2025年高考模拟试题(三)-【数理报】2025年高考物理满分冲刺

A.输子对面压力的大小为0 2025高考模拟试题(三) B.拉力可的大小为10 数理报社试题研究中心 6.面体对地面力的大小为150 (说明:本次卷为泪卷答,题时间75分,满分100分) D.给面的掠力小为321 第I卷选择题(共46分) 5.加图A用所示在背方向的强照场中现放置一用形导体环场的效强度陪时间 一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分,每小题给当的四个选项中,只有一个是正确的) 变化的关系如图乙所,规定酸场竖直间上为正,导体环中电流沿时针方向(视)为正,导体环中是 1.线上所点P在外力作用下从平衡位置开沿直方向做高运动,动 应陪随时间化的图正确的是 提上各点依次上下动振动传到点时绳子上的波形如图1所已知 的语为,P.0平位置间的距为.下现法正确的是 A.点此下掘动 (,丹)这图) (,计》)(1) C.占P子动方向是向下的 # D.点V开始后,PV两占的振动调总是一数 2.如图2示,在光电效实轮中,用随为:的照射光电阴段,发生了 无,则 ,A n A.人光颊率i一时,增大入射光的强度,光电流不要 6.如图5甲断云,A.是某点电荷电场中一条电场线上的阻点一个电子仅在静电力的作用下从A点 B.人时光一时,减小认光的是度,光电效现的消头 运到B点的,一,图晚如乙所示下列说法正确是 1 C.改用率于,的光射,一定不发生光电效应 ) D.改用大于-的亮起,光电子的最大初动能变大 3.本星有4数卫现是陪发现的,称为如和路卫是,其中有I的较道出径少比均为14.根 据以上信可这 ) A.度大小之的语1:? B.周期之为1:8 B词心大小之构为16:! C.心加斑大小之约为4:! 4.如图3所示,水平地面上置个质量为10、题角为3的面体 A.这点电荷为正电高 一个活量为5的福子在平行干面的拉力作用下,沿匀题上滑 8中子在A点受起的电场力小干在B点受到的电场士 封面体保持静止已知箱子与面回的动拟因数为0.2,重力加这度取 C.A点的电势高干甘占的势 10m/%.sin37-0.6.os37*=0. 8.下列说法正确的是 r) _ D.电子在A点的电势能大于在B点的电势的 (共8页,第1页) [共8页,2页! 7.如图6所示,量为的小球用长为/的细线是干P点.使小球在水平面 数.下列说法正确的是 内以度匀速周远已知小球动时心0到是P的距为 h.重力加速度为下列说法正确的是 A.绳对的拉大小为} B小球陪动一四,强对小提村力的冲量为 C.持不变,增大绳长.增大 D.保持不变,增大掘长1.晃对小段拉的大小不变 A.该劲置格电能会转化成变反立的的 二、多项法描题(本题共3小题,每小题6分,共18分,每小题给出的四个选项中,有多个选请是 B.外跳场的用是保证化后的等离子体受到路论力的用 确的,全选对的得6分,选对似不全的得3命,选惜点不答的0分) C. 加在临上电掉大,有和干张变的发斗 8.如图7所示,质量为、电阻为R.边长为的单正方形导线根ae从某一 D. 接高的厚度越大,汽化后的等离子体容易向袖送动,不利干聚变的发生 高度自由下落,句这过一说应强度分的匀强,些场方向重直纸面句用 -(》题(1) 中 .斗)() 不计空气朝力.重力加速度为下列说法正确的是 *.,。: 第II卷非选择题(共54分) A.区域的度小于1 rir 三、实验题(本题共2小题,共16分,将正确答案路在题中绩线上成按要文作答 C程草时场过程产的慨耳陆为2 11.(6分)10用听示的基探字气体的漏化规 D. 线进人出诞过阻中过我的电荷量均阻 .如现所示,H.过H的混合物甚止开验是A占程词一 加速场加速,然后穿过同一转电场,下列说法正确的是 A.语He有相回的 B.进人场知HHe具有相同的动 nr 回nr C.三子不握位皆没回方回度祥偏场 (1)官止提是学 D.三种较子相间位得高相回起园开 A.谓节气长度时候侵地宫下向上拉 10.如国9甲所示,中国工程物理院立的”一号”实现了我国础化简性约聚变装 B.量空气的直径 多的突础该装置实现变的核心区为一个半轻为(约为le),类指环的金登简,套简放在 C.力示数 向的句些肠中,内部空间因定体积的气体(也因乙想)当沿痛人大电流后,命 D. 阳空度 属旨建在0时间内化成等子体.在各伦力的作用下,等离子体向中心汇,压荒气 (2)某小组利用测量得到的数据绘制的;-V阻如图乙所示,该组回学猜刚空气枉的压强跟体积 成院比,如评一结过图象拾验这个是含理,当利用实脸数据作出图 1 (共8页,第3页) [共8页,第4页] 12.(10分)在量命经掉”的实段 取重力加速度:=m求 (1)如图11所示,用测融测量会属经真径,则金属绘直经 m 行1滑陪离开测视结道点后上开的最大高度 C□ (2)本板的最/小长度 nD in11 (2)测金属丝电阻较小,为使电阻的测量结果量准,且金风经两的电压开始变化,下 实电路合塑求的是_ #7)7字}()}分 (,斗) (·斗)题(1) C , D (3)实验中改变滑动变阻器滑片的位置,多组电压,电流值,描绘出 远圈 的儿-1国线如图12所示,若漏线的起为&.全属经的长度为1.直径为D 金漏过电阻率的表达式为(用了D表) (4某器学为,在不改变电路结的基甚上,可以另外设计一实 方案,通过改变金属经长度,并利用某一电表删得的数据,作出相应的图场 nir 进而通过图线的料求得金属效的电阻率,请简要说明实验方案,并用料表示金属经的电阻来 (常要的其他物理量可自选符号表示). 四、答题(本题共3小题,共38分,解答应写出文字说明,方程式和演算步骤,只写出最后结果的不 能给分,有数值计算的题,答案中必通写出数值和单位 13.(8分)如图13所示.量M,1b的本板止在铅角为=30足长的,定的光滑上. 本反下期上表面与半径”=I的固定的光清则轨道相切回引勃道最高点&与匠心1等高一 .=2lg、可视为点的小滑块以.=15m的初速度从长本板现唱沿本板滑下,已知滑块与本板之间 (共8页,第5页) (共8页,第6页) 14.(12分)如图14甲所示,在0y平面内有足够大的匀强电场&,在y输左幅平面内有足够大的 15.(18分)如国15所示,在一预角为-30足够长的斜面上有一足够长的U会属导软P.导轨 场.晚感应度.时间,化的提如图乙示,定础场举直新面用为正方宫,在v销右侧面内 上方叠放有一导体精0P0做量均为段,接脉应好结宽度和导体模长度均为L.体提中用为R,导 还有方直纸面向外的担定的匀描朋场,分在一个径为/-D3m的因形区域(图未由)且 勃电阻不比空间中存在直干面上的微场,的感度为.却始将导体掉用绳著住,线子的 的左与:轴祖,带内强度式0T时刻一量8x10.电荷量;2x10 承受的最大拉力为叫,将金属导勃由止释放开始计时1.时绳子被控断,重力加速度为.不计一切 的从:输上y=-.8m处的P点以速度;=.12m/间x轴正方宫入射.已苦电粒在电跳 求: 场区域做阻周运动(取10m/) (1)提子拉时P的速度: (度: (2)子拉时导段p稿。 (2)场15,后失,求数粒在第二限动过程中境x的大距: (3)求从释放到断绳子的过程中导体上产生的耳热0 (3若激空过y右阻形场时度方向的角最大,求比园形避场的圆心标x) 过 -(,斗)() ri{ -(,》题(1)) ni1 (共8页,蔺7页) [共8页,第8页!·参考答案 迎& 鱼方向;电流大小/= B. LAe则mgsin θ-B. 6.电子从A点运动到B点速度增大,则电场力做正 A 功,静电力方向由A指向B.但无法判断该点电荷正负. 求得金属加速度为。-mgsin #+=3n} 故A错误;电子所受静电力方向由A指向B,故电场线方 向由B指向A.沿着电场线的方向电势逐渐降低,B点的 (2)金属棒a沿顿斜轨道向下滑行过程,由运动学 电势高于A点的电势,由图乙可知,运动的过程中电荷的 公式得=/2al=6m/s. 加速度减小,故静电力减小,即电子在A点受到的电场力 金属a越过00后与U形金属框发生碰撞,由动 大于在B点受到的电场力,故BC错误;电子从A点运动 量守恒定律mr=(m+M)r.,解得v.=1.5m/s 图③ 图4 到B点速度增大,则电场力做正功,电势能减小,即电子 此后一起匀速向有运动直到de边进入磁场B.区域. (3)如图3所示,将速度r.分解为沿y轴正方向的速 在A点的电势能大于在&点的电势能,故D正确 即e边进入磁场B.区域时速度为1.5m/s; 度。及速度+',因为E=B。可得Eq=Bo,故可知沿y 7.设细线与竖直方向的夹角为6,根据牛顿第二定 (3)在de边进入磁场区域时,de边左侧电阻为0,即 轴正方向的速度t产生的洛伦兹力与电场力平衡,粒子 律可得F.sina=m”sina.解得绳对小球的拉力大小为 右侧的电阻&被短路,无电流,此时回路总电阻就为 同时受到另一方向的洛伦蒸力Bqr',故粒子沿y轴正方 F.=m.故A正确;小球转动一周,小球的动量变化为 边的电阻&;在cf边进出磁场B.时,右倒de边和电阻组 向做旋进运动,根据图3角度关系可知r'=2rsin53②= 0.根据动量定理可知.合外力的冲量为0.由于重力的冲 成并联电路,此时总电阻为0. 5R,根据F=BIL.E 1.6ut。 量不为0,则绳对小球拉力的冲量不为0,故B错误;保持 Le.则碰后粘在一起全部进入磁场&区域过程,根据动 故当,'方向为竖直向上时粒子速度最大,即最大速 1不变,设细线与竖直方向的夹角为.根据生幅第二定 量定理有 度为v=P。+1.6r。=2.6r。 B.72 P--B.=(M+m)n:-(M+m)g 周运动半径”r"。“8n0。 #$1.6 绳长1.不变;根据F.=m可知增大绳长1.绳对小球 根据图4几何关系可知此时所在的位置到:轴的距 解得t=1.1m/s 的拉力增大,故CD错误 离为L=r+Rr'in53-+2R+2R- 6 88 6 8mro 同理,金属框一起全部穿出磁场B.区域过程有 B 8.线圈能匀速穿过匀强磁场,可知磁场区域的宽度 B 等于7.故A错误:线进入磁场时mg=B可得线圈 -B..5l=(M+a) -(M+m) 高考模拟试题(三) 的速度大小为,-,故B错误;线框穿过础场过程中 解得=0.3m/s 1.D 2.D 3.B 4.D 5.D 6.D 7.A 所以此过程中电阻器R上产生的焦耳热为 8.CD 9.AD 10.CD 0.-_(M )-(1 ))-1.121 产生的焦耳热等于线圈重力势能减小量,即为0= 提示: 2ngl.故C正确;线框进入和穿出磁场过程中通过导线横 1.由题意可知,波向左传播,根据波形平移法可知. 截面的电荷量均为---般,故D 故电阻器R上产生的焦耳热为1121 质点此时向上振动,故A错误;由图可知,波长为A= 15.(1)V- 正确 据波形平移法可知,质点0开始振动的方向是向上的,则V.偏转电场电压为V.,板长为L.板间距离为a;粒子经 9.设粒子的质量为a.电荷量为.加速电场电压为 (3).=2.6ro,1.6.88mro m 质点P开始振动的方向是向上的,故C锈误:由图可知 解析:(1)根据动能定理得qU-] 过加速电场过程,根据动能定理可得q-1m,可得 P.N两质点相距一个波长,则开始握动后,P、V两随点的 掘动步调总是一致,故D正确 2. .知H.iHI进入偏转电场时具有相同的动 2.增大入射光的强度,单位时间内照射到单位面积 1% 上的光子数增加,则产生的光电子数目增加,光电流增 粒子进入区域I做匀速周周运动,根据意某粒子 能,He进入偏转电场时的动能最大;H,He进入偏转 大,故A错误;光电效应是否发生只与入射光的频率和金 从P点射人区域1,并从点射入区域Il,故可知此时 电场时具有相同的速度,H进入偏转电场时的速度最 拉子的运动勉迹半径与区域1.的半径R相等,粒子在磁 属的种类有关,与人射光的强度无关,故B错误;只要入大,故A正确,B错误;粒子经过偏转电场时数类平抛运 射光的频率大于金属的极限频率,则就会发生光电效 动,则有L=ry=1arv=ata= 应,故C错误;根据光电效应方程hr-W。--m知增 得”- -,粒子离开偏转电场时速度方向与水平方向的夹 ., 大入射光的颊率,光电子的最大初动能增大,故D正确 3.根据F-c-ma,可得。= (2)带电粒子在0F范 UL 围内都沿着,轴正方向以相 2 2_ 同的速度。沿纸面射入区 转位移与粒子的电荷量和质量均无关,则H,H和H r 域I,由(1)可得,粒子在磁 经过加速电场和偏转电场的轨迹相同,三种粒子从相间 →比约为1:4.可知线速度大小之比约为2:1;周期之比约 位置沿相同方向离开偏转电场,故C错误,D正确。 为1:8;向心加速度大小之比约为16:1;因质量关系不 半径均为R.因为在区域1 10.该装置通入大电流后使金属套简迅速汽化,该过 图) 确定,不能比较向心力大小故B正确 程中一定有热能散失,则该装置不可能将电能全部转化 中的磁场半径和轨迹半径相等,则粒子射入点、区域I 4.对箱子进行受力分析可知,斜面体对箱子的支持 学 成聚变反应的核能,故A错误;汽化后的等离子体速度方 画心0轨迹圆心0、粒子出射点四点构成一个菱形,由 力为F。=mgeos37*=40N,根据牛顿第三定律可知F。 向各不相同,则外加磁场不一定保证汽化后的等离子体 几何关系可得,区域1圈心0.和粒子出射点连线平行 =F.=40N.故A错误;由干箱子处于匀速直线运动 都受到轴向洛伦兹力的作用,故B错误;根据p。= 于粒子射入点与轨迹圆心0连线(水平),则区域1圈 态,即F=mgsin37*+nmgcos 37=40 N,故B错误;对 8 心0.和粒子出射点连线水平,可知粒子都从Q点射出。 斜面体与箱子整体受力分析可知F。=(m+M)g- 施加在套简上的电流越大,大电流产生的磁场提供给套 然后射入区域II.仍做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向 Fsin37*=126N.由生顿第三定律可得,斜面体对地面 简侧面的压强越大,越有利于聚变的发生,故C正确;套 心力。B。-“,解得R”=2R. 压力的大小为F =P、=126N.故C错误;对斜面体与 简的厚度越大,P.越小,汽化后的等离子体越不容易向 箱子整体受力分析可知F.=Feos37*32N.故D 轴向运动,不利于聚变的发生,故D正确 如图2所示,要使粒子在区域II中运动的时间最 正 11.(1)AcD(2)-寸 短,轨迹所对应的圆心角最小,可知在区域II中运动的 5.根据次定律,在0-2:内线圈中盛应电流沿顺 圆强所对的弦长最短,即此时最短弦长为区域II的磁场 时针方向,即正方向;根据法拉第电磁感应定律可得,感 解析:(1)为防止气体的温度变化,调节空气柱长度 圆半径2R,根据几何知识可得此时在区域II 和区域1 A-B.s.感应电流为。= 时杜塞应缓慢地向下压或向上拉,故A正确;该实验气体 应电动势为E。= 中运动的轨迹所对应的回心角部为60,粒子在两区域 的体积为:V=s2.其中S为空气柱的横截面积,由于空 B8 H,不变;在2-4。内线圈中电流为沿逆时针方向,即 气杜的横裁面积5不变,所以用1代替V.只需要读取空 气柱的长度,不需要测量空气桂的直径,故B错误,D正 &理& ·参考答案 29 确;读取压力表示数,以确定气体的压强,故C正确 的合力为0.故合力做功为0.故D错误 (2)该组同学猜测空气柱的压强跟体积成反比,如 用实验数据作出,-一图像,若该图像是一条过原点的 上运动经过A点时的加速度等干在轨道IlI上运动经过A 所以最大偏转角为60 点时的加速度,故A错误;卫星从轨道1进入轨道IlI需 直线,则结论成立. 所以圆心坐标x=0.30m 在A点火加速,卫星从轨道II进入轨道II需在B点点火 12.(1)0.298(2)A(3)4D y='-reos 60*=2. 4m-0.3xi-m=2. 25 m (4)见辩析 加速,所以卫里在轨道I上的机械能小于在轨道Il上 即磁场的圆心标为(0.30m.2.25m). 的机械能,故B错误;由开普勒第三定律=&可知卫星 解析:(1)攀旋测微器的精确值为0.01mm,由图可 金属丝直径为D=0mm+29.8x0.0l mm=0. 298 mm 15.(1)- 在轨道I上的运动周期小于在轨道II上的运动周期 (2)待测金属丝电阻较小,可知电压表的分流很小. 一 轨道I上的运动周期与地球自转周期相同,故C错误; -7 (2)*= 电流表应采用外接法;为使金属丝两端的电压从零开始 CI,可知卫星在轨道II上运 变化,滑动变阻器应采用分压接法,故A正确 (3)o-#R# (3)根据欧姆定律可得B--k,根据电阻定律 4BL= 8BP 动经过B点时的速来小于地球的第一宇宙速度,卫星在 解析:(1)拉断时有BlL.+mgsinθ=mr. 轨道I上运动经过B点时的速率大于卫星在轨道II上 运动经过B点时的速率,故卫星在轨道II上运动经过 #为# 点时的速率小于地球的第一宇宙速度,故D正确. 得 6.团合S.B灯立刻变亮,由干线圈产生自感电动势 (4)实验中改变金属丝长度,通过改变滑动变阻器 阻碍电流的增加.使得灯泡A缓慢变亮.选项A错误;断 (2)对导勃,根据动量定理,看 滑片的位置,使得每次电流表的示数均为1.,测量出金属 开5后,原来通过&的电流立即消失,由于线圈产生的自 mgsin ot.-BIlL. =mr 丝长度1.以及对应的电压表示数1,根据败破定律可得 感电动势阻碍电流的减小,则线圈4相当电源,与灯泡B -1. 41 V-.又=-#联立可得- 和A重新组成回路,则通过B的电流由到a.则从断开s 至灯泡B完全熄灭的过程中,a点电势低于点电势,$断 F=Bui 开前后流过灯泡的电流方向相反,即图乙所示为灯泡 B在5断开前后电流随时间的变化关系,选项B错误,C 为。_ B 正确;由图乙可知由于s断开后通过B的电流大于s断开 -0 之前通过&的电流,可知两灯泡正常发光时,灯泡A的阻 13.解析:(1)由滑块与木板之间的动摩擦因数= 解得x=π= 值小于灯泡B的阻值,选项D错误. (3)根据能量守恒,有0+-mmgx 7.设金属杆在A内运动的位移为x.且A→0,设两 -3 导轨间的距离为7.则在A△&时间内金属杆与导轨,电阻构 A点时速度大小依然为r.=15m/s.设滑块离开圆张较 解得0= 成的团合回路中磁通量的变化量A=(B.+&)xL- 道B点后上升的最大高度为h.则由机械能守恒定律可 4B - 8B 得m=m.g(Reos 8+h) 高考模拟试题(四) (B。*tx)xl.设金属杆匀速运动的速度为v,则:-. 解得=9.75m 1.D 2.A 3.A 4.C 5.D 6.C 7. B A (2)由机减能守恒定律可得滑块回到本板底端时速 8.AD 9. BD 10. BC 代人上式,可得E=(B。+灯)Ic不计导轨和金属杆的电 度大小为。=15m/s. 提示: 阻,则金属杆两端的电压V=E=(B。+k)L.可知与 滑上木板后,本板的加速度为a,由牛顿第二定律 &成线性关系,是一条倾斜的直线,由U=(B+&)L. 1.根据核反应方程,电荷数和质量数守恒可知,X为 可知 m, geos θ-mgsin8=m.a,得a.=5m/s 可得=(B。+kx)Ln(B+ke)L.可知V与:成线 电子e.这个电子并非原子核外的电子,而是由原子枝 滑块减速的加速度为a..由牛顿第二定律可知 性关系,是一条倾斜的直线,故A错误,B正确;由闭合电 内的一个中子变成一个质子加上一个电子面来的(n um.gcos 8+m. gsinθ=m.a.得-10m/s} →H+e),故AB错误;2射线的本质就是光子流,故C B 设经过4.时间后两者共速,共同速度为t.由运动学 错误:根据n=m(-)知剩余处的质量m= 公式可知t =-=.得t=1s.=5m/s $ 金属杆所受安培力:F=BILL,代入数据可得F= 该过程中木板走过的位移x:。 (B+k)七. m() =1x(-)第g=0.0625g,故D正确 .可知F与x不是线性关系,F-x图像应为 2.人射光的频率增大,光线有可能在AC面上发生全 R 反射,光程变大,光线在介质中传播的时间变长,由于入 之后一起匀减速运动至最高点,若滑块最终未从木 知F与1不是线性关系,F-1图像应为曲线,故CD错误. 射点是A的中点,光线在A面折射后不可能直接射到 板上端滑出,木板的最小长度1“对:-31 8.大地电势为多,离地面越高,电势越高,因沿电场 BC面上,也不可能在AC边上水平向右射出介质,故A 联立解得1=7.5m. 方向电势降低,可知大气电场的方向竖直向下,故A正 正确 14.解析:(1)因为敞粒射入电磁场后做匀速圆周运 确;因地面和大气层分别是电容器的两个电极,电容器 3.该实验要使研究气体对象质量一定,所以必须保 动受到的电场力和重力大小相等,则:qE=m 储存的电荷量约为5x10C.可知地面带电量约为5x 证良好的密封性,故A正确;实验中要验证p.V=PV. 10*C.故B错误;根据电容器的定义式C=可知,地面 解得:F-40N/C.方向竖直向上 (2)由牛第二定律有:qrnB,“长。 由干推拉杜塞前后杜塞横献面积不变,因此只需验证 P.L. PL.所以不需要测量柱塞的横截面积,即不需要 和大气电离层组成的电容器电容值约C=0= 所以B.-0.6 m.-2--10-n8 测量住塞的直径,故B错误;为了保证气体温度不变,应 qB 缓慢移动杜塞,不可以手握住注射器再推拉杜塞,故CD 从图乙可知在0-5,内微粒做匀速圆周运动,在 错误. 斜率代表电场强度的倒数,高度h越大,大气电场强度越 5ns-10rs内微粒向左做匀速直线运动.在10s~ 4.物体匀速运动,对物体受力分析,水平方向有 小,故D正确 $5s内微粒又做匀速固局运动,在15s微粒向右做匀 Feosθ=F.=aF.,竖直方向有F.+Fsinθ=mg,由干 9.根据欧姆定律,发电机产生的感应电动势的最大 速直线运动,之后穿过y轴离:轴的最大距离;'=2r,x 水平方向一定受到向左的摩擦力,故支持力不可能为 值为E. -2.-2 2:4R.:2.4m 零:摩擦力做功为W=-F$=-nF "-(mg- (3)如右图,微粒穿过形 Psin)nt.故AB错误;对物体受力分析,受到竖直向下的2arads.从线圈转动到图示位置开始计时,线器 磁场要求偏转角最大,入射点A 重力和竖直向上的支持力,由平衡条件可知此时拉力和 中产生的电动势的瞬时表达式为e=E.e08= 与出射点B的连线必须为磁场圆 摩擦力的合力方向必定竖直向上此时与支持力的合力 521los 2omV),故A错误;依题意可得!--. 的直径 才能和重力平衡,故C正确;物体做匀速直线运动,受到