山东省济南市育英中学2024-2025学年下学期八年级期中物理试卷

2024-2025学年山东省济南市育英中学八年级（下）期中物理试卷 一、单项选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题所给出的四个选项中，只有一项最符合题目的要求。 1．（2分）如图所示是济南穿黄隧道工程所使用的大型盾构机，盾构机推进时，由液压装置使活塞杆根据需要伸出或缩回，其应用的物理原理主要是（　　） A．阿基米德原理 B．帕斯卡定律 C．物体的浮沉条件 D．连通器原理 （多选）2．（2分）沙难上布满砂石，当游泳的人从深水区走向浅水区时，会感觉脚底的砂石越来越硌脚，原因是（　　） A．游泳的人从深水区走向浅水区时重力增大 B．游泳的人从深水区走向浅水区时浮力增大 C．游泳的人从深水区走向浅水区时脚底受到的支持力增大 D．游泳的人从深水区走向浅水区时脚底对砂石的压力增大 3．（2分）我们每时每刻都要呼吸，利用胸部扩张和收缩呼吸的方式叫胸式呼吸。能正确描述胸式呼吸动作的是（　　） A．呼气时胸部扩张，肺内气压高于大气压 B．吸气时胸部收缩，肺内气压低于大气压 C．吸气时胸部扩张，肺内气压高于大气压 D．呼气时胸部收缩，肺内气压高于大气压 4．（2分）如图所示，将筷子穿入土豆中，使土豆和筷子一起向下运动，当筷子的下端用力撞击桌面后，下列选项中的情况会出现的是（　　） A． B． C． D． 5．（2分）现有五套现代汉语词典整齐的竖放在书架上，若从书架取走三套，则书架所受的压力和压强的变化情况应该是（　　） A．压力变小，压强变小 B．压力不变，压强不变 C．压力变小，压强增大 D．压力变小，压强不变 6．（2分）如图所示是关于机械功的部分知识网络建构图，关于图中①②③④的理解正确的是（　　） A．①比值 B．②乘积 C．③速度 D．④快慢 7．（2分）如图所示，下面四幅图中所涉及的物理知识描述正确的是（　　） A．甲图：说明人的吸力改变了大气压强 B．乙图：管内液柱会逐渐升高 C．丙图：利用流体在流速大的地方压强大 D．丁图：橡皮膜的形变程度可反映液体压强大小 8．（2分）如图甲所示，质量相等、大小不同的两个小球a、b，它们静止在某液体中时所受浮力相等。图乙是小明画出的两球静止时的四种情形，其中合理的是（　　） A．②④ B．②③ C．①③ D．①②④ 9．（2分）如图为我国古代的滴水计时工具——漏刻模型图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的箭刻随着壶内液面的升高而升高，箭刻上刻度指示的便是当时的时刻。为了更加准确地计时，古人采用多级漏水壶逐级滴水的方式，图中装置应保持漏水壶②中的液面高度恒定。下列说法正确的是（　　） A．漏水壶液面越高，水对出水口压强越大，滴水速度就越快 B．当受水壶液面升高时，剑刻受到的浮力变大 C．当受水壶液面升高时，剑刻排开水的重力变大 D．漏水壶和受水壶组成的装置，从结构上看属于连通器 10．（2分）春节期间，爱思考的小明设计完成了一项物理学科的跨学科实践活动：利用家里的工具测量草莓的密度。小明找到一个质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，如图甲；接着把草莓轻放入水中，草莓漂浮，如图乙；然后用细针将草莓轻压入水中，如图丙；水均未溢出，电子秤示数依次为m1、m2、m3，不计细针体积。下列判断正确的是（　　） A．乙图中，草莓的质量为m2﹣m1﹣m0 B．丙图中，草莓排开水的体积为 C．草莓的密度为ρ水 D．细针对草莓的压力为（m3﹣m2﹣m0）g 二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目的要求。 （多选）11．（4分）初二年级的小超同学，对生活中的一些物理量估测正确的是（　　） A．小超游泳时受到的浮力约为50N B．小超体测时跳绳的功率约为100W C．小超所在教室的大气压强约为1×106Pa D．小超从一楼走上二楼，做功约为1800J （多选）12．（4分）某防溺水宣传报道中指出：“如果不慎溺水，一定不要大喊大叫，手脚乱蹬，这样会使身体下沉得更快。正确的做法应该是屏住呼吸，尽可能保持头向后仰，面部向上的仰泳体位，吸气要深，呼气要浅，这样可以使身体浮出水面，为救援争取更多时间。”从浮力的角度分析，以下说法正确的是（　　） A．溺水时大喊大叫，喝入更多的水，会使身体所受重力增大 B．溺水时手脚乱蹬，会减小排开水的体积，使身体所受浮力减小 C．当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力大于重力 D．面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，使身体所受浮力增大 （多选）13．（4分）《天工开物》是我国第一部关于农业和手工业生产技术的百科全书，蕴含了大量的物理知识，有关下列场景的描述正确的是（　　） A．“高转筒车”，流水驱动轮子转动，转速越快输水做功越多 B．“没水采珠”，水面下的采珠人下潜的越深时受到水的压强越大 C．“赶稻及菽”，牛拉石碾给稻谷脱壳，石碾布水平地面运动过程中，拉力对石碾做功了 D．“六桨课船”，运载税银的“课船”将税银卸下来后，所受浮力减小，船会上浮一些 （多选）14．（4分）近年来，中国科技成就让世人瞩目，大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性科技创新成果不断涌现。下列说法正确的是（　　） A．客机上凸下平的机翼可使客机获得空气的浮力而升空 B．高铁列车运行速度增大时，其惯性不变 C．浮空艇内填充密度低于空气的气体从而实现升空 D．绕月飞行的“嫦娥”如果不受任何外力作用，将会一直绕月球做圆周运动 （多选）15．（4分）如图甲所示，静止在水平面上的物块，受水平拉力F的作用，F随时间t的变化关系如图乙所示，当拉力略大于滑动摩擦力时，物块才开始滑动。从t＝0开始，小强每隔2s记录的物块位置和时刻如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．0﹣6s内，物块受到的摩擦力等于2N B．0﹣6s内，拉力对物体没有做功 C．6﹣12s内，物块受到的合力为6N D．12﹣18s内，物块处于平衡状态 三、非选择题：本题共10小题，共60分。 16．（4分）如图所示是“无叶电风扇”。其原理是利用空气流动造成的气压改变从而形成风，它的底座有台超强电动机，它吸入大量空气，再从环形的内壁缝隙向后快速喷出，这部分喷射空气的压强　 　 周围的大气压强（选填“大于”“小于”“等于”），周围空气　 　 （选填“靠近”或“远离”）这部分喷射空气流动，就形成了风。 17．（4分） 2024年央视“3•15晚会”曝光了“灭不了火的灭火器”等假冒伪劣产品，给消防安全带来了巨大的隐患。某款优质灭火器的压力表如图所示，爱思考的小明发现该仪表实际测量的物理量是　 　 ，该物理量的国际单位是　 　 （填写中文名称）。 18．（4分）如图所示，某深海潜水器的上浮和下潜属于无动力控制，其整个工作过程分为：a.可调压载水舱注水；b.匀速下潜；c.抛掉“下潜压载铁”后减速；d.潜水器靠底；e.抛掉“上浮压载铁”后加速上浮；f.匀速上浮阶段；g.可调压载水舱排水。潜水器的观察窗面积做得很小是为了减小它在深海中受到的 　 　 ；（选填“重力”“压力”“压强”）当潜水器在最大深度处准备上浮时，需要抛掉“上浮压载铁”，此时潜水器的浮力减小量 　 　 重力减小量，所以抛去“上浮压载”可以帮助潜艇上浮。 19．（4分）我国古代先贤留下很多智慧的设计，如图a所示的“阴阳壶”就是众多智慧杰作中的一个。通过控制壶柄上的孔，可以控制倒出的液体类型，从而实现“一壶两出”，其原理图如图b所示；若捂住甲孔，倒出的是　 　 （选填“甲”或“乙”）液体，现代生活中与“阴阳壶”原理相同的是　 　 （填序号）。 ①用吸管“吸”饮料； ②火车站设计的安全线； ③帕斯卡裂桶。 20．（3分）如图所示，小鸣将一个玻璃球浸没在水中，松手后玻璃球下沉。请画出水中正在下沉的玻璃球所受浮力示意图。 21．（8分）如图所示是运载集装箱时的简化图。现将重为2×105N的集装箱由A点匀速提升至B点，用时10s，再水平向左移动10s到C点，其中AB＝6m，BC＝10m，通过计算求： （1）从A到B过程中拉力做的功； （2）从A到C过程中，拉力做功的功率。 22．（11分）将一块质量为800g，边长为10cm的正方体木块，系好绳子后放入甲图容器中，并且绳子的另一端固定在容器底部的中央。然后沿器壁缓慢匀速倒入水（忽略其他因素影响），容器中水与木块的位置变化如乙图。木块从加水开始到完全浸没后的过程中浮力随时间的变化情况如图丙所示（温馨提示：t1时木块恰好离开杯底，t2时绳子刚好拉直，t3时木块完全淹没）。（g＝10N/kg，）求： （1）甲图中木块对容器底的压强（忽略绳子的重力和体积）。 （2）计算t1时，木块所受的浮力。 （3）计算t3时，木块所受的浮力。 23．（6分）如图甲所示是小辛“探究液体压强与哪些因素有关”的压强计。他的猜想如下： ①液体压强与物体在液体中的深度有关 ②液体压强与物体距离液体底部的高度有关 （1）实验前，小辛组装好器材后发现U形管两管液面存在高度差，如图甲所示，接下来需要　 　 。 A将橡胶管从U形管处拔下，重新连接 B.检查橡胶管和U形管的连接是否弯折 C.检查橡胶管和U形管的连接是否紧密 D.检查橡皮膜和橡胶管是否老化或破损 （2）小辛调试好压强计后，为探究猜想①，他将金属盒放到水中（如图乙所示），并逐步增大金属盒的深度，发现U形管两管液面高度差随之增大。由此可得到的初步结论是：液体压强大小与物体在液体中的深度有关，深度越深，液体压强越大。同学铭铭认为通过此实验得到的结论并不可靠，原因是　 　 。 （3）他们讨论发现，只需要在图乙实验的基础上增加一个步骤，　 　 ，之后读数和ΔH1比较，就能正确完成对猜想①的初步探究。 24．（8分）小岩利用弹簧测力计、金属块、水、小桶等器材进行了验证阿基米德原理的实验，如图甲所示。 （1）为了减小实验误差且操作最方便，最合理的操作步骤顺序为　 　 ； （2）按最合理顺序操作，弹簧测力计在①四个步骤中的读数分别为F1＝2N，F2＝4N，F3＝　 　 （如图乙所示），F4＝1N，出现上述数据的原因可能是　 　 。 A.步骤④中小桶内有少量水 B.步骤①中金属块未浸没在水中 C.步骤①中金属块触碰了烧杯底部 （3）小岩排除错误后重新进行实验，发现只有步骤①中弹簧测力计示数变为2.4N，其他步骤中弹簧测力计示数没有变化，从而验证了阿基米德原理。 （4）实验结束后，同学小喆也做了该实验，他的实验方案是将图甲中的小桶换为量筒，测出金属块完全浸没时排开水的体积，小喆　 　 （选填“能”或“不能”）据此得出浮力的大小跟排开液体所受重力的关系。 25．（8分）佑佑发现利用斜面搬运物体会更省力，但物体移动的距离会更长，那会不会省功呢？为探究这一问题，佑佑分别测量了竖直匀速提升和沿斜面匀速提升同一重物的机械功。 （1）佑佑的实验数据如下表所示，请将表格中（a）、（b）两处补充完整。 竖直匀速提升 沿斜面匀速提升 实验次数 1 2 3 平均值 1 2 3 平均值 拉力F/N 2.20 2.20 2.20 2.20 0.75 0.85 0.80 0.80 运动距离s/cm 7.01 7.00 7.00 7.00 40.10 40.11 40.09 40.00 a　 　 0.154 b　 　 （2）根据实验数据可以得到的初步结论是　 　 。 （3）为了实验结论的普遍性，你建议佑佑接下来应该进行的操作是　 　 。 A.更换不同的物体，多次实验。 B.更换不同的斜面，多次实验。 （4）同学小白分析后发现，使用斜面时，除了要克服重力做功，还要克服　 　 做功，所以沿斜面匀速提升重物做功更多。第二次实验中，佑佑克服这个力做了　 　 的功。 （5）学习了以上斜面知识后，佑佑联想到骑自行车上坡时，为了　 　 （选填“省力”“省距离”“省功”），在坡上可以走“S”形。 2024-2025学年山东省济南市育英中学八年级（下）期中物理试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共9小题） 题号 1 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D D D D D A A B 二．多选题（共6小题） 题号 2 11 12 13 14 15 答案 CD BD ABD BCD BC ABD 一、单项选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题所给出的四个选项中，只有一项最符合题目的要求。 1．（2分）如图所示是济南穿黄隧道工程所使用的大型盾构机，盾构机推进时，由液压装置使活塞杆根据需要伸出或缩回，其应用的物理原理主要是（　　） A．阿基米德原理 B．帕斯卡定律 C．物体的浮沉条件 D．连通器原理 【答案】B 【分析】液压机利用帕斯卡定律工作的。 【解答】解：活塞杆根据需要伸出或缩回的装置是液压机，其工作原理是帕斯卡定律，能将压强大小不变地传递，在较小面积上施加较小的力，能够在较大面积上产生较大的力。 故选：B。 （多选）2．（2分）沙难上布满砂石，当游泳的人从深水区走向浅水区时，会感觉脚底的砂石越来越硌脚，原因是（　　） A．游泳的人从深水区走向浅水区时重力增大 B．游泳的人从深水区走向浅水区时浮力增大 C．游泳的人从深水区走向浅水区时脚底受到的支持力增大 D．游泳的人从深水区走向浅水区时脚底对砂石的压力增大 【答案】CD 【分析】（1）游泳的人受重力、浮力及石头对人的支持力根据阿基米德原理可知由深水走向浅水的过程中，人排开水的体积变化和浮力的变化，再根据力的合成判断支持力的变化； （2）根据力的相互作用判断脚对湖底的压力的变化。 【解答】解：AB、人在水中由深水走向浅水时，由于人排开水的体积减小，根据阿基米德原理可知人所受浮力减小； 人在水中受到重力G不变，故AB错误； C、人受重力、浮力F浮及支持力F三个力，且在竖直方向上处于平衡状态，所以F＝G﹣F浮； 因浮力减小、重力不变，故支持力增大，故C正确； D、脚对湖底的压力等于湖底对人的支持力，所以脚对湖底的压力越来越大，故D正确。 故选：CD。 3．（2分）我们每时每刻都要呼吸，利用胸部扩张和收缩呼吸的方式叫胸式呼吸。能正确描述胸式呼吸动作的是（　　） A．呼气时胸部扩张，肺内气压高于大气压 B．吸气时胸部收缩，肺内气压低于大气压 C．吸气时胸部扩张，肺内气压高于大气压 D．呼气时胸部收缩，肺内气压高于大气压 【答案】D 【分析】此题中包含了两个点，一是要明确吸气或呼气时胸部是扩张还是收缩，二是要明确在扩张或收缩时肺内气压产生的变化。前者属于生物学常识，凭生活经验也可以判断，吸气需扩张、呼气需收缩。对于一定量的空气来讲，当它的体积增大，密度减小时，气压会减小，当它的体积减小，密度增大时，气压会增大。故据此可进一步判断肺内气压与外界大气压的大小关系。 【解答】解： A、呼气时胸部收缩而不是扩张，所以A错误，不合题意； B、吸气时胸部是扩张而不是收缩，所以B错误，不合题意； C、吸气时胸部是扩张是对的，扩张时肺内气体体积增大，密度减小，气压降低，会低于大气压，所以C错误，不合题意； D、呼气时胸部收缩是对的，收缩时肺内气体体积减小，密度增大，气压也增大，会高于大气压，所以D符合题意。 故选：D。 4．（2分）如图所示，将筷子穿入土豆中，使土豆和筷子一起向下运动，当筷子的下端用力撞击桌面后，下列选项中的情况会出现的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。 【解答】解：图中将筷子穿入土豆中，使土豆和筷子一起向下运动，当筷子的下端用力撞击桌面后，筷子停止运动，而土豆由于惯性继续向下运动，所以土豆在筷子上的位置会向下移，故D正确，ABC错误。 故选：D。 5．（2分）现有五套现代汉语词典整齐的竖放在书架上，若从书架取走三套，则书架所受的压力和压强的变化情况应该是（　　） A．压力变小，压强变小 B．压力不变，压强不变 C．压力变小，压强增大 D．压力变小，压强不变 【答案】D 【分析】解答此题的关键是明确此时书本对水平放置的书架的压力就是其本身的重力，然后根据压强公式可直接得出答案。 【解答】解：并排立放着5套本同样的书，如果取走3套，则压力减小，受力面积也减小，由压强公式p可得压强不变，故D正确、ABC错误。 故选：D。 6．（2分）如图所示是关于机械功的部分知识网络建构图，关于图中①②③④的理解正确的是（　　） A．①比值 B．②乘积 C．③速度 D．④快慢 【答案】D 【分析】（1）机械功是做功的表现，功大小等于力与力的方向上移动距离的乘积； （2）功率表示做功快慢的物理量，功率等于功与做功时间的比值。 【解答】解： A、力与力的方向上移动距离的乘积等于力做的功大小，故A错误； B、功与做功所用时间的比值等于功率，故B错误； C、机械功是做功的表现，故C错误； D、功率是表示做功快慢的物理量，故D正确。 故选：D。 7．（2分）如图所示，下面四幅图中所涉及的物理知识描述正确的是（　　） A．甲图：说明人的吸力改变了大气压强 B．乙图：管内液柱会逐渐升高 C．丙图：利用流体在流速大的地方压强大 D．丁图：橡皮膜的形变程度可反映液体压强大小 【答案】D 【分析】（1）用吸管吸饮料是大气压作用的缘故。 （2）大气压随高度的增加而减小。 （3）空气流速越大的地方压强越小。 （4）液体内部压强随深度的增加而增大。 【解答】解：A、用吸管吸饮料时需要用力吸，人的吸力不会改变大气压强，用力吸管内的空气，是大气压作用的缘故，故A错误； B、将图的器材从山顶移到山脚，外界气压变大，管内液柱逐渐下降，故B错误； C、对着B管吹气，A管内液柱升高，说明空气流速越大的地方压强越小，故C错误； D、将一端带橡皮膜的玻璃管插入水中，橡皮膜的形变越大，说明液体的压强越大，橡皮膜的形变程度可反映液体压强大小，故D正确。 故选：D。 8．（2分）如图甲所示，质量相等、大小不同的两个小球a、b，它们静止在某液体中时所受浮力相等。图乙是小明画出的两球静止时的四种情形，其中合理的是（　　） A．②④ B．②③ C．①③ D．①②④ 【答案】A 【分析】物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，据此进行分析。 【解答】解：因为两球静止在某液体中时所受浮力相等，根据F浮＝ρ液gV排可知，两个球排开液体的体积是相同的，又因为b球的体积大于a球的体积，所以b球一定是漂浮的； ①a球沉底，则a球受到的浮力小于a球的重力，b球漂浮，则b球受到的浮力等于b球的重力，因为两个小球的质量相等，所以a球受到的浮力会小于b球受到的浮力，而题目中已告知两球所受浮力相等，所以①这种情况不可能出现，故①不符合题意； ②a球悬浮，则a球受到的浮力等于a球的重力，b球漂浮，b球受到的浮力等于b球的重力，因为两个小球的质量相等，所以a球受到的浮力会等于b球受到的浮力，与题意相符，且由图②可知，a球排开液体的体积可能等于b球排开液体的体积，故②符合题意； ③④a球与b球都是漂浮的，所以两个球受到的浮力都等于重力，而两个球的质量相等，所以两个球受到的浮力相同，与题意相符，但图③中a球排开液体体积小于b球，图④中a球排开液体体积可能等于b球，故④符合题意，③不符合题意。 故选：A。 9．（2分）如图为我国古代的滴水计时工具——漏刻模型图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的箭刻随着壶内液面的升高而升高，箭刻上刻度指示的便是当时的时刻。为了更加准确地计时，古人采用多级漏水壶逐级滴水的方式，图中装置应保持漏水壶②中的液面高度恒定。下列说法正确的是（　　） A．漏水壶液面越高，水对出水口压强越大，滴水速度就越快 B．当受水壶液面升高时，剑刻受到的浮力变大 C．当受水壶液面升高时，剑刻排开水的重力变大 D．漏水壶和受水壶组成的装置，从结构上看属于连通器 【答案】A 【分析】（1）根据液体的压强p＝ρ液gh分析； （2）根据物体的浮沉条件即可判断浮力的变化，结合阿基米德原理分析排开水的重力变化； （3）连通器必须是底部连通，上端开口的容器。 【解答】解：A、漏水壶液面越高，出水口所处的深度越大，根据p＝ρ液gh知，水对出水口压强越大，滴水速度就越快，故A正确； BC、由于箭尺漂浮，浮力等于重力，所以浮力不变，根据阿基米德原理可知排开水的重力等于箭尺受到的浮力，则箭尺排开水的重力不变，故BC错误； D、连通器必须是底部连通，上端开口的容器，而漏水壶和受水壶不是底部连通，故不是连通器。 故选：A。 10．（2分）春节期间，爱思考的小明设计完成了一项物理学科的跨学科实践活动：利用家里的工具测量草莓的密度。小明找到一个质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，如图甲；接着把草莓轻放入水中，草莓漂浮，如图乙；然后用细针将草莓轻压入水中，如图丙；水均未溢出，电子秤示数依次为m1、m2、m3，不计细针体积。下列判断正确的是（　　） A．乙图中，草莓的质量为m2﹣m1﹣m0 B．丙图中，草莓排开水的体积为 C．草莓的密度为ρ水 D．细针对草莓的压力为（m3﹣m2﹣m0）g 【答案】B 【分析】（1）由图甲、图乙可得草莓的质量； （2）丙图中，草莓被细针压入水中，根据甲、丙示数可得，草莓排开水的质量m排＝m3﹣m1，利用密度公式计算草莓排开水的体积； （3）丙图中，草莓被细针压入水中，则草莓的体积等于草莓排开水的体积，利用密度公式计算草莓的密度； （4）利用阿基米德原理得出草莓受到的浮力，利用G＝mg求出草莓受到的重力，此时草莓受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、压力的作用，处于静止状态，由力的平衡条件可得细针对草莓的压力。 【解答】解：A、根据甲、乙示数可得，草莓的质量为：m草莓＝m2﹣m1，故A错误； B、丙图中，草莓被细针压入水中，根据甲、丙示数可得，草莓排开水的质量为：m排＝m3﹣m1， 草莓排开水的体积为：V排，故B正确； C、草莓的体积为： V草莓＝V排， 草莓的密度为： ρ草莓ρ水，故C正确； D、丙图中，草莓受到的浮力为：F浮＝G排＝m排g＝（m3﹣m1）g， 草莓受到的重力为：G草莓＝m草莓g＝（m2﹣m1）g， 此时草莓受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、压力的作用，处于静止状态， 由力的平衡条件可得，细针对草莓的压力为： F＝F浮﹣G草莓＝（m3﹣m1）g﹣（m2﹣m1）g＝（m3﹣m2）g，故D错误。 故选：B。 二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目的要求。 （多选）11．（4分）初二年级的小超同学，对生活中的一些物理量估测正确的是（　　） A．小超游泳时受到的浮力约为50N B．小超体测时跳绳的功率约为100W C．小超所在教室的大气压强约为1×106Pa D．小超从一楼走上二楼，做功约为1800J 【答案】BD 【分析】解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。 【解答】解：A．根据生活实际可知，中学生的体重约为500N，当小超游泳时，其处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，即约为500N，故A错误； B．如果中学生一分钟跳绳180次，每次跳起高度约为5cm＝0.05m，则中学生跳绳功率约为P90W，与100W接近，故B正确； C．小超所在教室的大气压强约为1×105Pa，故C错误； D．小超从一楼走上二楼，克服重力做功约为W＝Gh＝500N×3m＝1500J，与1800J接近，故D正确。 故选：BD。 （多选）12．（4分）某防溺水宣传报道中指出：“如果不慎溺水，一定不要大喊大叫，手脚乱蹬，这样会使身体下沉得更快。正确的做法应该是屏住呼吸，尽可能保持头向后仰，面部向上的仰泳体位，吸气要深，呼气要浅，这样可以使身体浮出水面，为救援争取更多时间。”从浮力的角度分析，以下说法正确的是（　　） A．溺水时大喊大叫，喝入更多的水，会使身体所受重力增大 B．溺水时手脚乱蹬，会减小排开水的体积，使身体所受浮力减小 C．当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力大于重力 D．面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，使身体所受浮力增大 【答案】ABD 【分析】（1）物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮＞G；悬浮：F浮＝G；漂浮：F浮＝G；下沉：F浮＜G 沉底：F浮+N＝G； （2）阿基米德原理：浸在液体里的物体受到向上的浮力作用，浮力的大小等于被该物体排开的液体的重力，公式：F浮＝G排＝ρ液gV排液。 【解答】解：A、溺水时大喊大叫，会喝入更多的水，使身体所受重力增大，根据物体在液体中的浮沉条件，人容易下沉，故A正确； B、溺水时手脚乱蹬，头和四肢裸露在水外，会减小排开水的体积，根据阿基米德定律知，使身体所受浮力减小，人更容易下沉，故B正确； C、根据物体在液体中的浮沉条件知，当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力等于重力，故C错误； D、面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，根据阿基米德原理知，使身体所受浮力增大，人不容易下沉，故D正确。 故选：ABD。 （多选）13．（4分）《天工开物》是我国第一部关于农业和手工业生产技术的百科全书，蕴含了大量的物理知识，有关下列场景的描述正确的是（　　） A．“高转筒车”，流水驱动轮子转动，转速越快输水做功越多 B．“没水采珠”，水面下的采珠人下潜的越深时受到水的压强越大 C．“赶稻及菽”，牛拉石碾给稻谷脱壳，石碾布水平地面运动过程中，拉力对石碾做功了 D．“六桨课船”，运载税银的“课船”将税银卸下来后，所受浮力减小，船会上浮一些 【答案】BCD 【分析】（1）转轮转速越快，相同时间内输水做功越多。 （2）液体压强随着深度的增加而增大。 （3）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。 （4）物体漂浮时浮力等于重力，据此判断“课船”将税银卸下后所受浮力变化，然后根据阿基米德原理分析其排开液体的体积变化，进而可知其上浮还是下沉。 【解答】解：A、流水驱动轮子转动，相同时间内转速越快输水做功越多，选项中缺少时间相同这个条件，故A错误； B、液体压强随着深度的增加而增大，所以水面下的采珠人下潜的越深时受到水的压强越大，故B正确； C、牛拉石碾给稻谷脱壳，石碾在水平地面运动过程中，受到拉力的作用，且在拉力的方向上通过了距离，所以拉力对石碾做功了，故C正确； D、运载税银的“课船”将税银卸下来后，仍然漂浮，“课船”重力变小，根据物体漂浮条件可知，所受浮力减小。根据F浮＝ρ液gV排可知，排开水的体积变小，所以船会上浮一些，故D正确。 故选：BCD。 （多选）14．（4分）近年来，中国科技成就让世人瞩目，大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性科技创新成果不断涌现。下列说法正确的是（　　） A．客机上凸下平的机翼可使客机获得空气的浮力而升空 B．高铁列车运行速度增大时，其惯性不变 C．浮空艇内填充密度低于空气的气体从而实现升空 D．绕月飞行的“嫦娥”如果不受任何外力作用，将会一直绕月球做圆周运动 【答案】BC 【分析】（1）飞机机翼上凸下平的形状可以使飞机获得足够大的升力而升空。 （2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与物体的质量有关。 （3）浮空艇内充入密度比空气小的气体实现升空。 （4）原来运动的物体，如果不受到力的作用将做匀速直线运动。 【解答】解：A、客机上凸下平的机翼可使客机获得空气的升力而升空，故A错误； B、高铁列车运行速度增大时，质量不变，其惯性不变，故B正确； C、浮空艇内填充密度低于空气的气体从而实现升空，故C正确； D、绕月飞行的“嫦娥”如果不受任何外力作用，将会做匀速直线运动，故D错误。 故选：BC。 （多选）15．（4分）如图甲所示，静止在水平面上的物块，受水平拉力F的作用，F随时间t的变化关系如图乙所示，当拉力略大于滑动摩擦力时，物块才开始滑动。从t＝0开始，小强每隔2s记录的物块位置和时刻如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．0﹣6s内，物块受到的摩擦力等于2N B．0﹣6s内，拉力对物体没有做功 C．6﹣12s内，物块受到的合力为6N D．12﹣18s内，物块处于平衡状态 【答案】ABD 【分析】根据图丙匀速直线运动的时间段及图乙，利用二力平衡条件确定摩擦力的大小，比较拉力和摩擦力的大小，确定物体在不同时间段的运动状态。 【解答】解：由图丙知，12s～18s物体在相同时间内通过的路程相等，则物块做匀速直线运动，物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，物块受到平衡力的作用，由图乙知，此时的滑动摩擦力f＝F＝4N；所以，12～18s内，物块受到的摩擦力为4N； 由图乙知，0～6s内，物体受到的拉力F＝2N，小于滑动摩擦力，所以，此时物体应处于静止状态，物体所受静摩擦力等于拉力，等于2N； 0﹣6s内，物体没有在力的方向上移动距离，拉力对物体没有做功； 由图乙知，6～12s内物体受到的拉力为6N，物体受到的摩擦力为滑动摩擦力，滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，由于接触面的粗糙程度与物体间的压力都不变，则滑动摩擦力大小不变，摩擦力仍等于4N，所以6﹣12s内，物块受到的合力为6N﹣4N＝2N。 故ABD正确、C错误。 故选：ABD。 三、非选择题：本题共10小题，共60分。 16．（4分）如图所示是“无叶电风扇”。其原理是利用空气流动造成的气压改变从而形成风，它的底座有台超强电动机，它吸入大量空气，再从环形的内壁缝隙向后快速喷出，这部分喷射空气的压强　小于　 周围的大气压强（选填“大于”“小于”“等于”），周围空气　靠近　 （选填“靠近”或“远离”）这部分喷射空气流动，就形成了风。 【答案】小于；靠近。 【分析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。 【解答】解：根据流体压强和流速的关系可知，空气从环形的内壁缝隙向后喷出，这部分喷射空气的压强小于周围的大气压强，在压强差的作用下，周围空气靠近这部分喷射空气流动，就形成了风。 故答案为：小于；靠近。 17．（4分） 2024年央视“3•15晚会”曝光了“灭不了火的灭火器”等假冒伪劣产品，给消防安全带来了巨大的隐患。某款优质灭火器的压力表如图所示，爱思考的小明发现该仪表实际测量的物理量是　压强　 ，该物理量的国际单位是　帕斯卡　 （填写中文名称）。 【答案】压强；帕斯卡。 【分析】灭火器上的压力表测量的是压强，压强的单位是帕斯卡，简称帕，符号是：Pa。 【解答】解：某款优质灭火器的压力表如图所示，爱思考的小明发现该仪表实际测量的物理量是压强，该物理量的国际单位是帕斯卡，简称帕。 故答案为：压强；帕斯卡。 18．（4分）如图所示，某深海潜水器的上浮和下潜属于无动力控制，其整个工作过程分为：a.可调压载水舱注水；b.匀速下潜；c.抛掉“下潜压载铁”后减速；d.潜水器靠底；e.抛掉“上浮压载铁”后加速上浮；f.匀速上浮阶段；g.可调压载水舱排水。潜水器的观察窗面积做得很小是为了减小它在深海中受到的 　压力　 ；（选填“重力”“压力”“压强”）当潜水器在最大深度处准备上浮时，需要抛掉“上浮压载铁”，此时潜水器的浮力减小量 　小于　 重力减小量，所以抛去“上浮压载”可以帮助潜艇上浮。 【答案】压力；小于。 【分析】（1）深度一定时根据液体压强公式p＝ρgh可知受到压强不变，根据压力公式F＝pS即可判断减小压力的方法； （2）根据物体的浮沉条件可知浮力大于重力，物体上浮，据此分析。 【解答】解：（1）根据F＝pS潜水器的观察窗面积做得很小，深度一定时，压强一定，是为了在压强一定时，通过减小受力面积来减小它在深海中受到的压力。 （2）上浮压载的重力应大于上浮压载的浮力，所以抛掉“上浮压载”，此时潜水器的浮力减小量小于重力减小量，才能保证浮力大于重力，实现潜水器上浮。 故答案为：压力；小于。 19．（4分）我国古代先贤留下很多智慧的设计，如图a所示的“阴阳壶”就是众多智慧杰作中的一个。通过控制壶柄上的孔，可以控制倒出的液体类型，从而实现“一壶两出”，其原理图如图b所示；若捂住甲孔，倒出的是　乙　 （选填“甲”或“乙”）液体，现代生活中与“阴阳壶”原理相同的是　①　 （填序号）。 ①用吸管“吸”饮料； ②火车站设计的安全线； ③帕斯卡裂桶。 【答案】乙；①。 【分析】气体的质量一定时，气体压强随体积的增大而减小；阴阳壶倾斜时，液体向下运动，若捂住小孔，气体体积增大时，气体压强会减小，当壶内气体压强小于外界大气压的时候，壶中的液体将倒不出来； 逐项分析各情景运用的原理进行解答。 【解答】解：“阴阳壶”使用时，阴阳壶倾斜，两种液体都向下运动，若捂住甲孔，则左侧壶内气体压强随体积的增大而减小，左侧壶内气体压强小于外界大气压，所以甲液体在大气压的作用下不能倒出；而乙孔使得右侧壶内与外界空气相通，则右侧壶内外的气体压强相同，乙液体在重力作用下就可流出来； ①用吸管“吸”饮料利用了大气压强，原理相同； ②火车站设计的安全线，利用了流体压强与流速的关系。 故答案为：乙；①。 20．（3分）如图所示，小鸣将一个玻璃球浸没在水中，松手后玻璃球下沉。请画出水中正在下沉的玻璃球所受浮力示意图。 【答案】 【分析】（1）玻璃球在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上； （2）因为玻璃球正在下沉，所以重力比浮力大，线段的长度不同。 【解答】解：玻璃球在水中下沉，说明受到的浮力小于重力；过球心分别沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G和F表示；注意表示重力线段比表示浮力的线段要长些；如图所示： 21．（8分）如图所示是运载集装箱时的简化图。现将重为2×105N的集装箱由A点匀速提升至B点，用时10s，再水平向左移动10s到C点，其中AB＝6m，BC＝10m，通过计算求： （1）从A到B过程中拉力做的功； （2）从A到C过程中，拉力做功的功率。 【答案】（1）从A到B过程中拉力做的功是1.2×106J； （2）从A到C过程中，拉力做功的功率是6×104W。 【分析】（1）集装箱由A点匀速提升至B点始终处于平衡状态，受到的拉力和重力是一对平衡力，二力大小相等，由图可知由A点到B点的高度，根据W＝Fh求出拉力做的功； （2）根据做功的两个必要条件判断出集装箱由B点水平向左移动到C点时拉力不做功，再根据题意得出从A到C的时间，根据P得到拉力做功的功率。 【解答】解：（1）集装箱由A点匀速提升至B点始终处于平衡状态，受到的拉力和重力是一对平衡力，则拉力的大小：F＝G＝2×105N， 拉力做的功：W＝Fh＝2×105N×6m＝1.2×106J； （2）集装箱由B点水平向左移动到C点时，拉力是竖直方向，移动的距离是水平方向上的，即拉力方向没有移动的距离，则B到C的过程中，重力不做功， 则从A到C过程，拉力做功的功率：P6×104W。 答：（1）从A到B过程中拉力做的功是1.2×106J； （2）从A到C过程中，拉力做功的功率是6×104W。 22．（11分）将一块质量为800g，边长为10cm的正方体木块，系好绳子后放入甲图容器中，并且绳子的另一端固定在容器底部的中央。然后沿器壁缓慢匀速倒入水（忽略其他因素影响），容器中水与木块的位置变化如乙图。木块从加水开始到完全浸没后的过程中浮力随时间的变化情况如图丙所示（温馨提示：t1时木块恰好离开杯底，t2时绳子刚好拉直，t3时木块完全淹没）。（g＝10N/kg，）求： （1）甲图中木块对容器底的压强（忽略绳子的重力和体积）。 （2）计算t1时，木块所受的浮力。 （3）计算t3时，木块所受的浮力。 【答案】（1）甲图中木块对容器底的压强是800Pa。 （2）计算t1时，木块所受的浮力是8N。 （3）计算t3时，木块所受的浮力是10N。 【分析】（1）根据压力等于重力，结合p计算压强； （2）t1时刚好漂浮，根据浮沉条件求出浮力的大小； （3）t3时浸没，根据阿基米德原理求出浮力大小。 【解答】解：（1）木块对水平面的压力F＝G＝mg＝0.8kg×10N/kg＝8N；压强p800Pa； （2）根据图像知，t1时浮力不再增大，说明刚刚漂浮，细线没有拉紧，则F浮＝G＝8N； （3）t3时浮力不再增大，说明细线拉紧了，则是浸没，根据阿基米德原理F'浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3＝10N； 答：（1）甲图中木块对容器底的压强是800Pa。 （2）计算t1时，木块所受的浮力是8N。 （3）计算t3时，木块所受的浮力是10N。 23．（6分）如图甲所示是小辛“探究液体压强与哪些因素有关”的压强计。他的猜想如下： ①液体压强与物体在液体中的深度有关 ②液体压强与物体距离液体底部的高度有关 （1）实验前，小辛组装好器材后发现U形管两管液面存在高度差，如图甲所示，接下来需要　A　 。 A将橡胶管从U形管处拔下，重新连接 B.检查橡胶管和U形管的连接是否弯折 C.检查橡胶管和U形管的连接是否紧密 D.检查橡皮膜和橡胶管是否老化或破损 （2）小辛调试好压强计后，为探究猜想①，他将金属盒放到水中（如图乙所示），并逐步增大金属盒的深度，发现U形管两管液面高度差随之增大。由此可得到的初步结论是：液体压强大小与物体在液体中的深度有关，深度越深，液体压强越大。同学铭铭认为通过此实验得到的结论并不可靠，原因是　逐步增大金属盒的深度，同时距离液体底部的高度也发生了变化　 。 （3）他们讨论发现，只需要在图乙实验的基础上增加一个步骤，　控制探头的位置不变，向容器中加入适量的水　 ，之后读数和ΔH1比较，就能正确完成对猜想①的初步探究。 【答案】故答案为：（1）A； （2）逐步增大金属盒的深度，同时距离液体底部的高度也发生了变化； （3）控制探头的位置不变，向容器中加入适量的水。 【分析】（1）发现U形管两管液面存在高度差，可知两管中气压不相同，不存在漏气现象，根据分析； （2）研究液体压强与物体在液体中的深度有关，要控制液体的密度和物体距离液体底部的高度相同； （3）根据（2）中存在问题确定实验步骤。 【解答】解：（1）实验前，小辛组装好器材后发现U形管两管液面存在高度差，可知两管中气压不相同，不存在漏气现象，接下来需要将橡胶管从U形管处拔下，重新连接，故选：A； （2）小辛调试好压强计后，为探究猜想①，他将金属盒放到水中（如图乙所示），并逐步增大金属盒的深度，发现U形管两管液面高度差随之增大。由此可得到的初步结论是：液体压强大小与物体在液体中的深度有关，深度越深，液体压强越大。同学铭铭认为通过此实验得到的结论并不可靠，原因是逐步增大金属盒的深度，同时距离液体底部的高度也发生了变化。 （3）由（2）可知，要控制距离液体底部的高度不变，了增加一个步骤：控制探头的位置不变，向容器中加入适量的水，之后读数和ΔH1比较，就能正确完成对猜想①的初步探究。 故答案为：（1）A； （2）逐步增大金属盒的深度，同时距离液体底部的高度也发生了变化； （3）控制探头的位置不变，向容器中加入适量的水。 24．（8分）小岩利用弹簧测力计、金属块、水、小桶等器材进行了验证阿基米德原理的实验，如图甲所示。 （1）为了减小实验误差且操作最方便，最合理的操作步骤顺序为　④②①③　 ； （2）按最合理顺序操作，弹簧测力计在①四个步骤中的读数分别为F1＝2N，F2＝4N，F3＝　2.6N　 （如图乙所示），F4＝1N，出现上述数据的原因可能是　C　 。 A.步骤④中小桶内有少量水 B.步骤①中金属块未浸没在水中 C.步骤①中金属块触碰了烧杯底部 （3）小岩排除错误后重新进行实验，发现只有步骤①中弹簧测力计示数变为2.4N，其他步骤中弹簧测力计示数没有变化，从而验证了阿基米德原理。 （4）实验结束后，同学小喆也做了该实验，他的实验方案是将图甲中的小桶换为量筒，测出金属块完全浸没时排开水的体积，小喆　能　 （选填“能”或“不能”）据此得出浮力的大小跟排开液体所受重力的关系。 【答案】（1）④②①③；（2）2.6N；C； （4）能。 【分析】（1）从减小实验误差且操作最方便确定最合理的操作步骤； （2）A.步骤④有少量水，这样只要步骤③小桶内得水不溢流，对实验结果没有影响； B.步骤①中金属块未浸没在水中，也不会F2﹣F1＞F3﹣F4；也不影响实验结果； C.步骤①中金属块触碰了烧杯底部，会引起用侧重法测得浮力大于物体实际受到的浮力，F2﹣F1＞F3﹣F4； （4）小喆的方案，由重力G＝Vρg求出排开液体的重力和浮力大小进行比较。 【解答】解：（1）为了减小实验误差且操作最方便，最合理的操作步骤顺序为④②①③； （2）弹簧测力计的分度值是0.1N，指针指在2.6N，F3＝ 2.6N， F浮＝F2﹣F1＝4N﹣2N＝2N， G水＝F3﹣F4＝1.6N﹣1N＝1.6N，排开水的质量不等于称重法测得浮力： A.步骤④中小桶内有少量水，B.步骤①中金属块未浸没在水中，都不会引起F浮≠G水，只要C.步骤①中金属块触碰了烧杯底部时会引起称量法测得F浮偏大，故选：C； （4）小喆的方案，测量出排开水的体积，由重力G＝Vρg求出排开液体的重力和浮力大小进行比较，寻找出浮力的大小跟排开液体所受重力的关系，故小红的方案能得出浮力的大小跟排开液体的体积的关系。 故答案为：（1）④②①③；（2）2.6N；C； （4）能。 25．（8分）佑佑发现利用斜面搬运物体会更省力，但物体移动的距离会更长，那会不会省功呢？为探究这一问题，佑佑分别测量了竖直匀速提升和沿斜面匀速提升同一重物的机械功。 （1）佑佑的实验数据如下表所示，请将表格中（a）、（b）两处补充完整。 竖直匀速提升 沿斜面匀速提升 实验次数 1 2 3 平均值 1 2 3 平均值 拉力F/N 2.20 2.20 2.20 2.20 0.75 0.85 0.80 0.80 运动距离s/cm 7.01 7.00 7.00 7.00 40.10 40.11 40.09 40.00 a　功W/J　 0.154 b　0.320　 （2）根据实验数据可以得到的初步结论是　利用斜面提升物体不能省功　 。 （3）为了实验结论的普遍性，你建议佑佑接下来应该进行的操作是　A　 。 A.更换不同的物体，多次实验。 B.更换不同的斜面，多次实验。 （4）同学小白分析后发现，使用斜面时，除了要克服重力做功，还要克服　摩擦力　 做功，所以沿斜面匀速提升重物做功更多。第二次实验中，佑佑克服这个力做了　0.187J　 的功。 （5）学习了以上斜面知识后，佑佑联想到骑自行车上坡时，为了　省力　 （选填“省力”“省距离”“省功”），在坡上可以走“S”形。 【答案】（1）功W/J；0.320；（2）利用斜面提升物体不能剩功；（3）A；（4）摩擦力；0.187J；（5）省力。 【分析】（1）a物体把竖直物体匀速提升到一定高度所在的功和沿斜面提升到一定高度所做功；b.把物体沿着斜面上升到一定高度3次所做功的平均价值，平均拉力乘以平均距离； （2）通过计算说明利用斜面提升物体是否省功； （3）为了使实验结论具有普遍性，应改更换不同的物体多次实验； （4）使用斜面提升物体时，除了克服重力做功，还要克服物体和斜面之间的摩擦力做额外功，克服摩擦力所做的额外功等于总功减去有用功； （5）骑自行车上坡时，为了省力，可以增大行驶距离。 【解答】解：（1）a对应的提升重物所做的由于功和沿着斜面提升物体时所做的总功，故a处是功W/J；b处是3次使用所做功的平均值，W总＝F平均s平均＝0.8N×0.40m＝0.32J； （2）从计算结果可知，沿斜面把物体升到一定高度所做的有用功大于竖直提升到相同高度所做的功，所以用斜面提升物体不省功； （3）为了使实验结论具有普遍性，应改更换不同的物体多次实验，故选A； （4）使用斜面提升物体时，除了克服重力做功，还要克服物体和斜面之间的摩擦力做额外功； 第二次实验中，克服摩擦力所做的额外功W额＝W总﹣W有＝Fs﹣F1s10.85N×0.4011m﹣2.2N×0.07m≈0.187J； （5）骑自行车上坡时，为了省力，可以增大行驶距离，故在坡上走S形。 故答案为：（1）功W/J；0.320；（2）利用斜面提升物体不能剩功；（3）A；（4）摩擦力；0.187J；（5）省力。 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