D.L,、L消耗的电功率的比值大丁12 △I、△I、△7 一定都变人 12.如右图所示，理想变 和 B. △U2 I 一定不变， △I 一定变大 压器原、副线圈匝数 之比为1：4，正弦交 C.带电液滴一定向下加速运动 流电源电压的有效值为U一100V,电阻 D.电源的工作效率一定变人 43当上板电势较高时，电子向上偏转，当电子射出 (3)从电荷第一次通过MN开始 从电场中射出后进入磁场，轨迹与光算相切时位 置最远，此时设电子从电场中射出时逸度方向与 计时，其运动周期为T=4红X 初速度夹角为0，由几何关系 10-5s I.2-R(I-sin 8) 裉据电荷的运动情况可知，电荷 粒予在磁场中运动 到达挡板前运动的完整周期数为 eu=n发 4个，此时电荷沿N运动的距离 s-4△d-16cm,别最后△s-7.5 可得R=器 cm的距离如图乙所示， 则 有r1十r1cos&=△s解得cosa= 1-常1-sn0-罗-m9 0.5, eBeB B(o-飞，) 则a=60° 带入数搭可得-飞y=0.6×105m/s 放电荐运动的总时网t%=十4T+背打=15 5 又w2-=话=(1.2×10) ×105s≈1.1×104s. 联立解得，=0.9X10m/s 电子在电场中偏转，则由 答案(1)7.2×10N/C(2)4.0cm(3)1.1 U'ane ×101s vy-dm 专题训练（十四）直流电路与交流电路 L=vst' 解得U'As-6V [保分基础练 则能打到光屏上的电子在偏转电扬中的电压范 1.入设输送的电功奉为P,当谕送电压为可时，在 国为+6V--8V之间，由4g-10sin100xd ，得△P= (V)可知，在一个周期T内能打到屏上的电子的 线路上损失的功率△P=PR,I-号 时间为2T了，即有50%的电子能打到屏上. P2R 同理，当输送电压为U时，在线路上损失 答案()整U一→Th-He 的功率△P' Th一Pa一9e用一张纸挡住即可将两 《6产由题意可知，△P-P,联立 PR 种射线分离开(2)8V(3)50% 解得△P= 密P,脚输电我上损托的电功车脊变 8.解析(1)电荷在电场中做匀加速直线运动，有 购-adf 为输入总功率的务A正角。 由牛颜第二定律得：Eg=m4 2.A 解得F=m≈7.2X103N/C 从题周乙中可知a=票=是器ad/s g△t 5πrad/s,线图产生的最大感应电动势为：Em一 2由B-m,T-心得-的Tm nBSu=n④m=10×0.2×5rV=10πV,因为线 gB 图从垂直中性而开始计时，所以交变电流惑应电 当磁场垂直纸而向外时，半径r1一，B,=5n 动势的瞬时值表达式为g-10πc5(5πt)V,感应 周期T1= 2xm_2x×10-5s 电动势有效值为E g313 E-5区xV,线周转动过 _mw一3cn 当磁场垂直纸面句里时，半径一qB 程中消衫的电功率为P= R =10π”W,A正确， 周期T2=2π-2红×10-i9 C错误：从题图乙中可知在1一0,2s时，磁道量为 0,线图中的感应电动势最大，电流方向不变，B错 故电荷从一0时刻开始做周期性运动，其运动轨 误：图示位置线图平面与磁场方向平行，磁通量为 迹如图甲所示， 0,磁通量的变化率最大，穿过线图的磁通量变化最 1=4红×10ss时刻电荷与0，点的竖直距离△d 5 快，转过90°，感通量最大，磁通量的变化率为0，ID -2(n-r2)-4.0cm 错误. 96 3.A由题图乙可得U=220V, 7.B变压器原线图电压有效住为220V,则剖线圈 始-荒U=》v 两编的电压有效值U2-2U,=22V,选项A错 鞋1 灯泡正常工作时，U=21V,1==24 A= 误：滑动凌阻器接入电阻R= 2UM_22-120 1 1.6A =102,远项B正确；电动机输出的机械功乘为 R1两端电压k1-U2-1.-30V-24V-6V UR1-0.6A P幽=1UM-r=1×12W-12入2W=10W, 通过R1的电流h一 选项C错误；若电动机突然卡住，剂线图电流将 通过R的电流IR=I一11=1A 变大，副线圈输出的功率变大，则原线圈输入功 _UR1-6 由欧号定律得R+R:丹-兰n一6n 率将变大，选项D错误. 可解得R=12,选项A正确. 8C发电机输出电流1一 P_100X1cA=400A, 250 4.1BDRp消耗的功来P=(R17Rn E ·RE 故A错误：输电线上损失的功率P线=R线= E (r+R-Rp)2 5kW所以1一√震=25A:故B楼买：用户得 -4(R十) Rp 到的功率P1=P-P线=(100一5)kW=95kW, 当Rn一R|r时，P有最大值，把RIr等效为电 P=95X10A=4750A≈432A.即用 源的内阻，由题图乙可知R十r一10时，P 则1= 220 11 E 4R1万-0.4W,则E=4V-2n,A项错误： 户得到的电流为432A故=上=190. 线=T,故C正 滑动变阻器的阻值为4和阻值为R,时渭耗的 确，D错误， E2 功*相等，期有4十R+(K+R-R,: [争分提能练 9,BD理想电压表内阻无穷大，相当于断路，理越 代入效据，解得R一25，B项正确：当滑动变阻 电流表内阻为零，相当短路，所以定值电阻R与 器的滑片向左滑动时，其接入电路的电阻增大， 则电路中电流减小，R上消耗的功率减小，C项错 滑动变阻器串联，电压表V1,V2,Vs分别测量R 误：由于负载大于内阻，故当R印一0时，也源的输 的电压、路端电压和滑动变阻器两端的电压。当 (E 滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减 出功率最大，为(R干，) ·R=1.28W.D项 小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减 正确. 小，刘V2的示致减小，故A错误： 5.A题图甲中，由电流有效值的定义可知 当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，故当 滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近 内阻，故电源的输出功率在增大，故C错误： 解得1=专，则英功率B=PR=寻R 根菇闭合电路的欧姆定律得U2=E一1r 题围乙中正反向电流大小相等，电流的有效值 明得普=尚智-R 为12， 故功率P2一R 据题：R>r,则得△U1>△U2 图Q:Q2-4:1,Q1-P1t,Q2-P24 同理Us=EI(R一r) 故11：12-4：1.故远A. 则得=R十r,保持不变，则 6.B发电机线圈的转遮变为原来的受，由E= △U3>△U1>△U2.故B、D正扇 B知，原线罔中输入电压变为原来的号，频率 10.CD当CD间未接入用也器时，CD间电压UD ② R2E 为感来的宁根受-是则边发为愿来的宁 为等效电动势E,E一R,R,一3V,A项 错误：若CD间用导线连接，通过导线的电流等 即U=U,则通过R的电流支为原来的2，R消 于等效电源的短路电流，此时电阻R?和R并 U=上卫，根据2用 耗的功率P:=R=4 =,原线图上 头，香与风章联=尽经根移局合电路 E 的电流也变为原来的号，即电流表A的读数变为 欧将定律可如，1一R1-R2十，=1.2A,根据并 合故选B 联电路电流分配关系可知1性三R风门 97 0.4A,则等效电源的短路电流为0.4A,B项错 误：学救电源的内阻，=二=7.5D,C须正确： 专题训练（十五）电磁感应 [保分基础练 当外电阻等于等效电源的内阻时，等效电源的 1.3根据右手定则，流过金属棒中的感应电流方 输出功最大P出m=兰=0.3w.D项正确 向由B到A,A错误：由于AB做匀加速直线运 11.BD电路中的总电流为0.25A,L1中电流为 动，产生的感应电动势E一BLu一BLat,越来越 0.25A,由小灯泡的伏安特性曲线可知，L两端 电压为30V,L1消耗的电功率为P1=U111= 大，回路中的感良电流1一景装，越来越大， 0,75W,选项B正确：根据并联电路规律，L2中 穿过P环的磁通量与电流成正比，越来越大，根 电流为0.125A,由小灯泡的失安持性曲钱可 裾楞次定律推论，P环有收缩的趋势：》环与固定 知，1g两端电压小于0,5V,所以11两端电压 螺战管产生的磁场方向相反，P环（等价于磁铗， 比L2两端电压的6倍还大，选项A错误：由欧 磁性不变)与回定螺线管（等价于磁缺，磁性变 好定徐可物山略电程一告<品器0 强)同名磁极相对，相互排斥，P环对地而的压力 增大，B正确，C错误：根据法拉第电磁感应定律， 4,逸项C错误；I2消耗的电功率P2一U2I2 P环中产生恒定的感应电流，D错误 <0.5×0.125W=0,0625W,l1、12消耗的电功 2.)无线充电时，手机接收线圈的工作原理是电 10.75 单的比值号>a,0625一12，选项D正确 磁感应，故错误；由于充电工作原理为电磁感 12.A理想变压器原、刷线圈匝数之比为I：4,可 应，发射瑞和接收端间的距离越远，空间中攒失 知原、副线图的电流之比为4：1，设通过R1的 的能量越大，故B错误；不是所有手机都能进行 电流为1，则副线圈电流为0.251，原线圈电压 无线充电，只有手机中有接收线圈时手机才能利 用电磁感应，进行无线充电，故C错误：根据电磁 U,=U-R1,根据电压与臣数的关系可知U 感应原理，接收线圈中交变电流的频率与发射线 =4，=0.251(R+尽)，联立解餐1=8A, 国中交变电流的领率和同，故D正确 1 3.C磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞决 U:=80V,故A正骑，B错误；若向上移动P,则 定律得，h中的感应电流方向由日到b,数A错 R多接入电路的电阻减小，副线圈电流变大，原线 误：由于磁感应强度均匀诚小，根据法拉第电磁感 图电流也变大，根据P一U,可知电源输出功幸 将变大，电阻R]的电压变大，变压器输入电压 应定律B=△BS可知，感应电动势恒定，剩 △t△1 变小，副线阳电压变小，电压表读数将变小，故 感应电流不变，由公式P一R可知，电阻R的热 CD错误， 功率不变，故B错误：根据安培力公式F=BIL 13.D由题图知，Vg测路端电压，V2测热敏电阻 知，电流I不变，B均匀减小，则安培力减小.故C R的电压，V1测定債电阻R的电压，由U= 正骑：金属棒受安培力和静摩擦力处于平衡，安培 E-1r,得A △I =由2=E一(R十)，得爱 力减小，则静摩擦力减小，故D错误。 一R+由G=欣得要=R,故A.B错误1带 4.BD根据楞次定律可知，线陶中产生的感应电流 为顺时针方向，则闭合S2、电路稳定后，通过R? 电液滴在平行板电容器中受到向上的电场力和 的电流由a流向b,连项A错误，根据法拉第电磁 向下的重力处于平衡状态，在温度降低的过程 中，热敏电阻Rt的阻值变大，回路中电流变小， 感应宠体得E=ns-100×8×0.2V-4V, △ 路骗电压变大，由于流过定值电阻R的电流变 则闭合S2,电路稳定后，通过R2的电流大小为1 小，所以电阻R的电压也就变小，则RT两端的 E 电压变大，电容器两极板间的电压等于R灯的电 一R1+R2-,一2+6+2A-0.4A,选项B正 压，所以电客器两极板间的电压变大，则平行板 确；闭合S2、电路稳定后，电容器上极板带正电， 问的电场强度也变大，导致带电液滴向上运动， 此时断开S1,电容器放电，通过R2的电流由a流 UsI 故C错误；电源的工作效卓”-E×100光一 向b,选项C错误：闭合S、电路稳定后，电客器所 带电荷量Q=Ck2=3X106×0.4×6C=7.2 兰×100治，由于路端电压变大，所以电源的工 ×10-6C,此时断开S1,通过R2的电荷量为7.2 作效率一定变大，故D正确. X106C,选项1)正确， 98