2025年新疆乌鲁木齐市米东区中考物理适应性练习卷（1）

2025年新疆乌鲁木齐市米东区中考物理适应性练习卷（1） 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.古筝演奏时的琴声是由______振动产生的(    ) A. 手指 B. 空气 C. 琴弦 D. 耳朵 2.下列现象是由光的直线传播形成的是(    ) A. 彩虹的形成 B. 水中的“月” C. 海市蜃楼 D. 日食的形成 3.食用盐在腌菜时比在炒菜时扩散的(    ) A. 慢 B. 快 C. 一样 D. 无法判断 4.“月在云中行”、“鱼戏莲叶间”，诗句中“月行”和“鱼戏”所选的参照物分别是(    ) A. 云、莲叶 B. 云、鱼 C. 月亮、鱼 D. 月亮、莲叶 5.下列不能和带负电物体相互吸引的是(    ) A. 纸屑 B. 头发 C. 负电荷 D. 正电荷 6.人造卫星升空过程中(    ) A. 机械能不变 B. 重力势能变小 C. 惯性变大 D. 机械能不守恒 7.下列数据最符合实际情况的是(    ) A. 一名中学生的正常体温约为 B. 一支学生用中性笔的长度约为15cm C. 正常人的脉搏跳动约200次 D. 一名普通中学生的重力约为50N 8.环保监测无人机现在已成为守护绿水青山的重要科技参与者，如图，它的旋翼由电动机驱动，高分辨率的摄像头能够清晰捕捉地面图像，并实现实时数据传输。以下关于无人机的描述正确的是(    ) A. 电动机是利用电磁感应原理工作的 B. 电动机工作时电能大部分转化为机械能 C. 航拍时，摄像机成像的像距略小于焦距 D. 航拍时，地面景物在摄像头中成放大的像 9.甲铁块质量是乙铁块的3倍，吸收相同的热量，则甲、乙两铁块的比热容之比和升高的温度之比分别为(    ) A. 1：1，3：1 B. 1：3，1：3 C. 3：1，1：3 D. 1：1，1：3 10.图中力水平拉动重为的物体A，在水平路面匀速移动了5m用时10s，拉力做功的功率是100W。改用滑轮组拉动A在同一路面匀速移动了5m，拉力为如图所示。以下说法正确(    ) A. 做功1100J B. 力大小是90N C. 滑轮组的机械效率是 D. 滑轮组绳子自由端移动10m 11.实心长方体A和B放置在水平地面上，A和B的质量之比为1：7，它们的长、宽、高如图所示，现在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例截取一部分长方体，叠放在对方剩余部分的上表面，此时A、B剩余部分对水平地面的压强为、，下列关于切割比例n取值范围和对应、的大小关系正确的是(    ) A. 当时， B. 当时， C. 当时， D. 当时， 12.为了探究滑动变阻器的电流、电压关系，按照如图甲的电路进行实验。组装好电路后，闭合开关，让滑片P从最右端开始向左滑动，测量滑片到最右端的距离电阻与长度成正比，同时观察电压表、电流表的示数，记录数据并绘制图像。电压表读数U与x的关系如图乙所示，电流表读数I与x的关系如图丙所示。根据题目信息，以下说法中正确的是(    ) A. 由图像可知，滑动变阻器出现了断路故障，且断点位置 B. 滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化 C. 修好滑动变阻器后，此电路的最小功率为 D. 当滑动变阻器电阻丝从5cm滑至10cm时，其电阻从变化到 二、填空题：本大题共5小题，共32分。 13.中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇如图从西藏科考营地顺利升空，创造浮空艇大气科学观测世界纪录。 “极目一号”浮空艇3小时上升了6km，上升的过程中浮空艇的平均速度为______，此过程浮空艇相对于营地是______；为避免艇内气体的温度急剧升高，浮空艇最外层呈白色，其目的是反射太阳光中的______；艇体是由密度______选填“大”或“小”的材料制成，使浮空艇整体更加轻盈，从而提升了机动性能。 浮空艇内部上层充满氦气，中间隔开，下层是空气，总体积约为。在海拔高度4000m的营地升空时，所受空气浮力大小为______空气密度随海拔高度变化的图像如图；下降时，需要排出______选填“空气”或“氦气”。 14.我国规模最大光伏制氢基地在新疆库车投产，这标志着我国绿氢规模化工业应用实现零的突破，也被业界认为是我国绿氢产业发展的一个里程碑。 硅光伏板用______填“半导体”或“超导体”材料制成，它将光能转化为______。 基地通过电解水制氢，氢能源为______次能源，常温下将氢气通过______方式液化后存放在储罐中。 为了不对居民生活造成明显影响，光伏板主要是对光的______反射；光伏板为了最大限度的吸收太阳光，设计者在其表面覆盖了一层底铁钢化玻璃，此玻璃对光有很强的______选填“反射”或“透射”能力。 15.2024年9月15日，我国首个业务化卫星激光通信地面站在喀什建成，并进入常态化运行阶段。 激光通信属于利用______传递信息，其在真空中传播速度为______。 卫星绕地球运行受______填“平衡力”或“非平衡力”作用，其运动状态______。 利用滑轮组吊装地面站云台底座，动滑轮的作用是______；底座设计宽大是为了______对地面的压强。 16.2024年12月30日，乌鲁木齐后峡，全长公里的G0711线乌鲁木齐至尉犁高速公路天山胜利隧道贯通，世界最长高速公路隧道纪录就此改写。 若汽车通过隧道时紧急刹车，乘客身体由于______向前倾；隧道内禁止鸣笛是在______减弱噪声。 冬季施工时，渗出的水流会结冰，此过程需要______选填“吸热”或“放热”；冰层覆盖岩壁可抑制粉尘扬起，粉尘的飞散属于______选填“分子热运动”或“机械运动”现象。 中交集团自主研发的硬岩掘进机在隧道建设中大幅提升了掘进效率，当掘进机刀盘旋转切割岩石时，刀片因摩擦温度升高，这是通过______的方式改变内能；施工过程中，水泵将10 t水提升至50m高度时，对水做功为______ J；若水泵功率为500kW，效率为，则每小时可抽水______ t；抽水管口越细，水流速度越______。 17.如图甲所示的提词器是通过一个高亮度的显示器显示文稿内容，并将显示器显示内容反射到摄像机镜头前一块呈45度角的专用镀膜玻璃上，把台词反射出来，使得演讲者在看演讲词的同时，也能面对摄像机。小王联想到提词器上的镀膜玻璃就是利用了平面镜成像特点如图乙。 实验中放在玻璃板后的蜡烛B ______点燃。 当蜡烛A远离玻璃板时，所成像的大小______。 提词器把台词反射到镀膜玻璃上时，演讲者看到的是台词的______像。 三、作图题：本大题共3小题，共6分。 18.如图所示，根据光的反射定律在图中画出入射光线。 19.试根据规定要求作图。 如图所示杠杆处于平衡，请在杠杆A处画出最小的动力，并画出阻力。 20.在遵守安全用电原则的前提下，请用笔画线代替导线，将如图所示电路补全，其中开关只控制灯泡。 四、实验探究题：本大题共2小题，共18分。 21.康康在河堤.上散步时，发现河堤的形状上窄下宽，他想河堤设计成这样是否与液体的压强有关，如图所示是他设计的探究“液体的压强大小与哪些因素有关”的实验装置。 实验中U形管压强计______连通器选填“是”或“不是”。 按照图乙和图丙所示进行实验，可以得到液体的压强与______有关。 完成探究实验以后，康康设计了图戊所示的装置，向装置左右两侧倒入不同的液体，液面稳定后，装置中左右两侧液面相平，橡皮膜形变，如图戊所示，则左右两侧液体的密度______，对容器底的压强______均选填“>”、“<”或“=”。 22.小明想测量某一未知定值电阻的阻值，他用到的器材有：电池组电压未知、待测电阻、电流表、电压表、规格为“，1A”的滑动变阻器、开关、导线若干。所连的电路如图甲所示。 请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整。 闭合开关后，发现无论怎么调节滑动变阻器，电流表都无示数，电压表有示数，且接近于电源电压，其原因可能是______。 实验中，当电压表的示数如图乙所示时，电流表的示数为。则此时定值电阻______。 完成上述实验后，老师提出：如果没有电压表，用一个电流表和一个最大阻值的滑动变阻器仍可完成本实验。兴趣小组经过讨论后设计了如图丙所示的电路，并进行了如下操作： ①闭合开关S，将滑动变阻器滑片P移至最右端，记下电流表示数为； ②将滑动变阻器滑片P移至最______端，记下电流表示数为，则被测电阻______用、、表示。 五、计算题：本大题共2小题，共10分。 23.如图所示的电路，定值电阻的阻值为，的阻值为，闭合开关后，电流表A的示数为。求： 电阻两端的电压； 电路总功率； 整个电路在消耗的电能。 24.如图甲所示，我国自主建造总重量为万吨的亚洲第一深水导管架“海基二号”需要用驳船运输到指定位置，安装在超过300m深的海域搭建石油开采平台。而亚洲最大驳船的最大载重只有，该驳船可看作长200m、宽50m、高14m的规则长方体如图乙，其最大吃水深度为7m。“文冲修造厂”通过加长驳船解决了超重难题，加长后驳船的最大吃水深度不变，海水的密度取求： 水深300m处的压强； 加长前，驳船空载时排开海水的体积； 若驳船体积每增加，自重增加，为了安全装载“海基二号”，驳船总长度至少应增加多少m。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：古筝演奏时的琴声是由琴弦振动产生的，故C正确，ABD错误。 故选：C。 声音是由物体振动产生的。 本题考查的是声音产生的条件，属于基础题目。 2.【答案】D  【解析】解：A、彩虹的形成是由于光的折射形成的，故A不符合题意； B、水中的“月”是由于光的反射形成的，故B不符合题意； C、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故C不符合题意； D、日食的形成是由于光的直线传播形成的，故D符合题意。 故选：D。 光在同种均匀介质中是沿直线传播的。 本题考查的是光的直线传播；知道光的反射和光的折射现象。 3.【答案】A  【解析】解：食用盐在腌菜时比在炒菜时扩散得慢，因为温度越低，分子运动越缓慢。故A符合题意；BCD不符合题意。 故选：A。 分子运动的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。 本题考查了扩散现象、分子运动和温度有关，相对比较简单，属于基础题。 4.【答案】A  【解析】解：以云为参照物，月与云之间的位置发生了变化，月是运动的，所以“月在云中行”； 以莲叶为参照物，鱼与莲叶之间的位置发生了变化，鱼是运动的，所以“鱼戏莲叶间”。 故选：A。 判断一个物体是运动还是静止，关键是判断物体与参照物的位置是否发生改变，物体与参照物位置发生改变，物体相对参照物是运动的；物体与参照物的位置不变，物体相对参照物是静止的。 本题主要考查了参照物的选择，读懂诗句的含义是解题的关键，难度不大。 5.【答案】C  【解析】解：带负电的物体可以吸引不带电的纸屑和头发，这是因为带电物体能够吸引轻小物体。同时，带负电的物体与正电荷是异种电荷，它们之间会相互吸引。负电荷不能和带负电物体相互吸引，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选：C。 根据电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 带电物体能够吸引轻小物体。 本题考查物体带电现象及电荷间的相互作用规律。 6.【答案】D  【解析】解：AD、人造卫星升空过程中，重力势能与动能都增大，故机械能增大，故A错误，D正确； B、人造卫星升空过程中，重力势能变大，故B错误； C、惯性与物质的质量有关，故人造卫星升空过程中，惯性不变，故C错误。 故选：D。 机械能包括动能与势能； 重力势能与物体的质量及高度有关； 惯性与物质的质量有关； 能量之间可以相互转化。 本题考查了机械能与惯性，属于基础题。 7.【答案】B  【解析】解：A、人体正常体温约为，属于发烧体温，并非正常体温，故A错误。 B、一支学生用中性笔长度约为15cm，符合实际情况，故B正确。 C、正常人的脉搏跳动约次，200次远远超出正常范围，故C错误。 D、一名普通中学生质量约为50kg，根据取，重力，并非50N，故错误。 故选：B。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 8.【答案】B  【解析】解：A、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，而电磁感应原理是发电机的工作原理，故A错误。 B、电动机工作时，主要是将电能转化为机械能，同时由于线圈有电阻，会有一小部分电能转化为内能，即电能大部分转化为机械能，故B正确。 C、航拍时，摄像头相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像，此时像距大于一倍焦距小于二倍焦距，故C错误。 D、航拍时，地面景物在摄像头凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，故D错误。 故选：B。 电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的。 电动机工作时，主要是将电能转化为机械能。 航拍时，摄像头相当于凸透镜，地面景物在摄像头凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，此时像距大于一倍焦距小于二倍焦距。 本题考查电动机的工作原理和能量转化以及凸透镜成像规律的应用，难度不大。 9.【答案】D  【解析】解：比热容是物质的一种特性，甲、乙两铁块物质种类相同，状态也相同，则比热容相同，即比热容之比：：1； 两铁块吸收热量之比：：1，质量之比：：1， 由得，甲、乙两铁块升高的温度之比： 。 故选：D。 物质的状态相同时，同种物质的比热容相同；根据吸热公式计算甲、乙两铁块升高的温度之比。 本题考查了对比热容特性的理解、吸热公式的应用，属于基础题目。 10.【答案】C  【解析】解：A、根据可知，做的功为： ，故A错误； B、根据可知，力大小为： ，故B错误； C、由图2可知，，该滑轮组的机械效率为： ，故C正确； D、滑轮组绳子自由端移动的距离为，故D错误。 故选：C。 根据求出做的功； 根据求出力大小； 根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出该滑轮组的机械效率； 根据求出滑轮组绳子自由端移动的距离。 本题考查了做功公式、功率公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。 11.【答案】B  【解析】解：物体A和物体B的质量之比为1：7，重力与质量成正比，， 根据图中知，B的底面积是A的4倍，故； 截取后物体A对水平地面的压强为：； 截取后物体B对水平地面的压强为：； 所以当时，； 解得：； A、即当时，不等于，故A错误； B、当时，；解得：。故B正确； CD、当时，；解得：；当时，，故C错误；当时，有可能是，也可能是，故D错误。 故选：B。 设A的质量为m，物体A和物体B的质量之比为1：7，B的质量为7m，当在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例n截取一部分长方体时，截取部分的质量、剩余的底面积按等同比例变化，所以A、B截取部分的质量分别为nm、7nm，剩余的底面积分别为、，把截取部分叠放在对方剩余部分的上表面，A、B剩余部分对水平地面的压力等于它们的重力之和，即可表示出此时A、B剩余部分对水平地面的压强为、，在由n的取值范围进行判断。 本题考查的是压强公式的应用，属于中档题目。 12.【答案】C  【解析】解：由图甲可知，滑动变阻器与串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。 A、由丙图可知滑片在最右端时电路开路，电压表有示数，电压表两个接线柱到电源是通路，且电源电压等于电压表的示数，即电源电压为3V，滑动变阻器处于断路状态，当，电流表开始有示数，说明断点在，故A正确。 BD、由图乙和图丙可知，当时，电压表的示数，电路中的电流， 由可知，滑动变阻器接入电路中的电阻：， 同理可知，当时，电压表示数，电流表示数， 则滑动变阻器接入电路中的电阻， 所以，当滑动变阻器电阻丝从5cm滑至10cm时，其电阻从变化到，故D错误； 则滑动变阻器滑动5cm电阻的改变量是， 所以从断点处滑片P向左滑动的过程中，该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化是，故B错误； C、当时，电压表的示数，电路中的电流， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两端的电压， 则电阻的阻值， 修好滑动变阻器后，则滑动变阻器的最大电阻为：， 当滑动变阻器全部连入电路的时电路中的功率最小，所以最小功率：，故C正确。 故选：C。 由图甲可知，滑动变阻器与串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。 移动滑片P，开始电流表没有示数，说明断路，电压表有示数说明电压表两端到电源正负极为通路，当时电流表开始有示数，说明电路通路了，且滑动变阻器的两端的电压有变化，由此可知滑动变阻器断路且断点在处。 当滑动变阻器的电阻丝有断点时，电压表测电源两端的电压，根据图像上读出断点的位置和电源的电压；先计算时和时滑动变阻器接入电路的电阻，进而求出滑动变阻器滑动5cm电阻的改变量，从而求出该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化。 从图象上可看出，当时电路为通路，并读出电表的示数，根据串联电路电压的规律求出两端的电压，根据欧姆定律求出电阻的大小； 修好滑动变阻器后，求出滑动变阻器的总电阻，当滑动变阻器全部连入电路的时电路中的功率最小，根据可求出最小功率。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是分析图象得到有用的数据，有一定的难度。 13.【答案】2；运动；红外线；小；   ；氦气  【解析】解：空艇3小时上升了6km，速度； 上升过程浮空艇相对于营地位置改变，是运动的；红外线能使物体升温，所以白色层反射太阳光中的红外线，避免温度剧烈变化； 相同体积时密度小，质量小；艇体是由密度小的材料制成，使浮空艇整体更加轻盈； 根据图2可知空气的密度为；浮空艇在营地升空时所受空气浮力； 要使浮空艇下降到地面，通过增加自身重力或者减小浮力，当排除部分氦气的时候，浮空艇体积变小，浮力就变小了。 故答案为：；运动；红外线；小； ；氦气。 根据速度公式计算速度大小；物体相对于参照物位置的变化是运动的；红外线具有热效应，能使物体快速升温，所以白色层反射太阳光中的红外线，避免温度剧烈变化； 相同体积时密度小，质量小； 由可得浮空艇在营地升空时所受空气浮力；要使浮空艇下降到地面，通过增加自身重力或者减小浮力，当排除部分氦气的时候，浮空艇体积变小，浮力就变小了。 本题考查了阿基米德原理的应用、速度、浮力的相关计算，题目偏难，关键要看清材料。 14.【答案】半导体；电能；  二；压缩体积；  漫；透射  【解析】解：硅光伏板用半导体材料制成，它将光能转化为电能； 电解水制氢需要需要电能，所以氢能是二次能源；常温下液态氢是通过压缩体积的方法使其液化； 为了不对居民生活造成明显影响，光伏板主要是对光漫反射；光伏板为了最大限度的吸收太阳光，要求玻璃对光有很强透色能力。 故答案为：半导体；电能；二；压缩体积；漫；透射。 太阳能电池板中有很多半导体元件；硅光电池板，将光能转化为电能； 从能源分类角度来看，氢能源属于二次能源；液化可以采用两种方法，降低温度和压缩体积； 反射分镜面反射和漫反射，镜面反射是平行入射的光线经反射面以后还能平行反射，镜面反射的反射面是光滑的；漫反射是平行入射的光线经反射面以后不能平行反射，而是射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的；光伏板为了最大限度的吸收太阳光，要求玻璃对光有很强透色能力。 本题考查了能量转化、能源分类、物态变化、光的反射比较综合。 15.【答案】激光；；  非平衡力；不断改变；  省力；减小  【解析】解：激光通信属于利用激光传递信息，其在真空中传播速度为。 卫星绕地球运行时速度的大小和运动方向在不断变化，受非平衡力作用，其运动状态不断改变。 利用滑轮组吊装地面站云台底座，动滑轮的实质是动力臂是阻力臂两倍的杠杆，它的作用是省力； 根据可知：底座设计宽大是为了增大受力面积，减小对地面的压强。 故答案为：激光；；非平衡力；不断改变；省力；减小。 激光通信是利用激光传递信息；激光在真空中的传播速度是。 卫星绕地球运动时，速度的大小和运动的方向在不断变化，运动状态不断改变，受非平衡力的作用。 动滑轮的动力臂是阻力臂的两倍，可以省力；在压力一定时，增大受力面积可以减小压强。 本题考查的是光纤通信和减小压强的方法；知道动滑轮的特点及平衡状态的判断。 16.【答案】惯性；声源处；  放热；机械运动；  做功；；2520；快  【解析】解：人与车高速行驶，紧急刹车时，由于人具有惯性，要保持原来的运动状态不变，人会向前倾倒；禁止汽车鸣笛，是从声源处减弱噪声； 水结成冰是凝固现象，凝固放热；粉尘不是分子，是颗粒物，飞散属于机械运动； 刀片因摩擦温度升高，这是通过做功的方式改变内能；水泵将10t水提升至50m高度时，对水做功；每小时抽水m，，，，抽水管口越细，水流速度越快。 故答案为：惯性；声源处；放热；机械运动；做功；；2520；快。 惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱； 水结成冰是凝固现象，凝固放热；粉尘是颗粒物，不是分子，粉尘的飞散属于机械运动； 改变内能的方式做功和热传递；根据公式求得功；根据求得每小时可抽水量，抽水管口越细，水流速度越快。 本题考查惯性、减弱噪声的途径、物态变化、机械运动以及功公式的运用，是一道综合题。 17.【答案】不；  不变；  虚  【解析】解：为使成像清晰，实验中放在玻璃板后的蜡烛B不点燃。 平面镜成的像与物大小相等，当蜡烛A远离玻璃板时，因物大小不变，所成像的大小不变。 平面镜成的像为虚像，提词器把台词反射到镀膜玻璃上时，演讲者看到的是台词的虚像。 故答案为：不；不变；虚。 从使成像清晰的角度考虑。 平面镜成的像与物大小相等。 平面镜成的像为虚像。 本题探究平面镜成像特点，考查对操作过程的理解和成像规律的运用。 18.【答案】  【解析】解：过入射点作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧画出入射光线，如图所示： 根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线，并标出入射角和反射角。 此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容。 19.【答案】解： 图中支点在O点，动力作用在最远端A，则OA为最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件可知此时最省力；要使杠杆平衡，动力方向应向上；所以作图方法为：连接OA，过A端作垂直于OA向上的力，即为最小的动力； 分析可知，阻力是物体通过绳子对杠杆的拉力，所以阻力的作用点在绳子与杠杆的接触点，方向竖直向下，据此画出阻力的示意图； 如下图所示：   【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长； 本题中阻力是物体通过绳子对杠杆的拉力，阻力的作用点在绳子与杠杆的接触点，方向竖直向下，然后根据力的示意图的要求画出阻力的示意图。 本题考查了杠杆中最小力的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的动力臂即从支点到动力作用点的距离以及动力的方向。 20.【答案】解：连接家庭电路时，三孔插座的左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线；连接灯泡时，开关接在火线与灯泡之间，且灯头的中心接火线，侧边接零线，电路连接如图所示：   【解析】连接家庭电路时，三孔插座的左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线；连接灯泡时，开关接在火线与灯泡之间，且灯头的中心接火线，侧边接零线，据此完全电路的连接。 本题考查电路的连接，明确家庭电路各元件的连接要求是关键。 21.【答案】不是；  深度；  <；<  【解析】实验中U形管压强计一端封闭，故不是连通器。 图乙和图丙中液体的密度相同，而深度不同，按照图乙和图丙所示进行实验，可以得到液体的压强与深度有关。 向装置左右两侧倒入不同的液体，液面稳定后，装置中左右两侧液面相平，橡皮膜向左凸出，如图戊所示，可知右侧液体产生压强大，根据，因橡皮膜深度相同，则左右两侧液体的密度，而容器底部的深度相同，根据，对容器底的压强。 故答案为：不是；深度；；<。 上端开口、下部互相连通的容器叫连通器； 液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变； 根据橡皮膜形变情况确定液体的压强大小，根据分析。 本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及的运用。 22.【答案】见解析；  待测电阻断路；  22；  左；  【解析】滑动变阻器按一下一上连入电路中，将变阻右下接线柱连入电路中，如下所示： 闭合开关后，发现无论怎么调节滑动变阻器，电流表都无示数，电路可能断路，电压表有示数，且接近于电源电压，电压表与电源连通，其原因可能是待测电阻断路。 实验中，当电压表的示数如图乙所示时，电流表的示数为，此时电压表分度值为的示数为 ，定值电阻   ①闭合开关S，将滑动变阻器滑片P移至最右端，记下电流表示数为； ②将滑动变阻器滑片P移至最左端，记下电流表示数为， 在①中，两电阻串联，根据串联电阻的规律及欧姆定律电源电压为 ……① 在②中，电路为待测电阻的电路，电源电压为 ……② 联立①②两式，解得被测电阻的阻值 。 故答案为：见解析；待测电阻断路；；左；。 滑动变阻器按一下一上连入电路中； 电流表都无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，据此分析； 根据电压表的分度值读数，由欧姆定律得出定值电阻； 将滑动变阻器的最大电阻连入电路中，根据串联电阻的规律及欧姆定律电源电压，再将滑动变阻器滑片P移至最左端，由欧姆定律得出电源电压，根据电源电压不变得出被测电阻大小。 本题考查定值电阻的常规方法及特殊测量方法。 23.【答案】电阻两端的电压为2V；   电路总功率为；   整个电路在消耗的电能为72J  【解析】由电路图可知，与串联，电流表测电路中电流， 由串联电路的电流处处相等的特点可知，此时电路中电流为：， 由欧姆定律可得两端的电压： ； 由串联电路的电阻规律可得，电路中的总电阻为： ， 由欧姆定律可得，电源电压为： ； 闭合开关S时，根据可知电路消耗的电功率； 整个电路在消耗的电能为： 。 答：电阻两端的电压为2V； 电路总功率为； 整个电路在消耗的电能为72J。 由图可知，、串联，电流表测电路中电流， 利用欧姆定律求出两端的电压； 根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出电源电压；根据可知总功率； 知道电源电压、电路中的电流和通电时间，利用计算出在消耗的电能。 本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电能的计算，是一道基础题。 24.【答案】水深300m处的压强是；   加长前，驳船空载时排开海水的体积是；   若驳船体积每增加，自重增加，为了安全装载“海基二号”，驳船总长度至少应增加560m  【解析】水深300m处的压强：； 吃水深度最大时，驳船排开水的体积：， 则驳船载重最大时受到的浮力：； 该驳船的最大载重，由漂浮条件可知， 所以，船体的自重：； 驳船空载时处于漂浮状态，此时驳船受到的浮力：， 加宽前，驳船空载时排开水的体积：； 需要增大的载重为， 驳船体积每增加，自重增加，需要增大的体积； 解得。 答：水深300m处的压强是； 加长前，驳船空载时排开海水的体积是； 若驳船体积每增加，自重增加，为了安全装载“海基二号”，驳船总长度至少应增加560m。 根据液体压强公式计算； 根据阿基米德原理先计算船体所受最大浮力，根据最大载重计算船的重力，结合阿基米德原理计算空载时排开海水的体积； 结合需要运送的物体分析需要增大的浮力，根据题意分析长度。 该题主要考查了液体压强的计算、物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，难度较大。 第20页，共20页 学科网（北京）股份有限公司 $$